2021年西藏山南第二高級(jí)中學(xué)高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共6小題，共36.0分）

1.如圖所示，電路中所有元件完好，但發(fā)現(xiàn)光照射到光電管上時(shí)，將滑線變

阻器滑片由左端滑向右端時(shí)，靈敏電流計(jì)中始終沒有電流通過，其原因可小二，心

能是（）

A.向射光太弱|電.[:

B.入射光波長太長

C.光照時(shí)間太短

D.電源右端為正極，左端為負(fù)極

2.a、b、c、d四顆地球衛(wèi)星，a還未發(fā)射，在地球赤道上隨地球表面一起轉(zhuǎn)動(dòng)，b是近地衛(wèi)星，c

是地球同步衛(wèi)星，”是高空探測衛(wèi)星，各衛(wèi)星排列位置如圖，則下列說法正確的有（）

A.a的向心加速度等于重力加速度gB.相同時(shí)間內(nèi)6轉(zhuǎn)過的角度最大

C.c相對(duì)于b靜止D.d的運(yùn)動(dòng)周期可能是20小時(shí)

3.神舟八號(hào)無人飛行器，是中國“神舟”系列飛船的第八個(gè)，也是

中國神舟系列飛船進(jìn)入批量生產(chǎn)的代表。神八已于2011年11月

1日5時(shí)58分10秒由改進(jìn)型“長征二號(hào)”F遙八火箭順利發(fā)射

升空。升空后，“神八”與此前發(fā)射的“天宮一號(hào)”成功實(shí)現(xiàn)交

會(huì)對(duì)接，于2011年11月16日18時(shí)30分，神舟八號(hào)飛船與天宮

一號(hào)目標(biāo)飛行器成功分離，如圖所示，返回艙已于11月17日19時(shí)許返回地面，對(duì)于神八返回

艙返回地球的過程中（假設(shè)返回艙的質(zhì)量不變，返回艙返回時(shí)作圓周運(yùn)動(dòng)）

A.動(dòng)能、重力勢(shì)能和機(jī)械能都逐漸減小

B.重力勢(shì)能逐漸減小，動(dòng)能逐漸增大，機(jī)械能不變

C.重力勢(shì)能逐漸增大，動(dòng)能逐漸減小，機(jī)械能不變

D.重力勢(shì)能逐漸減小，動(dòng)能逐漸增大，機(jī)械能逐漸減小

4.如圖所示，兩個(gè)完全相同的矩形導(dǎo)線框A、B在靠得很近的豎直平面內(nèi)，線框的B

長邊均處于水平位置.線框A固定且通有電流/,線框B從足夠高處由靜止釋放，

在運(yùn)動(dòng)到A下方的過程中（）A

A.穿過線框8的磁通量先變小后變大B.穿過線框B的磁通量先變大后變小

C.線框8所受安培力的合力為零D.線框8的機(jī)械能一直減小

5.下圖中按力的作用效果分解正確的是（

一矩形金屬線框與磁感線垂直的轉(zhuǎn)軸在勻強(qiáng)磁場中勻速

轉(zhuǎn)動(dòng)如圖，經(jīng)測定輸出交流電的電動(dòng)勢(shì)圖象如圖所示，經(jīng)原、副線圈的匝數(shù)比為1：10的理想

變壓器給一燈泡供電如圖所示，副線圈電路中燈泡額定功率為11W,當(dāng)閉合開關(guān)時(shí)發(fā)現(xiàn)燈泡正

常發(fā)光，貝女）

A.t=0.01s時(shí)刻穿過線框回路的磁通量為零

B.變壓器原線圈中電流表示數(shù)為1A

C.交流發(fā)電機(jī)的轉(zhuǎn)速為50r/s

D.燈泡的額定電壓為220口u

二、多選題（本大題共4小題，共22.0分）

7.為了測量某化肥廠的污水排放量，技術(shù)人員在該廠的排污管末端安

裝了如圖所示的流量計(jì)，該裝置由絕緣材料制成，長、寬、高分辨

為。、b.c,左右兩端開口，在垂直于上下表面方向加磁感應(yīng)強(qiáng)度為

8的勻強(qiáng)磁場，在前后兩個(gè)內(nèi)側(cè)面固定有金屬板作為電極，污水充滿

管口從左向右流經(jīng)該裝置時(shí)，電壓表將顯示兩個(gè)電極間的電壓U,

若用。表示污水流量（單位時(shí)間內(nèi)排出的污水體積），下列說法正確的是（）

A.前內(nèi)側(cè)面的電勢(shì)一定低于后內(nèi)側(cè)面的電勢(shì)，與哪種離子多無關(guān)

