2021年高考押題預(yù)測卷02【重慶卷】

物理?全解全析

12345678910

CBDCBDDADADBC

1.

【答案】C

【解析】

畫出帶電粒子運動的可能軌跡

A.如圖，分別是正負(fù)電荷的軌跡，正負(fù)電荷都可能。故A錯誤。

B.如圖，粒子經(jīng)過B的位置時速度方向也斜向上，速度跟在4點時的速度大小相等，方向相同，

速度相同。故B錯誤；

C.根據(jù)軌跡，粒子經(jīng)過邊界心時入射點與出射點間的距離與經(jīng)過邊界乙2時入射點與出射點間的

距離相同，與速度無關(guān)。所以當(dāng)初速度大小稍微增大一點，但保持方向不變，它仍有可能經(jīng)過B

點。故C正確。

D.如圖，設(shè)L與心之間的距離為4則A到8的距離為：

2d

X—■

tan30°

所以，若將帶電粒子在A點時初速度方向改為與七成60。角斜向上，則每次經(jīng)過一個周期前進(jìn)的

距離為

2dx

Xi=——

tan6003

，則經(jīng)過三個周期后經(jīng)過B點。故D錯誤。

故選c。

2.

【答案】B

【解析】

設(shè)副線圈匝數(shù)為小當(dāng)開關(guān)S斷開時，設(shè)變壓器左邊電流為人，電壓為右邊電流為人，電壓

為U；,電源電壓為"ab,電阻阻值均為R,電源電壓

U.10011n

Uab=U1+/湛，u[〃，I；~100；u；=1；RP\=I；R

當(dāng)開關(guān)S閉合時，設(shè)變壓器左邊電流為4,電壓為02,右邊電流為/；,電壓為“；，電源電壓

100n

^2=,,R2A=

Uab=U2+I2RfU「〃，力=，2、至不，/r100,P2=1}R葭石

聯(lián)立解得

〃=50

故B正確，ACD錯誤。

故選Bo

3.

【答案】D

【解析】

A.取物體B為研究對象分析其受力，設(shè)繩與豎直方向夾角為仇則有

1=幽~

F=mgtan3,cos8

。增大，則水平力/隨之變大，拉力T變大，故A錯誤；

BC.未施加力廠時，對物體A進(jìn)行受力分析，物體A受重力、支持力、細(xì)繩的拉力，由于A、B

的質(zhì)量關(guān)系和斜面的傾角未知，故物體A可能不受靜摩擦力，也可能受沿斜面向下的靜摩擦力，

還有可能受沿斜面向上的靜摩擦力，故拉力T變大后，物體A所受靜摩擦力不一定變大，而物體

A所受支持力不變，故斜面體對物體A的作用力也不一定變大，故BC錯誤；

D.對A、B兩物體與斜面體這個整體而言，拉力產(chǎn)方向水平，豎直方向受力不變，斜面體所受地

面的支持力一定不變，故D正確。

故選D?

4.

【答案】C

【解析】

A.氫原子從〃=4能級向低能級躍遷時能輻射6種不同頻率的光子，選項A錯誤；

B.從〃=4到〃=3躍遷輻射出的光子能量

&3=(1.51-0.85)eV=0.66eV<4.54eV

故不能使鴇發(fā)生光電效應(yīng)，選項B錯誤；

C.氫原子輻射一個光子后，能級降低，半徑變小，動能變大，速率增大，選項C錯誤；

D.金屬發(fā)生光電效應(yīng)時，不能同時吸收兩個光子，選項D錯誤。

故選C。

5.

【答案】B

【解析】

小滑塊恰能沿圓弧軌道運動到。點，表明小滑塊能通過軌道的等效最高點，重力與電場力的合力

為

F=(Eq)2+(mg)2=2mg

所以軌道等效最高點為圓心左上60。軌道上，即。點。在等效最高點，有

2

CV

2mp=m一

R

A.從A點到軌道等效最高點，根據(jù)動能定理得

mg(ssin30°-Rcos30°-Rsin30°)+Eq(scos30°—Rsin60°+Rsin30°)=gmv2-0

解得

5=1.5/?

