揚州市高郵市2022?2023學(xué)年高三上學(xué)期期末學(xué)情調(diào)研測試物理試題

注意事項:

1、本試卷共5頁，滿分為100分，考試時間75分鐘。

2、答題前，請務(wù)必將自己的學(xué)校、班級、姓名、準考證號用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫

在答題卡的規(guī)定位置。

3、作答選擇題，必須用25鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿涂黑；作答非選擇題，必須用

0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上指定位置作答，在其他位置作答一律無效。

4、如需作圖，必須用28鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗。

一、單項選擇題：共10題，每題4分，共40分。每題只有一個選項最符合題意。

1.關(guān)于核衰變和核反應(yīng)的類型的表述正確的是（)

A..汨e+；n,是a衰變B.：N+_：e,是。衰變

C.2*Th+：He,是重核裂變D.+1C+；H,是輕核聚變

【答案】B

【解析】

【詳解】A.汨e+；n是輕核聚變,A錯誤;

B.[Cf\N+：e是p衰變,B正確;

C.2；；U->2￡Th+；He是a衰變，C錯誤;

D.i；N+：n->tC+；H是原子核的人工轉(zhuǎn)變,D錯誤。

故選B。

2.如圖所示，一束光經(jīng)玻璃三棱鏡折射后分為兩束單色光6,則（）

A.a光具有波動性，不具有粒子性

B.a光折射率大于6光的折射率

C,從水射入空氣中發(fā)生全反射時，。光的臨界角較大

D.a、6兩光分別經(jīng)過同一雙縫干涉裝置后形成的干涉條紋，〃光的條紋間距小

【答案】C

【解析】

【詳解】A.光既有波動性，也具有粒子性，A錯誤；

B.由圖可知，。光的偏折角小，則“光的折射率小于人光的折射率，B錯誤；

C.“光的折射率小，由臨界角公式sin知，從水射入空氣中發(fā)生全反射時，“光的臨界角較大，C

n

正確；

D.“光的折射率較小，頻率較小，波長較長，而雙縫干涉條紋間距與波長成正比，所以〃光的條紋間距較

大，D錯誤。

故選C。

3.下列選項正確的是（）

A.液體溫度越高，懸浮顆粒越大，布朗運動越劇烈

B.若物體表現(xiàn)為各向同性，則該物體一定是非晶體

C.單晶硅中原子排列成空間點陣結(jié)構(gòu)，因此其他物質(zhì)分子不能擴散到單晶硅中

D.液晶態(tài)既具有液體的流動性，又在一定程度上具有晶體分子的規(guī)則排列

【答案】D

【解析】

【詳解】A.液體溫度越高，懸浮顆粒越小，布朗運動越劇烈A錯誤；

B.若物體表現(xiàn)為各向同性，則該物體可能是多晶體或是非晶體。B錯誤；

C.單晶硅中原子排列成空間點陣結(jié)構(gòu)，單晶硅中原子間也有空隙，其他物質(zhì)分子能擴散到單晶硅中。＜2錯

誤；

D.液晶態(tài)既具有液體的流動性，又在一定程度上具有晶體分子的規(guī)則排列。D正確。

故選D。

4.現(xiàn)代戰(zhàn)爭中反隱身先進米波雷達堪稱隱身飛機的克星，米波雷達發(fā)射無線電波的波長在卜10m范圍

內(nèi)，則該無線電波（）

A.和機械波一樣須靠介質(zhì)傳播

B.不可能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象

C.可以利用多普勒效應(yīng)測量飛機的速度

D.和聲波一樣不會發(fā)生偏振現(xiàn)象

【答案】C

【解析】

【詳解】A.無線電波是電磁波，可以在真空中傳播，不需要靠介質(zhì)傳播，A錯誤；

B.干涉和衍射是所有波特有的現(xiàn)象，該無線電波可以產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象，B錯誤；

