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試題類型：

2016普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試（新課標(biāo)I卷）

物理

第I卷（選擇題共126分）

本卷共21小題，每小題6分，共126分。

可能用到的相對原子質(zhì)量：

二、選擇題：本大題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14-18題只有一項是

符合題目要求，第19?21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分。有選

錯的得0分。

14.一平行電容器兩極板之間充滿云母介質(zhì)，接在恒壓直流電源匕若將云母介質(zhì)移出，則電容器

A.極板上的電荷量變大，極板間的電場強度變大

B.極板上的電荷量變小，極板間的電場強度變大

C.極板上的電荷量變大，極板間的電場強度不變

D.極板上的電荷量變小，極板間的電場強度不變

【答案】D

【解析】

試題分析：電容器接在恒壓直流上，兩極版的電壓不變，若將云母介質(zhì)移出，相對介電常數(shù)減小，電容器

的電容減小，所以極板上的電荷量變小，極板間的距離不變，所以極板間的電場強度不變，故A、B、C錯

誤，D正確。

考點：平行板電容器

【名師點睛】本題主要考查了平行板電容器的動態(tài)平衡，要注意正確應(yīng)用電容的決定式。=呈-、

44kd

定義式C=2的正確，板間場強公式E=巨。

Ud

15.現(xiàn)代質(zhì)譜儀可用來分析比質(zhì)子重很多的離子，其示意圖如圖所示，其中加速電壓恒定。質(zhì)子在入

口處從靜止開始被加速電場加速，經(jīng)勻強磁場偏轉(zhuǎn)后從出口離開磁場。若某種一價正離子在入口處

從靜止開始被同一加速電場加速，為使它經(jīng)勻強磁場偏轉(zhuǎn)后仍從同一出口離開磁場，需將磁感應(yīng)強

度增加到原來的12倍。此離子利質(zhì)子的質(zhì)量比約為

A.llB.12C.121D.144

/:謎場

B速一?/??

【答案】D

【解析】

試題分析：根據(jù)動能定理可得：qU^ms1,帶電粒子進(jìn)入磁場時速度v=J遠(yuǎn)，帶電粒子在勻強磁

2Vfn

場中做圓周運動的向心力由洛倫茲力提供，分￡=絲二，解得：加=嘿?，所以此離子和質(zhì)子的質(zhì)量比

r2U

約為144,故A、B、C錯誤，D正確

考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動

【名師點睛】本題主要考查了帶電粒子在勻強磁場中的運動、帶電粒子在勻強電場中的運動。要特

別注意是帶電粒子在勻強磁場中做圓周運動的向心力由洛倫茲力提供，根據(jù)動能定理求出帶電粒子

出電場進(jìn)磁場的速度.本題關(guān)鍵要理解兩種粒子在磁場中運動的半徑不變。

16.?含有理想變壓器的電路如圖所示，圖中電阻R,&和心的阻值分別為3C,IC,4Q,■為

理想交流電流表，U為正弦交流電壓源，輸出電壓的有效值恒定。當(dāng)開關(guān)S斷開時，電流表的示數(shù)

