20202021學年度第二學期期末聯(lián)考卷高二年級物理注意事項：1．答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息；2．請將答案正確填寫在答題卡上；3.考試范圍：高考范圍；考試時間：90分鐘；命題人：鑄魂尖子生第I卷（選擇題共36分）單選題(本大題共12小題，每小題3分，共36分。在每小題給出的四個選項中，第1~8題只有一項符合題目要求，第9~12題有多個選項符合要求，選對但不全得2分，選錯得0分)1．一個質量為2kg的物體，在5個共點力作用下保持平衡，大小分別為2N、5N、9N、10N、15N，現(xiàn)撤消大小為10N的力，其余的力保持不變，此時該物體的加速度大小是()A．2m/s2B．13m/s2C．12m/s2D．5m/s22．如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對金屬板，R1為光敏電阻（光敏電阻阻值隨光照強度增強而減?。擱2的滑動觸頭P在a端時，閉合開關S，此時電流表A和電壓表V的示數(shù)分別為I和U．以下說法正確的是A．若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I不變，U增大B．若僅增大A、B板間距離，則電容器所帶電荷量不變C．若僅用更強的光照射R1，則I增大，U增大，電容器所帶電荷量增加D．若僅用更強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變3．如圖所示，A是靜止在赤道上隨地球自轉的物體，B、C是同在赤道平面內的兩顆人造衛(wèi)星，B位于離地高度等于地球半徑的圓形軌道上，C是地球同步衛(wèi)星．則下列關系正確的是()A．物體A隨地球自轉的角速度大于衛(wèi)星B的角速度B．衛(wèi)星B的線速度小于衛(wèi)星C的線速度C．物體A隨地球自轉的向心加速度小于衛(wèi)星C的向心加速度D．物體A隨地球自轉的周期大于衛(wèi)星C的周期4．1934年，約里奧﹣居里夫婦用α粒子轟擊鋁箔，首次產生了人工放射性同位素X，反應方程為He+Al→X+n。X會衰變成原子核Y，衰變方程為X→Y+e。則（）A．X的質量數(shù)與Y的質量數(shù)相等 B．X的電荷數(shù)比Y的電荷數(shù)少1C．X的電荷數(shù)比Al的電荷數(shù)多1 D．X的質量數(shù)與Al的質量數(shù)相等5．物體沿一直線運動，下列說法正確的是（）A．物體在某時刻的速度為3m/s，則在含有這時刻的1s內物體一定走3mB．物體在某1s內的平均速度為3m/s，則在這1s內物體的位移一定為3mC．物體在某段時間內平均速度為3m/s，則這段時間內的任意1s位移都為3mD．物體在t1時刻的速度為2m/s，在t2時刻的速度為4m/s，則在t1~t2的平均速度為3m/s6．前不久，中印邊界發(fā)生了一次雙方軍隊互相斗毆的接觸事件，其中有一個我軍邊防戰(zhàn)士跳起來，一腳踹翻印軍士兵的精彩視頻廣泛傳播，如果其起跳的最大高度堪比運動員，請根據(jù)體育和生活常識估算該英勇戰(zhàn)士起跳瞬間消耗的能量是最接近于A．10JB．1000JC．10000JD．1J7．如圖所示，物體靜止在光滑水平面上，力作用于物體上的點，現(xiàn)要使物體受到由指向方向的合力（與都在同一平面內，與間夾角為）。那么，必須同時再加一個力，這個力的最小值是（）A． B． C． D．8．如圖所示，質量相同的兩小球A、B各用輕繩系于O點，OA長度大于OB長度。當光滑圓錐筒繞豎直對稱軸OO′以一定角速度勻速轉動時，兩小球也隨著轉動，且始終在圓錐筒的表面上并與圓錐筒保持相對靜止。下列判斷正確的是A．OA和OB繩子上的張力相等B．兩小球做圓周運動的向心力相等C．逐漸減小轉筒的角速度，兩球對圓錐筒的壓力逐漸減小D．逐漸增大轉筒的角速度，圓錐筒對A球的支持力先變?yōu)榱?．在下列各圖中，分別標出了磁場B的方向，電流I的方向和導線所受安培力F的方向，其中正確的是（）A． B．C． D．10．如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為5∶1，原線圈接交流電源和交流電壓表，副線圈通過電阻值為R的導線與熱水器、抽油煙機連接.已知副線圈兩端的電壓與時間的關系如圖乙所示.下列說法正確的是（）A．