第第頁(yè)【解析】山西省大同市陽(yáng)高縣第四中學(xué)校2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期7月期末物理試題山西省大同市陽(yáng)高縣第四中學(xué)校2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期7月期末物理試題

一、單選題

1．（2022高二下·新鄉(xiāng)期末）下列說(shuō)法正確的是（）

A．光電效應(yīng)表明光具有能量，康普頓效應(yīng)表明光具有動(dòng)量

B．電子束穿過(guò)鋁箔的衍射現(xiàn)象說(shuō)明電子具有粒子性

C．目前核能發(fā)電主要使用的是輕核聚變反應(yīng)

D．由于鈾核裂變反應(yīng)釋放能量，裂變產(chǎn)物原子核的比結(jié)合能小于鈾核的比結(jié)合能

【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】核裂變與核聚變；光電效應(yīng)

【解析】【解答】A．光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)深入地揭示了光的粒子性的一面，光電效應(yīng)表明光子具有能量，康普頓效應(yīng)表明光子還具有動(dòng)量，A項(xiàng)正確；

B．電子束穿過(guò)鋁箔的衍射現(xiàn)象說(shuō)明電子具有波動(dòng)性，B項(xiàng)錯(cuò)誤；

C．目前核能發(fā)電主要使用的是重核裂變，C項(xiàng)錯(cuò)誤；

D．由于鈾核裂變反應(yīng)釋放能量，裂變產(chǎn)物原子核的比結(jié)合能大于鈾核的比結(jié)合能，D項(xiàng)錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)揭示了光的粒子性的一面，核能發(fā)電主要使用的是重核裂變，電子束穿過(guò)鋁箔的衍射現(xiàn)象說(shuō)明電子具有波動(dòng)性。

2．（2022高二下·新鄉(xiāng)期末）如圖所示，一根光滑的輕繩一端系在天花板的P點(diǎn)，另一端跨過(guò)動(dòng)滑輪和定滑輪系在小球上，小球套在光滑的豎直桿上，裝有水的桶掛在動(dòng)滑輪的掛鉤上，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，下列說(shuō)法正確的是（）

A．若桶中的水緩慢漏出，小球?qū)⑾蛏弦苿?dòng)

B．若P點(diǎn)緩慢向左移動(dòng)一小段距離，小球?qū)⑾蛳乱苿?dòng)

C．若P點(diǎn)緩慢向右移動(dòng)一小段距離，小球?qū)⑾蛏弦苿?dòng)

D．若P點(diǎn)緩慢向右移動(dòng)一小段距離，小球?qū)⑾蛳乱苿?dòng)

【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡條件的應(yīng)用

【解析】【解答】A．若桶中的水緩慢漏出，水杯上升，小球?qū)⑾陆?，A不符合題意；

B．若P點(diǎn)緩慢向左移動(dòng)一小段距離，輕繩上的張力變大，小球受的拉力也變大，小球受力平衡，拉小球的輕繩拉力沿豎直方向的分力等于小球的重力，輕繩與豎直方向的夾角變大，小球應(yīng)向上移動(dòng)，B不符合題意；

CD．若P點(diǎn)緩慢向右移動(dòng)一小段距離，輕繩上的張力變小，小球受的拉力也變小，小球受力平衡，拉小球的輕繩拉力沿豎直方向的分力等于小球的重力，輕繩與豎直方向的夾角變小，小球應(yīng)向下移動(dòng)，C不符合題意，D符合題意。

故答案為：D。

【分析】桶中的水緩慢漏出，水杯上升，小球?qū)⑾陆?，P點(diǎn)緩慢向左移動(dòng)一小段距離，輕繩上的張力變大。

3．（2022高二下·新鄉(xiāng)期末）真空中靜止的三個(gè)點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)分布如圖所示，一帶正電的粒子（不計(jì)重力）以初速度從A點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示，B點(diǎn)是兩個(gè)負(fù)電荷連線的中點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）

A．帶電粒子在B點(diǎn)的加速度為零

B．帶電粒子在B點(diǎn)的速度最大

C．從B到C電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子先做正功后做負(fù)功

D．從B到C帶電粒子的電勢(shì)能先增加后減小

【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】電場(chǎng)強(qiáng)度和電場(chǎng)線；電勢(shì)差、電勢(shì)、電勢(shì)能

【解析】【解答】A．根據(jù)電場(chǎng)線分布可知兩個(gè)負(fù)電荷電量相等，B點(diǎn)是兩個(gè)負(fù)電荷連線的中點(diǎn)，兩個(gè)負(fù)電荷對(duì)帶電粒子的作用力為零，但還受到正電荷的斥力，所以帶電粒子在B點(diǎn)加速度不為零，A不符合題意；

B．帶電粒子在B點(diǎn)時(shí)受到正電荷的斥力，粒子在B點(diǎn)加速，所以帶電粒子在B點(diǎn)速度不是最大，B不符合題意；

CD．根據(jù)電場(chǎng)線分布可知帶電粒子在C點(diǎn)時(shí)做減速運(yùn)動(dòng)，帶電粒子從B到C先加速后減速，電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子先做正功后做負(fù)功，電勢(shì)能先減小后增加，C符合題意，D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)電場(chǎng)線分布可知兩個(gè)負(fù)電荷電量相等，帶電粒子在C點(diǎn)時(shí)做減速運(yùn)動(dòng)，帶電粒子從B到C先加速后減速。

4．如圖所示，傾角為θ=30°的斜面體放置在水平面上，其底面粗糙、斜面部分光滑，斜面體上的物塊在大小為F0的水平拉力作用下保持靜止，現(xiàn)將拉力順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)一定角度α后，拉力大小仍為F0，物塊仍能保持靜止.整個(gè)過(guò)程斜面體始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，則在拉力水平和轉(zhuǎn)過(guò)角度α后兩種情況下（）

A．物塊對(duì)斜面的壓力大小之比為

B．物塊對(duì)斜面的壓力大小之比為3：2

C．斜面體與水平面間摩擦力大小之比為2：1

D．斜面體與水平面間摩擦力大小之比為

【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】整體法隔離法；共點(diǎn)力的平衡

【解析】【解答】AB.根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，兩種情況下物塊受力關(guān)系如圖所示：

拉力水平時(shí)，斜面對(duì)物塊的支持力，在拉力大小不變時(shí)為使物體仍能靜止，由圖中的幾何關(guān)系可得，拉力方向應(yīng)順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)的角度為，可得，可得，AB不符合題意；

CD.斜面體和物塊整體處于靜止?fàn)顟B(tài)，由共點(diǎn)力平衡條件可得，拉力水平時(shí)，水平面對(duì)斜面體的摩擦力為，拉力方向順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)60°角，，可得，C符合題意，D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】做出物體的受力分析圖，再由共點(diǎn)力平衡條件結(jié)合幾何關(guān)系，求出拉力轉(zhuǎn)動(dòng)前后，物塊對(duì)斜面壓力的大小之比；對(duì)斜面體和物塊整體，由共點(diǎn)力平衡條件求出拉力轉(zhuǎn)動(dòng)前后，斜面體與水平面間摩擦力大小之比。

