2021年廣東省高考物理模擬試卷（二）

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.許多科學(xué)家為物理學(xué)的發(fā)展做出了巨大貢獻(xiàn)，也創(chuàng)造出了許多物理學(xué)方法，如理想實(shí)驗(yàn)法、等

效代換法、控制變量法、微元法、建立物理模型法、放大法等等。以下關(guān)于物理學(xué)史和所用物

理學(xué)方法的敘述不正確的是（）

A.伽利略為了說(shuō)明力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因用了理想實(shí)驗(yàn)法

B.牛頓巧妙地運(yùn)用扭秤測(cè)出引力常量，采用了放大法

C.在探究加速度與力和質(zhì)量關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中采用了控制變量法

D.在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻

速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，其和代表物體的位移，這里采用了微元法

2.如圖所示，裝有彈簧發(fā)射器的小車放在水平地面上，現(xiàn)將彈簧壓縮鎖3/

定后放入小球，再解鎖將小球從靜止斜向上彈射出去，不計(jì)空氣阻力

和一切摩擦。從靜止彈射到小球落地前的過(guò)程中，下列判斷正確的是

（）

A.小球的機(jī)械能守恒，動(dòng)量守恒

B.小球的機(jī)械能守恒，動(dòng)量不守恒

C.小球、彈簧和小車組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，動(dòng)量不守恒

D.小球、彈簧和小車組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，動(dòng)量守恒

3.如圖所示，a、b為某電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)，那么以下結(jié)論正確的是（）

ab

A.把正電荷從a移到b,電場(chǎng)力做負(fù)功，電荷的電勢(shì)能減少

B.把負(fù)電荷從a移到b,電場(chǎng)力做負(fù)功，電荷的電勢(shì)能增加

C.把負(fù)電荷從a移到b,電場(chǎng)力做正功，電荷的電勢(shì)能增加

D.不論正電荷還是負(fù)電荷，從a移到b電勢(shì)能逐漸降低

4.一物體放置在粗糙水平面上，處于靜止?fàn)顟B(tài)，從t=0時(shí)刻起，用j

一水平向右的拉力F作用在物塊上，且F的大小隨時(shí)間從零均勻增

大，則下列關(guān)于物塊的加速度a、摩擦力外、速度。隨F的變化圖象正確的是（）

A.B.

5.如圖所示，質(zhì)量為m的物體以速度"滑上水平傳送帶，傳送帶由電動(dòng)

機(jī)帶動(dòng)，始終保持以速度及勻速運(yùn)動(dòng)，物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因

數(shù)為〃，物體最終能與傳送帶相對(duì)靜止，重力加速度為g,對(duì)于物體從開(kāi)始滑上到相對(duì)傳送帶靜

止這一過(guò)程，下列說(shuō)法不正確的是（）

A.相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為高B.傳送帶對(duì)物體做功蛔

4g2

C.摩擦生熱若D.電動(dòng)機(jī)做功為哈

6.一輛汽車在教練場(chǎng)上沿水平道路行駛，如果在坐標(biāo)系里研究該汽車的運(yùn)

動(dòng)情況如右圖所示：坐標(biāo)軸的物理意義不同，表示物體運(yùn)動(dòng)規(guī)律就不同，

請(qǐng)完成16題、17題、18題。

以橫坐標(biāo)表示運(yùn)動(dòng)物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間3以縱坐標(biāo)表示它運(yùn)動(dòng)的速度/該圖象

描寫了汽車在三段時(shí)間的u-t圖象。以下關(guān)于汽車運(yùn)動(dòng)說(shuō)法正確的是（）

A.汽車在三段時(shí)間運(yùn)動(dòng)的圖象和時(shí)間軸所圍的面積表示汽車在這三段時(shí)間運(yùn)動(dòng)的位移

B.汽車在三段時(shí)間分別做勻速運(yùn)動(dòng)、靜止和勻減速運(yùn)動(dòng)

C.汽車在三段時(shí)間分別做勻速運(yùn)動(dòng)、靜止和勻速運(yùn)動(dòng)