B.若污水中正離子較多，則前內(nèi)側(cè)面比后內(nèi)側(cè)面的電勢(shì)高

C.污水中離子濃度越高，電壓表的示數(shù)越大

D.污水流量。與電壓U成正比，與向無關(guān)

8.一帶電質(zhì)點(diǎn)從A點(diǎn)豎直向上射入到一個(gè)水平的勻強(qiáng)電場中，粒子運(yùn)動(dòng)到二

B點(diǎn)時(shí)，速度方向變?yōu)樗?。到達(dá)B點(diǎn)后繼續(xù)運(yùn)動(dòng)到與A點(diǎn)在同一水平-r

面上的C點(diǎn)。已知粒子的質(zhì)量為機(jī)，帶電量為4,A、8間的距離為3

與水平間成。角，貝！|（）

A.粒子在A點(diǎn)和B點(diǎn)的速度大小之比為tan。

B.勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度為1瞥

q

C.從A到B粒子機(jī)械能的變化量為rngLcos。

D.BC間的水平距離是AB間水平距離的3倍

9.下列說法正確的是（）

A.雨后荷葉上的小水珠接近球形主要是液體表面張力作用的結(jié)果

B.不浸潤現(xiàn)象說明固體分子對(duì)液體分子的吸引力大于液體分子之間的吸引力

C.溫度相同的氫氣和氧氣，氫氣分子和氧氣分子的平均速率相同

D.在一定條件下晶體和非晶體可以相互轉(zhuǎn)化

E.熱量可以從低溫物體傳到高溫物體

10.在同一實(shí)驗(yàn)室中，甲、乙兩水平彈簧振子的振動(dòng)圖象如圖所示，則可知（）

A.振子甲速度為零時(shí)，振子乙速度最大

B.兩振子的振動(dòng)頻率之比f用：/z=2：1

C.若將振子乙的振幅也增為10。"，則甲乙振子的振動(dòng)周期會(huì)相等

D.任意2s內(nèi)，甲乙兩振子的路程相等

三、填空題（本大題共1小題，共9.0分）

11.一只滿偏電流/g=lm4線圈電阻Rg=100。的小電流表.

(I)把它改裝成滿偏電壓u=101/的電壓表；應(yīng)串聯(lián)一個(gè)n的電阻.

(2)把它改裝成滿偏電流/=0.64的電流表.應(yīng)并聯(lián)一個(gè)_____。的電阻.

四、實(shí)驗(yàn)題(本大題共1小題，共9.0分)

12.用如圖1實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證加1、巾2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒.62從高處由靜止開始下落，山1上拖著

的紙帶打出一系列的點(diǎn)，對(duì)紙帶上的點(diǎn)跡進(jìn)行測量，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律.下圖給出的是

實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打點(diǎn)(圖中未標(biāo)出),

計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖2所示.已知61=50。、巾2=150g,則(g取9.8m/s2,計(jì)算結(jié)果保留兩

位有效數(shù)字.)

圖1

(1)在紙帶上打下記數(shù)點(diǎn)5時(shí)的速度"=m/s；

(2)在。?5過程中系統(tǒng)動(dòng)能的增量4EK=____J，系統(tǒng)勢(shì)能的減少量△EP=./；

△珠和4取不相等的原因是,由此得到的結(jié)論是.

五、簡答題(本大題共1小題，共13.0分)

13.如圖甲所示，質(zhì)量為〃?的導(dǎo)體棒而垂直放在相距為/的平行且無限長的金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒他

與平行金屬導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為“，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角為。，并處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

B、方向垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場中。R和燈分別表示定值電阻和滑動(dòng)變阻器連入電路的

阻值，不計(jì)其他電阻，現(xiàn)由靜止釋放導(dǎo)體棒，當(dāng)通過R的電荷量達(dá)到夕時(shí)，導(dǎo)體棒時(shí)剛好達(dá)到

最大速度，重力加速度為g。

?|1乙

(1)求從釋放導(dǎo)體棒到棒達(dá)到最大速度時(shí)棒下滑的距離S和最大速度為。

(2)若將左側(cè)的定值電阻和滑動(dòng)變阻器換為水平放置的電容為C的平行板電容器，如圖乙所示，導(dǎo)體

棒ab由靜止釋放到達(dá)到(1)中的速度為需要多少時(shí)間(用方表示最大速度)。

六、計(jì)算題(本大題共3小題，共35.0分)