5．（2022高二下·北海期末）如圖所示，在水平直線上的M、N處，各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過(guò)紙面，兩條導(dǎo)線中通有流向相同的電流，電流大小分別為I和2I，O點(diǎn)是Ｍ、N連線的中點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）

A．兩導(dǎo)線受到的安培力

B．用計(jì)算導(dǎo)線所受的安培力時(shí)

C．移走導(dǎo)線N前后，O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向不變

D．在離兩導(dǎo)線所在的平面有一定距離的有限空間內(nèi)，存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為零的位置

【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】安培力；安培定則

【解析】【解答】A．兩導(dǎo)線受到的安培力是相互作用力，大小相等，A不符合題意；

B．兩導(dǎo)線平行，磁場(chǎng)與電流垂直，故用

計(jì)算導(dǎo)線所受的安培力時(shí)

B符合題意；

C．移走導(dǎo)線N前，N的電流較大，根據(jù)安培定則，O點(diǎn)磁場(chǎng)方向向上，移走后，O點(diǎn)磁場(chǎng)方向向下，C不符合題意；

D．在離兩導(dǎo)線所在的平面有一定距離的有限空間內(nèi)，兩導(dǎo)線在任意點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向均不在同一條直線上，故不存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為零的位置。D不符合題意。

故答案為：B。

【分析】利用相互作用可以判別其兩個(gè)導(dǎo)線受到的作用力大小相等；利用其安培力的表達(dá)式可以求出導(dǎo)線受到的安培力大小；當(dāng)其安培定則可以判別通電導(dǎo)線周圍磁感線的方向，結(jié)合其磁感應(yīng)強(qiáng)度的疊加可以判別磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向及大小。

6．電場(chǎng)線是為了直觀形象地描述電場(chǎng)分布而在電場(chǎng)中引入的一些假想的曲線，某電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布如圖所示，某帶電粒子只在電場(chǎng)力的作用下沿虛線從O運(yùn)動(dòng)到P，則（）

A．該粒子帶正電

B．粒子在P點(diǎn)的加速度小于在O點(diǎn)的加速度

C．粒子在P點(diǎn)的速度小于在O點(diǎn)的速度

D．P點(diǎn)的電勢(shì)高于O點(diǎn)的電勢(shì)

【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】曲線運(yùn)動(dòng)；動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用；電場(chǎng)線；電勢(shì)；電勢(shì)差

【解析】【解答】A.物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體受到的合力指向曲線的凹側(cè)，可知該粒子所受電場(chǎng)力方向沿電場(chǎng)的切線方向，可知粒子一定帶正電，A符合題意；

B.根據(jù)電場(chǎng)線的疏密可知，P點(diǎn)的電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大于O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故粒子在P點(diǎn)的加速度一定大于在O點(diǎn)的加速度，B不符合題意；

C.粒子從O到P的過(guò)程，電場(chǎng)力做正功，由動(dòng)能定理可知，粒子的動(dòng)能增大，故粒子在P點(diǎn)的速度一定大于在O點(diǎn)的速度，C不符合題意；

D.粒子帶正電，從O到P的過(guò)程，電場(chǎng)力做正功，由電勢(shì)差公式可得，可P點(diǎn)的電勢(shì)小于O點(diǎn)的電勢(shì)，D不符合題意。

故答案為：A。

【分析】根據(jù)物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體受到的合力指向曲線的凹側(cè)，判斷出粒子受到的電場(chǎng)力方向，確定粒子的電性；由電場(chǎng)線的疏密比較P、O兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小關(guān)系，從而得到加速度的大小關(guān)系；根據(jù)動(dòng)能定理，由電場(chǎng)力做功的正負(fù)判斷粒子速度的變化；由電勢(shì)差公式分析P、O兩點(diǎn)電勢(shì)的高低。

7．（2022高二下·大連期末）圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波動(dòng)圖像，圖乙為質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像，下列說(shuō)法正確的是（）

A．波沿x軸負(fù)方向傳播，波速v=20m/s

B．t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)Q的加速度沿y軸負(fù)方向

C．質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方程為y=-0.2sin10πt（m）

D．從t=0至t=2s，質(zhì)點(diǎn)P的路程為40m

【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】橫波的圖象

【解析】【解答】A．由乙圖可看出在t=0時(shí)質(zhì)點(diǎn)P向y軸負(fù)方向振動(dòng)，在甲圖中根據(jù)“上坡下、下坡上”可知，該波沿x軸正方向傳播，且已知λ=4m、T=0.2s，則該波波速為20m/s，A不符合題意；

B．由甲圖可看出，在t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)Q在t軸下方，則根據(jù)回復(fù)力與位移的關(guān)系F=-ky

可知t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)Q的加速度沿y軸正方向，B不符合題意；

C．由乙圖可看出質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)周期T=0.2s，則

則質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方程為y=-0.2sin10πt（m）

C符合題意；

D．由乙圖可看出質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)周期T=0.2s，則從t=0至t=2s，質(zhì)點(diǎn)P的路程為S=4A×10=40×0.2m=8m

D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】利用質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向可以判別波傳播方向；利用波長(zhǎng)和周期可以求出波速的大?。焕觅|(zhì)點(diǎn)Q的位置可以判別加速度的方向；利用振幅和角速度可以求出P質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的方程；利用振動(dòng)的時(shí)間結(jié)合振幅可以求出質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程。

8．（2022高二下·大連期末）如圖甲所示，每年夏季我國(guó)多地會(huì)出現(xiàn)日暈現(xiàn)象，日暈是太陽(yáng)光通過(guò)卷層云時(shí)，發(fā)生折射或反射形成的。一束太陽(yáng)光射到截面為六角形的冰晶上發(fā)生折射，其光路圖如圖乙所示，a、b為其折射出的光線中兩種單色光，下列說(shuō)法正確的是（）

A．在冰晶中，b光的傳播速度較大

B．從同種玻璃中射入空氣發(fā)生全反射時(shí)，a光的臨界角較大

C．通過(guò)同一裝置發(fā)生雙縫干涉，a光的相鄰條紋間距較小

D．用同一裝置做單縫衍射實(shí)驗(yàn)，b光的上都亮條紋更寬

【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】光的折射及折射定律

【解析】【解答】A．設(shè)入射角為，折射角為，由圖乙可知，a光和b光入射角相等，a光折射角大于b光折射角，根據(jù)

可得a光折射率小于b光折射率，由

可得a光在冰晶中的傳播速度大，A不符合題意；

B．由臨界角公式

可得從同種玻璃中射入空氣發(fā)生全反射時(shí)，a光的臨界角較大，B符合題意；

C．由于a光折射率小于b光折射率，所以a光頻率小于b光頻率，由

可得a光波長(zhǎng)大于b光波長(zhǎng)，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式