D.汽車運(yùn)動(dòng)的軌跡不在一條直線上

7.一個(gè)不計(jì)重力的帶負(fù)電的粒子，沿圖中箭頭所示方向進(jìn)入磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂

直于紙面向里，則粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡（）

A.為a軌跡

B.為b軌跡

C.為c軌跡

D.不能確定哪一條軌跡

二、多選題（本大題共5小題，共27.0分）

8.如圖所示，理想變壓器的原線圈連接一只理想交流電流表，副線圈

匝數(shù)可以通過(guò)滑動(dòng)觸頭Q來(lái)調(diào)節(jié)，在副線圈兩端連接了定值電阻網(wǎng)

和滑動(dòng)變阻器R，P為滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭。在原線圈上加一電壓

為U的正弦交流電，則（）

A.保持Q的位置不動(dòng)，將P向上滑動(dòng)時(shí)，電流表讀數(shù)變大

B.保持Q的位置不動(dòng)，將P向上滑動(dòng)時(shí)，電流表讀數(shù)變小

C.保持P的位置不動(dòng)，將Q向上滑動(dòng)時(shí)，電流表讀數(shù)變大

D.保持P的位置不動(dòng)，將Q向上滑動(dòng)時(shí)，電流表讀數(shù)變小

9.一行星繞恒星做圓周運(yùn)動(dòng).由天文觀測(cè)可得，其運(yùn)行周期為7,速度為"，引力常量為G,則（）

A.恒星的質(zhì)量為?B.行星的質(zhì)量為空

C.行星運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為巴D.行星運(yùn)動(dòng)的加速度為《

71T

10.一正弦交流電的電壓隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，由圖可知（）

A.該交流電的電壓的有效值為100V

B.該交流電的頻率為0.25Hz

C.該交流電壓瞬時(shí)值的表達(dá)式為"=lOOsin507rt（V）

D.若將該交流電壓加在阻值為1000的電阻兩端，該電阻消耗的功率為50〃

11.下列說(shuō)法中，正確的是（）

A.晶體熔化時(shí)吸收熱量，分子平均動(dòng)能一定增加

B.布朗運(yùn)動(dòng)反映了固體小顆粒內(nèi)分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)

C.熱量可以從低溫物體傳給高溫物體

D.夏天將密閉有空氣的礦泉水瓶放進(jìn)低溫的冰箱中會(huì)變扁，此過(guò)程中瓶?jī)?nèi)空氣內(nèi)能減小，外界

對(duì)其做功

12.如圖所示，半圓柱形玻璃磚的圓心為。.一束復(fù)色光束以入射角i=

30。由玻璃磚內(nèi)射向0點(diǎn)，折射后分為兩束單色光束a、b,其中單色光

束a的折射角恰為r=45。，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.玻璃磚對(duì)單色光b的折射率應(yīng)略小于魚

B.在水中的傳播速度：光束a比光束b大

C.若光束從水中射向空氣，則光束a的臨界角比光束b的臨界角小

D.光束a比光束b更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象

E.在光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，僅將入射光束由a改為b,則條紋間隔變窄

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

13.如圖（a）為“用D/S研究加速度和力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置.某同學(xué)用此裝置驗(yàn)證在質(zhì)量不

變的情況下，加速度與合外力成正比的關(guān)系.

（1）（單選題）改變所掛鉤碼的數(shù)量，多次重復(fù)測(cè)量，得到a-尸關(guān)系圖線，如圖（b）.此圖線的段明顯

偏離直線，造成此誤差的主要原因是

4.小車與軌道之間存在摩擦B.導(dǎo)軌保持了水平狀態(tài)

C.所用小車的質(zhì)量太大。.所掛鉤碼的總質(zhì)量太大

位移傳勒0（期需）仗6傳田同（盤收需）

Q”魅?沙子n

沙桶圖（Q

（2）該同學(xué)分析誤差后，對(duì)實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了如下改進(jìn)：把鉤碼換成沙桶，小車內(nèi)也裝載部分沙子，車的總

質(zhì)量M（包括車、車上傳感器及車內(nèi)沙子質(zhì)量），如圖（c）.從車上取出一些沙子，裝入沙桶中，稱

量并記錄沙桶的總重力mg,將該力視為合外力F,多次重復(fù)測(cè)量，得到a-尸關(guān)系圖線.圖象是

一條過(guò)原點(diǎn)的直線.