為/;當(dāng)S閉合時，電流表的示數(shù)為4/。該變壓器原、副線圈匝數(shù)比為

A.2B.3C.4D.5

【答案】B

【解析】

試題分析：該變壓器原、副線圈匝數(shù)比為k,當(dāng)開關(guān)S斷開時，原線圈兩端電壓5=。-1居，電

U1

流為1產(chǎn)1,副線圈的電壓U2=~=UT&，根據(jù)歐姆定律12=%=-—,當(dāng)開關(guān)S閉合時,

2kk2K+R3

TJ'U-4IR

原線圈兩端電壓U；=U—4/R1,電流為I」=41,副線圈的電壓U；=W=---根據(jù)歐姆定

KK

律/2=股；=支綜上解得k=3,故A、C、D錯誤，B正確。

R2

考點：變壓器；歐姆定律

【名師點睛】本題主要考查了變壓器、歐姆定律。解決這類問題的關(guān)鍵是掌握變壓器的構(gòu)造和原理,

對于變壓器需要掌握公式5=△、4="，能熟練運用。最后值得注意的是變壓器的原線圈與電

U]〃24〃2

阻串聯(lián)后接入交流中，要知道兩次原線圈的電壓是不一樣的。

17.利用三顆位置適當(dāng)?shù)牡厍蛲叫l(wèi)星，可使地球赤道上任意兩點之間保持無線電通訊，目前地球同

步衛(wèi)星的軌道半徑為地球半徑的6.6倍，假設(shè)地球的自轉(zhuǎn)周期變小，若仍僅用三顆同步衛(wèi)星來實現(xiàn)上

述目的，則地球自轉(zhuǎn)周期的最小值約為

A.lhB.4hC.8hD.16h

【答案】B

【解析】

試題分析：設(shè)地球的半徑為R,周期T=24h,地球自轉(zhuǎn)周期的最小值時，三顆同步衛(wèi)星的位置如圖所示，所

以此時同步衛(wèi)星的半徑r1=2R,由開普勒第三定律得：左=4，可得n=7

舞了a4h,故A、C、D

錯誤，B正確。

考點：萬有引力定律；開普勒第三定律；同步衛(wèi)星

【名師點睛】本題主要考查了萬有引力定律、開普勒第三定律、同步衛(wèi)星。重點是掌握同步衛(wèi)星的

特點，知道同步衛(wèi)星的周期等于地球的自轉(zhuǎn)周期。本題的關(guān)鍵是知道地球最小自轉(zhuǎn)周期時，三個同

步衛(wèi)星的位置。

18.?質(zhì)點做勻速直線運動，現(xiàn)對其施加一恒力，且原來作用在質(zhì)點上的力不發(fā)生改變，則

A.質(zhì)點速度的方向總是與該恒力的方向相同

B.質(zhì)點速度的方向不可能總是與該恒力的方向垂直

C.質(zhì)點加速度的方向總是與該恒力的方向相同

D.質(zhì)點單位時間內(nèi)速率的變化量總是不變

【答案】BC

【解析】

試題分析：因為原來質(zhì)點做勻速直線運動，合外力為0,現(xiàn)在施加一恒力，質(zhì)點的合力就是這個恒力，所以

質(zhì)點可能做勻變速直線運動，也有可能做勻變速曲線運動，這個過程中加速度不變，速度的變化率不變。

但若做勻變速曲線運動，單位時間內(nèi)速率的變化量是變化的。故c正確，D錯誤。若做勻變速曲線運動，

則質(zhì)點速度的方向不會總是與該恒力的方向相同，故A錯誤；不管做勻變速直線運動，還是做勻變速曲線

運動，質(zhì)點速度的方向不可能總是與該恒力的方向垂直，故B正確。

考點：牛頓運動定律

【名師點睛】本題主要考查了牛頓運動定律。特別注意以前我們碰到都去掉一個恒力，本題增加了

一個恒力，從牛頓運動定律角度來看沒有什么區(qū)別。根據(jù)牛頓第二定律計算加速度的可能大小，根

據(jù)合力與速度方向間的關(guān)系判斷物體的運動情況。要特別注意的是，有可能做勻變速曲線運動。

19.如圖，-光滑的輕滑輪用細(xì)繩OO懸掛于。點；另一細(xì)繩跨過滑輪，其一端懸掛物塊°,另一端

系一位于水平粗糙桌面上的物塊6。外力下向右上方拉6,整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。若廠方向不變，

大小在一定范圍內(nèi)變化，物塊6仍始終保持靜止，則

A.繩O。，的張力也在一定范圍內(nèi)變化

B.物塊6所受到的支持力也在?定范圍內(nèi)變化

C.連接。和6的繩的張力也在一定范圍內(nèi)變化

D.物塊b與桌面間的摩擦力也在一定范圍內(nèi)變化

【答案】BD

【解析】

試題分析：物塊6仍始終保持靜止，可知物塊。也始終保持靜止，滑輪兩側(cè)繩子的夾角也不變，可

知連接。和人的繩的張力等于物塊a的重力，所以連接a和人的繩的張力保持不變，夾角不變，所以.

繩的張力也不變，故A、C錯誤；對b進(jìn)行受力分析可知，當(dāng)若尸方向不變，大小在一定范圍內(nèi)

變化時，而重力，監(jiān)和繩子的拉力&保持不變，所以.物塊6所受到的支持力也在一定范圍內(nèi)變化，

物塊6與桌面間的摩擦力也在?定范圍內(nèi)變化，故B、D正確

考點：共點力作用下物體的平衡，力的動態(tài)分析

【名師點睛】本題主要考查了共點力作用下物體的平衡、力的動態(tài)分析。當(dāng)有多個物體相互作用而

平衡，應(yīng)注意靈活選擇研究對象.可以讓題目變得變得更簡潔明晰，這個題目的難點是選項A正確

與否的判斷。

20.如圖，-帶負(fù)電荷的油滴在勻強電場中運動，其軌跡在豎直平面（紙面）內(nèi)，且相對于過軌跡最

低點尸的豎直線對稱。忽略空氣阻力。由此可知

A.0點的電勢比P點高

B.油滴在。點的動能比它在P點的大

C.油滴在。點的電勢能比它在尸點的大

D.油滴在Q點的加速度大小比它在P點的小

【答案】AB

【解析】

試題分析：帶負(fù)電荷的油滴在勻強電場中運動，其軌跡在豎直平面（紙面）內(nèi)，目相對于過軌跡最低點尸

的豎直線對稱，可以判斷合力的方向豎直向上，而重力方向豎直向上，可知電電場力的方向豎直向上，運

動電荷是負(fù)電荷，所以勻強電場的方向豎直向下，所以。點的電勢比P點高，帶負(fù)電的油滴在。點的電勢

能比它在P點的小，在。點的動能比它在P點的大，故A、B正確，C錯誤。在勻強電場中電場力是恒力,

重力也是恒力，所以合力是恒力，所以油滴的加速度恒定，故D錯誤。

考點：帶電粒子在勻強電場中的運動

【名師點睛】本題主要考查了帶電粒子在勻強電場中的運動。本題的突破口在于根據(jù)運動軌跡判斷

合力的方向，再來判斷電場力的方向，最后根據(jù)運動電荷的電性，就可以判斷電場強度的方向，順

著這個思路就可以把這個題目做出來。

21.甲、乙兩車在平直公路上同向行駛，其四圖像如圖所示。已知兩車在/=3s時并排行駛，則

A.在t=ls時，甲車在乙車后

B.在t=0時，甲車在乙車前7.5m

C.兩車另一次并排行駛的時刻是k2s

D.甲、乙兩車兩次并排行駛的位置之間沿公路方向的距離為40m

【答案】BD

【解析】

試題分析：根據(jù)Wf圖像，可以判斷在t=ls時，甲車和乙車并排行駛，故A、C錯誤；在t=0時，甲車在乙

車前的距離小:=（l°[5）xlm=7￡m,故B正確；甲、乙兩車兩次并排行駛的位置之間沿公路方向的距

離也就是從第1s末到第3s末兩車運動的位移&/=00+：0）X2m=40m,故D正確。

考點：v-f圖像；追及問題

【名師點睛】本題主要考查了VY圖像、追及問題。V-t圖象中，與時間軸平行的直線表示做勻速直線

運動，傾斜的直線表示勻變速直線運動，斜率表示加速度，傾斜角越大表示加速度越大，圖象與坐

標(biāo)軸圍成的面積表示位移.在時間軸上方的位移為正，下方的面積表示位移為負(fù).相遇要求在同一

時刻到達(dá)同一位置.本題是速度-時間圖象的應(yīng)用，知道在速度-時間圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成的面