14.如圖所示裝置中AB段、8c末端均水平，有無=0.1m的高度差，OEN是半徑為r=0.4巾的半

圓形軌道，其直徑QN沿豎直方向，N點(diǎn)與水平地面的高度差為H=1m,C位于EW豎直線上，

CO間的距離恰能讓小球自由通過.在左端豎直墻上固定一輕質(zhì)彈簧.現(xiàn)有一可視為質(zhì)點(diǎn)的小球,

質(zhì)量m=0.2kg,壓縮輕質(zhì)彈簧至A點(diǎn)后由靜止釋放(小球和彈簧不粘連，在到達(dá)B點(diǎn)前與彈簧

脫離)，小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度恰好為喋=2m/s,沿QEN軌道滑下從N點(diǎn)平拋飛出落到水平地

面上.所有軌道均光滑，g取10m/s2.求：

(1)開始時(shí)壓縮的彈簧所具有的彈性勢(shì)能;

(2)小球到達(dá)N點(diǎn)時(shí)對(duì)N點(diǎn)的壓力大小；

(3)小球落地時(shí)與N點(diǎn)的水平距離.

15.如圖，一上端開口、下端封閉的細(xì)長玻璃管豎直放置。玻璃管的下部封有長k=25.0cm

的空氣柱，中間有一段長％=25.0cm的水銀柱，上部空氣柱的長度，3=50.0cm,已知

大氣壓強(qiáng)為Po=75.0cmHg.現(xiàn)將一活塞(圖中未畫出)從玻璃管開口處緩慢往下推，使

管下部空氣柱長度變?yōu)?/=20.0cm。假設(shè)活塞下推過程中沒有漏氣，不計(jì)活塞的厚度。

求活塞下推的距離。

I

16.如圖所示，一束平行于直徑AB的單色光照射到玻璃球上，從N點(diǎn)

進(jìn)入玻璃球直接打在B點(diǎn)，在B點(diǎn)反射后從P點(diǎn)射出玻璃球（P點(diǎn)未

畫出）.已知玻璃球的半徑為R,折射率n=V^，光在真空中的傳播

速度為c,求：

①入射點(diǎn)N與出射點(diǎn)P間的距離；

②此單色光由N點(diǎn)經(jīng)8點(diǎn)傳播到p點(diǎn)的時(shí)間.

【答案與解析】

1.答案：B

解析：解：A、光電管能否產(chǎn)生光電效應(yīng)與入射光的強(qiáng)度沒有關(guān)系.故A錯(cuò)誤.

8、若入射光波長太長，大于金屬的極限波長時(shí)，金屬不能產(chǎn)生光電效應(yīng)，靈敏電流計(jì)中沒有電流通

過.故8正確.

C、光電管能否產(chǎn)生光電效應(yīng)與光照時(shí)間沒有關(guān)系.故C錯(cuò)誤.

。、當(dāng)滑線變阻器滑片在左端時(shí)加在光電管上的電壓是0,此種情況下電路中不能形成電流，就僅僅

與不能產(chǎn)生光電效應(yīng)有關(guān)，與電源是否反接無關(guān).故。錯(cuò)誤.

故選：B

當(dāng)入射光波長小于金屬的極限波長時(shí)，金屬能產(chǎn)生光電效應(yīng).當(dāng)光電管上加上反向電壓時(shí)，靈敏電

流計(jì)中可能沒有電流通過.

本題考查對(duì)光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件理解和應(yīng)用能力.光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件是取決于入射光的頻率或波

長，與入射光的強(qiáng)度、光照時(shí)間沒有關(guān)系.

2.答案：B

解析：解：A、地球同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，角速度相同，則知。與c的角速度相

同，根據(jù)?知，。的向心加速度大于a的向心加速度。

由G罷=mg,得。=等，知衛(wèi)星的軌道半徑越大，向心加速度越小，則c的向心加速度小于。的

向心加速度，而b的向心加速度約為g,所以知〃的向心加速度小于重力加速度g,因此a的向心加

速度小于重力加速度g。故A錯(cuò)誤；

B、〃與c的角速度相同，對(duì)法c、d三顆地球衛(wèi)星，根據(jù)萬有引力等于向心力，得G等32r得

3=照，則知b的角速度最大，所以相同時(shí)間內(nèi)反轉(zhuǎn)過的角度最大，故B正確。

C、c的角速度比6的小，所以c相對(duì)于6運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤。

。、C是地球同步衛(wèi)星，周期是24/3由開普勒第三定律W=k知，衛(wèi)星的軌道半徑越大，周期越大，

T2

所以d的運(yùn)動(dòng)周期大于C的周期24/2,不可能是20小故。錯(cuò)誤；

故選：B。

地球同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，角速度相同，根據(jù)a=32r比較。與c的向心加速度

大小，再比較。的向心加速度與g的大小.根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式得出角速度與半徑

的關(guān)系，分析相同時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)過的角度關(guān)系.根據(jù)開普勒第三定律判斷d與c的周期關(guān)系.