①改進(jìn)實(shí)驗(yàn)后的a-F關(guān)系圖線斜率的物理意義是：.

②改進(jìn)實(shí)驗(yàn)后，a-F關(guān)系圖線不再發(fā)生偏離直線現(xiàn)象，請(qǐng)簡(jiǎn)要說(shuō)明理由.

14.太陽(yáng)能是一種清潔、綠色能源.在上海舉辦的2010年世博會(huì)上，大量使用了太陽(yáng)能電池.太陽(yáng)

能電池在有光照時(shí)，可以將光能轉(zhuǎn)化為電能；在沒(méi)有光照時(shí)，可以視為一個(gè)電學(xué)器件.某實(shí)驗(yàn)

小組通過(guò)實(shí)驗(yàn)，探究一個(gè)太陽(yáng)能電池在沒(méi)有光照時(shí)(沒(méi)有儲(chǔ)存電能)的1-U特性.所用的器材包

括：太陽(yáng)能電池，電源E,電流傳感器，電壓傳感器，滑動(dòng)變阻器R,開(kāi)關(guān)S及導(dǎo)線若干.

(1)為了描繪出完整的/-U特性曲線，在圖1中A處接傳感器，8處接傳感器，并將圖

(a)連成完整的實(shí)驗(yàn)電路圖.

(2)該實(shí)驗(yàn)小組根據(jù)實(shí)驗(yàn)得到的數(shù)據(jù)，描點(diǎn)繪出了如圖(b)的/-U圖象，圖中PQ為過(guò)P點(diǎn)的切線.由

圖可知，當(dāng)電壓小于2.00U時(shí)，太陽(yáng)能電池的電阻(選填“很大”或“很小”)；當(dāng)電壓

為2.80V時(shí)，太陽(yáng)能電池的電阻約為Q.

四、計(jì)算題(本大題共4小題，共52.0分)

15.如圖所示，在xOy平面的第一、四象限內(nèi)存在著兩個(gè)大小不同、方向豎直向上的有界勾強(qiáng)電場(chǎng)后2、

x軸和ab為其左右邊界，兩邊界

距離為I=2.4r,在y軸的左側(cè)有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)均勻分布在半徑為r的圓內(nèi)，方向垂直紙面向里，其中。。'

是圓的半徑，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子由ab邊界上的距x軸1.2r處的M點(diǎn)垂宜電場(chǎng)以初速

度發(fā)射入，經(jīng)電場(chǎng)E］、多各偏轉(zhuǎn)一次后垂直y軸上的P點(diǎn)射出，P點(diǎn)坐標(biāo)為(0,0.6r),經(jīng)過(guò)一段時(shí)

間后進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，已知粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是其在磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)周期的四分之一，粒子重力

不計(jì)，求:

(1)電場(chǎng)強(qiáng)度邑和％的大??；

(2)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；

(3)粒子從M點(diǎn)射入到離開(kāi)磁場(chǎng)的總時(shí)間。

16.一個(gè)重力不計(jì)的帶電粒子，以大小為V的速度從坐標(biāo)(04)的a點(diǎn)，平行于支

軸射入磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向外的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，并

從x軸上b點(diǎn)射出磁場(chǎng)，射出速度方向與x軸正方向夾角為60。，如圖所示。

求：

(1)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑；

(2)帶電粒子的比荷

(3)粒子從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的時(shí)間；

(4)其他條件不變，要使該粒子恰從0點(diǎn)射出磁場(chǎng)，粒子入射速度的大小。

17.如圖所示，兩豎直且正對(duì)放置的導(dǎo)熱氣缸底部由細(xì)管道(體積忽略不計(jì))連通,

兩活塞a、b用剛性杠桿相連，可在兩氣缸內(nèi)無(wú)摩擦地移動(dòng)。上下兩活塞(厚H

22

度不計(jì))的橫截面積分別為Si=10cm>S2~20cm,兩活塞總質(zhì)量為M=

5kg,兩氣缸高度均為H=10cm。氣缸內(nèi)封有一定質(zhì)量的理想氣體，系統(tǒng)H

平衡時(shí)活塞a、b到氣缸底的距離均為L(zhǎng)=5cm(圖中未標(biāo)出)，已知大氣壓強(qiáng)