C.該無線電波可以利用多普勒效應(yīng)測量飛機的速度，原理是無線電波等振動源與觀測者以相對速度運動

時，觀測者所受到的振動頻率與振動源所發(fā)出的頻率有所不同，C正確；

D.無線電波是電磁波，會發(fā)生偏振現(xiàn)象，D錯誤。

故選C。

5.一個等邊三角形金屬線框a6c由3根相同規(guī)格的金屬棒組成，每根長度均為L,整個線框固定在與線框

平面垂直的勻強磁場中，現(xiàn)給線框通入圖示電流，若時段金屬棒受到安培力為死則（）

XXX,XXX

XIXXXXX

A.直線ac,中的電流是折線abc中的電流的2倍

B.直線ac中的電流等于折線a兒中的電流

C.折線“歷所受安培力方向向下

D.整個線框所受安培力大小為2P

【答案】A

【解析】

【詳解】AB.電路中，金屬棒油和兒串聯(lián)后再與ac并連，由于規(guī)格相同，每根棒的電阻相同，因此直

線ac中的電流是折線a反中的電流的2倍，A正確，B錯誤；

C.岫段金屬棒受到安培力為尸，根據(jù)左手定則可知，所受安培力垂直導(dǎo)線斜向左上方，同理兒段金屬棒

受到安培力也為F,安培力垂直導(dǎo)線斜向右上方，兩個力夾角為120。，合力為凡方向豎直向上，C錯

誤；

D.ac段金屬棒受到安培力為2F,方向豎直向上，因此整個線框所受安培力大小為3F,方向豎直向上，D

錯誤。

故選A。

6.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷afb的等壓過程，匕fC的等容過程，再由c回到m狀態(tài)。和

狀態(tài)C氣體溫度相同，則（）

fp

A.由af方氣體對外界放出的熱量等于外界對氣體做的功

B.由fc氣體內(nèi)能增大

C.由c-。氣體溫度逐漸降低

D.由cfa外界對氣體做正功

【答案】B

【解析】

【詳解】A.由。一>匕為等壓過程，氣體體積減小，即外界對氣體做功，且

W>0

由公式

匕=11

可知，溫度降低，所以內(nèi)能減少，即

AU<()

由熱力學(xué)第一定律有

\U=W+Q

結(jié)合之前分析可知，氣體放的熱量大于外界對氣體做的功，故A項錯誤;

B.由8fc過程為等容過程，根據(jù)

PL-PI.

工T2

可知，氣體的溫度升高，所以理想氣體的內(nèi)能增加，故B項正確；

C.理想氣體從狀態(tài)c到狀態(tài)a過程，由題意可知及理想氣體狀態(tài)方程可知

PMPM

TaTc

由圖像可知，匕〉匕，所以氣體對外界做功，又因為，T“=T",又因為在P-V圖像中的等溫線是一條

反比例函數(shù)，又。，。兩點在同一條等溫線上，多畫幾條等溫線，可知，離原點越遠的等溫線溫度越高，所

以從c到a溫度先升高后減低，故C項錯誤

D.因為，-丫圖像與坐標軸圍成的面積表示氣體做功的情況，整個過程氣體對外界做的功大于外界對氣

體做的功，所以外界對氣體做負功，故D項錯誤。

故選Bo

7.如圖所示，空間站在圓軌道2上運行，天舟五號飛船在橢圓軌道1上運行，兩軌道相切與P點，。是軌

道1的近地點，若不考慮大氣阻力的影響，則（）

A.天舟五號飛船在軌道1上經(jīng)過P點時的速度大于7.9km/s

B.天舟五號飛船可在進入軌道2后不斷加速追上空間站組合體實現(xiàn)對接

C.天舟五號飛船在軌道1上從Q點向P點運動過程中，重力勢能逐漸增大，機械能保持不變

D.天舟五號飛船在軌道1上尸點受到的萬有引力等于空間站在軌道2上P點受到的萬有引力

【答案】C

【解析】

【詳解】A.根據(jù)

可得

可知軌道半徑越大，運行速度越小，地球表面的運行速度為7.9km/s。天舟五號飛船在軌道2上經(jīng)過P點時

的速度小于7.9km/s。天舟五號飛船在軌道1上經(jīng)過P點時經(jīng)加速才能變軌到軌道2上，天舟五號飛船在軌

道1上經(jīng)過P點時的速度小于7.9km/s。A錯誤;

