（2022年）遼寧省葫蘆島市全國計算機等級考試網絡技術預測試題(含答案)學校:________班級:________姓名:________考號:________

一、單選題(10題)1.下列關于WindowsNTServer的描述，正確的是()。

A.WindowsNTServer的內部采用64位體系結構

B.WindowsNTServer以“域”為單位集中管理網絡資源

C.WindowsNTServer只支持TCP/IP協(xié)議

D.WindowsNTServer沒有融入UNIX的支持

2.下列關于Windows2003系統(tǒng)下WWW服務器配置的描述中，正確的是()。

A.網站性能選項中，帶寬限制選項限制該網站的可使用帶寬

B.網站性能選項中，網站連接選項可通過設置訪問列表限制客戶端

C.建立Web站點時，必須為該站點指定一個主目錄，但不能是虛擬目錄

D.設置Web站點時，若不輸入默認頁面，訪問時會直接打開default.html頁面

3.

4.路由設置是邊界防范的()。A.基本手段之一B.根本手段C.無效手段

5.某企業(yè)分配給產品部的IP地址塊為92/26，分配給市場部的IP地址塊為60/27，分配給財務部的IP地址塊是28/27，那么這三個地址經過聚合后的地址為()

A./25

B./26

C.28/25

D.28/26

6.下列關于IEEE802．11b基本運作模式的描述中，錯誤的是（）。

A.點對點模式是指無線網卡和無線網卡之間的通信方式

B.點對點連接方式只要PC插上無線網卡即可與另一具有無線網卡的PC連接，最多可連接512臺PC

C.基本模式是指無線網絡規(guī)模擴充或無線和有線網絡并存時的通信方式

D.采用基本模式時，插上無線網卡的PC需要由接人點與另一臺PC連接，一個接入點最多可連接1024臺PC

7.美國國家標準和技術局在1977年采用的數(shù)據(jù)加密標準算法屬于()。

A.不對稱加密B.對稱加密C.不可逆加密D.公開密鑰加密

8.將Cisc0路由器的配置保存在NVRAM中，正確的命令是()。

A.Router#writeflash

B.Router#writenetwork

C.Router#writememory

D.Router#writeerase

9.如下圖所示，有4臺Catelyst3548交換機，要求Switch．1和Switch-3只能從Switch-2上學到VLAN的信息，同時要求Switch-4作為一臺獨立的交換機，可自行建立、修改和刪除VLAN信息，下列關于這4臺交換機VTP工作模式的配置，正確的是（）。

10.

二、填空題(10題)11.______是指通過計算機技術與通信技術的結合來實現(xiàn)信息的傳輸、交換、存儲和處理。

12.

13.資源共享的觀點將計算機網絡定義為“以能夠相互______的方式互連起來的自治計算機系統(tǒng)的集合”。

14.

15.

