2021屆山東省濰坊市壽光中高考物理模擬試卷

一、單選題（本大題共8小題，共24.0分）

1.如圖所示，長方體4BCD-4'8￡'。'的頂面和底面邊長為3側(cè)面

棱長為近3在4、B、C、。四個頂點處分別固定電荷量為+q的

點電荷，在A、B'、C'、。'四個頂點處分別固定電荷量為-q的點

電荷。已知。P垂直于平面4BCD,垂足為P,。點是此長方體的

幾何中心，靜電力常量為匕則（）

A.。點處電勢高于P點處電勢

B.。點處的電場強度的大小E=生學(xué)

L2

C.將某一帶負電的點電荷從P點沿直線移到。點的過程中電勢能一直在減小

D.將某一帶正電的點電荷從P點沿直線移到。點的過程中電勢能一直在增加

2.關(guān)于光電效應(yīng)和黑體輻射規(guī)律，以下說法正確的是（）

A.光電子的最大初動能與入射光的頻率成正比

B.溫度越高，黑體輻射強度減弱

C.能否產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，決定于入射光光子的能量是否大于金屬的逸出功

D.用頻率是片的綠光照射某金屬發(fā)生了光電效應(yīng)，改用頻率是我的黃光照射該金屬一定不發(fā)生

光電效應(yīng)

3.如圖，質(zhì)量為m的木塊4放在質(zhì)量為M的三角形斜劈上，現(xiàn)用大小均為F、方向相反的力分別推4

和B,它們均靜止不動，貝心)

A.4與8之間一定存在摩擦力

B.B與地之間一定存在摩擦力

C.B對A的支持力一定小于mg

D.地面對B的支持力的大小一定等于（M+m）g

4.如圖甲所示，abed是位于豎直平面內(nèi)的正方形閉合金屬線框，在金屬線框的下方有一磁感應(yīng)強

度為B的勻強磁場區(qū)域，MN和M'N'是勻強磁場區(qū)域的水平邊界，邊界的寬度為S,并與線框的be

邊平行，磁場方向與線框平面垂直.現(xiàn)讓金屬線框由距MN的某一高度從靜止開始下落，圖乙是

金屬線框由開始下落到完全穿過勻強磁場區(qū)域的圖象（其中。兒BC、DE相互平行）.已知金

屬線框的邊長為L（L<S）、質(zhì)量為nt,電阻為R,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間,圖象中坐標軸上所標

出的字母巧、％、“、t2,t3,均為已知量.（下落過程中左邊始終水平）根據(jù)題中所給條件，

以下說法不正確的是（）

:口：

M..............................N

M..............................N

甲

A.線框穿出磁場過程中流經(jīng)線框橫截面的電荷量比線框進入磁場過程中流經(jīng)框橫截面的電荷

旦夕

B.t2是線框全部進入磁場瞬間，Q是線框全部離開磁場瞬間

C.從幾邊進入磁場起一直到ad邊離開磁場為止，感應(yīng)電流所做的功為2mgs

D.匕的大小可能為黑

5.一摩托車在豎直的圓軌道內(nèi)側(cè)做勻速圓周運動，人和車的總質(zhì)量為m,

軌道半徑為R,車經(jīng)最高點時發(fā)動機功率為P。，車對軌道的壓力為2mg.設(shè)