B.若載人飛船在到達軌道2后不斷加速，則會做離心運動，從而遠離軌道2,不會追上空間站從而不能實

現(xiàn)對接，B錯誤;

C.天舟五號飛船在軌道1上從Q點向P點運動過程中，只有萬有引力做負功，重力勢能逐漸增大，機械能

保持不變。C正確；

D.因天舟五號飛船和空間站的質(zhì)量大小未知，由萬有引力定律得可知無法比較天舟五號飛船在軌道1上P

點受到的萬有引力和空間站在軌道2上P點受到的萬有引力大小關(guān)系。D錯誤。

故選C。

8.合肥工業(yè)大學(xué)科研團隊成功研制出兼具自修復(fù)性和高導(dǎo)電性的彈性導(dǎo)體，其阻值會隨著機械形變而發(fā)生

變化。如圖所示，電壓表和電流表是理想電表，〃、b兩點之間連接一彈性導(dǎo)體。在中間懸掛重物后，下列

說法不正確的是（）

A.彈性導(dǎo)體電阻變大

B.定值電阻R的功率變小

C.電壓表示數(shù)變大

D.彈性導(dǎo)體消耗的功率一定變大

【答案】D

【解析】

【詳解】A.彈性導(dǎo)體受拉力作用，長度變大，截面積減小，則電阻變大，選項A正確；

B.電路電阻變大，則總電流減小，則根據(jù)P=PR可知，定值電阻R的功率變小，選項B正確；

C.電路總電流減小，則電源內(nèi)阻和定值電阻R上的電壓減小，則彈性導(dǎo)體的電壓變大，即電壓表示數(shù)變

大，選項C正確；

D.將定值電阻R等效為電源的內(nèi)阻，則當彈性導(dǎo)體的電阻等于R+r時，彈性導(dǎo)體消耗的功率最大，因不

明確彈性電阻的阻值與R+r的阻值關(guān)系，則當彈性電阻的阻值變大時，其消耗的功率不一定變大，選項D

錯誤.

此題選擇不正確的選項，故選D。

9.云室中存在磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場，一個質(zhì)量為加、速度為v的電中性粒子在A點分裂成帶

等量異號電荷的粒子。和江如圖所示，a、6在磁場中的徑跡是兩條相切的圓弧，半徑之比〃：今,=6:1,

相同時間內(nèi)的徑跡長度之比（：。=3:1,不計重力及粒子間的相互作用力（)

A.粒子a電性為正

B.粒子a、b質(zhì)量之比根%=6:1

C.粒子八6在磁場中做圓周運動的周期之比（：（,=1:2

D.粒子b的動量大小ph=^mv

【答案】D

【解析】

【詳解】A.由圖中軌跡結(jié)合左手定則可知，粒子。電性為負，故A錯誤；

B.相同時間內(nèi)的徑跡長度之比/“：/”=3:1,可知粒子以6的速率之比為

匕：口=小4=3：1

根據(jù)洛倫茲力提供向心力有

2

qvB-m一

可得

mv

r=——

qB

由于粒子〃、5的電荷量大小相等，半徑之比/：〃=6:1,則有

mava-.mhvh=ra-.rh=6:l

聯(lián)立可得

ma:mh=2

故B錯誤；

C.根據(jù)周期表達式

qB

可得粒子4、匕在磁場中做圓周運動的周期之比

"：？=2：1

故C錯誤；

D.根據(jù)動量守恒可得

mv=mava+mhvb

又

“乜：仍此=6：1

聯(lián)立可得粒子b的動量大小為

1

mvmv

Pi,=hb=~

故D正確。

故選D。

10.如圖所示，在光滑絕緣的水平面上固定兩個等量正點電荷A和B,。點為AB連線的中點，C、D為

AB連線上關(guān)于。點對稱的兩個點，且CO=O￡>=L一帶負電的可視為點電荷的小球以初速度vo從C點運

動到。點，取無窮遠處的電勢夕R,以C點為坐標原點，向右為x軸的正方向，下列關(guān)于電勢外電場強

度E、小球的電勢能Ep及動能反隨小球運動的位移x變化的圖像，可能正確的是（）

AXB

?—?——?——?~?