可知當(dāng)通過(guò)同一裝置發(fā)生雙縫干涉，a光的相鄰條紋間距較大，C不符合題意；

D．用同一裝置做單縫衍射實(shí)驗(yàn)，由于a光波長(zhǎng)較長(zhǎng)，所以a光的上都亮條紋更寬，D不符合題意。

故答案為：B。

【分析】利用折射角的大小可以比較折射率的大小，利用折射率的大小可以比較光傳波的速度、全反射的臨界角及光的波長(zhǎng)大小，利用光的波長(zhǎng)大小可以比較干涉條紋間距的大小。

二、多選題

9．（2022高二下·新鄉(xiāng)期末）如圖所示，在之間有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在之間的兩個(gè)半徑為R的圓形內(nèi)（不包含邊界）存在方向相反的圓形磁場(chǎng)，兩個(gè)圓形磁場(chǎng)相切且與邊界Q也相切，磁感應(yīng)強(qiáng)度均為B，在兩個(gè)圓形磁場(chǎng)右邊并與圓形磁場(chǎng)相切有一個(gè)足夠大的擋板。在下邊圓形磁場(chǎng)的最低點(diǎn)A處有一個(gè)粒子源可以在平面內(nèi)向磁場(chǎng)內(nèi)各個(gè)方向發(fā)射速率為，電量為，質(zhì)量為m的粒子，之間的距離為，電場(chǎng)強(qiáng)度為，不計(jì)粒子的重力和粒子間的相互作用力，粒子不發(fā)生碰撞，下列說(shuō)法正確的是（）

A．粒子水平向左進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)

B．粒子速度減到零時(shí)剛好運(yùn)動(dòng)到電場(chǎng)左邊界P

C．粒子在下邊的圓形磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間均為

D．粒子均能垂直打在擋板上

【答案】A,C,D

【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在電場(chǎng)與磁場(chǎng)混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)

【解析】【解答】A．根據(jù)洛倫茲力提供向心力

代入，得

滿足磁聚焦的條件，粒子出磁場(chǎng)后水平向左進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)，A符合題意；

B．設(shè)粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中減速到零時(shí)的位移為x，根據(jù)動(dòng)能定理

得

之間的距離

粒子運(yùn)動(dòng)到中間速度減到零，B不符合題意；

C．作出如圖所示的軌跡圖

根據(jù)磁聚焦可以得出粒子在下邊的圓形磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的兩段圓弧圓心角之和是，所以時(shí)間是半個(gè)周期，即

C符合題意；

D．根據(jù)磁聚焦結(jié)論粒子在上邊的圓形磁場(chǎng)中射出后均能垂直打在擋板上，D符合題意。

故答案為：ACD。

【分析】洛倫茲力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力。作出如圖粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡圖，根據(jù)動(dòng)能定理求解粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中減速到零時(shí)的位移為x。

10．（2023高三上·山西期末）2023年9月9日，我國(guó)成功將中星9B衛(wèi)星發(fā)射升空，中星9B衛(wèi)星是地球同步軌道廣播電視直播衛(wèi)星，具備為北京2022年冬奧會(huì)提供高質(zhì)量直播傳輸服務(wù)的能力。如圖所示，兩顆人造衛(wèi)星A、B都在赤道正上方同方向繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，A為地球同步衛(wèi)星，某時(shí)刻A、B相距最近。已知地球自轉(zhuǎn)周期為T1，B的運(yùn)行周期為T2，則下列說(shuō)法正確的是（）

A．在相同時(shí)間內(nèi)，衛(wèi)星A，B與地心連線掃過(guò)的面積相等

B．經(jīng)過(guò)時(shí)間，A、B相距最遠(yuǎn)

C．A的向心加速度小于B的向心加速度

D．衛(wèi)星A、B受到地球的萬(wàn)有引力大小一定不相等

【答案】B,C

【知識(shí)點(diǎn)】開普勒定律；萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用

【解析】【解答】A．根據(jù)開普勒第二定律可知，對(duì)同一行星而言，它與中心天體的連線在相等的時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積相等，A不符合題意；

B．衛(wèi)星A、B由相距最近到相距最遠(yuǎn)，圓周運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)過(guò)的角度差為，所以可得，其中，，則經(jīng)歷的時(shí)間，B符合題意；

C．根據(jù)，解得，衛(wèi)星A的軌道半徑大于B的軌道半徑，則衛(wèi)星A的向心加速度小于B的向心加速度，C符合題意；

D．萬(wàn)有引力，衛(wèi)星A、B的質(zhì)量未知，衛(wèi)星A、B受到地球的萬(wàn)有引力大小也不一定不相等，D不符合題意。

故答案為：BC。

【分析】衛(wèi)星A、B由相距最近到相距最遠(yuǎn)時(shí)結(jié)合轉(zhuǎn)過(guò)角度差得出經(jīng)歷的時(shí)間，萬(wàn)有引力為衛(wèi)星所受的合力，利用牛頓第二定律得出加速度的表達(dá)式，結(jié)合開普勒第二定律進(jìn)行分析判斷。

11．（2022高二下·大連期末）如圖所示為運(yùn)送快遞的傳送裝置，已知A、B兩端距離為L(zhǎng)，傳送帶與水平方向夾角為，工作時(shí)運(yùn)行速度為v，某快遞與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。工作時(shí)工人在A端將此快遞由靜止放到運(yùn)行中的傳送帶上。設(shè)最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等。重力加速度大小為g。關(guān)于此快遞從A到B的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）

A．無(wú)法比較快遞到達(dá)B的速度與v的大小關(guān)系

B．若，則快遞從A端到B端一定一直做加速直線運(yùn)動(dòng)

C．若，則快遞可能先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)再做勻速直線運(yùn)動(dòng)

D．快遞剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度的大小為

【答案】A,B,C

【知識(shí)點(diǎn)】牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用—傳送帶模型

【解析】【解答】當(dāng)快遞由傳送帶頂端靜止釋放時(shí)，其受沿傳送帶向下的滑動(dòng)摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律有

故加速度為

若，則快遞一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，且到達(dá)B端時(shí)速度等于v；

若，則快遞一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，且到達(dá)B端時(shí)速度小于v；

若，分以下兩種可能：

當(dāng)時(shí)，快遞先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)B端時(shí)速度等于v；

當(dāng)時(shí)，快遞先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，速度達(dá)到傳送帶速度v后摩擦力突變?yōu)檠貍魉蛶蛏系幕瑒?dòng)摩擦力，從而加速度變小，但方向不變，故快遞繼續(xù)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)B端時(shí)速度大于v。

故答案為：ABC。

【分析】利用牛頓第二定律可以求出快遞的加速度大小，結(jié)合速度位移公式可以判別快遞到達(dá)與傳送帶共速所需要的位移，結(jié)合實(shí)際位移可以判別物塊速度的變化，當(dāng)物塊到達(dá)共速后，利用重力的分力和摩擦力比較可以判別物塊做加速運(yùn)動(dòng)或勻速運(yùn)動(dòng)。