16.EthernetV2.0規(guī)定幀的數(shù)據(jù)字段的最大長度是______。

17.網橋可以在互聯(lián)的多個局域網之間實現(xiàn)數(shù)據(jù)接收、地址______與數(shù)據(jù)轉發(fā)功能。

18.誤碼率的計算公式為Pe=Ne/N，其中Ne表示______。

19.在存儲器管理中常用【】的方式來擺脫主存容量的限制。

20.用于衡量路由信息源可信度的值是_________。

三、2.填空題(8題)21.把高級語言源程序翻譯成機器語言目標程序的工具有兩種類型：解釋程序和______程序。

22.所謂______是指交換機到用戶終端之間所有的機線設備。

23.在網絡管理模型中，管理者和代理之間的信息交換可以分為兩種：一種是從管理者到代理的管理操作，另一種是從代理到管理者的【】。

24.在軟件的生命周期中，通常分為3大階段，即計劃階段，開發(fā)階段和______。

25.網絡并行計算根據(jù)其組建思想和實現(xiàn)方法可以分為機群計算和______等兩大類。

26.在計算機硬件組成的4個層次中，存儲器屬于______。

27.電子政務需要先進可靠的______保障，這是所有電子政務系統(tǒng)都必須要妥善解決的一個關鍵性問題。

28.一站式電子政務應用系統(tǒng)的實現(xiàn)流程可以劃分為3個階段，它們是______、服務請求和服務調度及處理。

四、C語言程序設計題(2題)29.在文件in．dat中存有若干個(個數(shù)<200)四位數(shù)字的正整數(shù)，函數(shù)ReadDat讀取這若干個正整數(shù)并存入數(shù)組xx中。請編制函數(shù)CalValue，其功能要求：1．求出該文件中共有多少個正整數(shù)totNum；2．求出這些正整數(shù)中的各位數(shù)字之和是偶數(shù)的數(shù)的個數(shù)totCnt，以及滿足此條件的這些正整數(shù)的算術平均值totPjz。最后main函數(shù)調用函數(shù)WriteDat把所求的結果輸出到out．dat文件中。

注意：部分源程序存放在test．c文件中。

請勿改動數(shù)據(jù)文件in．dat中的任何數(shù)據(jù)，主函數(shù)main、讀函數(shù)ReadDat和輸出函數(shù)WriteDat的內容。

30.已知數(shù)據(jù)文件in．dat中存有200個四位數(shù)，并已調用讀函數(shù)readDat把這些數(shù)存入數(shù)組a中，請考生編制一函數(shù)jsVal，其功能是：依次從數(shù)組a中取出一個四位數(shù)，如果該四位數(shù)大于該四位數(shù)以后的連續(xù)五個數(shù)且該數(shù)是奇數(shù)(該四位數(shù)以后不滿五個數(shù)，則不統(tǒng)計)，則統(tǒng)計出滿足此條件的個數(shù)cnt并把這些四位數(shù)按從小到大的順序存入數(shù)組b中，最后調用寫函數(shù)writeDat把結果cnt以及數(shù)組b中符合條件的四位數(shù)輸出到out．dat文件中。

注意：部分源程序存在test．c文件中。

程序中已定義數(shù)組：a[200]，b[200]，已定義變量：cnt

請勿改動數(shù)據(jù)文件in．dat中的任何數(shù)據(jù)、主函數(shù)main、讀函數(shù)readDat和寫函數(shù)writeDat的內容。

五、1.選擇題(3題)31.交換機的幀轉發(fā)方式中，交換延時最短的是

A.直接交換方式B.存儲轉發(fā)交換方式C.改進直接交換方式D.以上都不是

32.OSI網絡結構模型共分為7層，其中最底層是物理層，最高層是_______。

A.會話層B.傳輸層C.網絡層D.應用層

33.下列關于目前IP協(xié)議版本的網絡地址的說法中，不正確的是()。

A.隨著網絡主機的增多，IP地址資源將要耗盡

B.IP地址可分為3類：A、B、C

C.同一網絡中，主機的IP地址都是惟一的

D.IP地址中的主機號是為了識別網絡中一臺主機的一個連接

六、1.程序設計題(3題)34.讀函數(shù)readDat()的功能是從文件IN25.DAT中讀取20行數(shù)據(jù)存放到字符串數(shù)組xx中(每行字符串長度均小于80)。請編制函數(shù)jsSort()，該函數(shù)的功能是：以行為單位對字符串按下面給定的條件進行排序，排序后的結果仍按行重新存入字符串數(shù)組xx中，最后調用寫函數(shù)writeDat()把結果xx輸出到文件OUT25.DAT中。

條件：從字符串中間一分為二，左邊部分按字符的ASCII值升序排序，排序后，左邊部分與右邊部分按例子所示進行交換。如果原字符串長度為奇數(shù)，則最中間的字符不參加處理，字符仍放在原位置上。

例如：位置012345678

源字符串dcbahgfe

43219876

處理后字符串hgfeabcd

98761234

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數(shù)main()、讀函數(shù)readDat()和寫函數(shù)writeDat()的內容。