軌道對摩托車的阻力與車對軌道的壓力成正比，則（）

A.車經(jīng)最低點時對軌道的壓力為mg

B.車經(jīng)最低點時發(fā)動機功率為2Po

C.車從最高點經(jīng)半周到最低點的過程中發(fā)動機牽引力先變大后變小

D.車從最高點經(jīng)半周到最低點的過程中，人和車組成的系統(tǒng)機械能守恒

6.兩個彈簧振子甲的固有頻率為/,乙的固有頻率為10/,若它們均在頻率為9/■的策動力作用下受

迫振動，貝!1（）

A.振子甲的振幅較大.振動頻率為f

B.振子乙的振幅較大,振動頻率為9f

振子甲的振幅較大.振動頻率為9/

D.振子乙的振幅較大,振動頻率為10/

7.理想變壓器原.付線圈的匝數(shù)比%：n2=2：1,且分別接有相同的電阻R,如圖，若交流電源

的電壓為U,則付線圈的輸出電壓為（）

A*

8.有一障礙物的寬度為10m,下列衍射現(xiàn)象最明顯的是（）

波長為4（hn的波

B.波長為9.9m的波

C.頻率為40Hz的聲波（聲速u=340m/s）

D.頻率為5000MHz的電磁波（波速u=3.0x108m/s）

二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）

9.如圖所示，虛線a、b、c是電場中的三個等勢面，相鄰等勢面間的電勢

差相同，實線為一個a粒子（氫原子核）僅在電場力作用下，通過該區(qū)域

的運動軌跡，P、Q是軌跡上的兩點。下列說法中正確的是（）

A.a粒子在P點的電勢能比在Q點的大

B.a粒子一定是從P點向Q點運動

C.a粒子通過P點時的加速度比通過Q點時小

D.a粒子在P點的動能比在Q點的小

10.如圖所示，方盒4靜止在光滑水平面，盒內(nèi)有一小滑塊B,盒的質(zhì)量是滑塊的3倍，滑塊與盒底

間動摩擦因數(shù)為〃，滑塊以速度D開始向左運動，與盒的左、右壁碰撞無機械能損失，滑塊在盒

中來回運動多次，最終相對于盒靜止，貝IJ（）

V

n-gA

A.盒最終的速度大小是:B.盒最終的速度大小是:

C.滑塊相對于盒通過的路程為需D.滑塊相對于盒通過的路程為

11.下列說法正確的是（）

A.由u=4/可得，頻率越高，波速越大

B.由;1=/可得，頻率越高，波長越短

C.波從一種介質(zhì)進入另一種介質(zhì)，其頻率一定不變

D.波從一種介質(zhì)進入另一種介質(zhì)，其方向一定不變

12.如圖所示L為自感系數(shù)很大但電阻不計的線圈，A、B、C是三個

完全相同的燈泡，下列說法正確的是（）

A.電鍵S閉合瞬間，燈泡B、C同時亮，且亮度相同

B.電鍵S閉合穩(wěn)定后，燈泡C不亮

C.電鍵S斷開后，燈泡C突然閃亮后再逐漸變暗

D.電鍵S斷開后，燈泡4、。逐漸變暗，且亮度始終相同

三、實驗題（本大題共2小題，共14.0分）

13.用雙縫干涉測光的波長”的實驗中，實驗裝置如圖甲所

（1）某同學(xué)以線狀白熾燈為光源，對實驗裝置進行調(diào)節(jié)并觀察了實驗現(xiàn)象后，總結(jié)出以下幾點:

A.燈絲與單縫和雙縫必須平行放置B.干涉條紋與雙縫垂直

C.干涉條紋的疏密程度與單縫寬度有關(guān)D.干涉條紋的間距與光的波長無關(guān)

以上幾點中，你認為正確的是

（2）當(dāng)測量頭中的分劃板中心刻度對準某條紋的中心時，手輪上的示數(shù)如圖乙所示，該讀數(shù)為

mm.

（3）如果測量頭中的分劃板中心刻度線與干涉條紋不在同一方向上，如圖丙所示.則在這種情況下來

測量干涉條紋的間距時，測量值__實際值.（填“大于”、“小于”或“等于”）

14.某同學(xué)要測量由三節(jié)相同的干電池串聯(lián)組成的電池組的電動勢E和內(nèi)電阻r,實驗室提供的器材

除了開關(guān)、導(dǎo)線外，還有：

人待測電池組

8.電流表4（量程0?500?n4,內(nèi)阻等于50）

C.電壓表匕（量程0?3V,內(nèi)阻等于3k。）

。.電壓表彩（量程0?15V,內(nèi)阻等于15k。）

E.定值電阻&=9ko

E定值電阻/?2=2ko

G.滑動變阻器&式0?500）

”.滑動變阻器&2（0?1k。）

要求測量結(jié)果盡量準確、能測量多組數(shù)據(jù)且滑動變阻器調(diào)節(jié)方便.該同學(xué)設(shè)計的測量電路如圖甲所

示.