熱水器上交流電的頻率為B．電壓表示數(shù)為C．閉合開關S接通抽油煙機，電阻值為R的導線發(fā)熱功率將減小D．閉合開關S接通抽油煙機，變壓器原線圈的輸入功率將增大11．如圖，平行板電容器AB與直流電源（內阻不計）連接，其中A板與電源的負極相連，以C表示電容器的電容、Q表示電容器的電量、E表示兩板間的場強大小、UBA表示兩板間的電勢差?，F(xiàn)將平行板電容器的上極板A板豎直向上移動一小段距離x0過程中，以上的物理量與上極板移動距離x的關系圖象中正確的是（）A． B．C． D．12．如圖甲所示，在磁場中有一長方形硬質導線框abcd，線框平面與磁場垂直。ab邊所受安培力F隨時間t的變化關系如圖乙所示，以向右為正方向。垂直紙面向里為磁感應強度B的正方向，則B隨時間t的變化關系可能是（）B．C． D．第II卷（非選擇題共64分）二、實驗題(本大題共有2小題，共15分。第13題6分，第14題9分。)13．某研究性學習小組利用圖示裝置驗證機械能守恒定律,P1處與P2處的光電門間的高度差為h．直徑為d的小球從圖示位置由靜止釋放后依次通過P1、P2光電門．重力加速度大小為g．（1）若小球中心通過P1、P2光電門時遮光時間分別為t1、t2,則小球通過P1、P2光電門時的速度大小分別為__________、__________．（2）若該實驗中等式gh=__________成立,即可驗證機械能守恒定律．（3）實驗室可提供的小球有木球和鐵球,為了盡可能或小測量誤差,下列做法正確的是（_______）(填對應的字母序號)A．釋放小球時,只要P1、P2處光電門在同豎直線上即可B．選用鐵球,且釋放鐵球時盡可能讓其球心與兩個光電門在同一豎直線上C．選用木球,且釋放木球時盡可能讓其球心與兩個光電門在同一豎直線上14．某同學為了測量某一節(jié)干電池的電動勢和內阻，實驗室準備了下列器材：A．待測干電池E（電動勢約為，內阻約為1Ω）B．電流表G（滿偏電流，內阻為100Ω）C．電流表A（量程0～，內阻約為1Ω）D．滑動變阻器R1（0～10Ω，額定電流為2A）E．滑動變阻器R2（0～1kΩ，額定電流為1A）F．定值電阻R0（阻值為900Ω）G．開關一個，導線若干為了能比較準確地進行測量，同時還要考慮操作的方便，某同學利用器材B、F組成電壓表并設計電路原理圖。根據(jù)要求回答下列問題（1）實驗中滑動變阻器應選______。（2）根據(jù)題意在如圖中畫出符合該同學該實驗要求的電路圖_______。（3）如圖所示，是該同學根據(jù)正確的實驗得到的數(shù)據(jù)作出的圖線，其中，縱坐標I1為電流表G的示數(shù)，橫坐標I2為電流表A的示數(shù)，由圖可知，被測干電池的電動勢為_________V，內電阻為______Ω（結果均保留2位有效數(shù)字）三、解答題(本大題共3個小題，共37分。第15題10分，第16題12分，第17題15分。)15．2010年冰島火山噴發(fā)，火山灰塵給歐洲人民的生活帶來了很大的影響，假設一灰塵顆粒開始以4m/s2的加速度從地面豎直上升，10s末，忽然失去所有向上的推動力，灰塵顆粒只在重力作用下運動，g取10m/s2．則：(1)該顆粒最高可上升到距地面多高處？(2)該顆粒失去推動力后經多長時間落回地面？（根號保留）16．實驗小組想要探究電磁剎車的效果，在遙控小車底面安裝寬為、長為的10匝矩形線框abcd，總電阻為R＝2Ω，面積可認為與小車底面相同，其平面與水平地面平行，如圖為簡化的俯視圖。小車總質量為m＝。小車在磁場外以恒定的功率做直線運動，受到地面阻力恒為f＝，進入磁場前已達到最大速度v＝5m/s。車頭（ab邊）剛要進入磁場時立即撤去牽引力，車尾（cd邊）剛出磁場時速度恰好為零。已知有界磁場寬度為，磁感應強度為B＝，方向豎直向下。求：（1）進入磁場前小車所受牽引力的功率P；（2）車頭剛進入磁場時，小車加速度a的大??；（3）電磁剎車過程中產生的焦耳熱Q。17．如圖甲所示，真空中的電極K連續(xù)不斷地發(fā)出電子（電子的初速度可忽略不計），經電壓為U0的電場加速，加速電壓U0隨時間t變化的圖像如圖乙所示．每個電子通過加速電場的過程時間極短，可認為該過程加速電壓不變．電子被加速后由小孔S穿出，沿兩個彼此靠近且正對的水平金屬板A、B間中軸線，從左邊緣射入A、B兩板間的偏轉電場，A、B兩板長均為L=0．20m，兩板之間距離d=0．050m，A板的電勢比B板的電勢高U．