試題程序：

#include〈stdio.h>

#include〈string.h>

#include〈conio.h>

charxx[20][80];

voidjsSort()

{

}

main()

{

readDat();

jsSort();

writeDat();

}

readDat()

{

FILE*in;

inti=0;

char*p;

in=fopen("IN25.DAT","r");

while(i〈20&&fgets(xx[i],80,in)!=NULL)

{

p=strchr(xx[i],'\n');

if(p)*p=0;

i++;

}

fclose(in);

}

writeDat()

{

FILE*out;

inti;

clrscr();

ut=fopen("OUT25.DAT","w");

for(i=0;i〈20;i++)

{

printf("%s\n",xx[i]);

fprintf(out,"%s\n",xx[i]);

}

fclose(out);

}

35.請編寫函數(shù)countValue()，它的功能是：求n以內(不包括n)同時能被3與7整除的所有自然數(shù)之和的平方根s，并作為函數(shù)值返回，最后結果s輸出到文件OUT11.DAT中。

例如，若n為1000時，函數(shù)值應為s=153.909064。

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數(shù)main()和輸入輸出函數(shù)progReadWrite()的內容。

試題程序：

#include＜conio.h＞

#include＜math.h＞

#include＜stdio.h＞

doublecountValue(intn)

{

}

main()

{

clrscr();

printf("自然數(shù)之和的平方根=%f\n",countValue(1000));

progReadWrite();

}

progReadWrite()

{

FILE*wf;

inti,n;

floats;

wf=fopen("OUTll.DAT","w");

s=countValue(1000);

fprintf(wf,"%f\n",s);

fclose(wf);

}

36.請編制函數(shù)ReadDat()實現(xiàn)從文件IN93.DAT中讀取1000個十進制整數(shù)到數(shù)組xx中。請編制函數(shù)Compute()分別計算出xx中奇數(shù)的個數(shù)odd、偶數(shù)的個數(shù)even、平均值aver及方差totfc的值，最后調用函數(shù)WriteDat()把結果輸出到OUT93.DAT文件中。

計算方差的公式如下：

原始數(shù)據(jù)的存放格式是：每行存放10個數(shù)，并用逗號隔開(每個數(shù)均大于0且小于等于2000)。

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數(shù)main()和寫函數(shù)WriteDat()的內容。

試題程序：

#include＜stdio.h＞

#include＜stdlib.h＞

#include＜string.h＞

#defineMAX1000

intxx[MAX],odd=0,even=0；

doubleaver=0.0,totfc=0.0;

voidWriteDat(void);

intReadDat(void)

{

FILE*fp;

if((fp=fopen("IN93.DAT","r"))==NULL)

return1;

fclose(fp);

return0;

}

voidCompute(void)

{

}

voidmain()

{

inti;

for(i=0;i＜MAX;i++)

xx[i]=0;

if(ReadDat())

{

printf("數(shù)據(jù)文件IN93.DAT不能打開!\007\n");

return;

}

Compute();

printf("ODD=%d\nEVEN=%d\nAVER=%lf\nTOTFC=%lf\n",

odd,even,aver,totfc);

WriteDat();

}

voidWriteDat(void)

{

FILE*fp;

inti;

fp=fopen("OUT93.DAT","w");

fprintf(fp,"%d\n%d\n%lf\n%lf\n",odd,even,aver,totfc);

fclose(fp);

}

參考答案

1.BWindowsNTServer以“域”為單位集中管理網絡資源，其內部采用32位結構，應用程序訪問的內存空間可達4GB。WindowsNTServer內置4種標準網絡協(xié)議。TCP／IP、微軟的MWLink協(xié)議、NetBIOS的擴展用戶接口(NetBEUI)、數(shù)據(jù)鏈路控制協(xié)議。\r\n