積的含義，并能根據(jù)幾何關(guān)系求出面積，能根據(jù)圖象讀取有用信息。

第n卷（非選擇題共174分）

三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題~第32題為必考題，每個試題考生都必須做答。

第33題?第40題為選考題，考生根據(jù)要求做答。

（-）必考題（共129分）

22.（5分）某同學(xué)用圖（a）所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律，其中打點計時器的電源為交流電

源，可以使用的頻率有220Hz、30Hz和40Hz,打出紙帶的-一部分如圖（b）所示。

該同學(xué)在實驗中沒有記錄交流電的頻率/,需要用實驗數(shù)據(jù)和其他條件進(jìn)行推算.

（1）若從打出的紙帶可判定重物勻加速下落，利用/和圖（b）中給出的物理量可以寫出：在打點

計時器打出B點時;重物下落的速度大小為，打出C點時重物下落的速度大小為,

重物下落的加速度的大小為.

（2）已測得S|=8.89cm,s2=9.5.cm,53=10.10cm；當(dāng)重力加速度大小為9.80m/s2,試驗中重物受到

的平均阻力大小約為其重力的1%。由此推算出/為Hz。

【答案】（1）3G1+S2N萬⑸+北"萬6/）/2；（2）40

【解析】

試題分析：（D打出B點時，重物下落的速度等于AC段的平均速度，所以4=若3=魚*￡

同理打出C點時，重物下落的速度｛=芳==改等？/.

由加速度的定義式得。==='―：】）,

At2

（2）由牛頓第二定律得：mg-kmg^ma,解得：/=J組」,代入數(shù)值解得：戶40Hz

V%-$1

考點：驗證機械能守恒定律；紙帶數(shù)據(jù)分析

【名師點睛】本題主要考查了驗證機械能守恒定律、紙帶數(shù)據(jù)分析。解決這類問題的關(guān)鍵是會根據(jù)

紙帶數(shù)據(jù)求出打某一點的瞬時速度、整個過程的加速度；解決本題要特別注意的是打點計時器的頻

率不是經(jīng)常用的50Hz。

23.（10分）現(xiàn)要組裝一個山熱敏電阻控制的報警系統(tǒng)，當(dāng)要求熱敏電阻的溫度達(dá)到或超過60°C時，

系統(tǒng)報警。提供的器材有：熱敏電阻，報警器（內(nèi)阻很小，流過的電流超過人時就會報警），電阻箱

（最大阻值為999.9Q）,直流電源（輸出電壓為U,內(nèi)阻不計），滑動變阻器打（最大阻值為1000

Q）,滑動變阻器與（最大阻值為2000Q）,單刀雙擲開關(guān)一個，導(dǎo)線若干。

在室溫下對系統(tǒng)進(jìn)行調(diào)節(jié)，已知。約為18V,4約為10mA；流過報警器的電流超過20mA時，報

警器可能損壞；該熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小，在60°C時阻值為650.0Q。

（1）在答題卡上完成待調(diào)節(jié)的報警系統(tǒng)原理電路圖的連線。

—1?—|報警器|

電源二m

電網(wǎng)箱開關(guān)

r滑動變阻器

一^]--------c<\d

^5——I

熱敏電阻

（2）在電路中應(yīng)選用滑動變阻器（填“RJ或"RJ）。

（3）按照下列步驟調(diào)節(jié)此報警系統(tǒng)：

①電路接通前，需將電阻箱調(diào)到一定的阻值，根據(jù)實驗要求，這一阻值為Q；滑動變阻器的

滑片應(yīng)置于（填“a”或“b”）端附近，不能置于另一端的原因是o

②將開關(guān)向（填“c”或"d”）端閉合，緩慢移動滑動變阻器的滑片，直至。

（4）保持滑動變阻器滑片的位置不變，將開關(guān)向另一端閉合，報警系統(tǒng)即可正常使用。

【答案】（1）連線如圖所示。（2）公

熱敏電阻

（3）①650.0b接通電源后，流過報警器的電流會超過20mA,報警器可能損壞②c報警器開始報

警；

【解析】

試題分析：（D電路連線如圖。

（2）在室溫下對系統(tǒng)進(jìn)行調(diào)節(jié)，已知匚約為18V,4約為10mA;流過報警器的電流超過20mA時，報警

1Q1Q

器可能損壞，可知外電阻的取值范圍大約是而守?<1=900CWAW加說。=18000

報警器的電阻是650.0Q,所以滑動變阻器的取值范圍在250Q到1150Q之間，所以滑動變阻器應(yīng)該選R：

（3）①本題采用的是等效替換法，先用變阻箱來代替熱敏電阻，所以變阻箱的阻值要調(diào)節(jié)到熟敏電阻的臨

界電阻也就是在60°C時阻值為650.0Q；為防止接通電源后，流過報警器的電'流會超過20mA,報警器可

能損壞，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于b端；

②先把變阻箱的電阻接入電路，調(diào)節(jié)滑動變阻器的電阻，調(diào)至報警器開始報警時，保持滑動變阻器的阻值

不變，接到熱敏電阻，當(dāng)熱敏電阻的阻值是65O.OQ,也就是到了60。C時，報警器開始報警。

考點：閉合電路的歐姆定律的應(yīng)用；等效替換法

【名師點睛】本題主要考查了閉合電路的歐姆定律的應(yīng)用、等效替換法。要特別注意本題使用的等

效替換法的思想，先用電阻箱的阻值來代替熱敏電阻來調(diào)節(jié)電路，再接入熱敏電阻時，就可以直接

工作，這樣做法靈活、方便、安全。

24.（14分）如圖，兩固定的絕緣斜面傾角均為0,上沿相連。兩細(xì)金屬棒ab（僅標(biāo)出a端）和cd

（僅標(biāo)出c端）長度均為，質(zhì)量分別為2%和加；用兩根不可伸長的柔軟導(dǎo)線將它們連成閉合回路

abdca,并通過固定在斜面上沿的兩光滑絕緣小定滑輪蹲放在斜面上，使兩金屬棒水平。右斜面上存

在勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為8,方向垂直于斜面向上，已知兩根導(dǎo)線剛好不在磁場中，回路電阻

