鹽山中學(xué)考前保溫訓(xùn)練物理試題一、單項(xiàng)選擇題（每題只有一個(gè)正確選項(xiàng)，每題4分，共28分。）1.如圖，為研究光電效應(yīng)的裝置，金屬板K所用材料為鋁，已知鋁的逸出功，以下分析正確的是A.只要照射時(shí)間長一些，入射光光子能量小于時(shí)，也能發(fā)生光電效應(yīng)B.若入射光光子能量大于逸出功，即使光的強(qiáng)度很弱，也能發(fā)生光電效應(yīng)C.發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，遏止電壓與入射光的頻率成正比D.研究飽和光電流和遏止電壓時(shí)，電源的極性相同【答案】B【解析】【詳解】AB．能否發(fā)生光電效應(yīng)不取決于光的強(qiáng)度，而取決于光的頻率，若入射光光子能量大于逸出功則能發(fā)生光電效應(yīng)，若小于則不能。發(fā)生光電效應(yīng)后，光強(qiáng)的大小影響光電流的大小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；C．由光電效應(yīng)方程的遏止電壓與入射光的頻率為一次函數(shù)關(guān)系，不是成正比，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．研究飽和光電流時(shí)A板為收集電子的板，光電管中的電場(chǎng)方向?yàn)榘?，研究遏制電壓時(shí)電場(chǎng)阻礙電子運(yùn)動(dòng)，光電管中的電場(chǎng)方向?yàn)榘寮囱芯匡柡凸怆娏骱投糁闺妷簳r(shí)，電源的極性相反，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖所示四幅圖為物體做直線運(yùn)動(dòng)的圖像，下列說法正確的是（

）A.甲圖中，物體在這段時(shí)間內(nèi)的位移小于B.乙圖中，物體的加速度為2m/s2C.丙圖中，陰影面積表示t1~t2時(shí)間內(nèi)物體的加速度變化量D.丁圖中，t=3s時(shí)物體的速度為25m/s【答案】D【解析】【詳解】A．若物體做初速度為0、末速度為v0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其位移為，根據(jù)圖像與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，可知，該物體的位移大于勻加速直線運(yùn)動(dòng)的位移，故A錯(cuò)誤；B．由圖得，根據(jù)公式則得加速度大小故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)，可知丙圖像中，陰影面積表示t1到t2時(shí)間內(nèi)物體的速度變化量，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)得丁圖圖像可寫成對(duì)比可得，則時(shí)物體的速度為故D正確。故選D。3.如圖所示，一束平行光經(jīng)玻璃三棱鏡折射后分解為a、b兩種單色光。則下列說法正確的是（）A.在真空中傳播時(shí)，a光的速度大B.從玻璃射向空氣時(shí)，b光發(fā)生全反射的臨界角小C.經(jīng)過同一雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置時(shí)，觀察到a光的相鄰亮條紋間距大D.若b光能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則a光也一定能發(fā)生光電效應(yīng)【答案】D【解析】【詳解】A．真空中傳播時(shí)，各種顏色光的光速均相同，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)光路圖可知光偏折程度小，所以光折射率小，根據(jù)全反射定律可知光發(fā)生全反射的臨界角大，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)光路圖可知光折射率大，所以頻率大，波長短，根據(jù)可知，經(jīng)過同一雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置時(shí)，觀察到a光的相鄰亮條紋間距小，C錯(cuò)誤；D．光的頻率大于光，根據(jù)可知光的光子能量大于光，所以若b光能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則a光也一定能發(fā)生光電效應(yīng)，D正確。故選D。4.如圖所示，一只氣球在風(fēng)中處于靜止?fàn)顟B(tài)，風(fēng)對(duì)氣球的作用力水平向右．細(xì)繩與豎直方向的夾角為α，繩的拉力為T，則風(fēng)對(duì)氣球作用力的大小為A. B. C.Tsinα D.Tcosα【答案】C【解析】【詳解】對(duì)氣球受力分析，由水平方向平衡條件可得：，故C正確．5.一著陸器經(jīng)過多次變軌后登陸火星的軌跡變化如圖所示，著陸器先在軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過P點(diǎn)啟動(dòng)變軌發(fā)動(dòng)機(jī)然后切換到圓軌道Ⅱ上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過一段時(shí)間后，再次經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)啟動(dòng)變軌發(fā)動(dòng)機(jī)切換到橢圓軌道Ⅲ上運(yùn)動(dòng)。