①電路中的電壓表U應(yīng)選擇；定值電阻R應(yīng)選擇：滑動變阻器&應(yīng)選擇；（填各

元件前的字母代碼）

②該同學(xué)在實驗中測出多組電流表4和電壓表V的示數(shù)，根據(jù)記錄數(shù)據(jù)作出的U-/圖象如圖乙所示,

根據(jù)圖象可求得：待測電池組的電動勢E=V；內(nèi)阻r=2（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字

四、簡答題（本大題共1小題，共15.0分）

15.某物業(yè)公司的宣傳提醒牌。從提供的信息知：一枚60g的雞蛋從17樓

（離地面安全帽為457n高）落下，能砸破安全帽。若雞蛋殼與安全帽

的作用時間為6x10-4s,人的質(zhì)量為52kg,重力加速度g取lOm/s?,

求安全帽受到的平均沖擊力的大小。（結(jié)果保留小數(shù)點后一位）

五、計算題（本大題共3小題，共31.0分）

16.如圖所示，在傾角為。=30。的長斜面上有一帶風(fēng)帆的滑塊從靜止開始沿斜面下滑，滑塊的質(zhì)量

為m=2kg,它與斜面的動摩擦因數(shù)為〃，帆受到的空氣阻力與滑塊下滑的速度成正比，即/=kv.

若從靜止開始下滑的速度圖象如圖中的曲線所示，圖中的直線是t=0時速度圖象的切線，g=

10m/s2.

(1)求滑塊下滑的最大加速度和最大速度

(2)求〃和k的值.

17.可導(dǎo)熱的汽缸豎直放置，活塞下方封有一定質(zhì)量的理想氣體，并可沿汽缸無摩擦

的滑動?；钊戏椒乓晃飰K，缸內(nèi)氣體平衡后，活塞相對氣缸底部的高度為八，如

圖所示。再取一完全相同的物塊放在活塞上，氣體重新平衡后，活塞下降了g.若把

兩物塊同時取走，外界大氣壓強和溫度始終保持不變，求氣體最終達到平衡后，活塞距汽缸底

部的高度。不計活塞質(zhì)量，重力加速度為g，活塞始終不脫離氣缸。

18.如圖所示，在真空中有一個以SO)為圓心，r?為半徑、磁感應(yīng)強度

為B.方向垂直紙面向里的圓形勻強磁場。在y=r的虛線上方有足夠

大的、電場強度為E、方向水平向左的勻強電場?，F(xiàn)從坐標原點0,

在紙面內(nèi)以不同方向發(fā)射質(zhì)量均為m、電荷量均為q、速率均相同的

質(zhì)子，所有質(zhì)子在磁場中的運動半徑也為兀不計重力以及質(zhì)子間的

相互作用力，求：

(1)速度方向沿x軸正方向射入的質(zhì)子到達y軸上的時間

(2)速度方向與x軸正方向成30。斜向下射入磁場的質(zhì)子，到達y軸時離坐標原點。的距離。

參考答案及解析

1.答案：B

解析:解：4、假設(shè)正電荷q從。點移動到P點，電場力做負功，由電場力做功特點恤p=qU0P=q（wo-

（pP）<0,可得0O<WP，故A錯誤；

B、4點的電荷在。點產(chǎn)生的場強為瓦1=詈，

由幾何關(guān)系可得產(chǎn)=（曰L）2+（當(dāng)與2,

4點的電荷在。點產(chǎn)生的場強的豎直分量為

。點處的電場強度的大小E=8E'=^，故8正確；

C、將某一帶負電的點電荷從P點沿直線移到0點的過程中，電場力做負功，電勢能一直增加，故C

錯誤；

。、將某一帶正電的點電荷從P點沿直線移到。點的過程中，電場力做正功，電勢能一直在減少，故

。錯誤；

故選：B。

題目給出電荷分布情況，可由此假設(shè)點電荷在兩點間移動，根據(jù)電場力所做功的正負結(jié)合點電荷電

性，判斷電勢的高低，以及電勢能的變化；。點場強可由幾個頂點的點電荷在。點產(chǎn)生的電場強度疊

加而成

本題考查靜電場相關(guān)知識，包括電場強度的疊加、電勢高低的判斷，考查內(nèi)容較為基礎(chǔ)。

2.答案：C

解析：解：4、根據(jù)光電效應(yīng)方程反皿二八丫-名知，最大初動能與入射光的頻率成一次函數(shù)關(guān)系，

不成正比.故A錯誤.

B、黑體輻射的強度與溫度有關(guān)，溫度越高，黑體輻射的強度越大.故8錯誤.

C、當(dāng)入射光子得能量大于等于金屬的逸出功，即可發(fā)生光電效應(yīng).所以能否產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，

決定于入射光光子的能量是否大于金屬的逸出功，故C正確.