【答案】A

【解析】

【詳解】AC.從C點到。點，電場線方向先向右后向左，則電勢先降低后升高，且電勢都大于零，并關(guān)

于0點對稱。小球帶負電所以小球的電勢能先增大后減小，小球在C、。兩點處的電勢能相同，故A正

確，C錯誤；

D.由于小球的電勢能先增大后減小，在C、。兩點處的電勢能相同，由能量守恒定律得知，動能先減小

后增大，在C、。兩點處的動能相同，故D錯誤；

B.設(shè)AC=BO=r,點電荷A和B的電荷量大小為Q,則當位移為x時，場強為

E=k____k_______

一(r+x)2(r+2￡-x)2

由數(shù)學(xué)知識得知E與x是非線性關(guān)系，圖像是曲線，故B錯誤。

故選Ao

二、非選擇題：共5題，共60分。其中第12題~第15題解答時請寫出必要的文字說明、方程

式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數(shù)值計算時，答案中必須明確寫出數(shù)值

和單位。

11.某同學(xué)通過調(diào)節(jié)手機拍攝功能中的感光度和快門時間，拍攝出質(zhì)量較高的頻閃照片。圖1是該同學(xué)拍

攝的小球自由下落部分運動過程中頻閃照片，用來驗證機械能守恒定律。該同學(xué)以小球釋放點為原點O,

并借助照片背景中的刻度尺測量各時刻的位置坐標為XI、X2、心、松、X5,刻度尺零刻度與原點。對齊。己

知手機連拍頻率為人當?shù)刂亓铀俣葹間,小球質(zhì)量為初。

0=

Ocm-E

噌

2號

下落中的

小球X3

三

一

4-

三

三

鉛垂線

。

三

5-

三

三

K三

6-

TF

圖

(1)如圖2所示，從起點0下降到下X2位置小球的位移大小為cm

(2)關(guān)于實驗裝置和操作，以下說法正確的是；

A.刻度尺應(yīng)固定在豎直平面內(nèi)

B.選擇體積大的小球

C.小球?qū)嶋H下落過程中動能增量大于重力勢能減少量

(3)小球在右位置時的瞬時速度V3=(用題中所給的物理量符號表示)

（4）取小球從。到X4的過程研究，則機械能守恒定律的表達式為（用題中所給物理量的符號

表示）:

（5）該同學(xué)利用測得的數(shù)據(jù)，算出小球經(jīng)過各點的速度u,并作出了如圖3所示的匕-x圖線。測得圖線

2

的斜率上明顯小于g,是由于存在阻力的影響，則小球受到的阻力大小。

FB1=

【答案】①.6.20（6.15625均可）②.A③/⑷-々）④.〃當口）二或

21&

mgx4="礦⑤.mg-mk

8

【解析】

【詳解】（1）[1]由于刻度尺的最小刻度為mm,因此估讀到mm的下一位，從起點。下降到下X2位置小球

的位移大小

X2=62.0mm=6.20cm

（2）[2]A.由于小球做自由落體運動，為了測量小球下落的距離，刻度尺應(yīng)固定在豎直平面內(nèi)，A正確;

B.為了減小空氣阻力，一般選擇體積較小的小球，B錯誤；

C.由于空氣阻力的影響，.小球?qū)嶋H下落過程中動能增量小于重力勢能減少量，C錯誤。

故選Ao

（3）[3]X3位于X2到X4的中間時刻，因此小球在X3位置時的瞬時速度等于從X2到X4的平均速度

匕一2T一2

（4）[4]機械能守恒定律的表達式

mgx4=

而

_f(x5-x3)

"L2

兩邊消去小球的質(zhì)量相，整理得

g%-8

（5）[5]根據(jù)牛頓第二定律

mg-F^-ma

而在匕-X圖像中，斜率上表示小球下落的加速度。的大小，因此小球受到的阻力大小

2

%=mg-mk

12.圖甲為小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機的原理圖，其矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的固定軸