12．（2022高二下·煙臺(tái)期末）如圖所示，一理想變壓器的原線圈兩端接在有效值不變的正弦式交流電源兩端，、為定值電阻，R為滑動(dòng)變阻器。閉合開關(guān)S，電路穩(wěn)定后，將滑動(dòng)變阻器的滑片P從某一位置移到另一位置處，分別讀出滑片在這兩個(gè)位置時(shí)電流表和的示數(shù)，得出電流表的示數(shù)增加了，電流表的示數(shù)增加了，所有電表均為理想電表，下列說(shuō)法正確的是（）

A．電壓表的示數(shù)不變

B．滑動(dòng)變阻器的滑片向b端移動(dòng)

C．定值電阻消耗的功率均增大

D．理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為

【答案】B,D

【知識(shí)點(diǎn)】變壓器原理

【解析】【解答】AB．根據(jù)題意可知，電源電壓的有效值不變，線圈匝數(shù)比不變，則副線圈兩端的電壓不變，由于電流表示數(shù)增加，則負(fù)載電阻減小，即滑動(dòng)變阻器的滑片向b端移動(dòng)，電阻分得電壓變大，則電壓表的示數(shù)減小，A不符合題意，B符合題意；

C．由公式可知，電阻功率變大，由公式可知，電阻的功率減小，C不符合題意；

D．由電流與匝數(shù)比關(guān)系有

D符合題意。

故答案為：BD。

【分析】利用匝數(shù)不變和原線圈的電壓不變可以判別輸出電壓不變；利用電流表讀數(shù)增加可以判別滑動(dòng)變阻器向b端滑動(dòng)；當(dāng)滑動(dòng)變阻器向b端滑動(dòng)時(shí)會(huì)導(dǎo)致回路中電阻減小則R1分得的電壓增大，所以電壓表的讀數(shù)減??；由于電壓表讀數(shù)減小則R2消耗的功率減?。焕秒娏髯兓恐瓤梢郧蟪鲈褦?shù)之比。

三、解答題

13．（2022高二下·煙臺(tái)期末）如圖所示，豎直面內(nèi)固定一半徑為R的光滑大圓環(huán)軌道，O為圓心，A、B、C、D為圓環(huán)上的4個(gè)點(diǎn)，其中AB、CD分別為豎直和水平直徑。在A點(diǎn)固定一個(gè)光滑的小滑輪，一輕繩繞過(guò)小滑輪，其兩端分別連接質(zhì)量為的小球，兩小球套在大圓環(huán)軌道上。已知當(dāng)兩小球靜止時(shí)，輕繩和豎直方向的夾角分別為。求：

（1）兩個(gè)小球的質(zhì)量之比；

（2）小球?qū)壍赖膲毫χ取?/p>

【答案】（1）解：設(shè)從滑輪到小球m1的距離為L(zhǎng)1，從滑輪到小球m2的距離為L(zhǎng)2，由幾何知識(shí)可求得，①

兩小球受力分析如圖所示，由兩個(gè)小球的受力矢量三角形與對(duì)應(yīng)的幾何三角形相似可得：

對(duì)小球m1②

對(duì)小球m2③

由①②③得④

（2）解：如圖，軌道對(duì)小球m1、m2的作用力分別為F1、F2

對(duì)小球m1⑤

對(duì)小球m2

⑥

由⑤⑥可得⑦

由牛頓第三定律得小球m1、m2對(duì)軌道的壓力之比為⑧

【知識(shí)點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡條件的應(yīng)用

【解析】【分析】（1）兩個(gè)小球處于靜止，利用小球的平衡方程結(jié)合矢量三角形定則可以求出兩個(gè)小球質(zhì)量之比；

（2）已知兩個(gè)小球處于靜止，利用相似三角形定則可以求出小球?qū)壍赖膲毫χ取?/p>

14．（2022高二下·煙臺(tái)期末）潛水鐘是一種水下救生避險(xiǎn)設(shè)備，它是一個(gè)底部開口、上部封閉的容器，外形與鐘相似，如圖甲所示。潛水鐘在水下時(shí)其內(nèi)部上方空間內(nèi)存有空氣，可供潛水員呼吸，延長(zhǎng)潛水員在水下作業(yè)逗留的時(shí)間。潛水鐘可簡(jiǎn)化為高度為、開口向下的薄壁圓柱形筒，如圖乙所示。工作時(shí)，由水面上的船將筒由水面上方開口向下吊放至水下，筒的上表面距水面的深度為。已知水的密度為，重力加速度大小為，大氣壓強(qiáng)為，忽略筒內(nèi)氣體溫度的變化和水密度隨深度的變化。

（1）求筒在水下位置時(shí)內(nèi)部氣體的高度d；

（2）現(xiàn)保持H不變，由船上的氣泵將空氣壓入筒內(nèi)，使筒內(nèi)的水全部排出，求壓入空氣的質(zhì)量與筒內(nèi)原來(lái)氣體質(zhì)量的比值k。

【答案】（1）解：設(shè)筒的橫截面積為S，放入水下后筒內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為p1，由玻意耳定律和題給條件有p1dS=p0hS①

p1=p0+ρg（H+d）②

解得d=0.5m③

（2）解：設(shè)水全部排出后筒內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為p2，此時(shí)筒內(nèi)氣體的體積為V0，這些氣體在其壓強(qiáng)為p0時(shí)的體積為V3，由玻意耳定律有p2V0=p0V3④

其中p2=p0+ρg（H+h）⑤

設(shè)需壓入壓強(qiáng)為p0的氣體體積為V，則有V=V3-V0⑥

⑦

解得k=5.3025⑧

【知識(shí)點(diǎn)】理想氣體與理想氣體的狀態(tài)方程

【解析】【分析】（1）已知?dú)怏w在進(jìn)入水中做等溫變化，利用氣體等溫變化的狀態(tài)方程可以求出氣體的高度；

（2）當(dāng)水排出筒內(nèi)時(shí)，利用液面高度差可以求出氣體的壓強(qiáng)，結(jié)合氣體等溫變化的狀態(tài)方程可以求出壓入空氣質(zhì)量與原來(lái)氣體質(zhì)量之比。

四、實(shí)驗(yàn)題

15．某學(xué)生用油膜法估測(cè)分子直徑，實(shí)驗(yàn)室現(xiàn)有按體積比為配制好的油酸酒精溶液置于容器中，還有一個(gè)充入約深水的淺盤．一支滴管，一個(gè)量筒。請(qǐng)補(bǔ)充下述估測(cè)分子大小的實(shí)驗(yàn)步驟：