軌道上的P、Q、S三點(diǎn)與火星中心位于同一直線上，P、Q兩點(diǎn)分別是橢圓軌道的遠(yuǎn)火星點(diǎn)和近火星點(diǎn)，且PQ=2QS=2l。除了變軌瞬間，著陸器在軌道上運(yùn)行時(shí)均處于無動(dòng)力航行狀態(tài)。著陸器在軌道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ上經(jīng)過P點(diǎn)的速度分別為v1、v2、v3，下列說法正確的是（）A.v1<v2<v3B.著陸器在軌道III上從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程中速率變大C.著陸器在軌道Ⅲ上運(yùn)動(dòng)時(shí)，經(jīng)過P點(diǎn)的加速度為D.著陸器在軌道Ⅱ上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到S點(diǎn)，與著陸器在軌道Ⅲ上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的時(shí)間之比為9:4【答案】B【解析】【詳解】A．著陸器從軌道Ⅰ到軌道Ⅱ需要減速，同理從軌道Ⅱ到軌道Ⅲ也需要減速，因此故A錯(cuò)誤；B．著陸器在軌道III上從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)過程中，需要加速，所以速率變大，故B正確；C．根據(jù)牛頓第二定律得解得故C錯(cuò)誤；D．設(shè)著陸器在軌道Ⅱ上周期為T1，在軌道Ⅱ上周期為T2，根據(jù)開普勒第三定律得解得故D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示，“凹”字形金屬線框右側(cè)有一寬度為3L的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里。線框在紙面內(nèi)向右勻速通過磁場(chǎng)區(qū)域，t=0時(shí)，線框開始進(jìn)入磁場(chǎng)。設(shè)逆時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流的正方向，則線框中感應(yīng)電流i隨時(shí)間t變化的圖像可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】設(shè)運(yùn)動(dòng)的速度為v，線框總電阻為R，當(dāng)時(shí)間時(shí)，只有最右側(cè)的兩個(gè)短邊切割磁感線，感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針，大小為當(dāng)時(shí)，從右側(cè)中間短邊進(jìn)入磁場(chǎng)，至左側(cè)長邊進(jìn)入磁場(chǎng)，感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，大小為當(dāng)時(shí)，從左側(cè)長邊進(jìn)入磁場(chǎng)，至右側(cè)的中間短邊離開磁場(chǎng)，感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，大小為當(dāng)時(shí)，從右側(cè)中間短邊離開磁場(chǎng)，至左側(cè)長邊離開磁場(chǎng)，感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，大小為故選A。7.如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2∶1，電阻55Ω，電流表、電壓表均為理想電表。原線圈A、B端接入如圖乙所示的正弦交流電壓，下列說法正確的是A.電流表的示數(shù)為B.電壓表的示數(shù)為C.副線圈中交流電的頻率為50HzD.穿過原、副線圈磁通量的變化率之比為2∶1【答案】C【解析】【詳解】AB．理想變壓器的原線圈接入正弦交流電，由ut圖像讀其最大值為，可知有效值為根據(jù)理想變壓器的電壓比等于匝數(shù)比，可得副線圈兩端的電壓：由歐姆定律可知流過電阻的電流：所以，電流表的示數(shù)為2A，B電壓表的示數(shù)為110V，故AB均錯(cuò)誤；C．因交流電的周期為，頻率為50Hz，變壓器不改變交流電的頻率，則副線圈的交流電的頻率也為50Hz，故C正確；D．根據(jù)理想變壓器可知，原副線圈每一匝的磁通量相同，變化也相同，則穿過原、副線圈磁通量的變化率相同，比值為1:1，故D錯(cuò)誤；故選C。二、多項(xiàng)選擇題（每題有兩個(gè)以上正確選項(xiàng)，每題6分，共18分。選不全得3分，全對(duì)得6分，選錯(cuò)不得分。）8.如圖所示，某皮帶傳動(dòng)裝置與水平面夾角為30°，兩輪軸心相距L=2m，A、B分別是傳送帶與兩輪的切點(diǎn)，傳送帶不打滑?，F(xiàn)傳送帶沿順時(shí)針方向以v=2.5m/s的速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，將一小物塊輕輕地放置于A點(diǎn)，小物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=，g取10m/s2，若傳送帶的速度可以任意調(diào)節(jié)，當(dāng)小物塊在A點(diǎn)以v0=3m/s的速度沿傳送帶向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，小物塊到達(dá)B點(diǎn)的速度可能為（）A.1m/s B.3m/sC.6m/s D.9m/s【答案】BC【解析】【詳解】若傳送帶的速度很?。