為及，兩金屬棒與斜面間的動摩擦因數(shù)均為“，重力加速度大小為g,已知金屬棒ab勻速下滑。求

（1）作用在金屬棒ab上的安培力的大小；

mgR

【解析】

試題分析：（D設(shè)導(dǎo)線的張力的大小為T,右斜面對ab棒的支持力的大小為葩，作用在ab棒上的安培力

的大小為尸，左斜面對cd棒的支持力大小為龍。對于ab棒，由力的平衡條件得

2?wgsin"5知+C"尸①

A[=2冽geos

對于cd棒，同理有

冽gsinO^uN^Ti

A：=wgcos8?

聯(lián)立①②①位式得

F=wg（sin0-3,“cos

（2）由安培力公式得F=5五金

這里I是回路abdca中的感應(yīng)電流。ab棒上的感應(yīng)電動勢為e=3Lvz

式中，，是ab棒下滑速度的大小。由歐姆定律得

聯(lián)立⑤⑥⑦⑧式得

v=(sin0-3/zcosff):竽-⑨

考點：導(dǎo)體棒切割磁感線；共點力作用下的平衡

【名師點睛】本題主要考查了導(dǎo)體棒切割磁感線、共點力作用下的平衡。本題是電磁感應(yīng)與電路、

力學(xué)相結(jié)合的綜合題，應(yīng)用E=BLv,歐姆定律、安培力公式、共點力作用下的平衡即可正確解題。

解決本題時，還要特別注意cd棒的重力沿斜面的分力和滑動摩擦力的影響。

25.（18分）如圖，一輕彈簧原長為2K,其一端固定在傾角為37°的固定直軌道AC的底端A處，

另一端位于直軌道上B處，彈簧處于自然狀態(tài)，直軌道與一半徑為°火的光滑圓弧軌道相切于C點,

6

AC=7R,A、B、C、D均在同一豎直面內(nèi)。質(zhì)量為機的小物塊P自C點由靜止開始下滑，最低到達(dá)

E點（未畫出），隨后P沿軌道被彈回，最高點到達(dá)F點，AF=4R,已知P與直軌道間的動摩擦因數(shù)

134

//=—,重力加速度大小為g。（取sin37°=1，cos37°=y）

（1）求P第一次運動到B點時速度的大小。

（2）求P運動到E點時彈簧的彈性勢能。

（3）改變物塊P的質(zhì)量，將P推至E點，從靜止開始釋放。已知P自圓弧軌道的最高點D處水平

7_

飛出后，恰好通過G點。G點在C點左下方，與C點水平相距一尺、豎直相距A,求P運動到D點

2

時速度的大小和改變后P的質(zhì)量。

____1）O______1

【答案】（1）VB=2y[gR；（2）Ep^—mgR；（3）K='J5g7?；/?,

【解析】

試題分析：（D根據(jù)題意知，3、C之間的距離為/為

l=7R-2R①

設(shè)P到達(dá)B點時的速度為中，由動能定理得

mglsin6—fimglcos^=~￡

式中Q37。，聯(lián)立①2式并由題給條件得

VB—21gR③

(2)設(shè)BE=x。P到達(dá)E點時速度為零，設(shè)此時彈雷的彈性勢能為與。尸由5點運動到E點的過程中,由

動能定理有

mgxsin0—flmgxcos8-4=0-；wvg倉

E、尸之間的距離/：為

Z]=4z?-2??+x?

P到達(dá)E點后反彈，從E點運動到F點的過程中，由動能定理有

Ep-mgl1sin6-umgl1cos^￡

聯(lián)立②??￡式并由題給條件得

x=R⑸

了12?

Ep=—mgR⑥

(3)設(shè)改變后P的質(zhì)量為犯。D點與G點的水平距離X：和數(shù)值距離約分別為x產(chǎn)工&-；出如8金

26

M=K+2K+—J?cos03

66

式中，已應(yīng)用了過。點的圓軌道半徑與豎直方向夾角仍為。的事實。

設(shè)P在。點的速度為vD,由D點運動到G點的時間為t。由平拋運動公式有

12

凹=2§t3

x\=vDtQ

聯(lián)立⑨⑩□□式得

3___

vn=-45gR□

設(shè)P在C點速度的大小為vc。在尸由C運動到。的過程中機械能守恒，有

:犯止=:犯嗚+加總(|■火+?Acos。)□

22oo

尸由E點運動到。點的過程中，同理，由動能定理有

1?