⑴用滴管向量筒內(nèi)加注滴酒精油酸溶液，讀出其體積。

⑵用滴管將一滴油酸酒精溶液滴入淺盤，待油酸薄膜穩(wěn)定后，將薄膜輪廓描繪在坐標(biāo)紙上，如圖所示。（已知坐標(biāo)紙上每個(gè)小方格面積為，求油膜面積時(shí)，半個(gè)以上方格面積記為，不足半個(gè)舍去）則油膜面積為。

⑶估算油酸分子直徑的表達(dá)式為。

【答案】8S；

【知識(shí)點(diǎn)】用油膜法估測(cè)油酸分子的大小

【解析】【解答】（2）半個(gè)以上方格面積記為S，不足半個(gè)舍去，可得油膜面積；

（3）由題意可得，1滴油酸酒精溶液中含有純油酸的體積為，由，得。

【分析】（2）根據(jù)半個(gè)以上方格面積記為S，不足半個(gè)舍去的原則，數(shù)出油膜面積；（3）油膜的體積與油膜面積的比值即為油酸分子直徑。

16．（2023高二下·寧德期末）在做“用單擺測(cè)重力加速度”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，某同學(xué)測(cè)得擺線長(zhǎng)為99.20cm，擺球直徑為1.60cm，。

（1）若擺球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，且記數(shù)為1，到第81次經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)所用的時(shí)間如圖乙所示，則秒表讀數(shù)為s。

（2）根據(jù)測(cè)得的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，重力加速度的大小g=m/s2。（結(jié)果保留小數(shù)點(diǎn)后兩位）

（3）實(shí)驗(yàn)結(jié)束后，該同學(xué)發(fā)現(xiàn)他測(cè)得的重力加速度比當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊臄?shù)值大，其原因可能是_______。

A．計(jì)數(shù)結(jié)束時(shí)秒表太遲按下

B．把擺動(dòng)n次，誤記為（n+1）次

C．單擺的懸點(diǎn)未固定緊，擺動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線增長(zhǎng)

【答案】（1）80.0

（2）9.86

（3）B

【知識(shí)點(diǎn)】探究單擺的運(yùn)動(dòng)，用單擺測(cè)定重力加速度

【解析】【解答】(1)由題圖知，秒表讀數(shù)為2×30s+20.0s=80.0s

(2)到第81次經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)，單擺完成擺動(dòng)周期的次數(shù)為

單擺周期為

單擺擺長(zhǎng)為

根據(jù)單擺周期公式可得

(3)根據(jù)

可知，若計(jì)數(shù)結(jié)束時(shí)秒表太遲按下，則T偏大，則g偏小。若把擺動(dòng)n次，誤記為（n+1）次，則T偏小，g偏大。若單擺的懸點(diǎn)未固定緊，擺動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線增長(zhǎng)，則計(jì)算值L偏小，g偏小。

故答案為：B。

【分析】(1)熟練掌握秒表讀數(shù)方法。

(2)由經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)次數(shù)求出完成周期次數(shù)，1個(gè)周期經(jīng)過(guò)兩次最低點(diǎn)。注意擺長(zhǎng)=繩長(zhǎng)+球半徑，再結(jié)合擺周期公式求出重力加速度。

(3)結(jié)合重力加速度求解公式，推斷各個(gè)操作可能導(dǎo)致的實(shí)驗(yàn)誤差是偏大還是偏小。

1/1山西省大同市陽(yáng)高縣第四中學(xué)校2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期7月期末物理試題

一、單選題

1．（2022高二下·新鄉(xiāng)期末）下列說(shuō)法正確的是（）

A．光電效應(yīng)表明光具有能量，康普頓效應(yīng)表明光具有動(dòng)量

B．電子束穿過(guò)鋁箔的衍射現(xiàn)象說(shuō)明電子具有粒子性

C．目前核能發(fā)電主要使用的是輕核聚變反應(yīng)

D．由于鈾核裂變反應(yīng)釋放能量，裂變產(chǎn)物原子核的比結(jié)合能小于鈾核的比結(jié)合能

2．（2022高二下·新鄉(xiāng)期末）如圖所示，一根光滑的輕繩一端系在天花板的P點(diǎn)，另一端跨過(guò)動(dòng)滑輪和定滑輪系在小球上，小球套在光滑的豎直桿上，裝有水的桶掛在動(dòng)滑輪的掛鉤上，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，下列說(shuō)法正確的是（）

A．若桶中的水緩慢漏出，小球?qū)⑾蛏弦苿?dòng)

B．若P點(diǎn)緩慢向左移動(dòng)一小段距離，小球?qū)⑾蛳乱苿?dòng)

C．若P點(diǎn)緩慢向右移動(dòng)一小段距離，小球?qū)⑾蛏弦苿?dòng)

D．若P點(diǎn)緩慢向右移動(dòng)一小段距離，小球?qū)⑾蛳乱苿?dòng)

3．（2022高二下·新鄉(xiāng)期末）真空中靜止的三個(gè)點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)分布如圖所示，一帶正電的粒子（不計(jì)重力）以初速度從A點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示，B點(diǎn)是兩個(gè)負(fù)電荷連線的中點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）

A．帶電粒子在B點(diǎn)的加速度為零

B．帶電粒子在B點(diǎn)的速度最大

C．從B到C電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子先做正功后做負(fù)功

D．從B到C帶電粒子的電勢(shì)能先增加后減小

4．如圖所示，傾角為θ=30°的斜面體放置在水平面上，其底面粗糙、斜面部分光滑，斜面體上的物塊在大小為F0的水平拉力作用下保持靜止，現(xiàn)將拉力順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)一定角度α后，拉力大小仍為F0，物塊仍能保持靜止.整個(gè)過(guò)程斜面體始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，則在拉力水平和轉(zhuǎn)過(guò)角度α后兩種情況下（）

A．物塊對(duì)斜面的壓力大小之比為

B．物塊對(duì)斜面的壓力大小之比為3：2

C．斜面體與水平面間摩擦力大小之比為2：1

D．斜面體與水平面間摩擦力大小之比為

5．（2022高二下·北海期末）如圖所示，在水平直線上的M、N處，各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過(guò)紙面，兩條導(dǎo)線中通有流向相同的電流，電流大小分別為I和2I，O點(diǎn)是Ｍ、N連線的中點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）

A．兩導(dǎo)線受到的安培力

B．用計(jì)算導(dǎo)線所受的安培力時(shí)

C．移走導(dǎo)線N前后，O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向不變

D．在離兩導(dǎo)線所在的平面有一定距離的有限空間內(nèi)，存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為零的位置

6．電場(chǎng)線是為了直觀形象地描述電場(chǎng)分布而在電場(chǎng)中引入的一些假想的曲線，某電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布如圖所示，某帶電粒子只在電場(chǎng)力的作用下沿虛線從O運(yùn)動(dòng)到P，則（）

A．該粒子帶正電

B．粒子在P點(diǎn)的加速度小于在O點(diǎn)的加速度

C．粒子在P點(diǎn)的速度小于在O點(diǎn)的速度

D．P點(diǎn)的電勢(shì)高于O點(diǎn)的電勢(shì)