ㄒ恢毙∮谖飰K的速度），小物塊一直減速，加速度a1=gsin30°+μgcos30°=12.5m/s2物塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度最小，且最小速度v1==2m/s若傳送帶的速度很大（一直大于物塊的速度），小物塊一直加速，加速度a2=gsin30°+μgcos30°=2.5m/s2物塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度最大，且最大速度v2==8m/s故選BC。9.靜電場(chǎng)在x軸上的場(chǎng)強(qiáng)E隨x的變化關(guān)系如圖所示，x軸正向?yàn)閳?chǎng)強(qiáng)正方向，帶正電的點(diǎn)電荷沿x軸運(yùn)動(dòng)，則點(diǎn)電荷A.在和處電勢(shì)能相等B.由運(yùn)動(dòng)到的過程中電勢(shì)能增大C.由運(yùn)動(dòng)到的過程中電場(chǎng)力先增大后減小D.由運(yùn)動(dòng)到的過程中電場(chǎng)力先減小后增大【答案】BC【解析】【分析】由圖像判斷電場(chǎng)線的方向，再確定電勢(shì)大小的關(guān)系．【詳解】A．由圖像可知，在0～x1之間，電場(chǎng)強(qiáng)度E是正的，是沿x軸正方向的；在x1～x4之間，電場(chǎng)強(qiáng)度E是負(fù)的，是沿x軸負(fù)方向的，故由x2到x4是逆著電場(chǎng)線的方向，所以x4處的電勢(shì)要大于x2處的電勢(shì)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．由x1運(yùn)動(dòng)到x3的過程中，是逆著電場(chǎng)線方向的，所以電勢(shì)能增大，選項(xiàng)B正確；CD．由x1運(yùn)動(dòng)到x4的過程中，x3處的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小是最大的，故電荷在該點(diǎn)受到的電場(chǎng)力也應(yīng)該是最大的，故電場(chǎng)力是先增大后減小，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤．【點(diǎn)晴】圖像只是向我們提供一種電場(chǎng)強(qiáng)度與位置的關(guān)系，需要我們通過圖像將其轉(zhuǎn)化為具有一定形態(tài)的東西，當(dāng)我們將其轉(zhuǎn)化成具體的電場(chǎng)線的某一個(gè)方向時(shí)，我們?cè)偃ヅ袛嗑蜁?huì)很容易了，所以對(duì)圖像的識(shí)別很重要．10.質(zhì)譜儀是用來分析同位素的裝置，如圖為質(zhì)譜儀的示意圖，其由豎直放置的速度選擇器、偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)構(gòu)成。由三種不同粒子組成的粒子束以某速度沿豎直向下的方向射入速度選擇器，該粒子束沿直線穿過底板上的小孔O進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)，最終三種粒子分別打在底板MN上的P1、P2、P3三點(diǎn)，已知底板MN上下兩側(cè)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向均垂直紙面向外，且磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別為B1、B2，速度選擇器中勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E。不計(jì)粒子的重力以及它們之間的相互作用，則A.速度選擇器中的電場(chǎng)方向向右，且三種粒子均帶正電B.三種粒子的速度大小均為C.如果三種粒子的電荷量相等，則打在P3點(diǎn)的粒子質(zhì)量最大D.如果三種粒子電荷量均為q，且P1、P3的間距為Δx，則打在P1、P3兩點(diǎn)的粒子質(zhì)量差為【答案】ACD【解析】【詳解】A．根據(jù)粒子在磁場(chǎng)B2中的偏轉(zhuǎn)方向，由左手定則知三種粒子均帶正電，在速度選擇器中，粒子所受的洛倫茲力向左，電場(chǎng)力向右，知電場(chǎng)方向向右，故A正確；B．三種粒子在速度選擇器中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，受力平衡，有得故B錯(cuò)誤；C．粒子在磁場(chǎng)區(qū)域B2中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，有得：三種粒子的電荷量相等，半徑與質(zhì)量成正比，故打在P3點(diǎn)的粒子質(zhì)量最大，故C正確；D．打在P1、P3間距解得：故D正確；故選ACD。三、實(shí)驗(yàn)題（兩題共15分）11.在“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中：（1）需要記錄的數(shù)據(jù)有：小鋼球的直徑d、________、擺長L、30次全振動(dòng)的總時(shí)間t和周期T；（2）用標(biāo)準(zhǔn)游標(biāo)卡尺測(cè)小鋼球的直徑如圖所示，則直徑d為__________mm；（3）如圖所示，某同學(xué)由測(cè)量數(shù)據(jù)作出L－T2圖線，根據(jù)圖線求出重力加速度g＝_______m/s2（已知π2，結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！