為Po=1.0xlt)5pa,環(huán)境溫度為To=300K,重力加速度g取lOm/s?,求:

(1)若緩慢升高環(huán)境溫度，使活塞緩慢移到一側(cè)氣缸的底部，求此時(shí)環(huán)境溫度;

(2)若保持溫度不變，用豎直向下的力緩慢推活塞6,在活塞b由開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到氣缸底部過(guò)程中，求向下

推力的最大值。

18.(8分)如圖所示，實(shí)線是某時(shí)刻的波形圖像，虛線是0.2s后的波形圖。

(1)若波向左傳播，求波傳播的可能距離;

(2)若波向右傳播，求波的最大周期；

(3)若波速為35m/s,求波的傳播方向.

參考答案及解析

I.答案：B

解析：

根據(jù)物理方法和常識(shí)解答，記住常見(jiàn)的物理學(xué)方法以及著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可。

物理學(xué)的發(fā)展離不開(kāi)科學(xué)的思維方法，要明確各種科學(xué)方法在物理中的應(yīng)用，如控制變量法、理想

實(shí)驗(yàn)、理想化模型、極限思想等

人伽利略為了說(shuō)明力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因用了理想實(shí)驗(yàn)法，故A正確；

員卡文迪許巧妙地運(yùn)用扭秤測(cè)出引力常量，采用了放大法，故B錯(cuò)誤；

C在探究加速度與力和質(zhì)量關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中采用了控制變量法，故C正確；

。.在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻速直

線運(yùn)動(dòng)，然后將各小段的位移相加，其和代表物體的位移，這里采用的是微元法，故。正確。

本題選敘述不正確的，故選8。

2.答案：C

解析：解：AB,從靜止彈射到小球落地前的過(guò)程中，由于彈簧的彈力對(duì)小球做功，小球的機(jī)械能不

守恒。由于小球所受的合外力是重力，不等于零，則其動(dòng)量不守恒，故AB錯(cuò)誤。

C0、小球、彈簧和小車組成的系統(tǒng)，只有重力和彈簧的彈力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒。系統(tǒng)豎直方

向的合外力不為零，所以系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒，故C正確，O錯(cuò)誤。

故選：Co

機(jī)械能守恒的條件是只有重力或彈力做功，分析做功情況，來(lái)判斷小球和系統(tǒng)的機(jī)械能是否守恒。

動(dòng)量守恒的條件是合外力，分析外力情況，判斷動(dòng)量是否守恒。

解決本題的關(guān)鍵是掌握機(jī)械能守恒和動(dòng)量守恒的條件，要注意兩種守恒條件的區(qū)別，不能搞混。

3.答案：B

解析：解：4、正電荷受到電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，所以把正電荷從a移到b,電場(chǎng)力做

正功，電勢(shì)能減小，故A錯(cuò)誤；

8、負(fù)電荷受到電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，把負(fù)電荷從a移到b,電場(chǎng)力做負(fù)功，電荷的電

勢(shì)能增加，故B正確，C錯(cuò)誤；

D、由4B可知，。錯(cuò)誤.

故選：B

根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，判斷ab兩點(diǎn)電勢(shì)的高低，根據(jù)電場(chǎng)力做功正負(fù)判斷電勢(shì)能的大小.

本題考查對(duì)電場(chǎng)線物理意義的理解.電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低.由電場(chǎng)力做功正負(fù)，即可判斷

電勢(shì)能的變化.