對(duì)于衛(wèi)星問題，要建立物理模型，根據(jù)萬有引力提供向心力，分析各量之間的關(guān)系，并且要知道地

球同步衛(wèi)星的條件和特點(diǎn).

3.答案：D

解析：

動(dòng)能的大小跟物體的質(zhì)量和速度有關(guān)：重力勢(shì)能的大小跟物體的質(zhì)量和高度有關(guān)；在返回地球的過

程中，與空氣摩擦做功，導(dǎo)致返回艙的機(jī)械能減小，內(nèi)能增加。

本題主要考查學(xué)生對(duì)：能量的轉(zhuǎn)化和能量守恒定律的理解和掌握，是考試的熱點(diǎn)。

在返回地球的過程中，與空氣摩擦做功，導(dǎo)致返回艙的機(jī)械能減小，內(nèi)能增加，由于高度的減小，

導(dǎo)致重力勢(shì)能減小，而重力做的功導(dǎo)致動(dòng)能增加，故。正確，ABC均錯(cuò)誤。

故選。。

4.答案：D

解析：

AB、由右手螺旋定則可知A中內(nèi)部磁場向里，外部磁場向外，當(dāng)線框B從足夠高處由靜止釋放，向

A靠近的過程中，向外的磁場逐漸增大，則8中的磁通量增大；

當(dāng)8與A開始有一部分重合時(shí)，內(nèi)部向里的磁通量與外部向外的磁通量開始相互抵消，所以向外的

磁通量逐漸減小，一直到合磁通量為0;然后向里的磁通量進(jìn)一步增大，8與A完全恰好重合時(shí)向里

的磁通量最大；之后B再下落的過程中，向里的磁通量又逐漸減小到0；而在離開后，向外方向的

磁通量又是先增大后減小，磁通量應(yīng)是先向外增大后減小的，然后是向里增大后減小，最后階段再

是向外增大后減小.故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；

C、線框B中有感應(yīng)電流的存在，故安培力的合力不為零，故C錯(cuò)誤；

。、在線框下落時(shí)，安培力做負(fù)功使線框的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為線框B的電能，進(jìn)而轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，B的機(jī)械

能減小，故。正確；

故選：D.

由右手螺旋定則可知4中磁場分布，則可知8中磁通量的變化，由于電磁感應(yīng)，8產(chǎn)生感應(yīng)電流，

由楞次定律可知B中電流的方向；由尸的=B/L可知安培力的變化，由安培力做功情況可知能量的

轉(zhuǎn)化情況.

解答本題的關(guān)鍵在于明確穿過線框的磁通量應(yīng)為A中內(nèi)部和外磁感線的條數(shù)之差，故從開始下落到

兩線框重合，磁通量是增大的.

5.答案：A

解析：

對(duì)于力的分解，關(guān)鍵確定力的作用效果，定出兩個(gè)分力的方向.

A、力下的作用效果，如圖所示，故4正確；

8、物體的重力，按效果分解成一個(gè)垂直接觸面的力，與垂直擋板的力，如圖所示，故8錯(cuò)誤;

C、按照力的作用效果，拉力分解成如圖所示

故C錯(cuò)誤；

。夕、物體的重力，按效果分解分解成如圖所示

故。錯(cuò)誤；

故選：A

6.答案：C

解析:

由圖可知特殊時(shí)刻的電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)電動(dòng)勢(shì)的特點(diǎn)，可判處于那個(gè)面上，由圖象還可知電動(dòng)勢(shì)的峰值

和周期，根據(jù)有效值和峰值的關(guān)系便可求電動(dòng)勢(shì)的有效值.本題考察的是有關(guān)交變電流的產(chǎn)生和特

征的基本知識(shí)，要具備從圖象中獲得有用信息的能力

由圖可知特殊時(shí)刻的電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)電動(dòng)勢(shì)的特點(diǎn)，可判處于那個(gè)面上，由圖象還可知電動(dòng)勢(shì)的峰值

