歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助!歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助!歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助!歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助!歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助!歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助!人教版物理2019年高考一輪選練編題（7）李仕才一、選擇題1、大霧天發(fā)生交通事故的概率比平常要高出幾倍甚至幾十倍,保證霧天行車(chē)安全顯得尤為重要.在霧天的平直公路上,甲、乙兩汽車(chē)同向勻速行駛,乙在前,甲在后.某時(shí)刻兩車(chē)司機(jī)聽(tīng)到警笛提示,同時(shí)開(kāi)始剎車(chē),結(jié)果兩車(chē)剛好沒(méi)有發(fā)生碰撞,如圖為兩車(chē)剎車(chē)后勻減速運(yùn)動(dòng)的vt圖像,以下分析正確的是(BD)A.甲車(chē)剎車(chē)的加速度的大小為0.5m/s2B.兩車(chē)開(kāi)始剎車(chē)時(shí)的間距為100mC.兩車(chē)剎車(chē)后間距一直在減小D.兩車(chē)都停下來(lái)后相距12.5m解析:由題圖可知,兩車(chē)剎車(chē)后直到速度相等經(jīng)歷的時(shí)間為20s,甲車(chē)的加速度a1=m/s2=-1m/s2,乙車(chē)的加速度a2=m/s2=-0.5m/s2,此時(shí)甲車(chē)的位移x甲=v甲t+a1t2=(25×20-×1×400)m=300m,乙車(chē)的位移x乙=v乙t+a2t2=(15×20-×0.5×400)m=200m,兩車(chē)剛好沒(méi)有發(fā)生碰撞,則兩車(chē)開(kāi)始剎車(chē)時(shí)的間距Δx=(300-200)m=100m,選項(xiàng)A錯(cuò)誤,B正確;兩車(chē)剎車(chē)后甲的速度先大于乙的速度,兩者間距減小,后來(lái)甲的速度小于乙的速度,兩者間距增大,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;根據(jù)圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移可知,兩車(chē)都停下來(lái)后的距離為如圖中陰影部分三角形面積,則Δx′=×(30-25)×5m=12.5m,選項(xiàng)D正確.2、一個(gè)質(zhì)量為2kg的物體，在4個(gè)共點(diǎn)力作用下處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)同時(shí)撤去大小分別為8N和12N的兩個(gè)力，其余的力保持不變，關(guān)于此后該物體運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法正確的是()A．一定做勻變速運(yùn)動(dòng)，加速度大小可能等于重力加速度的大小B．一定做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小可能是5m/s2C．可能做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小是1.5m/s2D．可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，向心加速度大小是6m/s2解析：選A.由平衡條件得知，余下力的合力與撤去的兩個(gè)力的合力大小相等、方向相反，則撤去大小分別為8N和12N的兩個(gè)力后，物體的合力大小范圍為4N≤F合≤20N，物體的加速度范圍為：2m/s2≤a≤10m/s2；A.撤去兩個(gè)力后，一定做勻變速運(yùn)動(dòng)，加速度大小可能等于重力加速度的大小，故A正確；B.若物體原來(lái)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，撤去的兩個(gè)力的合力方向與速度方向不在同一直線上時(shí)，物體做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，加速度大小可能是5m/s2，故B錯(cuò)誤；C.若物體原來(lái)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，撤去的兩個(gè)力的合力方向與速度方向相反時(shí)，物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小最小可能是2m/s2，不可能為1.5m/s2，故C錯(cuò)誤；D.撤去兩個(gè)力后，物體受到的合力恒定，不可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤．3、（2018廣西欽州市第一中學(xué)開(kāi)學(xué)考試）疊羅漢是一種由多人層層疊成各種造型的游戲娛樂(lè)形式，也是一種高難度的雜技。如圖所示為六人疊成的三層靜態(tài)造型，假設(shè)每個(gè)人的重量均為G，下面五人的背部均呈水平狀態(tài)，則最底層正中間的人的一只腳對(duì)水平地面的壓力約為（）A.B.C.D.【答案】B4、(多選)兩個(gè)小球A、B在光滑水平面上相向運(yùn)動(dòng)，已知它們的質(zhì)量分別是m1＝4kg，m2＝2kg，A的速度v1＝3m/s(設(shè)為正)，B的速度v2＝－3m/s，則它們發(fā)生正碰后，其速度可能分別是()A．均為1m/s B．＋4m/s和－5m/sC．＋2m/s和－1m/s D．－1m/s和5m/s解析：選AD.由動(dòng)量守恒，可驗(yàn)證四個(gè)選項(xiàng)都滿足要求．再看動(dòng)能情況Ek＝eq\f(1,2)m1veq\o\al(2,1)＋eq\f(1,2)m2veq\o\al(2,2)＝eq\f(1,2)×4×9J＋eq\f(1,2)×2×9J＝27JEk′＝eq\f(1,2)m1v1′2＋eq\f(1,2)m2v2′2由于碰撞過(guò)程動(dòng)能不可能增加，所以應(yīng)有Ek≥Ek′，可排除選項(xiàng)B.選項(xiàng)C雖滿足Ek≥Ek′，但A、B沿同一直線相向運(yùn)動(dòng)，發(fā)生碰撞后各自仍能保持原來(lái)的速度方向(vA′＞0，vB′＜0)，這顯然是不符合實(shí)際的，因此C錯(cuò)誤．驗(yàn)證選項(xiàng)A、D均滿足Ek≥Ek′，故答案為選項(xiàng)A(完全非彈性碰撞)和選項(xiàng)D(彈性碰撞)．5、(1)(5分)下列說(shuō)法中正確的是(填正確答案標(biāo)號(hào).選對(duì)1個(gè)得2分,選對(duì)2個(gè)得4分,選對(duì)3個(gè)得5分.每選錯(cuò)1個(gè)扣3分,最低得分為0分).