4.答案:B

解析：解：由題意可知，拉力F的大小隨時(shí)間從零開(kāi)始均勻增大，則：F=kt,k為常數(shù)，尸與t成正

比；

D、當(dāng)拉力小于等于最大靜摩擦力時(shí)物塊靜止，由平衡條件得：Ff=F,與-F圖象的斜率為45。，

當(dāng)拉力大于最大靜摩擦力后物塊做加速運(yùn)動(dòng)，物塊受到的摩擦力為滑動(dòng)摩擦力，滑動(dòng)摩擦力大小不

隨F變化而變化，。不變，由圖示圖象可知，。錯(cuò)誤；

A、當(dāng)拉力小于等于最大靜摩擦力時(shí)物塊靜止，a=0,當(dāng)拉力大于最大靜摩擦力后物塊做加速運(yùn)動(dòng)：

a=,故A錯(cuò)誤；

mmru

BC、開(kāi)始物塊靜止，v=0,拉力大于最大靜摩擦力后，物塊做加速運(yùn)動(dòng)，。=at=(￡-^g)t=(￡-

〃g)x”捺-扁，故8正確，c錯(cuò)誤;

故選:Bo

當(dāng)拉力小于等于最大靜摩擦力時(shí)物塊靜止，當(dāng)拉力大于最大靜摩擦力后物塊做加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)物塊

的受力情況應(yīng)用牛頓第二定律分析答題。

本題考查了牛頓第二定律的應(yīng)用，知道拉力小于等于最大靜摩擦力時(shí)物體靜止、分析清楚物體的受

力情況與運(yùn)動(dòng)情況是解題的前提，根據(jù)物體受力情況應(yīng)用牛頓第二定律即可解題。

5.答案：D

解析：解：力、物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度為：。=臂=的，則勻加速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：t=

誓,故A正確。

B、由動(dòng)能定理得：傳送帶對(duì)物體做功為：w=-m(2)2--mv2故8正確。

2kV722

C、在物體勻加速運(yùn)動(dòng)的這段時(shí)間內(nèi)，傳送帶的位移為：/=2vt=―,物體的位移為：￡2=當(dāng)々=

2

則兩者相對(duì)位移大小為：△%=/一必=;

則摩擦生熱為：Q=△%=.故C正確。

D、電動(dòng)機(jī)做功為：=Q+(|m(2v)2-|mv2)=2mv2,故。不正確。

本題選不正確的，故選：D

物體在傳送帶上先做勻加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng).由牛頓第二定律求出物體勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度，

由速度公式求相對(duì)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間.由動(dòng)能定理可求傳送帶對(duì)物體做功.由位移公式求出物體與傳送帶

間的相對(duì)位移，從而得到摩擦生熱.電動(dòng)機(jī)做功等于物體增量和摩擦生熱之和.

解決本題的關(guān)鍵知道物體在傳送帶上發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，以及知道能量的轉(zhuǎn)化，知道電動(dòng)

機(jī)做的功等于物體動(dòng)能的增加和摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能之和.

6.答案：A

解析：解：力、根據(jù)u-t圖象與坐標(biāo)軸所圍的面積表示位移，知汽車在三段時(shí)間運(yùn)動(dòng)的圖象和時(shí)間

軸所圍的面積表示汽車在這三段時(shí)間運(yùn)動(dòng)的位移，故4正確。

BC、汽車在三段時(shí)間分別做勻加速運(yùn)動(dòng)、勻速運(yùn)動(dòng)和勻減速運(yùn)動(dòng)，故BC錯(cuò)誤。

￡＞、u-t圖象只能表示直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，知汽車運(yùn)動(dòng)的軌跡在同一條直線上，故O錯(cuò)誤。

故選：4。

v-t圖象與坐標(biāo)軸所圍的面積表示位移，傾斜的直線表示勻變速直線運(yùn)動(dòng)，平行于時(shí)間軸的直線表

示勻速直線運(yùn)動(dòng)。由此分析。

本題要明確速度圖象的斜率表示加速度，面積表示位移，從而理解圖象的物理意義。

7.答案：C

解析：解：由左手定則可知，帶負(fù)電的粒子垂直射入磁場(chǎng)，由左手定則可知，粒子剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)所

受洛倫茲力豎直向下，粒子向下偏轉(zhuǎn)，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡為c,故C正確，錯(cuò)誤。

故選：Co

應(yīng)用左手定則判斷帶電粒子所受洛倫茲力方向，然后判斷粒子運(yùn)動(dòng)軌跡。

本題是對(duì)左手定則的直接的應(yīng)用，掌握好左手定則即可判斷粒子的受力的方向.