Ep-〃4g(x+5R)sin。一〃m[g(x+5R)cos8=一加1說□

聯(lián)立⑦⑧口□□式得

1

=§加口

mx

考點：動能定理；平拋運動；彈性勢能

【名師點睛】本題主要考查了動能定理、平拋運動、彈性勢能。此題要求熟練掌握平拋運動、動能

定理、彈性勢能等規(guī)律，包含知識點多，過程多，難度較大，屬于難題；解題時要仔細(xì)分析物理過

程，挖掘題目的隱含條件，靈活選取物理公式列出方程解答；此題意在考查學(xué)生綜合分析問題的能

力。

（二）選考題：共45分。請考生從給出的3道物理題、3道化學(xué)題、2道生物題中每科任選?題做

答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目題號后的方框涂黑。注意所選題目的題號必須與所涂題目的

題號一致，在答題卡選答區(qū)域指定位置答題。如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計分。

33.[物理——選修3-3]（15分）

（1）（5分）關(guān)于熱力學(xué)定律，下列說法正確的是。（填正確答案標(biāo)號。選對1個得2分，

選對2個得4分，選對3個得5分。每選錯1個扣3分，最低得分為0分）

A.氣體吸熱后溫度一定升高

B.對氣體做功可以改變其內(nèi)能

C.理想氣體等壓膨脹過程一定放熱

D.熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體

E.如果兩個系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個系統(tǒng)達(dá)到熱平衡，那么這兩個系統(tǒng)彼此之間也必定達(dá)到熱

平衡

【答案】（1）BDE

【解析】

試題分析：氣體吸熱后，若再對外做功，溫度一可能降低，故A錯誤；改變氣體的內(nèi)能的方式有兩種：做

功和熱傳導(dǎo)，故B正確；理想氣體等壓膨脹過程是吸熱過程，故C錯誤；根據(jù)熱力學(xué)第二定律，熱量不可

能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，故D正確；如果兩個系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個系統(tǒng)達(dá)到熱平衡，

那么這兩個系統(tǒng)彼此之間也必定達(dá)到熱平衡否則就不會與第三個系統(tǒng)達(dá)到熱平衡，故E正確。

考點：熱力學(xué)定律；理想氣體的性質(zhì)

【名師點睛】本題主要考查了熱力學(xué)定律、理想氣體的性質(zhì)。此題考查了熱學(xué)中的部分知識點，都

比較簡單，但是很容易出錯，解題時要記住熱力學(xué)第一定律E=W+Q、熱力學(xué)第二定律有關(guān)結(jié)論以及

氣體的狀態(tài)變化方程等重要的知識點.

（2）（10分）在水F氣泡內(nèi)空氣的壓強大于氣泡表面外側(cè)水的壓強，兩壓強差”與氣泡半徑，?之間

的關(guān)系為Ap=7,其中k0?070N/mo現(xiàn)讓水下10m處一半徑為0.50cm的氣泡緩慢上升，已知大氣

壓強PoH.OxlO,Pa,水的密度p=1.0xl()3kg/m。重力加速度大小g=10m/s?。

(i)求在水下10m處氣泡內(nèi)外的壓強差；

(ii)忽略水溫隨水深的變化，在氣泡上升到十分接近水面時，求氣泡的半徑與其原來半徑之比的近

似值。

【答案】⑴A/?!=28Pa；(ii)—=sjl?1,3

【解析】

試題分析：(D當(dāng)氣泡在水下分10m處時，設(shè)其半徑為八，氣泡內(nèi)外壓強差為A吐

2a

Api=——①

彳

代入題給數(shù)據(jù)得

4Pl=28Paa

(ii)設(shè)氣泡在水下10m處時，氣泡內(nèi)空氣的壓強為p,氣泡體積為%;氣泡到達(dá)水面附近時，氣泡內(nèi)空

氣壓強為力，內(nèi)外壓強差為0,其體積為近，半徑為4。

氣泡上升過程中溫度不變，根據(jù)玻意耳定律

PyV}=PiV2a

P：=Po+Pg肛&Pe

A=po+AA?

氣泡體積VI和V2分別為

匕=；冗4?

0]=5?！??

聯(lián)立⑨????式得

[町_A+幽個

(々JPgh+p0+^Pi*

由②式知，斗,＜郁尸1,2,故可略去式中的AR項。代入題給數(shù)據(jù)得

區(qū)=啦《＜13回

考點：理想氣體狀態(tài)方程

【名師點睛】本題主要考查了理想氣體狀態(tài)方程。題是對理想氣體的狀態(tài)方程的應(yīng)用的考查；解題

的關(guān)鍵是找到所研究的氣體的兩個狀態(tài)，并且能找到各個狀態(tài)的狀態(tài)參量：壓強、體積；要特別注

意氣體的壓強與該位置的液體的壓強的差別可以忽略不計。

34.[物理——選修3Y]（15分）

（1）（5分）某同學(xué)漂浮在海面上，雖然水面波正平穩(wěn)地以1.8m./s的速率向著海灘傳播，但他并不

向海灘靠近。該同學(xué)發(fā)現(xiàn)從第1個波峰到第10個波峰通過身下的時間間隔為15s。下列說法正確的

是。（填正確答案標(biāo)號。選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分。每選錯1個扣3

分，最低得分為0分）

A.水面波是一種機械波

B.該水面波的頻率為6Hz

C.該水面波的波長為3m

D.水面波沒有將該同學(xué)推向岸邊，是因為波傳播時能量不會傳遞出去

E.水面波沒有將該同學(xué)推向岸邊，是因為波傳播時振動的質(zhì)點并不隨波遷移

【答案】⑴ACE

【解析】

試題分析：水面波是一種機械波，故A正確；該同學(xué)發(fā)現(xiàn)從第1個波峰到第10個波峰通過身下的時間間隔

為15s,所以周期T=-=^s=^s，該水面波的頻率f=0.6Hz,故B錯誤:該水面波的'波長4=wT=3m.