2.A網站性能選項中，帶寬限制選項限制該網站的可使用帶寬，以控制該站點允許的流量。網站性能選項中，網站連接選項可設置客戶端Web連接數(shù)量。B項中沒有說明限制客戶端的什么功能，且并不是通過訪問列表限制客戶端功能的，而是通過微調框，所以B錯。建立Web站點時，必須為每個站點指定一個主目錄，也可以是虛擬的子目錄，所以C錯。設置Web站點時，只有設置了默認頁面，訪問時才會直接打開default．html等設置的默認頁面。如果沒有設置默認頁面，訪問站點時需要提供首頁內容的文件名，所以D錯。綜上選項A正確。

3.A

4.A

5.C

6.BIEEE802．11b是在無線標準IEEE802．11的基礎上推出的第二代無線局域網協(xié)議標準。IEEE802．11無線局域網運作模式可以分為兩種：點對點(AdHoe)模式和基本(Infrastructure)模式。點對點模式指無線網卡和無線網卡之間的直接通信方式。只要PC插上無線網卡即可與另一具有無線網卡的PC連接，這是一種便捷的連接方式，最多可連接256個移動節(jié)點?；灸Ｊ街笩o線網絡規(guī)模擴充或無線和有線網絡并存的通信方式，這也是IEEE802．11最常用的方式。此時，插上無線網卡的移動節(jié)點需通過接入點AP(AccessPoint)與另一臺移動節(jié)點連接。接入點負責頻段管理及漫游管理等工作，一個接入點最多可連接1024個移動節(jié)點。因此選擇B選項。

7.B解析：數(shù)據(jù)加密標準DES是美國國家標準和技術局采用的數(shù)據(jù)加密標準，是最常用的對稱加密算法。

8.C從NVRAM加載配置信息命令為configurememory。\n\u3000\u3000將路由器配置保存在NVRAM中命令為writememoryo因此C選項正確。

9.CVTP(VLANTrunkingProtocol，VLAN中繼協(xié)議)有3種工作模式，分別為服務器模式(VTPServer)、客戶機模式(VTPCIient)和透明模式(VTPTransparent)。其中，VTPServer模式提供VTP消息，包括VLANID和名字信息，學習相同域名的VTP消息，轉發(fā)相同域名的VTP消息，可以添加、刪除和更改VLAN信息。VTPCIient模式可以請求VTP消息，學習相同域名的VTP消息，轉發(fā)相同域名的VTP消息，但不能添加、刪除和更改VLAN信息。VlPTransparent模式相當于是一個獨立的交換機，它不參與VTIP工作，不從ⅥPServer學習VLAN的配置信息，而只是擁有本設備上自己維護的VLAN信息。VTPTransparent模式可以建立、刪除和修改本機卜的VLAN信息。根據(jù)分析可知Switch-2是配置VTPServer模式，Switch．1和Switch．3是配置VTPCIient模式，Switch-4是配置VTPTransparent模式。配置交換機的VTP這3種模式命令格式為：switch(config)#vtpmodeserveR1cli-entltransparent，故選C選項。

10.B

11.數(shù)據(jù)通信數(shù)據(jù)通信解析：數(shù)據(jù)通信是指通過計算機技術與通信技術的結合來實現(xiàn)信息的傳輸、交換、存儲和處理。數(shù)據(jù)通信系統(tǒng)是指以計算機為中心，通過數(shù)據(jù)傳輸系統(tǒng)與分布在遠地的數(shù)據(jù)終端設備連接起來，以實現(xiàn)數(shù)據(jù)通信的系統(tǒng)。

12.域名服務器

13.共享資源共享資源解析：資源共享的觀點將計算機網絡定義為“以能夠相互共享資源的方式互連起來的自治計算機系統(tǒng)的集合”。

14.

15.