0、用頻率是％的綠光照射某金屬發(fā)生了光電效應(yīng)，雖然黃光的頻率小于綠光的頻率，但是還是有

可能大于該金屬的極限頻率，可能發(fā)生光電效應(yīng).故。錯誤.

故選：C

明確發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于等于極限頻率，與入射光的強度無關(guān).根據(jù)光電效應(yīng)

方程可知最大初動能與入射光頻率的關(guān)系.

知道黑體輻射的強度與溫度有關(guān)，溫度越高，黑體輻射的強度越大，隨著溫度的升高，黑體輻射強

度的極大值向波長較短的方向移動.

解決本題的關(guān)鍵知道發(fā)生光電效應(yīng)的條件，以及掌握光電效應(yīng)方程反1n=好-%，同時明確黑體輻

射的基本性質(zhì).

3.答案：D

解析：解：B、D、對4、B整體受力分析，如圖，受到重力(M+?n)g、支持A11

力N和己知的兩個推力，對于整體，由于兩個推力剛好平衡，故整體與地面間￡尸.

沒有摩擦力；

1(m-M)g

根據(jù)共點力平衡條件，有

N=(M+rn)g

故3錯誤，。正確；

A、C、再對物體4受力分析，受重力mg、已知的推力F、斜面體

B對4的支持力N'和摩擦力當(dāng)推力尸沿斜面分量大于重力的下滑

分量時，摩擦力的方向沿斜面向下，如下圖

當(dāng)推力尸沿斜面分量小于重力的下滑分量時，摩擦力的方向沿斜面向

上，如下圖

當(dāng)推力F沿斜面分量等于重力的下滑分量時，摩擦力為零，如下圖

根據(jù)共點力平衡的條件，運用正交分解法，可以得到：

N'=mgcosd+Fsind

故A錯誤，C也錯誤：

故選：Do

先對力、B整體受力分析，根據(jù)平衡條件得到地面對整體的支持力和摩擦力;

再對物體4受力分析，根據(jù)平衡條件求解B對4的支持力和摩擦力。

本題關(guān)鍵是對4、B整體受力分析，根據(jù)平衡條件得到地面對整體的支持力和

摩擦力，然后再對物體力受力分析，再次根據(jù)平衡條件列式求解出各個力的情況。

4.答案:A

解析：

根據(jù)q=等判斷通過線框的電荷量大小。根據(jù)圖象得出線框在穿越磁場整個過程中的運動規(guī)律，根

據(jù)動能定理求出感應(yīng)電流做功情況。抓住線框全部進入磁場時，可能重力和安培力平衡求出速度的

大小。

解決本題的關(guān)鍵通過圖線理清線框在整個過程中的運動規(guī)律，結(jié)合動能定理、共點力平衡進行求解，

掌握電量的經(jīng)驗表達式q=v-并能靈活運用。

解：A根據(jù)q=岑知，線框進入磁場和出磁場的過程中，磁通量的變化量相同，則通過線框橫截面

的電荷量相同，故A不正確；

及O-ti時間內(nèi)做自由落體運動，可知從口時刻進入磁場，開始做加速度減小的減速運動，t2時刻又

做勻加速運動，且與自由落體運動的加速度相同，可知線框全部進入磁場，即t2是線框全部進入磁

場瞬間，t3時刻開始做變減速運動，t4時刻，又做加速度為9的勻加速運動，可知t4是線框全部離開

磁場瞬間，故8正確；

C.設(shè)從此邊進入磁場起一直到ad邊離開磁場為止，感應(yīng)電流所做的功為叱4,從兒邊進入磁場起一直

到ad邊離開磁場為止，根據(jù)動能定理得：mg(S+L')-WA=

出磁場時，設(shè)克服安培力做功為必',根據(jù)動能定理得:mgL一必'=\mvl則得=2mgS,

故C正確；

D線框全部進入磁場前的瞬間，可能重力和安培力平衡，有：mg=^^,得：女=鬻，故。正

確。

本題選不正確的，故選A。

5.答案：B

解析：解：4、在最高點：向心力大小為4=M+mg=3mg,摩托車做勻速圓周運動，向心力大

小不變，則在最低點：N2-mg=Fn,得：/=4mg.故A錯誤；

B、在最高點：發(fā)動機功率卅=Fxv=加樹=2fimgv,在最低點：發(fā)動機功率為：P=F2v=nN2v=

Afimgv,則有：P=2Po.故B正確.