8.答案：BC

解析：解：AB,在原、副線圈匝數(shù)比一定的情況下，變壓器的輸出電壓由輸入電壓決定。因此，當(dāng)

Q位置不變時(shí)，輸出電壓不變，此時(shí)P向上滑動(dòng)，負(fù)載電阻值增大，則輸出電流減小，副線圈負(fù)載功

率減小，則原線圈輸入功率也會(huì)減小，故輸入電流減小，則電流表的讀數(shù)變小，故A錯(cuò)誤，8正確；

CD.P位置不變，將Q向上滑動(dòng)，則輸出電壓變大，輸出電流變大，副線圈負(fù)載功率變大，則原線圈

輸入電流也會(huì)變大，則電流表的讀數(shù)變大，故C正確，。錯(cuò)誤；

故選：BC。

本題的關(guān)鍵在于P位置不動(dòng)時(shí)總電阻不變，Q不變時(shí)輸出電壓不變，完全利用變壓器特點(diǎn)進(jìn)行分析。

9答案:AD

解析：解：ABC,根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)得：D=與得行星運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r=?

T27r

行星繞恒星做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，則得：G^-=m-

由①②得恒星的質(zhì)量M=鑒，根據(jù)題意無(wú)法求出行星的質(zhì)量，故A正確，8錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤；

D、行星運(yùn)動(dòng)的向心加速度為：。=藝=紅，故。正確.

rT

故選：AD

先根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)和已知物理量求出行星運(yùn)動(dòng)的軌道半徑.行星繞恒星做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引

力提供向心力，列出等式求出中心體的質(zhì)量.

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，列出等式可求出中心體的質(zhì)量，不能求出環(huán)繞體質(zhì)量.

10.答案：CD

解析：解：4、由圖象可知交流電的最大值為100U,因此其有效值為：U=*=50或V,

所以R消耗的功率為：。=竺空=50皿，故A錯(cuò)誤，。正確；

100

B、由圖可知，7=4x10-2s,故/=25Hz,3=2nf=50rad/s,所以其表達(dá)式為"=100sin(50t)V,

故B錯(cuò)誤，C正確.

故選：CD.

根據(jù)圖象可知交流電的最大值以及周期等物理量，然后進(jìn)一步可求出其瞬時(shí)值的表達(dá)式以及有效值

等.

本題考查了有關(guān)交流電描述的基礎(chǔ)知識(shí)，要根據(jù)交流電圖象正確求解最大值、有效值、周期、頻率、

角速度等物理量，同時(shí)正確書寫交流電的表達(dá)式.

11.答案：C。

解析：解：4、晶體熔化時(shí)吸收熱量，但溫度不變，故分子平均動(dòng)能一定不增加，故A錯(cuò)誤；

B、布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，反映了液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故8錯(cuò)誤；

C、熱量可以從低溫物體傳給高溫物體，但要引起其他的變化，如電冰箱，故C正確；

。、夏天將密閉有空氣的礦泉水瓶放進(jìn)低溫的冰箱中會(huì)變扁，此過(guò)程中瓶?jī)?nèi)空氣的溫度降低，內(nèi)能

減小，故。正確；

故選：CD.

晶體具有固定的熔點(diǎn)；布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)；氣體分子間距較大，

分子間的勢(shì)能可以忽略不計(jì)，故氣體分子的內(nèi)能與溫度成正比.

本題考查了晶體與非晶體、布朗運(yùn)動(dòng)、熱力學(xué)第二定律、溫度的微觀意義等，知識(shí)點(diǎn)多，難度小，

關(guān)鍵是多看書，記住相關(guān)知識(shí)點(diǎn).