A錯誤；

B.從C到等效最高點，有

1,1,

mg(_R-Rcos60°)+Eq(-Rsin60°)=—mv~--mvc~

在c點，有

2

N—mg=

解得

N=9mg

根據(jù)牛頓第三定律得滑塊對軌道的壓力為9mg,B正確;

C.小滑塊運動到。點的圓上對稱點時，速度最大，有

22

-2mg2R=；mv-gmvm

解得

12<°

->nvm=5mgR

C錯誤；

D.小滑塊從。點拋出后，做類平拋運動，假設(shè)剛好落到8點，則有

21ng-ma,叱=R

則在合力方向上的位移為

y^-at2=LR〈R

22

假設(shè)錯誤，D錯誤。

故選Bo

6.

【答案】D

【解析】

固定木板，根據(jù)能量守恒定律

12

不固定木板，則滿足動量守恒定律

mv{}={M+m)vt

同時也滿足能量守恒定律

/jmgx、=mvl_g(M+m)v；

相對位移大小

根據(jù)

Vo—v2=lax

兩次木塊做減速運動加速度相同，因此第二次達(dá)到共同速度時對地的位移小于第一次對地的位移。

故選Do

7.

【答案】D

【解析】

AC.根據(jù)平拋運動的規(guī)律和幾何關(guān)系可知

解得

設(shè)小球擊中8點時水平拋出的速度為1，在空中運動的時間為心可得

市'=收

解得

可得

%=6

%

也可得小球落到8點時的速度大小為

B.根據(jù)平拋運動規(guī)律，設(shè)小球運動到A點與運動到8點速度與水平面的夾角分別為4與％,可

得

tan"=—=2下）

%

tan6*2=—=—>/3

'環(huán)3

則可知小球分別擊中A點和B點時速度與斜面夾角也不同，故B錯誤;

D.設(shè)若小球以3%的速度射出落到斜面的時間為白，在斜面上到。點的距離為x,可得

\,X

產(chǎn)2=/+，

3%4=可彳

聯(lián)立解得

_—+vnrr

A-2—

故D正確；

故選D。

8.

【答案】AD

【解析】

AB.拋運動水平位移

x=vot

豎直方向做勻變速運動

h=；gF

所以

水平位移x隨拋出速度%函數(shù)圖像斜率

kp=4

kQ=2

所以

區(qū)=1

g。4

第一宇宙速度

Vp_V2

需一彳

A正確；

CD.星球表面的重力加速度

GMG*P

g=/=一

所以

X?oc—

R

所以

Pp_=j_

PQ2

D正確。

故選AD。

9.

【答案】AD

【解析】

ABD.設(shè)滑塊A的質(zhì)量〃?，木板8的質(zhì)量為M,滑塊A與木板8間的動摩擦因數(shù)為〃。由題圖2可

知，當(dāng)F=Fm」ON時，滑塊A與木板B達(dá)到最大共同加速度〃m=lm/s2,根據(jù)牛頓第二定律有

Fm=（M+機）am

解得

A/+m=10kg

當(dāng)廠＞ION時，A與5將發(fā)生相對滑動，對A單獨應(yīng)用牛頓第二定律有

F-/.img=tna

整理得

F

〃=—_4g

m

根據(jù)題圖2解得團=2kg,〃=0.4,則M=8kg,故AD正確，B錯誤；

C.當(dāng)F=12N時;木板8的加速度為

。尸磔=1加

BM

故C錯誤。

故選ADo

10.