A、B板右側邊緣到豎直放置的熒光屏P（面積足夠大）之間的距離b=0．10m．熒光屏的中心點O與A、B板的中心軸線在同一水平直線上，不計電子之間的相互作用力及其所受的重力．求：（1）假設電子能射出偏轉電場，從偏轉電場右端射出時，它在垂直于兩板方向的偏轉位移y為多少（用U0、U、L、d表示）；（2）要使電子都打不到熒光屏上，A、B兩板間所加電壓U應滿足什么條件；（3）當A、B板間所加電壓U=50V時，電子打在熒光屏上距離中心點O多遠的范圍內．四、選修（本題共12分，選修33）18．如圖所示為粗細均勻、A端封閉的L形玻璃管，AB、BC段的長均為d，AB段水平，BC段豎直，AB段管內有一段長為的水銀柱，水銀柱在玻璃管內封閉一段長為的空氣柱，水銀的密度為，重力加速度為g，現(xiàn)將玻璃管繞B點在豎直面內緩慢地沿順時針轉過90°，結果AB段玻璃管中的水銀柱長還有，大氣的溫度恒為T0。（1）求大氣壓強的大?。海?）若不轉動玻璃管，而是給封閉氣體加熱，使水銀剛好不從C點流出，則封閉氣體的溫度需要上升為多少？參考答案1．D【詳解】若撤去其中大小為10N的力，剩余的力的合力與撤去的力等值、反向，所以物體受到的合力為10N，則物體的加速度：，故選D．2．D【詳解】A．若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，R2所在支路有電容器，是被斷路的，則I、U均保持不變；故A錯誤。B．根據(jù)：因電容器兩端電壓U不變，若僅增大A、B板間距離，則電容器所帶電荷量減少；故B錯誤.C．若僅用更強的光照射R1，電阻隨光照強度的增大而減小，根據(jù)“串反并同”法可知，I增大，U應當減??；電容器兩端的電壓減小，電荷量減?。还蔆錯誤。D．U的變化量的絕對值與I的變化量的絕對值表示電源的內電阻，是不變的；故D正確。3．C【詳解】A．C為同步衛(wèi)星，即角速度和地球自轉角速度相同，離地高到大于地球半徑，根據(jù)公式可得即，A錯誤；B．根據(jù)公式可得即運動半徑越大，衛(wèi)星的線速度越小，故，B錯誤；C．根據(jù)公式，可得物體A隨地球自轉的向心加速度小于衛(wèi)星C的向心加速度，C正確；D．C是同步衛(wèi)星，和地球自轉周期相同，D錯誤．4．A【詳解】設X的質量數(shù)為M，電荷數(shù)為A，根據(jù)核反應中質量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知解得，設Y的質量數(shù)為M′，電荷數(shù)為A′，根據(jù)核反應中質量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知解得，A．X的質量數(shù)與Y的質量數(shù)相等，都是30，故A正確；B．X的電荷數(shù)比Y的電荷數(shù)多1，故B錯誤；C．X的電荷數(shù)為15，比鋁的電荷數(shù)13多2，故C錯誤；D．X的質量數(shù)為30，和鋁的質量數(shù)27不相等，故D錯誤。故選A。5．B【解析】【詳解】A．物體在某時刻的速度為3m/s，不代表在一段時間內速度都是這個值，后以時刻也可能靜止，故無法確定1s內的位移。故A錯誤。B．物體在某1s內的平均速度為3m/s，由此s=vt，可知，這1s內物體的位移一定為3m。故B正確。C．物體在某段時間內平均速度為3m/s，但在其中的一秒也可能靜止，故這段時間內的任意1s位移并不都為3m。故C錯誤。D．勻變速直線運動平均速度等于初末速度之和的一半，但非勻變速運動沒有這個規(guī)律，故物體在t1時刻的速度為2m/s，在t2時刻的速度為4m/s，則在t1～t2的平均速度不一定就是3m/s。故D錯誤。6．B【解析】戰(zhàn)士的質量約75kg，其受到的重力G=mg=75×10N=750N，跳起的高度h=1m，水平位移x=2m，則在豎直方向上，運動時間，水平方向上：，合速度，動能，故，與1000J最接近，故B正確，ACD錯誤；故選B。7．B【詳解】當力F1與OO′方向垂直時，力F1最小，最小力故選B。8．D【詳解】AB．由題意知兩球均做勻速圓周運動，根據(jù)合力提供向心力可得F合＝F向＝mrω2由于ω、m相同，而A做勻速圓周運動的半徑較大，所以A受到的向心力較大，設圓錐筒過頂點的縱截面的頂角為2α，對于A球，將A球的向心加速度沿OA方向和垂直于OA方向分解，沿OA方向：TA－mgcosα＝mrAω2·sinα可得：TA＝mgcosα＋mrAω2·sinα同理可得：TB＝mgcosα＋mrBω2·sinα因為rA＞rB，所以OA繩上的張力大于OB繩上的張力，故AB錯誤；CD．