A.能量守恒定律是普遍規(guī)律,能量耗散不違反能量守恒定律B.擴(kuò)散現(xiàn)象可以在液體、氣體中進(jìn)行,不能在固體中發(fā)生C.有規(guī)則外形的物體是晶體,沒(méi)有確定的幾何外形的物體是非晶體D.由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離,所以存在表面張力E.一切自發(fā)過(guò)程總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)的無(wú)序性增大的方向進(jìn)行(2)(10分)某次測(cè)量中在地面釋放一體積為8L的氫氣球,發(fā)現(xiàn)當(dāng)氣球升高到1600m時(shí)破裂.實(shí)驗(yàn)表明氫氣球內(nèi)外壓強(qiáng)近似相等,當(dāng)氫氣球體積膨脹到8.4L時(shí)即破裂.已知地面附近大氣的溫度為27℃,常溫下當(dāng)?shù)卮髿鈮弘S高度的變化如圖所示.求高度為1600m解析:(1)能量守恒定律是普遍規(guī)律,能量耗散是能量的形式發(fā)生了轉(zhuǎn)化,能量的利用品質(zhì)下降,但總能量仍守恒,所以不違反能量守恒定律,故A正確;擴(kuò)散現(xiàn)象可以在液體、氣體中進(jìn)行,也能在固體中發(fā)生,故B錯(cuò)誤;有規(guī)則外形的物體是單晶體,沒(méi)有確定的幾何外形的物體是非晶體和多晶體,故C錯(cuò)誤;由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離,分子間作用力表現(xiàn)為引力,所以存在表面張力,故D正確;由熱力學(xué)第二定律的微觀解釋可知,E正確.(2)由題圖可知,在地面附近球內(nèi)壓強(qiáng)p1=76cmHg,1600m處球內(nèi)氣體壓強(qiáng)p2=70cmHg由理想氣體狀態(tài)方程得,=,T2=·T1=×300K=290K,t2=(290-273)℃=17℃答案:(1)ADE(2)176、14C是碳的一種半衰期為5730年的放射性同位素，2010年2月科學(xué)家發(fā)現(xiàn)了曹操墓，若考古工作者探測(cè)到其棺木中14C的含量約為原來(lái)的eq\f(4,5)，則該古木死亡的時(shí)間距今大約為eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(已知\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))\f(1,3)≈0.8))()A．22900年 B．11400年C．5700年 D．1900年解析：選D.假設(shè)古木死亡時(shí)14C的質(zhì)量為m0，現(xiàn)在的質(zhì)量為m，從古木死亡到現(xiàn)在所含14C經(jīng)過(guò)了n個(gè)半衰期，由題意可知：eq\f(m,m0)＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))n＝eq\f(4,5)，所以n≈eq\f(1,3)，即古木死亡的時(shí)間距今約為5730×eq\f(1,3)年＝1910年，D正確．7、如圖所示，平行板電容器充電后斷開(kāi)電源，板間有一點(diǎn)P，在P點(diǎn)固定一個(gè)試探電荷q.現(xiàn)將下極板向下平移一小段距離，如果用F表示試探電荷在P點(diǎn)所受的電場(chǎng)力，用E表示極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度，用φ表示P點(diǎn)的電勢(shì)，用Ep表示試探電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能，則下列物理量隨兩板間距離d的變化關(guān)系的圖線，可能正確的是()【答案】C8、明朝謝肇淛《五雜組》中記載：“明姑蘇虎丘寺廟傾側(cè)，議欲正之，非萬(wàn)緡不可。一游僧見(jiàn)之,曰：無(wú)煩也，我能正之?！庇紊刻鞂⒛拘◤乃韮A斜一側(cè)的磚縫間敲進(jìn)去，經(jīng)月余扶正了塔身。假設(shè)所用的木楔為等腰三角形，木楔的頂角為θ，現(xiàn)在木楔背上加一力F，方向如圖所示，木楔兩側(cè)產(chǎn)生推力FN，則A.若F一定，θ大時(shí)大B.若F一定，θ小時(shí)大C.若θ一定，F(xiàn)大時(shí)大D.若θ一定，F(xiàn)小時(shí)大【來(lái)源】2018年全國(guó)普通高等學(xué)校招生同一考試?yán)砜凭C合物理試題（天津卷）【答案】BC選木楔為研究對(duì)象，木楔受到的力有：水平向右的F、和兩側(cè)給它的與木楔的斜面垂直的彈力，由于木楔處于平衡狀態(tài)，所以兩側(cè)給木楔的斜面垂直的彈力與F沿兩側(cè)分解的推力是相等的，力F的分解如圖：則，，故解得，所以F一定時(shí)，越小，越大；一定時(shí)，F(xiàn)越大，越大，BC正確；【點(diǎn)睛】由于木楔處在靜止?fàn)顟B(tài)，故可將力F沿與木楔的斜面垂直且向上的方向進(jìn)行分解，根據(jù)平行四邊形定則，畫(huà)出力F按效果分解的圖示．并且可據(jù)此求出木楔對(duì)A兩邊產(chǎn)生的壓力．對(duì)力進(jìn)行分解時(shí)，一定要分清力的實(shí)際作用效果的方向如何，再根據(jù)平行四邊形定則或三角形定則進(jìn)行分解即可．二、非選擇題1、如圖所示，粗糙水平面上放置質(zhì)量分別為M和m的甲、乙兩滑塊，兩滑塊之間夾一壓縮的輕彈簧(彈簧與滑塊不連接)，彈簧壓縮后用細(xì)線拴接兩滑塊．現(xiàn)剪斷細(xì)線，在很短時(shí)間內(nèi)，彈簧將兩滑塊彈開(kāi)，則兩滑塊分別在粗糙水平面上滑行X和x距離后停下．