C、車從最高點經(jīng)半周到最低點的過程中，根據(jù)向心力公式可知，壓力先減小后增大，故摩擦力先減

小后增大，因牽引力等于摩擦力大小，故發(fā)動機的牽引力先減小后增大，故C錯誤.

。、摩托車做勻速圓周運動，動能不變，而在運動中重力勢能改變，故機械能不守恒，故。錯誤；

故選：B.

摩托車做勻速圓周運動，向心力大小不變，根據(jù)牛頓第二定律可求出摩托車在最高點時的向心力大

小，即可求出最低點時軌道對它的支持力.發(fā)動機的功率等于牽引力與速度乘積，而牽引力與摩擦

力大小相等.根據(jù)動能和重力勢能的變化可以分析機械能是否守恒.

本題主要是牛頓第二定律和動能定理的結(jié)合應(yīng)用型問題，解決問題的關(guān)鍵是抓住向心力大小不變和

動能不變是來分析，要掌握基本規(guī)律是基礎(chǔ).

6.答案：B

解析：試題分析：物體做受迫振動時，其頻率等于驅(qū)動力的頻率.當(dāng)驅(qū)動力頻率等于物體的固有頻

率時，物體的振幅最大，產(chǎn)生共振現(xiàn)象.驅(qū)動力頻率與物體固有頻率越接近，受迫振動的振幅越大.

由題，4、B都做受迫振動，它們的頻率都等于驅(qū)動力頻率9/■.由于B的固有頻率為10f,與驅(qū)動力頻

率9/較接近，振幅較大.

故選：B

7.答案：D

解析：解：電壓與匝數(shù)成正比，設(shè)副線圈電壓為U',電流為《，則原線圈兩端電壓為2U',電流為0.5（，

U=2U'+0.5=R,解得：U'=0.4U.

R

故選：D

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，結(jié)合歐姆定律即可.

本題考查了變壓器的特點，注意電壓與匝數(shù)成正比中的電壓是原副線圈兩端的電壓.

8.答案：A

解析：解：由。="可知，頻率為40Hz的聲波的波長為4=y=答-8.5m,頻率為f-5000MHz-

5x109Hz的電磁波的波長的波長為;I=/=嗖需巾=0.06m,所以407n的波比障礙物的尺寸大的

多，其衍射現(xiàn)象最明顯，故4正確，BCD錯誤。

故選：4。

衍射現(xiàn)象是波遇到障礙物或小孔后繼續(xù)傳播的現(xiàn)象。是波特有的現(xiàn)象，一切波都會發(fā)生衍射。發(fā)生

明顯衍射的條件是孔徑、障礙物尺寸小于波長或者與波長相差不大，而波長越長的波遇到相同障礙

物時衍射現(xiàn)象越明顯；根據(jù)。=4/求出CD兩項中對應(yīng)的波長，再分析哪一列波衍射現(xiàn)象最明顯。

一切波都會發(fā)生衍射現(xiàn)象。發(fā)生明顯衍射的條件是孔徑、障礙物尺寸小于波長或者與波長相差不大。

熟練應(yīng)用波長公式〃=4f計算波長。

9答案:AD

解析：解：4、電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，沿電場線

電勢降低，故a等勢線的電勢最高，c等勢線的電勢最低，a粒子在P點的電勢能比在Q點的大，故A

正確；

B、a粒子可以從P點向Q點運動，也可以從Q點向P點運動，故8錯誤；

C、電場線垂直于等勢面，所以P點電場線密度比Q點的大，a粒子通過P點時的加速度比通過Q點時

小大，故C錯誤；

D、假設(shè)粒子從尸到Q,電場力做正功，電勢能減小，動能增大，故a粒子在P點的動能比在Q點的小，

故。正確；

故選：AD.