M93

故C正確；水面波沒有將該同學(xué)推向岸邊，只能說是因為波傳播時振動的質(zhì)點并不隨波遷移，不能說是因

為波傳播時能量不會傳遞出去，波的傳播過程也是能量傳遞過程，故D錯誤，E正確。

考點：波的傳播

【名師點睛】本題主要考查了波的傳播。本題中考查了波的基本特點，由波的波長、波速、周期三

者的關(guān)系是考查的重點。還要理解波傳播時介質(zhì)中振動的質(zhì)點并不隨波遷移，只在各自的平衡位置

附近振動；波的傳播過程也是能量傳遞過程。

（2）（10分）如圖，在注滿水的游泳池的池底有一點光源A,它到池邊的水平距離為3.0m。從點光

源A射向池邊的光線AB與豎直方向的夾角恰好等于全反射的臨界角，水的折射率為。

(ii)一救生員坐在離池邊不遠(yuǎn)處的高凳上，他的眼睛到地血的高度為2.0m。當(dāng)他看到正前下方的

點光源A時;他的眼睛所接受的光線與豎直方向的夾角恰好為45°。求救生員的眼睛到池邊的水平

距離(結(jié)果保留1位有效數(shù)字)。

【答案】⑴A=V7m~2.6m；(ii)0.7m

【解析】

4

試題分析：(2)(i)如圖，設(shè)達(dá)到池邊的光線的入射角為i。依題意，水的折射率片二，光線的折

3

山折射定律有

/jsin/=sin0?

由幾何關(guān)系有

sini=I-----:②

yll2+h2

式中，1=3m,力是池內(nèi)水的深度。聯(lián)立①②式并代入題給數(shù)據(jù)得

h=y/lm~2.6m③

（ii）設(shè)此時救生員的眼睛到池邊的距離為x。依題意，救生員的視線與豎直方向的夾角為夕=45。。由折射

定律有

?sini'=sin9"?

式中，i是光線在水面的入射角。設(shè)池底點光源A到水面入射點的水平距離為如由幾何關(guān)系有

x+l=a+h's>

式中h,=2mo聯(lián)立②◎⑤&式得

產(chǎn)。居7m⑦

考點：光的折射定律

【名師點睛】本題主要考查了光的折射定律。此題考查了光的折射定律的應(yīng)用；解題的關(guān)鍵是根據(jù)

題意畫出完整的光路圖，然后根據(jù)光的折射定律結(jié)合幾何關(guān)系列出方程進(jìn)行解答；此題意在考查學(xué)

生利用數(shù)學(xué)知識來解決物理問題的基本能力；

35.【物理——選修3-51

（1）（5分）現(xiàn)用一光電管進(jìn)行光電效應(yīng)的實驗，當(dāng)用某一頻率的光入射時，有光電流產(chǎn)生。下列說

法正確的是。（填正確答案標(biāo)號。選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分。每選錯1個

扣3分，最低得分為。分）

A.保持入射光的頻率不變，入射光的光強變大，飽和光電流變大

B.入射光的頻率變高，飽和光電流變大

C.入射光的頻率變高，光電子的最大初動能變大

D.保持入射光的光強不變，不斷減小入射光的頻率，始終有光電流產(chǎn)生

E.遏止電壓的大小與入射光的頻率有關(guān)，與入射光的光強無關(guān)

【答案】（1）ACE

【解析】

試題分析：根據(jù)光電效應(yīng)實蛉得出的結(jié)論：保持入射光的頻率不變，入射光的光強變大，飽和光電漪變大,

故A正確，B錯誤；根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程得：入射光的頻率變高，光電子的最大初動能變大故C正

確；遏止電壓的大小與入射光的頻率有關(guān)，與入射光的光強無關(guān)，保持人射光的光強不變，若低于截止頻

率，則沒有光電流產(chǎn)生，故D錯誤，E正確。

考點：光電效應(yīng)

【名師點睛】本題主要考查了光電效應(yīng)。發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率,

光的強弱只影響單位時間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目；本題涉及到光電效應(yīng)知識較多，很多結(jié)論都是是識

記的，注意把握現(xiàn)象的實質(zhì)，明確之間的聯(lián)系與區(qū)別；平時積累物理學(xué)識。

(2)(10分)某游樂園入口旁有一噴泉，噴出的水柱將一質(zhì)量為M的卡通玩具穩(wěn)定地懸停在空中。

為計算方便起見，假設(shè)水柱從橫截面積為S的噴口持續(xù)以速度v0豎直向上噴出；玩具底部為平板(面

積略大于S)；水柱沖擊到玩具底板后，在豎直方向水的速度變?yōu)榱悖谒椒较虺闹芫鶆蛏㈤_。

忽略空氣阻力。已知水的密度為P,重力加速度大小為g。求

(i)噴泉單位時間內(nèi)噴出的水的質(zhì)量；

(ii)玩具在空中懸停時，其底面相對于噴口的高度。

【答案】⑴詈=Q°S；(ii)〃喂一孤弟

【解析】

試題分析：(2)(i)設(shè)&時間內(nèi)，從噴口噴出的水的體積為△憶，質(zhì)量為△加，則

\m=p\V①

△②

山①②式得，單位時間內(nèi)從噴口噴出的水的質(zhì)量為

Am「八

-=pv0S?