7．（2022高二下·大連期末）圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波動(dòng)圖像，圖乙為質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像，下列說(shuō)法正確的是（）

A．波沿x軸負(fù)方向傳播，波速v=20m/s

B．t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)Q的加速度沿y軸負(fù)方向

C．質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方程為y=-0.2sin10πt（m）

D．從t=0至t=2s，質(zhì)點(diǎn)P的路程為40m

8．（2022高二下·大連期末）如圖甲所示，每年夏季我國(guó)多地會(huì)出現(xiàn)日暈現(xiàn)象，日暈是太陽(yáng)光通過(guò)卷層云時(shí)，發(fā)生折射或反射形成的。一束太陽(yáng)光射到截面為六角形的冰晶上發(fā)生折射，其光路圖如圖乙所示，a、b為其折射出的光線中兩種單色光，下列說(shuō)法正確的是（）

A．在冰晶中，b光的傳播速度較大

B．從同種玻璃中射入空氣發(fā)生全反射時(shí)，a光的臨界角較大

C．通過(guò)同一裝置發(fā)生雙縫干涉，a光的相鄰條紋間距較小

D．用同一裝置做單縫衍射實(shí)驗(yàn)，b光的上都亮條紋更寬

二、多選題

9．（2022高二下·新鄉(xiāng)期末）如圖所示，在之間有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在之間的兩個(gè)半徑為R的圓形內(nèi)（不包含邊界）存在方向相反的圓形磁場(chǎng)，兩個(gè)圓形磁場(chǎng)相切且與邊界Q也相切，磁感應(yīng)強(qiáng)度均為B，在兩個(gè)圓形磁場(chǎng)右邊并與圓形磁場(chǎng)相切有一個(gè)足夠大的擋板。在下邊圓形磁場(chǎng)的最低點(diǎn)A處有一個(gè)粒子源可以在平面內(nèi)向磁場(chǎng)內(nèi)各個(gè)方向發(fā)射速率為，電量為，質(zhì)量為m的粒子，之間的距離為，電場(chǎng)強(qiáng)度為，不計(jì)粒子的重力和粒子間的相互作用力，粒子不發(fā)生碰撞，下列說(shuō)法正確的是（）

A．粒子水平向左進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)

B．粒子速度減到零時(shí)剛好運(yùn)動(dòng)到電場(chǎng)左邊界P

C．粒子在下邊的圓形磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間均為

D．粒子均能垂直打在擋板上

10．（2023高三上·山西期末）2023年9月9日，我國(guó)成功將中星9B衛(wèi)星發(fā)射升空，中星9B衛(wèi)星是地球同步軌道廣播電視直播衛(wèi)星，具備為北京2022年冬奧會(huì)提供高質(zhì)量直播傳輸服務(wù)的能力。如圖所示，兩顆人造衛(wèi)星A、B都在赤道正上方同方向繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，A為地球同步衛(wèi)星，某時(shí)刻A、B相距最近。已知地球自轉(zhuǎn)周期為T1，B的運(yùn)行周期為T2，則下列說(shuō)法正確的是（）

A．在相同時(shí)間內(nèi)，衛(wèi)星A，B與地心連線掃過(guò)的面積相等

B．經(jīng)過(guò)時(shí)間，A、B相距最遠(yuǎn)

C．A的向心加速度小于B的向心加速度

D．衛(wèi)星A、B受到地球的萬(wàn)有引力大小一定不相等

11．（2022高二下·大連期末）如圖所示為運(yùn)送快遞的傳送裝置，已知A、B兩端距離為L(zhǎng)，傳送帶與水平方向夾角為，工作時(shí)運(yùn)行速度為v，某快遞與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。工作時(shí)工人在A端將此快遞由靜止放到運(yùn)行中的傳送帶上。設(shè)最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等。重力加速度大小為g。關(guān)于此快遞從A到B的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）

A．無(wú)法比較快遞到達(dá)B的速度與v的大小關(guān)系

B．若，則快遞從A端到B端一定一直做加速直線運(yùn)動(dòng)

C．若，則快遞可能先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)再做勻速直線運(yùn)動(dòng)

D．快遞剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度的大小為

12．（2022高二下·煙臺(tái)期末）如圖所示，一理想變壓器的原線圈兩端接在有效值不變的正弦式交流電源兩端，、為定值電阻，R為滑動(dòng)變阻器。閉合開關(guān)S，電路穩(wěn)定后，將滑動(dòng)變阻器的滑片P從某一位置移到另一位置處，分別讀出滑片在這兩個(gè)位置時(shí)電流表和的示數(shù)，得出電流表的示數(shù)增加了，電流表的示數(shù)增加了，所有電表均為理想電表，下列說(shuō)法正確的是（）

A．電壓表的示數(shù)不變

B．滑動(dòng)變阻器的滑片向b端移動(dòng)

C．定值電阻消耗的功率均增大

D．理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為

三、解答題

13．（2022高二下·煙臺(tái)期末）如圖所示，豎直面內(nèi)固定一半徑為R的光滑大圓環(huán)軌道，O為圓心，A、B、C、D為圓環(huán)上的4個(gè)點(diǎn)，其中AB、CD分別為豎直和水平直徑。在A點(diǎn)固定一個(gè)光滑的小滑輪，一輕繩繞過(guò)小滑輪，其兩端分別連接質(zhì)量為的小球，兩小球套在大圓環(huán)軌道上。已知當(dāng)兩小球靜止時(shí)，輕繩和豎直方向的夾角分別為。求：

（1）兩個(gè)小球的質(zhì)量之比；

（2）小球?qū)壍赖膲毫χ取?/p>

14．（2022高二下·煙臺(tái)期末）潛水鐘是一種水下救生避險(xiǎn)設(shè)備，它是一個(gè)底部開口、上部封閉的容器，外形與鐘相似，如圖甲所示。潛水鐘在水下時(shí)其內(nèi)部上方空間內(nèi)存有空氣，可供潛水員呼吸，延長(zhǎng)潛水員在水下作業(yè)逗留的時(shí)間。潛水鐘可簡(jiǎn)化為高度為、開口向下的薄壁圓柱形筒，如圖乙所示。工作時(shí)，由水面上的船將筒由水面上方開口向下吊放至水下，筒的上表面距水面的深度為。已知水的密度為，重力加速度大小為，大氣壓強(qiáng)為，忽略筒內(nèi)氣體溫度的變化和水密度隨深度的變化。

（1）求筒在水下位置時(shí)內(nèi)部氣體的高度d；

（2）現(xiàn)保持H不變，由船上的氣泵將空氣壓入筒內(nèi)，使筒內(nèi)的水全部排出，求壓入空氣的質(zhì)量與筒內(nèi)原來(lái)氣體質(zhì)量的比值k。