由于a粒子帶正電，只受電場力作用，根據(jù)運動軌跡可知電場力指向運動軌跡的內(nèi)側(cè)即下方，因此電

場線方向也指向右下方；電勢能變化可以通過電場力做功情況判斷；電場線和等勢線垂直，且等勢

線密的地方電場線密，電場場強大。

解決這類帶電粒子在電場中運動的思路是：根據(jù)運動軌跡判斷出所受電場力方向，然后進一步判斷

電勢、電場、電勢能、動能等物理量的變化。

10.答案:BC

解析：解：設(shè)滑塊的質(zhì)量為小，則方盒的質(zhì)量為3m,系統(tǒng)方盒與滑塊組成的系統(tǒng)所受合外力為零,

系統(tǒng)動量守恒，以向左為正方向，由動量守恒定律得：mv=(3m+m)v'

由能量守恒定律得：^mv2=1(3m+m)v'2+^mgs

解得："=s=￥，故8c正確，AD錯誤。

48Hg

故選：BC.

方盒與滑塊組成的系統(tǒng)動量守恒，應(yīng)用動量守恒定律可以求出最終盒的速度大小；應(yīng)用能量守恒定

律求出滑塊相對盒通過的路程。

本題考查了動量守恒定律的應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚方盒與滑塊的運動過程是解題的前提，應(yīng)用動

量守恒定律與能量守恒定律即可解題。

11.答案：BC

解析：解：4、波速取決于介質(zhì)，與頻率無關(guān)，故A錯誤；

8、根據(jù)波的波長、波速與頻率的關(guān)系：4知，在同種均勻介質(zhì)中傳播的波，由于波速相等，則

頻率越高，波長越短，故B正確：

C、波從一種介質(zhì)進入另一種介質(zhì)中傳播時，頻率一定不變，故C正確；

。、波從一種介質(zhì)進入另一種介質(zhì)時，傳播方向可能發(fā)生變化，也可能不變，與入射方向有關(guān)，故。

錯誤。

故選：BC。

波從一種介質(zhì)進入另一種介質(zhì)時，傳播方向會發(fā)生變化，這是波的折射現(xiàn)象。波的頻率由波源決定，

與介質(zhì)無關(guān)，頻率不變。

本題關(guān)鍵抓住三個量的決定因素：波速由介質(zhì)性質(zhì)決定，頻率由波源決定的特點，波長是由波源和

介質(zhì)共同決定。

12.答案：AD

解析：

當(dāng)電鍵K閉合時，通過線圈L的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電動勢的

方向和作用，分析哪個燈先亮；斷開瞬間也可以按照同樣的思路分析。

對于自感現(xiàn)象，是特殊的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，應(yīng)用楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律進行理解，注意線圈

的電阻不計是解題的關(guān)鍵。

解：4電鍵S閉合瞬間，線圈L對電流有阻礙作用，則相當(dāng)于燈泡C與B串聯(lián)，因此同時亮，且亮度相

同，故A正確；

氏電鍵S閉合穩(wěn)定后，線圈L相當(dāng)于導(dǎo)線，則有燈泡C與A并聯(lián)后，再與B燈泡串聯(lián)，則C燈光會發(fā)光，

故B錯誤：

CD.穩(wěn)定后當(dāng)電鍵K斷開后，由于自感，線圈中的電流只能慢慢減小，其相當(dāng)于電源，與燈泡4、C構(gòu)

成閉合回路放電，兩燈都過一會兒熄滅，因流過燈泡4與C電流大小相等，所以不會出現(xiàn)閃亮現(xiàn)象，

故C錯誤，。正確。

故選AO。

13.答案：40.700；大于

解析：解：(1)解：AB,在用狹縫觀察以線狀白熾燈為光源的光的干涉現(xiàn)象時狹縫必需與燈絲平行，

這時干涉條紋與狹縫平行，狹縫與燈絲垂直時觀察不到明顯的干涉條紋.故4正確，B錯誤.

C、干涉條紋的間距公式為：=條紋間距與單縫的縫寬無關(guān)，故C錯誤.

D、干涉條紋的間距公式為：=波長越大條紋間距越大.故。錯誤.

a

故選A.

(2)讀數(shù)為：0.56小+0.01mmx20.0mm=0.700mm；

(3)如果測量頭中的分劃板中心刻度線與干涉條紋不在同一方向上，條紋間距測量值△制扁大;

根據(jù)干涉條紋的間距公式為：△%=；；1,波長測量值也是偏大；

a

故答案為：(1)4(2)0.700；(3)大于.

(1)在用狹縫觀察以線狀白熾燈為光源的光的干涉現(xiàn)象時狹縫必需與燈絲平行；干涉條紋的間距公式

為：△x=

a

(2)螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀；

(3)如果測量頭中的分劃板中心刻度線與干涉條紋不在同一方向上，條紋間距測量值偏大；根據(jù)干涉

條紋的間距公式為：△丫=；；1分析.