16.1500B1500B解析：EthernetII類型以太網幀的最小長度為6+6+2+46+4=64字節(jié)，最大長度為6+6+2+1500+4=1518字節(jié)。數(shù)據(jù)部分的長度范圍為46～1500B，故數(shù)據(jù)字段的最大長度為1500B。

17.過濾過濾解析：網橋是在數(shù)據(jù)鏈路層互連的設備，網橋用來實現(xiàn)多個網絡系統(tǒng)之間的數(shù)據(jù)交換，起到數(shù)據(jù)接收、地址過濾與數(shù)據(jù)轉發(fā)的作用。

18.被傳錯的碼元數(shù)被傳錯的碼元數(shù)解析：誤碼率是指二進制碼元在數(shù)據(jù)傳輸系統(tǒng)中被傳錯的概率，它在數(shù)值上近似等于：Pe=Ne/N，其中N為傳輸?shù)亩M制碼元總數(shù)，Ne為被傳錯的碼元數(shù)。

19.虛擬存儲器虛擬存儲器解析：在存儲器管理中常用虛擬存儲器的方式來擺脫主存容量的限制。

20.\n管理距離

\n

21.編譯編譯解析：解釋就是輸入一句源程序就翻譯一句、執(zhí)行一句；編譯就是將整個源程序進行全部翻譯轉換。

22.接入網或AN接入網或AN解析：接入網的目的是綜合考慮本地交換局、用戶環(huán)路和終端設備，通過有限的標準接口，將各種用戶接入到業(yè)務結點。從交換局到用戶終端之間的所有機線設備就是接入網(AN)。

23.事件通知事件通知解析：本題考查點是網絡管理模型中管理者和代理之間的信息交換。在網絡管理中，日前常使用以管理者/代理為核心思想的現(xiàn)代網絡管理模型。該模型中的管理者和代理各司其職。管理者可以是一個專用工作站或是一臺普通PC機，管理程序是運行在Windows98、WindowsNT、Windows2000、UNIX以及Linux等操作系統(tǒng)平臺上的。代理一般位于被管理設備內部。被管理設備可以是主機、路由器、交換機、集線器等，這些設備出廠時多數(shù)帶有管理軟件。代理把來自管理者的管理操作命令轉換為本設備所特有的指令，以此完成管理者在被管理設備上采取本地的行動，或返回它所管理設備的信息。管理者和代理程序之間需要利用網絡交換管理信息。其中一種是從管理者到代理程序的管理操作，另一種是從代理程序到管理者的事件通知。一個管理者可以和多個代理進行信息交換，一個代理也可以接受來自多個管理者的管理操作。

24.運行階段運行階段解析：軟件開發(fā)通常分為3大階段，每個階段又分若干子階段。

25.網格計算網格計算解析：網絡并行計算可以分為機群計算和網格計算兩大類。網絡計算的目標是將廣域網上的一些計算資源、數(shù)據(jù)源和其他設備互聯(lián)，形成一個大的可相互利用、合作的高性能計算網。

26.芯片(層次)芯片(層次)解析：第一層次芯片包括微處理器芯片、存儲器芯片、I/O芯片等，它們是硬件組成最重要的基礎。

27.安全安全解析：對于電子政務來說，信息網絡的安全尤為重要。需要先進而可靠的安全保障是所有電子政務系統(tǒng)都必須要解決的一個關鍵性問題。

28.身份認證身份認證解析：一站式電子政務應用系統(tǒng)的實現(xiàn)流程如下：身份認證、服務請求和服務調度及處理。

29.【審題關鍵句】讀取正數(shù)，統(tǒng)計個數(shù)，各位數(shù)字之和為偶數(shù)的數(shù)的個數(shù)及平均值。

\n【解題思路】

\n①定義整型循環(huán)變量i、j，表示各位數(shù)字之和的長整型變量he以及存儲一個四位數(shù)的字符數(shù)組num[5]。

\n②循環(huán)變量i從0開始，依次遞增到4，對字符數(shù)組hum[5]的每個元素賦初值0。

\n③循環(huán)變量i從0開始，依次遞增到MAXNUM．1，對每個數(shù)組元素xx[i]進行判斷，如果xx[i]的值非零，則變量totNum加1，退出循環(huán)時，totNum的值就是文件in．dat中存有的四位正整數(shù)的個數(shù)。