(1)若甲、乙兩滑塊質(zhì)量分別為M和m，求兩滑塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)的比值eq\f(μ甲,μ乙)；(2)若M＝2m＝2m0，m0已知，兩滑塊與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，求被壓縮的輕彈簧的彈性勢(shì)能．(重力加速度為g)解析：(1)剪斷細(xì)線，彈簧將兩滑塊彈開(kāi)，設(shè)彈開(kāi)瞬間甲、乙兩滑塊的速度大小分別為v1和v2，則由動(dòng)量守恒定律可得，Mv1＝mv2滑塊分別在粗糙水平面上滑行一段距離后停下，由動(dòng)能定理得μ甲MgX＝eq\f(1,2)Mveq\o\al(2,1)，μ乙mgx＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,2)聯(lián)立解得eq\f(μ甲,μ乙)＝eq\f(m2x,M2X).(2)若M＝2m＝2m0，剪斷細(xì)線，彈簧將兩滑塊彈開(kāi)，由動(dòng)量守恒定律得2m0v1＝m0v2解得v2＝2v1由能量守恒定律，被壓縮的輕彈簧的彈性勢(shì)能Ep＝eq\f(1,2)Mveq\o\al(2,1)＋eq\f(1,2)mveq\o\al(2,2)＝eq\f(3,4)m0veq\o\al(2,2)(或3m0veq\o\al(2,1))又μm0gx＝eq\f(1,2)m0veq\o\al(2,2)(或μ2m0gX＝eq\f(1,2)×2m0veq\o\al(2,1))聯(lián)立解得Ep＝eq\f(3,2)μm0gx(或6μm0gX)．答案：(1)eq\f(m2x,M2X)(2)Ep＝eq\f(3,2)μm0gx(或6μm0gX)2、在第Ⅱ象限內(nèi)緊貼兩坐標(biāo)軸的一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，在第Ⅰ、Ⅳ象限x＜L區(qū)域內(nèi)存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E；在x＞L區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B′的矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)，矩形的其中一條邊在直線x＝L上．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子(不計(jì)粒子重力)從第Ⅱ象限的正方形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的上邊界和左邊界的交點(diǎn)處以沿y軸負(fù)方向的某一速度進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，從坐標(biāo)原點(diǎn)O沿x軸正方向射入勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域．(1)求帶電粒子射入第Ⅱ象限的勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)的速度大??；(2)求帶電粒子從勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域射出時(shí)的坐標(biāo)；(3)若帶電粒子進(jìn)入x＞L區(qū)域的勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)速度方向與x軸正方向成45°角，要使帶電粒子能夠回到x＜L區(qū)域，則x＜L區(qū)域中勻強(qiáng)磁場(chǎng)的最小面積為多少?解析：(1)根據(jù)題述帶電粒子的運(yùn)動(dòng)情境，可知帶電粒子在第Ⅱ象限的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑等于正方形區(qū)域的邊長(zhǎng)L，即R＝L設(shè)帶電粒子射入第Ⅱ象限的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中時(shí)速度大小為v，由qvB＝meq\f(v2,L)，解得v＝eq\f(qBL,m).(2)設(shè)帶電粒子從勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域射出時(shí)的縱坐標(biāo)為－y1，帶電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)O沿x軸正方向射入勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)帶電粒子運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a，在電場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，則有L＝vt，y1＝eq\f(1,2)at2，qE＝ma聯(lián)立解得y1＝eq\f(mE,2qB2)所以帶電粒子從勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域射出時(shí)的坐標(biāo)為eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(L，－\f(mE,2qB2))).(3)帶電粒子以與x軸正方向成45°角的方向進(jìn)入x＞L區(qū)域的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其速度大小v′＝eq\r(2)v＝eq\f(\r(2)qBL,