在垂直O(jiān)A方向上：對A球有：mgsinα－NA＝mrAω2·cosα得：NA＝mgsinα－mrAω2·cosα同理可得：NB＝mgsinα－mrBω2·cosα故逐漸增大轉筒的角速度，圓錐筒對A球的支持力先變?yōu)榱?，根?jù)牛頓第三定律，逐漸減小轉筒的角速度，兩球對圓錐筒的壓力逐漸增大，故C錯誤，D正確。故選D。9．BC【解析】【詳解】A圖中安培力方向應垂直磁場向下，故A錯誤；B圖中安培力方向應水平向左，故B正確；C圖中安培力方向應垂著電流方向向左，故C正確；D圖中由于磁場和電流方向共線，不受安培力作用，故D錯誤；10．AD【詳解】A．因交流電的頻率為則熱水器上交流電的頻率也為，故A正確；B．副線圈上的電壓按圖乙所示規(guī)律變化，由圖像得副線圈上的電壓有效值理想變壓器電壓與匝數(shù)成正比，所以則電壓表示數(shù)為，故B錯誤；C．副線圈電阻減小，電流增大，電阻值為R的導線發(fā)熱功率將增大，故C錯誤；D．接通開關，電流增大，副線圈消耗的功率增大，輸入功率等于輸出功率，變壓器的輸入功率增大，故D正確。故選AD。11．AD【詳解】A．電容器與電源相接時，電容器兩極板間的電勢差保持不變，所以A正確；B．根據(jù)電容器的決定公式有，電容器的上極板A板豎直向上移動一小段距離x0過程中，d越來越大，電容C越來越小，但它們不是線性關系，所以B錯誤；C．根據(jù)電容器的定義公式有，電壓不變，電容減小，電荷量也是減小的，所以C錯誤；D．根據(jù)場強公式，場強與兩極板間距離成反比，所以D正確；故選AD。12．ABC【詳解】A．在時間內，磁感強度是正在向外的減小，產生的感應電流方向為逆時針方向，通過ab的電流方向是從a到b，根據(jù)左手頂則可以判斷安培力方向水平向左，且大小逐漸減小，從時間內感應電流方向不變，大小也不變，但是磁感應強度變大，所以受到的安培力方向變?yōu)樗较蛴遥笮≈饾u變大，下一個周期重復這樣的變化，故A正確；B．在時間內磁感應強度同A圖的一樣，所以受力情況也一樣，在時間內電流方向與前面的二分之一周期內的相反了，相應的安培力大小也是逐漸增大，方向也是水平向右，故B正確；C．在時間內，磁感強度是正在向里的減小，產生的感應電流方向為順時針方向，通過ab的電流方向是從b到a，根據(jù)左手頂則可以判斷安培力方向水平向左，且大小逐漸減小，從時間內感應電流方向不變，大小也不變，但是磁感應強度變大，所以受到的安培力方向變?yōu)樗较蛴?，大小逐漸變大，下一個周期重復這樣的變化，故C正確；D．D圖中B的變化情況和B圖中的正好相反，所以這兩種情況中ab邊受到的安培力的情況和B圖中的情況正好相反，故D錯誤。故選ABC。13．(1)(2)(3)B【詳解】（1）小球通過P1、P2光電門時的速度大小分別為、．（2）要驗證的關系是：，即，若該實驗中等式成立，即可驗證機械能守恒定律．（3）實驗時要選用密度較大的鐵球相對阻力較小，且釋放鐵球時盡可能讓其球心與兩個光電門在同一豎直線上，以減小實驗的誤差，故選B.【點睛】此題關鍵是要搞清用光電計時器測量速度的原理，明確瞬時速度的測量方法，即用極短時間內的平均速度表示瞬時速度，知道要驗證的能量關系．14．D1.40.67【詳解】（1）[1]電源電動勢為較小，電源的內阻較小，為多次幾組實驗數(shù)據(jù)，方便實驗操作，應選最大阻值較小的滑動變阻器，因此滑動變阻器應選D。（2）[2]上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，將電流表G與定值電阻R0串聯(lián)，改裝成電壓表，用電流表A測電路電流，滑動變阻器R1串聯(lián)接入電路，實驗電路圖如圖所示（2）[3]根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)的知識得電源兩端電壓為根據(jù)圖像與縱軸的交點得電動勢為[4]圖像斜率解得15．(1)；(2)【詳解】(1)向上加速階段有：失去向上的推動力時，灰塵顆粒的速度大小為：此后，灰塵顆粒做豎直上拋運動．豎直上拋上升階段有：所以此顆粒距地面最大高度為：(2)灰塵顆粒做豎直上拋運動．豎直上拋上升階段有：自由下落階段：解得：顆粒從失去推動力到落地的總時間為：