12.答案:BDE

解析：解：4、根據(jù)折射率的定義可知a光的折射率：兀0=%=筆=/

由圖知，兩束光的入射角相等，a的折射角小于b的折射角，通過(guò)折射定律可知，玻璃磚對(duì)b光的折

射率大于對(duì)a光的折射率，所以b光的折射率大于近.故A錯(cuò)誤。

B、由于玻璃磚對(duì)b光的折射率大，可知b的頻率大，貝昉對(duì)水的折射率也大，由公式分析知，在

水中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度。故8正確。

C、由于b的折射角大于a的折射角，則使入射角i逐漸變大時(shí)，b光的折射角先達(dá)到90。，發(fā)生全反射

現(xiàn)象，匕的臨界角小，故C錯(cuò)誤。

。、a的頻率小，則波長(zhǎng)大；根據(jù)明顯衍射的條件可知，光束a比光束b更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象。故。正

確；

E、根據(jù)干涉條紋的寬度公式：=可知，在光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，僅將入射光束由a改為b,

條紋間隔變窄。故E正確。

故選：BDE。

根據(jù)偏折程度判斷出玻璃磚對(duì)兩束光的折射率大小，在真空中所有色光的傳播速度都是c。在介質(zhì)中

根據(jù)u=￡分析傳播速度的大小。對(duì)照全反射的條件分析哪束光先發(fā)生全反射；根據(jù)衍射的條件以及

干涉條紋寬度公式分析。

解決本題的關(guān)鍵是通過(guò)光路圖比較出折射率，要知道光速與折射率的關(guān)系，掌握全反射的條件。要

注意在真空中所有光的傳播速度是相同的。

13?答案：以島；

解析：解：（1）圖線力B段基本是一條直線，而B(niǎo)C段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是鉤碼總

質(zhì)量過(guò)大，大于小車的總質(zhì)量，故。正確；

（2）將車內(nèi)的沙子轉(zhuǎn)移到桶中，就保證了M+m不變，即系統(tǒng)的總質(zhì)量不變，研究對(duì)象是整個(gè)系統(tǒng),

。=上=2

M+mM+m

可見(jiàn)a-尸圖象斜率的物理意義是念即系統(tǒng)的總質(zhì)量倒數(shù)（小車、盒子及盒內(nèi)沙子、懸掛的桶以及

桶內(nèi)沙子質(zhì)量之和倒數(shù)）

因?yàn)閷?shí)驗(yàn)的研究對(duì)象是整個(gè)系統(tǒng)，沙桶總質(zhì)量m（包括桶以及桶內(nèi)沙子質(zhì)量）和車總質(zhì)量M（包括車、

車上傳感器及車內(nèi)沙子質(zhì)量）不變，系統(tǒng)受到的合外力就等于mg,所以不需要滿足滿足懸掛的沙桶

總質(zhì)量一定要遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于小車（包括盛沙的盒及盒內(nèi)的砂）的總質(zhì)量，也就不會(huì)出現(xiàn)彎曲現(xiàn)象.

故答案為：（1）。（2）①焉；②研究對(duì)象是整個(gè)系統(tǒng)，沙桶總質(zhì)量m（包括桶以及桶內(nèi)沙子質(zhì)量）和

車總質(zhì)量M（包括車、車上傳感器及車內(nèi)沙子質(zhì)量）不變，系統(tǒng)的合外力就等于所懸掛沙桶的重力?ng,

不必滿足Mm這樣的條件.

（1）當(dāng)鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量時(shí)，小車受到的拉力近似等于鉤碼受到的重力；如果鉤碼質(zhì)量太大,

小車受到的拉力小于鉤碼重力，圖象發(fā)生彎曲.

（2）該實(shí)驗(yàn)研究的對(duì)象為系統(tǒng)，保持系統(tǒng)質(zhì)量不變，沙桶的重力等于系統(tǒng)所受的合力，改變重力即可

改變系統(tǒng)所受的合力，從而可探究加速度與合力的關(guān)系.

解決本題的關(guān)鍵知道該實(shí)驗(yàn)研究的對(duì)象是系統(tǒng)，保證系統(tǒng)質(zhì)量不變，改變合力，可探究加速度和合

力的關(guān)系.保持合力不變，改變系統(tǒng)質(zhì)量，可探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系.