\n④循環(huán)變量i從0開始，依次遞增到totNum-1，對于每個數(shù)組元素xx[i]調用庫函數(shù)sprintf以4個字符寬度形式輸出到字符數(shù)組num中，用字符數(shù)組num中的每個元素減去0的ASCII碼48，就分別得到xx[i]這個四位數(shù)每位上的數(shù)字，并把這四個數(shù)字相加賦給變量j。再對變量j對2求余數(shù)進行判斷其值是否等于0，如果等于0，則說明j是偶數(shù)，變量totCnt加1，并把xx[i]的值累加到變量he。

\n⑤退出循環(huán)后，把變量he的類型轉換成雙精度型再除以totCnt得到符合條件的數(shù)的算術平均值totPjz。

\n【參考答案】

\n

30.【審題關鍵句】大于后連續(xù)5個數(shù)，奇數(shù)，從小到大排序。

\n【解題思路】本題類似第35套試題，通過審題可以發(fā)現(xiàn)主要有兩個不同點：①判斷數(shù)值為奇數(shù)，可通過a[i]％2進行判斷，參考答案的第4條語句；②要求進行比較的元素大于后連續(xù)5個數(shù)，因此在設置判斷條件時，作為比較的兩個數(shù)之間應該是大于關系，參考答案的第4條語句。

\n【參考答案】

\n

31.A解析：交換機根據(jù)幀轉發(fā)方式的不同可以分為：直接交換式、存儲轉發(fā)交換式和改進直接交換式三類。1)在直接交換(CutThrough)方式中，交換機只要接收并檢測到目的地址字段后就立即將該幀轉發(fā)出去，而不管這一幀數(shù)據(jù)是否出錯，所以是交換延時最短的。2)在存儲轉發(fā)(StoreandForward)方式中，交換機首先完整的接收發(fā)送幀．并先進行差錯檢測。3)改進的直接交換方式將二者結合起來，它在接收到幀的前64個字節(jié)后，判斷Ethernet幀的幀頭宇段是否正確，如果正確則轉發(fā)。

32.D解析：OSI網絡結構模型共分為7層：1、應用層；2、表示層；3、會話層；4、傳輸層；5、網絡層；6、數(shù)據(jù)鏈路層；7、物理層。其中最底層是物理層，最高層是應用層。

33.B解析：小規(guī)模的網絡對網絡地址是一種浪費，現(xiàn)在也在進行新的IP協(xié)議版本的設計開發(fā)；按照IP地址的邏輯層次來分，IP地址可以分成5類。只是在因特網中，A、B、C類IP地址是經常被使用的；在同一網絡中，IP地址必須是全網惟一的，否則會引起沖突；IP地址中的主機號是為了識別網絡中一臺主機的一個連接。