00'勻速轉(zhuǎn)動，線圈的匝數(shù)〃=50、電阻r=l（）Q,線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)與電阻R連接，電阻R=90Q。

在f=0時刻，線圈平面與磁場方向平行，穿過每匝線圈的磁通量①隨時間，按圖乙所示正弦規(guī)律變化。萬

取3.14,求:

（1）交流發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢的最大值;

（2）電阻R的電功率及線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過90°過程中流過電阻R的電荷量。

f/xl0'2s

乙

【答案】⑴200V；(2)180W,2.0X10-2C

【解析】

【詳解】（1）由①一圖像可知

2

7=6.28x10%,<Dm=4.0x10Wb

交流發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢的最大值為

27r

Em=nBS(o=〃①皿=20°V

（2）電動勢有效值為

￡=冬=1000V

電路中電流的有效值為

E

V2A

一R+r

電阻R的電功率為

%=〃R=180W

從圖示位置轉(zhuǎn)過90°過程中流過電阻R的電荷量為

△①

-77--------

A￡AA/A必①2

q7=lAt=-----------Ar=——Ar=-------------^^=2.0X10-C

R+rR+rR+rR+r

13.氫原子的能級圖如圖1所示，大量處于“=4能級的氫原子向基態(tài)躍遷輻射出光子，用這些光子照射如

圖2電路中光電管的陰極金屬K,得到光電流與電壓的關(guān)系如圖3所示，已知陰極金屬的逸出功為Wo,元

電荷數(shù)值為e,普朗克常量為人各能級能量分別為e、及、Es、比……，求：

（1）輻射光子的最大頻率匕“；

（2）電壓為Ui時，光電子到達陽極A處的最大動能Ekm。

〃

040

3

2

圖1圖2圖3

p-p

【答案】（1）（2）Ekm=&-&-網(wǎng)+eU|

h

【解析】

【詳解】U）輻射光子從第4能級向第一能級躍遷時輻射光子的頻率最大，設(shè)該光子的頻率為囁，有

hvm=E4-Et

解得

以一旦

v=------L

mh

（2）氫原子從第4能級向第1能級躍遷時輻射的光子照射金屬K時，逸出光電子的動能最大，設(shè)該最大

初動能為Ek，有

耳=牝「明

心之間加正向電壓，有

叫=耳,“一紇

解得

/=，弓-%+叫

14.如圖所示，平面直角坐標系第二象限充滿沿），軸負方向的勻強電場，在y軸右側(cè)以C（GR,0）點為

圓心、R為半徑的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向外的勻強磁場?，F(xiàn)將帶電量大小為4,質(zhì)量為，”的粒子，從第

3

二象限的S點（-舊R,-R）以速度w沿x軸正方向射入勻強電場，經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后第一次經(jīng)過y軸的坐標

為（0,R）,粒子在磁場中的運動軌跡關(guān)于x軸對稱。帶電粒子重力不計，求：

（1）帶電粒子的電性和勻強電場E的大??；

（2）磁感應(yīng)強度8的大小：

（3）粒子從電場中S點出發(fā)到第二次到達y軸所用的時間。

【答案】（1）正電，七=竺金；（2）B=也｝（3）（2百+?）.

【解析】

【詳解】（1）粒子運動的軌跡如圖；

粒子帶正電，設(shè)電場強度為E,運動時間為A,有

Eq=ma

6R=卬i

解得

2

己=嗎

3qR

(2)速度偏角

vat

tanR八=jy=-\L

匕?%

解得

八TC?

a=一或3()。

6

設(shè)。C連線與X軸負方向的夾角為。2,則

R=6R由優(yōu)

解得

TT

0,=一或30。

6

故粒子恰好沿磁場圓的半徑方向射入磁場，粒子在磁場中，設(shè)軌跡半徑為〃則由幾何關(guān)系可知

r=Rtan0

解得

3

設(shè)粒子離開電場時速度為V,則

「工

cose

v2