14.答案：電壓；電流；很大；964（965-1040）.

解析：解：（1）、由圖知4處應(yīng)接電壓傳感器；B處應(yīng)接電流傳感器.

故答案為電壓，電流.電路圖如圖.

（2）、由/?=彳知，/-。圖象的斜率倒數(shù)等于電阻，可知電阻很大，且r=

2.8：焉0=9640.故答案為：很大，964（965?1040）.

此實(shí)驗(yàn)可以類比“伏安法”測(cè)電阻的實(shí)驗(yàn)電路.

因太陽(yáng)能電池內(nèi)阻很大，故電流表傳感器應(yīng)用外接法，滑動(dòng)變阻器應(yīng)用分

壓式接法.

15.答案：解：（1）微粒在電

場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)過(guò)程：

設(shè)微粒在Ei中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為

在&中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為《2。

微粒水平方向做勻速直線

運(yùn)動(dòng)，有：

f

I=v0（i+匕）=2.4/?

在豎直方向上做勻變速直

線運(yùn)動(dòng)，則有:

1陪會(huì)

0.6R=［蛙曲

2m

又『「爭(zhēng)2

解得：Q=2t2

1.6/?

0=----

孫

0.87?

12-

孫

代入解得：

15mVo

EL16qR

157n詔

E2~8qR

(2)如圖所示，粒子從H點(diǎn)垂直射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)了3圓周，設(shè)勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，在△HGC中

有：

GC2+HG2=R2；

HG=0.6/?

解得:GC=0.8/?

在ACKF中，有：

(r-0.6R)2+(r-0.8/?)2=R2；

代入數(shù)據(jù)解得：r=1.4/?

由=得：8=舞"

(3)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：￡3==黑

因P點(diǎn)坐標(biāo)為(0,0.6R),所以進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的點(diǎn)的橫坐標(biāo)為R-JR2一(06R)2=0.2/?

從P點(diǎn)到進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中所用的時(shí)間為：14=竽=!

VQbV0

故帶電粒子從M點(diǎn)射入到偏轉(zhuǎn)出磁場(chǎng)的過(guò)程中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為：t=tl+七+t3+t4=

答：(1)電場(chǎng)強(qiáng)度El和好的大小分別為筆萼和空；

lot/noQR

(2)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為史也；

(3)帶電粒子從M點(diǎn)射入到偏轉(zhuǎn)出磁場(chǎng)的過(guò)程中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t是至誓竺。

解析：(1)粒子在左側(cè)的電場(chǎng)中做的是類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向上是勻速運(yùn)動(dòng)，由勻速運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可以

求得粒子的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；對(duì)y軸正負(fù)方向分別根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可以求得電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。

(2)根據(jù)粒子在左側(cè)的電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，求得粒子剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度的大小，粒子在y軸右側(cè)

在磁場(chǎng)中做的是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，畫出軌跡，根據(jù)勻速圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可以求得磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；

(3)粒子在左側(cè)的電場(chǎng)中做的是類平拋運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解時(shí)間。在磁場(chǎng)中，根據(jù)軌跡對(duì)應(yīng)的圓

心角求解時(shí)間，即可求得總時(shí)間。

本題考查帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，要掌握住半徑公式、周期公式，畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡后，

幾何關(guān)系就比較明顯了。

16.答案：解：(1)畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，

由幾何知識(shí)得：Rsin30°+L=R,［；

解得：R=2L；X*

(2)洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：=?

解得：5=會(huì)；

7/1LJ

(3)粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為：T=W=殍,

則粒子從a運(yùn)動(dòng)到b所用的時(shí)間為：t==羋；

(4)要使粒子能從。點(diǎn)射出磁場(chǎng)，則：？=，，

由牛頓第二定律得：qvB=

解得：”=

4

答：(1)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為2L；

(2)帶電粒子的比荷為高；

(3)粒子從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的時(shí)間為警；

(4)其他條件不變，要使該粒子恰從。點(diǎn)射出磁場(chǎng)，粒子入射速度的大小為會(huì)

解析：(1)畫出運(yùn)動(dòng)的軌跡，根據(jù)