34.voidjsSort(){intijkstrlhalf;charch;for(i=0；i〈20；i++){strl=strlen(xx[i]);/*求字符串的長度*/half=str1/2;/*確定各行中字符串的中間位置*/for(j=0;j〈half-1;j++)/*對中間位置以前的字符進行升序排序*/for(k=j+1;k〈half;k++)if(xx[i][j]>xx[i][k]){ch=xx[i][j];xx[i][j]=xx[i][k];xx[i][k]=ch;}for(j=half-1k=str1-1;j>=0;j--k--)/*將左邊部分與右邊部分對應的字符進行交換*/{ch=xx[i][j];xx[i][j]=xx[i][k];xx[i][k]=ch;}}}voidjsSort()\r\n{inti,j,k,strl,half;\r\ncharch;\r\nfor(i=0；i〈20；i++)\r\n{strl=strlen(xx[i]);/*求字符串的長度*/\r\nhalf=str1/2;/*確定各行中字符串的中間位置*/\r\nfor(j=0;j〈half-1;j++)/*對中間位置以前的字符進行升序排序*/\r\nfor(k=j+1;k〈half;k++)\r\nif(xx[i][j]>xx[i][k])\r\n{ch=xx[i][j];\r\nxx[i][j]=xx[i][k];\r\nxx[i][k]=ch;\r\n}\r\nfor(j=half-1,k=str1-1;j>=0;j--,k--)/*將左邊部分與右邊部分對應的字符進行交換*/\r\n{ch=xx[i][j];\r\nxx[i][j]=xx[i][k];\r\nxx[i][k]=ch;\r\n}\r\n}\r\n}解析：本題考查對二維字符數(shù)組的處理。由于對二維字符數(shù)組的操作是按照先行后列的順序，因此，需要首先求得各行字符串的長度(利用求字符串長度的strlen()函數(shù))，然后借助循環(huán)結構逐個訪問各行中的每一個字符。在本題中，應先確定各行中字符串的中間位置(長度的一半就是中間位置)，然后先對中間位置以前的字符進行升序排序，排序過程如下：依次用每一個位置的字符與它后面的所有字符(到中間位置前一個字符結束)進行比較，如果發(fā)現(xiàn)某字符的ASCII碼值小于當前被比較的字符的ASCII碼值，則將發(fā)現(xiàn)的字符與當前字符進行交換，交換后繼續(xù)與其后面的字符進行比較。最終比較所得的結果是第一個位置總是存放著最小的字符，第二個位置總是存放著稍大的字符，以此類推就實現(xiàn)了從小到大的排序功能。接著要做的工作是把中間位置前的一個位置定為初始位置，字符串中的最后一個位置也視為初始位置，讓兩個位置所對應的字符進行交換，交換過后，這兩個位置值(也就是下標值)分別前移，再進行對應位置字符的交換。

35.doublecountValue(intn){doublexy=0.0;inti;for(i=1;i＜n;i++)if(i%3==0&&i%7==0)xy+=i;/*求n以內(不包括n)同時能被3與7整除的所有自然數(shù)之和*/xy=sqrt((double)xy);/*再對總和求平方根*/returnxy;}doublecountValue(intn)\r\n{\r\ndoublexy=0.0;\r\ninti;\r\nfor(i=1;i＜n;i++)\r\nif(i%3==0&&i%7==0)xy+=i;/*求n以內(不包括n)同時能被3與7整除的所\r\n有自然數(shù)之和*/\r\nxy=sqrt((double)xy);/*再對總和求平方根*/\r\nreturnxy;\r\n}解析：本題的解題思路是：利用一個for循環(huán)依次從n個自然數(shù)當中取數(shù)，對當前取出的數(shù)進行條件判斷。判斷條件為：既能被3整除同時也能被7整除，因此，用“&&”運算符來連接兩個條件表達式，當某數(shù)滿足判斷條件時，就把該數(shù)累加到變量xy中(xy的初始值為0．0)，當所有滿足條件的數(shù)都被找完后，對累加求得的變量xy的值進行求平方根的計算，并把所求得的結果作為函數(shù)值返回。

36.intReadDat(void){FILE*fp;intij;if((fp=fopen("IN93.DAT""r"))==NULL)return1;for(i=0;i＜100;i++){for(j=0;j＜10;j++)fscanf(fp"%d"&xx[i*10+j]);fscanf(fp"\n");if(feof(fp))break;}fclose(fp);return0;}voidCompute(void){intiyy[MAX];for(i=0;i＜1000;i++){if(xx[i]%2!=0)odd++;/*求出xx中奇數(shù)的個數(shù)odd*/elseeven++;/*求出xx中偶數(shù)的個數(shù)even*/aver+=xx[i];/*求出xx中元素的總和*/}aver/=MAX;/*求出xx中元素的平均值*/for(i=0;i＜1000;i++)totfc