(ii)設(shè)玩具懸停時其底面相對于噴口的高度為h,水從噴口噴出后到達(dá)玩具底面時的速度大小為vo

對于△/時間內(nèi)噴出的水，有能量守恒得

22

—(Aw)v+(Am)gA=—(Aw)v0④

在〃高度處，\t時間內(nèi)噴射到玩具底面的水沿豎直方向的動量變化量的大小為

Ap=(Am)u⑤

設(shè)水對玩具的作用力的大小為F,根據(jù)動量定理有

尸4=少含

由于玩具在空中懸停，由力的平衡條件得

F=Mg0

聯(lián)立合④③公⑦式得

2g2p2v^

考點：動量定理；機械能守恒定律

【名師點睛】本題主要考查了動量定理、機械能守恒定律。本題主要考查了動量定理的應(yīng)用，知道

玩具在空中懸停時，受力平衡，合力為零，也就是水對■玩具的沖力等于玩具的重力。本題的難點是

求水對玩具的沖力，而求這個沖力的關(guān)鍵是單位時間內(nèi)水的質(zhì)量，注意空中的水柱并非圓柱體，要

根據(jù)流量等于初刻速度乘以時間后再乘以噴泉出口的面積為S求出流量，最后根據(jù)機=。-求質(zhì)量。

2016年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試（新課標(biāo)n卷）

物理

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14?17題只有一項符合

題目要求，第18?21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的

得0分。

14.質(zhì)量為機的物體用輕繩AB懸掛于天花板上。用水平向左的力F緩慢拉動繩的中點O,如圖所示。

用T表示繩OA段拉力的大小，在O點向左移動的過程中

A.尸逐漸變大，7逐漸變大B.尸逐漸變大，T逐漸變小

C.尸逐漸變小，7逐漸變大D.尸逐漸變小，T逐漸變小

【答案】A

【解析】

試題分析：對結(jié)點。受力分析，重力的大小和方向均不變，水平拉力F的方向不變，繩拉力在轉(zhuǎn)動，滿足

三力平衡的動態(tài)平衡，如圖所示；可得，水平拉力F逐漸增大，繩0A段的拉力T逐漸增大，故選A.

T

考點：動態(tài)平衡的圖解法

【名師點睛】此題是物體的平衡問題，考查平行四邊形法則的應(yīng)用；圖解法是最簡單快捷的方法，

注意搞清各個力的大小及方向變化的特點，變換平行四邊形即可.此題還可以用函數(shù)式討論.

15.如圖，P為固定的點電荷，虛線是以P為圓心的兩個圓。帶電粒子Q在P的電場中運動。運動軌

跡與兩圓在同一平面內(nèi)，a、b、c為軌跡上的三個點。若Q僅受P的電場力作用，其在a、b、c點的

加速度大小分別為許、的、生,速度大小分別為h、vb>vc,貝lj

A.aa><zb>ac,va>vc>vbB./>佻>>牝，n>vc>vaC.a^>ae>aa,vb>vc>vaD.ab>ac>aa,

Va>Vc>Vb

【答案】D

【解析】

試題分析：在點電荷的電場中，場強大小E=左斗，由圖可知%>與，可得E"而帶電粒

r

子運動的加速度4=廢，則4<4<4；若P帶正電，則可知Q也帶正電，粒子只受電場力作用，故動

m

能與電勢能之和守恒，因粒子在三點的電勢能關(guān)系：EPi>ER>EPa,故動能關(guān)系&,>&>/,則

vi>vc>^,故選D.

考點：點電荷的電場、帶電粒子在電場中的運動

【名師點睛】此題考查帶電粒子在電場中的運動問題；關(guān)鍵是掌握點電荷的電場分布規(guī)律；能根據(jù)

粒子的運動軌跡判斷粒子電性和點電荷電性的關(guān)系；要知道只有電場力做功時粒子的動能與電勢能

之和守恒.

16.小球P和Q用不可伸長的輕繩懸掛在天花板上，P球的質(zhì)量大于Q球的質(zhì)量，懸掛P球的繩比

懸掛Q球的繩短。將兩球拉起，使兩繩均被水平拉直，如圖所示。將兩球由靜止釋放。在各自軌跡

的最低點，

A.P球的速度一定大于Q球的速度B.P球的動能一定小于Q球的動能

C.P球所受繩的拉力一定大于Q球所受繩的拉力D.P球的向心加速度一定小于Q球的向心加速

度

--Op-----OQ

【答案】C

【解析】

試題分析：A、小球擺動至最低點由動能定理：mgL-~mv2>可得：v=12gL，因Lp<L°，故

vP<vQ,選項A錯誤；B、由因加戶>加0,則動能無法比較，選項B錯誤；C、在最低

v2V2

點，F(xiàn)-mg=m—,可得耳^=3加g,選項C正確；D、a=—=2g,兩球的向心加速度相等，選

TL1—/

項D錯誤，故選C。

考點：圓周運動、機械能、向心力

【名師點睛】此題考查機械能守恒定律及牛頓第二定律的應(yīng)用；解題時要通過選擇合適的物理規(guī)律

列出方程找到要討論的物理量，然后根據(jù)題目的條件來分析結(jié)論；此題意在考查基本規(guī)律的掌握程

度.

17,阻值相等的四個電阻、電容器C及電池E（內(nèi)阻可忽略）連接成如圖所示電路。開關(guān)S斷開且電

流穩(wěn)定時，C所帶的電荷量為0,；閉合開關(guān)S,電流再次穩(wěn)定后，C所帶的電荷量為02。。與。2

的比值為

【答案】C

【解析】

￡211

試題分析：根據(jù)等效電路，開關(guān)s斷開時，電容器的電壓-―-Rx^=-Ef得0=S

R+-R325

3

閉合時，U2=——Q】=3],故=d=故選C。

R+LR2302U25

2

考點：閉合電路的歐姆定律、電容器

【名師點睛】此題是對閉合電路的歐姆定律及電容器問題的考查；解題時關(guān)鍵是要搞清電路的結(jié)構(gòu),

畫出等效電路圖，搞清電容器兩端的電壓是哪個電阻兩端的電壓，然后根據(jù)Q=CU求解電容器的帶

電量.

18.一圓筒處于磁感應(yīng)強度大小為8的勻強磁場中，磁場方向與筒的軸平行，筒的橫截面如圖所示。

圖中直徑的的兩端分別開有小孔，筒繞其中心軸以角速度。順時針轉(zhuǎn)動。在該截面內(nèi)，一帶電粒

子從小孔M射入筒內(nèi)，射入時的運動方向與成30。角。當(dāng)筒轉(zhuǎn)過90。時，該粒子恰好從小孔N飛

出圓筒。不計重力。若粒子在筒內(nèi)未與筒壁發(fā)生碰撞，則帶電粒子的比荷為

N

【答案】A

【解析】

試題分析：作出粒子的運動軌跡，由幾何知識可得，軌跡的圓心角為（工-工）x2=工=30",兩個運動

346

71

則迎X271nl解得幺=￡

具有等時性,2.故選A.