【答案】BC

【解析】

A.金屬框進(jìn)入磁場的過程中由于電流恒為

/=2A

則安培力

4=6〃=(8-2x)x2x2N=(32—8x)N

金屬框的重力沿斜面向下的分力為

姓sin30°=20N

當(dāng)進(jìn)入磁場的長度0Wr<L5m時，安培力大于金屬框重力沿斜面向下的分力，拉力方向沿斜面向

下；當(dāng)1.5m<Z2m時，安培力小于金屬框重力沿斜面向下的分力，拉力方向沿斜面向上，故A

錯誤；

B.金屬框進(jìn)入磁場的過程中，所受到的安培力為

FA=(32-8X)N

該圖像所圍成的面積即為安培力所做的功，有

根據(jù)能量守恒，金屬框完全進(jìn)入磁場，所以金屬框進(jìn)入磁場的過程中產(chǎn)生的電熱為

Q=%=48J

故B正確；

C.金屬框完全進(jìn)入磁場時的速度為"，有

=1R

解得

,1R2x4,,,

v==----------；m/s=1m/s

B'L(8-2x2)x2

金屬框進(jìn)入磁場的過程中，根據(jù)功能關(guān)系可得

o1,21,2

WF-Q+MgLsin30=-Mi/--Mv

解得平行斜面方向的力尸做功

W=9.5J

故C正確；

D.若金屬框剛完全進(jìn)入磁場后立即撤去力F,如果金屬框?qū)㈤_始做勻加速直線運動，則電流強度

發(fā)生變化、安培力發(fā)生變化、加速度發(fā)生變化，故不可能出現(xiàn)勻加速運動的情況，故D錯誤。

故選BCo

11.

(a+%)?

【答案】10.55一")?大于

【解析】

(I)游標(biāo)卡尺的示數(shù)為

d=10mm+11x0.05mm=10.55mm

(2)物塊b到光電門的速度為

d

v=-

從釋放到物塊b運動到光電門的過程中，物塊a、b組成的系統(tǒng)機械能守恒，則有

12

叫g(shù)h-mhgh=-(n1a+mh^

聯(lián)立解得

(砥+砥)加2

2〃產(chǎn)(乙一/弭)

(3)由(2)可知

九=(也+")屋)1

2

2g(ma-/n/))t

即

故選C。

(4)設(shè)擋光片的質(zhì)量為相，則測得的重力加速度為

22

_(mu+mh+m')d

"1hr{ma-mh-m)

忽略擋光片的質(zhì)量而測得的重力加速度為

g22

2ht(ma-mh)

則有

mh+mh+mma+mh〉ma+mh

mh-mh-mma-mh-mma-mh

故有

〉g2

12.

【答案】0.184(讀數(shù)范圍0.183-0.185)A0~3V0-0.6A不變

【解析】

(1)金屬絲直徑

d=0+18.4x0.01mm=0.184mm

(2)實驗中，為了使金屬絲兩端電壓調(diào)節(jié)范圍更大，應(yīng)選用分壓式電路供電；并且，為了使測量

結(jié)果盡量準(zhǔn)確，金屬絲的小電阻，故應(yīng)該采用電流表外接的方法測量。

故選Ao

(3)由于電源的電動勢約為3V,故電壓表的量程選擇0?3V；而電阻約為5Q,電路中的電流不

會超過0.6A,故電流表的量程選擇0?0.6A；

(4)因為滑動變阻器的兩端電壓為

U=E-(RA+Rf[+r)I

所以

△U=[E-(&+R井+r)/[-[E-(&+R井+/兒]=的+氏井+小加

故

△U

=RA+R井+「

其大小是不變的。

13.

22

Q)a=5m/s=lm/s⑵=9m/s⑶f=(2+3圓

【答案】A

【解析】

(1)對B根據(jù)牛頓第二定律，有

〃2，/g=mBaB

代入數(shù)據(jù)解得

2

aB=lm/s

對A根據(jù)牛頓第二定律，有

/加從(啊+啊)