四、實(shí)驗(yàn)題

15．某學(xué)生用油膜法估測(cè)分子直徑，實(shí)驗(yàn)室現(xiàn)有按體積比為配制好的油酸酒精溶液置于容器中，還有一個(gè)充入約深水的淺盤．一支滴管，一個(gè)量筒。請(qǐng)補(bǔ)充下述估測(cè)分子大小的實(shí)驗(yàn)步驟：

⑴用滴管向量筒內(nèi)加注滴酒精油酸溶液，讀出其體積。

⑵用滴管將一滴油酸酒精溶液滴入淺盤，待油酸薄膜穩(wěn)定后，將薄膜輪廓描繪在坐標(biāo)紙上，如圖所示。（已知坐標(biāo)紙上每個(gè)小方格面積為，求油膜面積時(shí)，半個(gè)以上方格面積記為，不足半個(gè)舍去）則油膜面積為。

⑶估算油酸分子直徑的表達(dá)式為。

16．（2023高二下·寧德期末）在做“用單擺測(cè)重力加速度”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，某同學(xué)測(cè)得擺線長(zhǎng)為99.20cm，擺球直徑為1.60cm，。

（1）若擺球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，且記數(shù)為1，到第81次經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)所用的時(shí)間如圖乙所示，則秒表讀數(shù)為s。

（2）根據(jù)測(cè)得的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，重力加速度的大小g=m/s2。（結(jié)果保留小數(shù)點(diǎn)后兩位）

（3）實(shí)驗(yàn)結(jié)束后，該同學(xué)發(fā)現(xiàn)他測(cè)得的重力加速度比當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊臄?shù)值大，其原因可能是_______。

A．計(jì)數(shù)結(jié)束時(shí)秒表太遲按下

B．把擺動(dòng)n次，誤記為（n+1）次

C．單擺的懸點(diǎn)未固定緊，擺動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線增長(zhǎng)

答案解析部分

1．【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】核裂變與核聚變；光電效應(yīng)

【解析】【解答】A．光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)深入地揭示了光的粒子性的一面，光電效應(yīng)表明光子具有能量，康普頓效應(yīng)表明光子還具有動(dòng)量，A項(xiàng)正確；

B．電子束穿過(guò)鋁箔的衍射現(xiàn)象說(shuō)明電子具有波動(dòng)性，B項(xiàng)錯(cuò)誤；

C．目前核能發(fā)電主要使用的是重核裂變，C項(xiàng)錯(cuò)誤；

D．由于鈾核裂變反應(yīng)釋放能量，裂變產(chǎn)物原子核的比結(jié)合能大于鈾核的比結(jié)合能，D項(xiàng)錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)揭示了光的粒子性的一面，核能發(fā)電主要使用的是重核裂變，電子束穿過(guò)鋁箔的衍射現(xiàn)象說(shuō)明電子具有波動(dòng)性。

2．【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡條件的應(yīng)用

【解析】【解答】A．若桶中的水緩慢漏出，水杯上升，小球?qū)⑾陆?，A不符合題意；

B．若P點(diǎn)緩慢向左移動(dòng)一小段距離，輕繩上的張力變大，小球受的拉力也變大，小球受力平衡，拉小球的輕繩拉力沿豎直方向的分力等于小球的重力，輕繩與豎直方向的夾角變大，小球應(yīng)向上移動(dòng)，B不符合題意；

CD．若P點(diǎn)緩慢向右移動(dòng)一小段距離，輕繩上的張力變小，小球受的拉力也變小，小球受力平衡，拉小球的輕繩拉力沿豎直方向的分力等于小球的重力，輕繩與豎直方向的夾角變小，小球應(yīng)向下移動(dòng)，C不符合題意，D符合題意。

故答案為：D。

【分析】桶中的水緩慢漏出，水杯上升，小球?qū)⑾陆担琍點(diǎn)緩慢向左移動(dòng)一小段距離，輕繩上的張力變大。

3．【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】電場(chǎng)強(qiáng)度和電場(chǎng)線；電勢(shì)差、電勢(shì)、電勢(shì)能

【解析】【解答】A．根據(jù)電場(chǎng)線分布可知兩個(gè)負(fù)電荷電量相等，B點(diǎn)是兩個(gè)負(fù)電荷連線的中點(diǎn)，兩個(gè)負(fù)電荷對(duì)帶電粒子的作用力為零，但還受到正電荷的斥力，所以帶電粒子在B點(diǎn)加速度不為零，A不符合題意；

B．帶電粒子在B點(diǎn)時(shí)受到正電荷的斥力，粒子在B點(diǎn)加速，所以帶電粒子在B點(diǎn)速度不是最大，B不符合題意；

CD．根據(jù)電場(chǎng)線分布可知帶電粒子在C點(diǎn)時(shí)做減速運(yùn)動(dòng)，帶電粒子從B到C先加速后減速，電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子先做正功后做負(fù)功，電勢(shì)能先減小后增加，C符合題意，D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)電場(chǎng)線分布可知兩個(gè)負(fù)電荷電量相等，帶電粒子在C點(diǎn)時(shí)做減速運(yùn)動(dòng)，帶電粒子從B到C先加速后減速。

4．【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】整體法隔離法；共點(diǎn)力的平衡

【解析】【解答】AB.根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，兩種情況下物塊受力關(guān)系如圖所示：

拉力水平時(shí)，斜面對(duì)物塊的支持力，在拉力大小不變時(shí)為使物體仍能靜止，由圖中的幾何關(guān)系可得，拉力方向應(yīng)順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)的角度為，可得，可得，AB不符合題意；

CD.斜面體和物塊整體處于靜止?fàn)顟B(tài)，由共點(diǎn)力平衡條件可得，拉力水平時(shí)，水平面對(duì)斜面體的摩擦力為，拉力方向順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)60°角，，可得，C符合題意，D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】做出物體的受力分析圖，再由共點(diǎn)力平衡條件結(jié)合幾何關(guān)系，求出拉力轉(zhuǎn)動(dòng)前后，物塊對(duì)斜面壓力的大小之比；對(duì)斜面體和物塊整體，由共點(diǎn)力平衡條件求出拉力轉(zhuǎn)動(dòng)前后，斜面體與水平面間摩擦力大小之比。

5．【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】安培力；安培定則

【解析】【解答】A．兩導(dǎo)線受到的安培力是相互作用力，大小相等，A不符合題意；

B．兩導(dǎo)線平行，磁場(chǎng)與電流垂直，故用

計(jì)算導(dǎo)線所受的安培力時(shí)

B符合題意；

C．移走導(dǎo)線N前，N的電流較大，根據(jù)安培定則，O點(diǎn)磁場(chǎng)方向向上，移走后，O點(diǎn)磁場(chǎng)方向向下，C不符合題意；

D．在離兩導(dǎo)線所在的平面有一定距離的有限空間內(nèi)，兩導(dǎo)線在任意點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向均不在同一條直線上，故不存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為零的位置。D不符合題意。