360~qBcom3B

考點：帶電粒子在磁場中的運動

【名師點睛】此題考查帶電粒子在勻強磁場中的運動問題；解題時必須要畫出規(guī)范的粒子運動的草

圖，結(jié)合幾何關(guān)系找到粒子在磁場中運動的偏轉(zhuǎn)角，根據(jù)兩個運動的等時性求解未知量；此題難度

中等，意在考查學(xué)生物理知識與數(shù)學(xué)知識的結(jié)合能力.

19.兩實心小球甲和乙由同一種材質(zhì)制成，甲球質(zhì)量大于乙球質(zhì)量。兩球在空氣中由靜止下落，假設(shè)

它們運動時受到的阻力與球的半徑成正比，與球的速率無關(guān)。若它們下落相同的距離，則

A.甲球用的時間比乙球長學(xué)優(yōu)高考網(wǎng)

B.甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小

C.甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小

D.甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功

【答案】BD

【解析】

試題分析：A、C、兩球的質(zhì)量加=2［協(xié)3,/=加對兩球由牛頓第二定律

a=mg_f=g------g_=g-----，_,可得怎,〉底，由=/知甲球的運動時間校短，選項A、

mp-TTr3p-7Tr22

33

C錯誤；B、由丫=愿得叫＞吆，故選項B正確；D、因啟＞￡,,由吟=//知阻力對甲球做功較

大，選項D正確。故選BD。

考點：牛頓第二定律、勻變速直線運動

【名師點睛】此題主要考查牛頓第二定律的應(yīng)用；首先應(yīng)該根據(jù)牛頓定律找到物體的加速度與小球

的半徑的關(guān)系，然后比較加速度，在結(jié)合運動公式來討論其他物理量；此題意在考查學(xué)生綜合分析

能力及對基礎(chǔ)知識的運用能力.

20.法拉第圓盤發(fā)電機的示意圖如圖所示。銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P、。分別于圓盤的

邊緣和銅軸接觸，關(guān)于流過電阻R的電流，下列說法正確的是

A.若圓盤轉(zhuǎn)動的角速度恒定，則電流大小恒定

B.若從上往下看，圓盤順時針轉(zhuǎn)動，則電流沿a到b的方向流動

C.若圓盤轉(zhuǎn)動方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向可能發(fā)生變化

D.若圓盤轉(zhuǎn)動的角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則電流在R上的熱功率也變?yōu)樵瓉淼?倍

【答案】AB

【解析】

試題分析：A、由電磁感應(yīng)定律得七=3/”趙=竺0，1=-,故。一定時，電流大小恒定，選項A

正確。B、由右手定則知圓盤中心為等效電源正級，圓盤邊緣為負(fù)極，電流經(jīng)外電路從&經(jīng)過五流到心選

項B正確；C、圓盤轉(zhuǎn)動方向不變時，等效電源正負(fù)極不變，電流方向不變，故選項C錯誤。D、

尸===二主L,角速度加倍時功率變成4倍，選項D錯誤，故選AB.

R4及

考點：電磁感應(yīng)定律

【名師點睛】關(guān)于法拉第圓盤這是課本上介紹的裝置，在歷次考試中多次出現(xiàn)；解題時要會進(jìn)行電

源的等效：相當(dāng)于一條半徑旋轉(zhuǎn)切割磁感線，記住求解感應(yīng)電動勢的公式E=—并能搞清整

2

個電路的結(jié)構(gòu).

21.如圖，小球套在光滑的豎直桿上，輕彈簧一端固定于。點，另一端與小球相連。現(xiàn)將小球從M

點由靜止釋放，它在下降的過程中經(jīng)過了N點。已知M、N兩點處，彈簧對小球的彈力大小相等，

且

冗

ZONM<ZOMN<-o在小球從/點運動到N點的過程中

2

A.彈力對小球先做正功后做負(fù)功

B.有兩個時刻小球的加速度等于重力加速度

C.彈簧長度最短時，彈力對小球做功的功率為零

D.小球到達(dá)N點時的動能等于其在M、N兩點的重力勢能差

【答案】BCD

【解析】

TT

試題分析：A、因川和N兩點處彈雷對小球的彈力大小相等，且/。.\昧/。.0之一知川處的彈簧處于壓

2

縮狀態(tài)，N處的彈蓄處于伸長狀態(tài)，則彈雷的彈力對小球選做負(fù)功后正功，再做負(fù)功，選項A錯誤。B、當(dāng)

彈蓄水平時，豎直方向的力只有重力，加速度為g；當(dāng)豎直方向的合外力為冽g時，加速度為也g，則有兩

個時刻的加速度大小等于g，選項B正確；C、彈蓄長度最短時，即彈蓄水平，彈力與速度垂直，則做功的

功率為零，選項C正確；D、由M-N的動能定理開片+開；；=乂，因M和N兩點處彈雷對小球的彈力

大小相等，則由彈力作功特點知%r=0,即方=A耳，選項D正確，故選BCD.

考點：牛頓第二定律、能量守恒定律“…

【名師點睛】此題是牛頓第二定律和動能定理的綜合應(yīng)用問題；解題時要認(rèn)真分析物體的受力情況，尤其

是彈力變化情況，結(jié)合功的概念及牛頓定律來討論；注意彈簧彈力相等時，彈性勢能相等，無論是壓縮

狀態(tài)還是拉伸狀態(tài).

三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第