代入數(shù)據(jù)解得

2

aA=5m/s

(2)設(shè)AB從開始運動到達(dá)到共速時間為八

根據(jù)勻變速直線運動速度公式

對A

V共=以-4乩

對B

口共=明

這個過程中B相對A運動的位移

,11

L=VAft2~^aBt\2

代入數(shù)據(jù)解得

vA-9m/s

(3)當(dāng)C與A碰撞后A速度為眩=9m/s時，B剛好能與A左端擋板碰撞

因為C右側(cè)面材料可調(diào)，當(dāng)&C發(fā)生彈性碰撞時，有C與A碰撞前C速度的最小值

根據(jù)動量守恒定律

加洛=叫％+加以

根據(jù)機械能守恒定律

121212

~mcv\=-^c+萬根/人

代入數(shù)據(jù)解得

V1=9m/s

對c：從r=0時刻開始，當(dāng)”＞從用那時，C才能運動，由圖知

F=2t

即C在力F作用2s后才能運動

根據(jù)動量定理

F(t-2)~〃即eg。-2)=-0

根據(jù)圖像有

2

代入數(shù)據(jù)解得

1=(2+3瓜

14.

E2U2*mU(_3兀L/m丁_兀mL

【答案】(1)一L；⑵工Xe,8\eU.(3)Inxy/lemU(〃=],2,3,...)

【解析】

(1)在加速電場中，從P點到。點由動能定理得

eU

解得可得

電子從。點到M點做類平拋運動，x軸方向做勻速直線運動:

y軸方向做勻加速直線運動

一二一X—t

22m

由以上各式解得電場強度

E與

L

(2)電子運動至M點時:

VM=片+(絲=五%

m

設(shè)VM的方向與X軸的夾角為仇

cos0=—=

VM2

解得匕45。，電子從M點到A點，做R=L的勻速圓周運動,

洛倫茲力提供向心力

(3)在磁場變化的半個周期內(nèi)，粒子的偏轉(zhuǎn)角為90。，根據(jù)幾何知識，電子在x軸方向上的位移

等于軌道半徑2R,即

2GR'=2L

電子在磁場中的運動具有周期性，電子到達(dá)N點且速度符合要求的空間條件為：

2n=2L(〃=1,2,3,....)

在磁場中做圓周運動的軌道半徑

R，=3

eB°

解得

_271xyjlemU

綜=~

eL(n=l,2,3,...)

電子在磁場變化的半個周期內(nèi)恰好轉(zhuǎn)過“圓周，同時在MN間的運動時間是磁場變化周期的整數(shù)

倍時，可使粒子到達(dá)N點且速度滿足題設(shè)要求，

應(yīng)滿足的時間條件是

又

-27un

T=

o-eBr(,-

解得

1_兀mL

Inx^lemU(/1=1,2,3,...)

15.[選修3-3]

(1)

【答案】C

【解析】

V

A.由于氣體分子間距離很大，"人表示每個氣體分子占據(jù)的空間體積，而非分子自身體積，故A

錯誤；

B.毛細(xì)現(xiàn)象有兩種，浸潤液體液面上升，不浸潤液體液面下降，故B錯誤；

C.如果物質(zhì)內(nèi)部微觀結(jié)構(gòu)發(fā)生改變，晶體可以變成非晶體，比如：天然水晶是晶體，但加熱熔化

再凝固形成的石英玻璃是非晶體，故C正確；

D.某氣體溫度升高，分子的平均動能增大，并非是每個分子的動能都增大，故不是每個分子撞擊

器壁的作用力都增大，故D錯誤。

故選C。

(2)

P1

—?！狝°)

【答案】(1)4,4.(2)見解析

【解析】

(1)初始體積為丫，壓強為P。，溫度為"，在拉起吸盤過程中溫度不變，根據(jù)波意耳定律

p(y=Pi

解得

Po

p^4

鎖扣拉動前后氣體質(zhì)量沒發(fā)生變化，所以

Vp0=4Vp

所以

1

p=%p。

(2)當(dāng)溫度升高，吸盤內(nèi)氣體體積不變，由

pV=nRT

得，壓強增大，內(nèi)外壓強差減小，所以吸盤與墻之間的壓力減小，允許懸掛重物的最大質(zhì)量減小。

16」選修3-4]

(1)

【答案】C

【解析】

A.作簡諧運動的物體每