敬鸢浮竣?擺線長l②.③.（～）【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)單擺的周期公式T＝2π知要測(cè)重力加速度，需要測(cè)量小鋼球的直徑d、擺線長l從而得到單擺的擺長L；還要測(cè)量30次全振動(dòng)的總時(shí)間t，從而得到單擺的周期T。（2）[2]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為18mm，游標(biāo)尺上第6個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)尺讀數(shù)為＝所以最終讀數(shù)為18mm＋＝（3）[3]根據(jù)單擺的周期公式T＝2π得L＝T2再根據(jù)L－T2圖像的斜率為k＝＝即＝得g（～都正確）12.某同學(xué)在進(jìn)行“測(cè)定金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)：(1)如圖甲所示，該同學(xué)用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑D=______mm；(2)該同學(xué)用如圖乙所示電路圖測(cè)量金屬絲Rx的電阻，供選擇的儀器如下：①電流表A1（內(nèi)阻為r）；②電流表A2；③滑動(dòng)變阻器R1（0~1000Ω）；④滑動(dòng)變阻器R2（0~20Ω）；⑤蓄電池（2V）；⑥電鍵S及導(dǎo)線若干。(3)滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇_____（選填“R1”或“R2”）；在圖丙中按圖乙用連線代替導(dǎo)線連接實(shí)物圖；（）(4)閉合電鍵S，移動(dòng)滑動(dòng)觸頭至某一位置，記錄A1、A2的讀數(shù)I1、I2，通過調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，得到多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)；以I2為縱坐標(biāo)，I1為橫坐標(biāo)，作出相應(yīng)圖像，如圖丁所示。根據(jù)I2—I1圖像的斜率k及電流表A1內(nèi)阻r，寫出金屬絲電阻的表達(dá)式Rx=_______；(5)測(cè)得金屬絲連入電路長度為L，則金屬絲電阻率ρ=________（用k、D、L、r表示）。【答案】①.②.R2③.④.⑤.【解析】【詳解】（1）[1].螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑D；（3）[2]根據(jù)電路原理圖可知，滑動(dòng)變阻器是分壓式接法，所以滑動(dòng)變阻器要選擇較小的R2；[3]根據(jù)電路原理圖，實(shí)物圖連線如圖所示（4）[4].根據(jù)歐姆定律可知金屬絲電阻變形得所以I2—I1圖像的斜率變形得（5）[5]根據(jù)電阻定律得解得四、計(jì)算題（共39分，寫出必要的公式和文字說明，只寫結(jié)果不給分。）13.圖中豎直圓筒固定不動(dòng)，粗筒橫截面積是細(xì)筒的4倍，筒足夠長，粗筒中A、B兩輕質(zhì)活塞間封有一定量的理想氣體，氣柱長L=17cm，活塞A的上方細(xì)筒中的水銀深h1=20cm，粗筒中水銀深h2=5cm，兩活塞與筒壁間的摩擦不計(jì)，用外力向上托住活塞B，使之處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)使活塞B緩慢向下移動(dòng)，直至水銀恰好全部進(jìn)入粗筒中，設(shè)在整個(gè)過程中氣柱的溫度不變，大氣壓強(qiáng)P0相當(dāng)于75cm高水銀柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)。求：(1)此時(shí)氣柱的長度；(2)活塞B向下移動(dòng)的距離?！敬鸢浮浚?）20cm；（2）8cm【解析】【詳解】（1）設(shè)氣體初態(tài)的壓強(qiáng)為，則有設(shè)S為粗圓筒的橫截面積，氣體初態(tài)的體積設(shè)氣體末態(tài)的壓強(qiáng)為，有設(shè)末態(tài)氣柱的長度為，氣體體積為由玻意耳定律得聯(lián)立各式代入數(shù)據(jù)解得（2）活塞B下移的距離d為代入數(shù)據(jù)解得14.如圖甲所示，質(zhì)量m=1kg的小滑塊（視為質(zhì)點(diǎn)），從固定的四分之一光滑圓弧軌道的最高點(diǎn)A由靜止滑下，經(jīng)最低點(diǎn)B后滑上位于水平面的木板，并恰好不從木板的右端滑出，已知木板質(zhì)量M=4kg，上表面與圓弧軌道相切于B點(diǎn)，木板下表面光滑，滑塊滑上木板后運(yùn)動(dòng)的v－t圖像如圖乙所示，取g=10m/s2，求：(1)圓弧軌道的半徑及滑塊滑到圓弧軌道末端時(shí)對(duì)軌道的壓力大?。?2)滑塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)及木板的長度?！敬鸢浮?1)5m，30N；，10m【解析】【詳解】(1)由圖乙可知，滑塊剛滑上木板時(shí)的速度大小v=10m/s，滑塊在光滑圓弧軌道下滑的過程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得mgR=解得R=5m滑塊滑到圓弧軌道末端時(shí)，由牛頓第二定律得F