故答案為：B。

【分析】利用相互作用可以判別其兩個(gè)導(dǎo)線受到的作用力大小相等；利用其安培力的表達(dá)式可以求出導(dǎo)線受到的安培力大?。划?dāng)其安培定則可以判別通電導(dǎo)線周圍磁感線的方向，結(jié)合其磁感應(yīng)強(qiáng)度的疊加可以判別磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向及大小。

6．【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】曲線運(yùn)動(dòng)；動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用；電場(chǎng)線；電勢(shì)；電勢(shì)差

【解析】【解答】A.物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體受到的合力指向曲線的凹側(cè)，可知該粒子所受電場(chǎng)力方向沿電場(chǎng)的切線方向，可知粒子一定帶正電，A符合題意；

B.根據(jù)電場(chǎng)線的疏密可知，P點(diǎn)的電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大于O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故粒子在P點(diǎn)的加速度一定大于在O點(diǎn)的加速度，B不符合題意；

C.粒子從O到P的過(guò)程，電場(chǎng)力做正功，由動(dòng)能定理可知，粒子的動(dòng)能增大，故粒子在P點(diǎn)的速度一定大于在O點(diǎn)的速度，C不符合題意；

D.粒子帶正電，從O到P的過(guò)程，電場(chǎng)力做正功，由電勢(shì)差公式可得，可P點(diǎn)的電勢(shì)小于O點(diǎn)的電勢(shì)，D不符合題意。

故答案為：A。

【分析】根據(jù)物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體受到的合力指向曲線的凹側(cè)，判斷出粒子受到的電場(chǎng)力方向，確定粒子的電性；由電場(chǎng)線的疏密比較P、O兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小關(guān)系，從而得到加速度的大小關(guān)系；根據(jù)動(dòng)能定理，由電場(chǎng)力做功的正負(fù)判斷粒子速度的變化；由電勢(shì)差公式分析P、O兩點(diǎn)電勢(shì)的高低。

7．【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】橫波的圖象

【解析】【解答】A．由乙圖可看出在t=0時(shí)質(zhì)點(diǎn)P向y軸負(fù)方向振動(dòng)，在甲圖中根據(jù)“上坡下、下坡上”可知，該波沿x軸正方向傳播，且已知λ=4m、T=0.2s，則該波波速為20m/s，A不符合題意；

B．由甲圖可看出，在t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)Q在t軸下方，則根據(jù)回復(fù)力與位移的關(guān)系F=-ky

可知t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)Q的加速度沿y軸正方向，B不符合題意；

C．由乙圖可看出質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)周期T=0.2s，則

則質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方程為y=-0.2sin10πt（m）

C符合題意；

D．由乙圖可看出質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)周期T=0.2s，則從t=0至t=2s，質(zhì)點(diǎn)P的路程為S=4A×10=40×0.2m=8m

D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】利用質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向可以判別波傳播方向；利用波長(zhǎng)和周期可以求出波速的大小；利用質(zhì)點(diǎn)Q的位置可以判別加速度的方向；利用振幅和角速度可以求出P質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的方程；利用振動(dòng)的時(shí)間結(jié)合振幅可以求出質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程。

8．【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】光的折射及折射定律

【解析】【解答】A．設(shè)入射角為，折射角為，由圖乙可知，a光和b光入射角相等，a光折射角大于b光折射角，根據(jù)

可得a光折射率小于b光折射率，由

可得a光在冰晶中的傳播速度大，A不符合題意；

B．由臨界角公式

可得從同種玻璃中射入空氣發(fā)生全反射時(shí)，a光的臨界角較大，B符合題意；

C．由于a光折射率小于b光折射率，所以a光頻率小于b光頻率，由

可得a光波長(zhǎng)大于b光波長(zhǎng)，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式

可知當(dāng)通過(guò)同一裝置發(fā)生雙縫干涉，a光的相鄰條紋間距較大，C不符合題意；

D．用同一裝置做單縫衍射實(shí)驗(yàn)，由于a光波長(zhǎng)較長(zhǎng)，所以a光的上都亮條紋更寬，D不符合題意。

故答案為：B。

【分析】利用折射角的大小可以比較折射率的大小，利用折射率的大小可以比較光傳波的速度、全反射的臨界角及光的波長(zhǎng)大小，利用光的波長(zhǎng)大小可以比較干涉條紋間距的大小。

9．【答案】A,C,D

【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在電場(chǎng)與磁場(chǎng)混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)

【解析】【解答】A．根據(jù)洛倫茲力提供向心力

代入，得

滿足磁聚焦的條件，粒子出磁場(chǎng)后水平向左進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)，A符合題意；

B．設(shè)粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中減速到零時(shí)的位移為x，根據(jù)動(dòng)能定理

得

之間的距離

粒子運(yùn)動(dòng)到中間速度減到零，B不符合題意；

C．作出如圖所示的軌跡圖

根據(jù)磁聚焦可以得出粒子在下邊的圓形磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的兩段圓弧圓心角之和是，所以時(shí)間是半個(gè)周期，即

C符合題意；

D．根據(jù)磁聚焦結(jié)論粒子在上邊的圓形磁場(chǎng)中射出后均能垂直打在擋板上，D符合題意。

故答案為：ACD。

【分析】洛倫茲力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力。作出如圖粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡圖，根據(jù)動(dòng)能定理求解粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中減速到零時(shí)的位移為x。

10．【答案】B,C

【知識(shí)點(diǎn)】開普勒定律；萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用

【解析】【解答】A．根據(jù)開普勒第二定律可知，對(duì)同一行星而言，它與中心天體的連線在相等的時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積相等，A不符合題意；

B．衛(wèi)星A、B由相距最近到相距最遠(yuǎn)，圓周運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)過(guò)的角度差為，所以可得，其中，，則經(jīng)歷的時(shí)間，B符合題意；

C．根據(jù)，解得，衛(wèi)星A的軌道半徑大于B的軌道半徑，則衛(wèi)星A的向心加速度小于B的向心加速度，C符合題意；

D．萬(wàn)有引力，衛(wèi)星A、B的質(zhì)量未知，衛(wèi)星A、B受到地球的萬(wàn)有引力大小也不一定不相等，D不符合題意。

故答案為：BC。

【分析】衛(wèi)星A、B由相距最近到相距最遠(yuǎn)時(shí)結(jié)合轉(zhuǎn)過(guò)角度差得出經(jīng)歷的時(shí)間，萬(wàn)有引力為衛(wèi)星所受的合力，利用牛頓第二定律得出加速度的表達(dá)式，結(jié)合開普勒第二定律進(jìn)行分析判斷。

11．【答案】A,B,C

【知識(shí)點(diǎn)】牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用—傳送帶模型

【解析】【解答】當(dāng)快遞由傳送帶頂端靜止釋放時(shí)，其受沿傳送帶向下的滑動(dòng)摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律有

故加速度為

若，則快遞一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，且到達(dá)B端時(shí)速度等于v；