本題關(guān)鍵是明確實驗原理，然后根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式：:入列式分析，基礎(chǔ)題.

a

14.答案：CFG4.012.5

解析：解：(1)三節(jié)干電池的電動勢約為4.5V,如果采用15U的電壓表進行測量誤差太大，故應(yīng)采用3V

量程的C與定阻電阻串聯(lián)，根據(jù)改裝原理可知，改裝后電壓表量程應(yīng)大于4.5V,故應(yīng)與&串聯(lián)，串聯(lián)

后電壓表的量程為5V,符合題意；故定值電阻選擇F；因電源內(nèi)阻較小，故為了便于調(diào)節(jié)，滑動變

阻器應(yīng)選擇總阻值較小的G；

(2)根據(jù)改裝原理可知，=E-lr

則可知U=|E—|/r

則可知，|E=2.4

32.4-0.9

—r=--------

50.2

解得：E=4.0V；

r=12.50

故答案為:(l)c；F；G；(2)4.0；12.5.

(1)明確給出的儀器根據(jù)實驗原理進行分析，從而明確應(yīng)選擇的儀表，注意通過改裝原理分析電壓表

和定值電阻；

(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律進行分析，明確電壓表與電流間的關(guān)系，從而由圖象得出對應(yīng)的電動勢和

內(nèi)電阻.

本題考查伏安法測電阻以及測量電源的電動勢和內(nèi)電阻，在解題時要注意分析實驗中給出的儀器是

否符合實驗要求，然后才能根據(jù)我們所學(xué)內(nèi)容進行分析得出合理的實驗電路，并能進行數(shù)據(jù)處理.

15.答案：解：假設(shè)雞蛋到達地面安全帽時的速度為外雞蛋從457n高處做自由落體運動，由運動學(xué)

公式得：v2=2gh

解得：v=12gh=V2x10x45m/s=30m/s

對雞蛋與安全帽撞擊的過程，取向上為正方向，由動量定理：(F-m5)△t=0-(-mv)

解得:F=3000,6N

根據(jù)牛頓第三定律得安全帽受到的平均沖擊力大小為3000.6N。

答：安全帽受到的平均沖擊力大小為3000.6No

解析：雞蛋先做自由落體，根據(jù)速度和位移關(guān)系可求出速度；然后發(fā)生碰撞，根據(jù)動量定理列式求

解平均作用力。

本題考查動量定理及自由落體的運動規(guī)律，要注意動量定理中的方向性，在解題時要先明確正方向。

16.答案：解：(1)由圖乙可得：V

2

t=0時滑塊下滑的加速度最大為：a0=3m/s-,禽的“

t=3s時滑塊下滑的速度最大為：vmax=2m/s

(2)在t=0時刻,滑塊的速度%=0,空氣阻力%=0,滑塊的加速度為劭=

3m/s2

o

由牛頓第二定律有：mgsin300-fimgcos30=ma0

理陋*=d=逋.

0

腫西科mgcos3Oiox在15'

經(jīng)過足夠長的時間時間后，小車做勻速運動，根據(jù)圖象信息可知：

a=0,v=2m/Sjf=kv=2k

由平衡條件有mgs譏30?！猵.mgcos30°—f=0

代入數(shù)據(jù)得：k=^(mgsin300—47ngeos30°)=3.

答：(1)加速度最大為3m/s2；最大速度為2m/s；

(2)動摩擦因數(shù)為普；比例系數(shù)為3.

解析：(1)由圖乙中可得出最大加速度及最大速度：

(2)抓住初始時刻，速度為零，空氣阻力為零，結(jié)合速度時間圖線求出加速度，通過牛頓第二定律求

出動摩擦因數(shù)的大小.

滑塊最終做勻速直線運動，抓住此時加速度為零，根據(jù)平衡條件求出比例系數(shù)的大小.

解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運用共點力平衡和牛頓第二定律進行求解.

17.答案：解：初始狀態(tài)，小物塊和活塞處于平衡狀態(tài)，設(shè)氣缸底面積為S,

PiS=PoS+mg

此時氣缸中的氣體

匕=hS

放上另一物塊，兩個小物塊和活塞處于平衡狀態(tài)時，活塞下降了g

P