和周期，根據(jù)有效值和峰值的關(guān)系便可求電動(dòng)勢(shì)的有效值.本題考察的是有關(guān)交變電流的產(chǎn)生和特

征的基本知識(shí)，要具備從圖象中獲得有用信息的能力

A、從圖象中可以看出當(dāng)t=0.01s時(shí)刻交變電動(dòng)勢(shì)最小，線圈與中性面位置重合，磁通量最大，故A

錯(cuò)誤；

B、變壓器原線圈中電壓的有效值為Ui=22U,原線圈中輸入功率與副線圈輸出功率相同，由。=

UW,P=UI,得/=0.54故B錯(cuò)誤；

C、由圖象可知交流電的周期7=0.025,則轉(zhuǎn)速《="=50〃5,故C正確；

。、由號(hào)=最知副線圈兩端電壓4=220心故燈泡的額定電壓為220V,故。錯(cuò)誤；

故選：C

7.答案：AD

解析：解：A、正負(fù)離子流動(dòng)時(shí)，根據(jù)左手定則，正離子洛倫茲力，向后表面偏轉(zhuǎn)，所以后表面上帶

正電荷，前表面上帶負(fù)電荷，前表面電勢(shì)比后表面低，與哪種離子的多少無關(guān).故A正確，8錯(cuò)誤.

C、最終正負(fù)離子在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡，有q^=qvB,流量Q=詁=vbc,所以

(/=絲,與離子濃度無關(guān).故C錯(cuò)誤.

C

D、Q=1,知污水流量Q與電壓成正比，與“、。無關(guān).故￡＞正確.

D

故選：AD.

正負(fù)離子流動(dòng)時(shí)，受到洛倫茲力，發(fā)生偏轉(zhuǎn)，正離子偏轉(zhuǎn)到哪一個(gè)表面，哪一個(gè)表面電勢(shì)就高.兩

表面上有正負(fù)電荷，之間就存在電場，最終正負(fù)離子在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡.

解決本題的關(guān)鍵正握左手定則判定洛倫茲力的方向，以及知道最終正負(fù)離子在電場力和洛倫茲力的

作用下處于平衡，前后表面形成穩(wěn)定的電勢(shì)差.

8.答案：AD

解析：解：A、帶電質(zhì)點(diǎn)在豎直方向上做上拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向上做出速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)

水平分運(yùn)動(dòng)：Lcosg=W^t

豎直分運(yùn)動(dòng)：Lsin6=^-t

解得：T1=tan9,故4正確；

VB

B、對(duì)從A到8過程，根據(jù)動(dòng)能定理，有.：

水平分運(yùn)動(dòng)：qElcosd=-0

豎直分運(yùn)動(dòng)：-mglsin。=0-琢

聯(lián)立解得：5=石惠，故B錯(cuò)誤;

C、從A到B電場力做功為：W=qE-Lcosd=吟誓，所以機(jī)械能的變化量為強(qiáng)竺誓，故C錯(cuò)

1sm6sm8

誤；

D、設(shè)從A到B的時(shí)間為f,則從A到C的時(shí)間為〃，設(shè)水平方向的加速度大小為m根據(jù)％=：點(diǎn)2

知，AC間的水平距離是AB間的水平距離的4倍，所以BC間的水平距離是AB間水平距離的3倍,

故O正確；

故選：AD.

A、帶電質(zhì)點(diǎn)在豎直方向上做上拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向上做出速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平均速度公

式對(duì)兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)分別列式求解；

8、對(duì)豎直分運(yùn)動(dòng)和水平分運(yùn)動(dòng)分別運(yùn)用動(dòng)能定理列式，然后聯(lián)立求解電場力，最后得到電場強(qiáng)度；

C、根據(jù)公式勿=。2</求解從A到B電場力的功，從而知道機(jī)械能的變化量；

。、質(zhì)點(diǎn)從A到C過程的水平分運(yùn)動(dòng)是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)對(duì)稱性結(jié)合位移時(shí)間關(guān)

系公式求解水平距離的關(guān)系。

本題關(guān)鍵將質(zhì)點(diǎn)的實(shí)際運(yùn)動(dòng)分解為豎直方向上的上拋運(yùn)動(dòng)和在水平方向上的初速度為零的勻加速運(yùn)

動(dòng)來研究，同時(shí)要結(jié)合動(dòng)能定理、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式分析。

9.答案：ADE

解析：解：A、夏天荷葉上小水珠呈球狀，是由于液體表面張力使其表面積具有收縮到最小趨勢(shì)的緣

故，故A正確；

B、不浸潤現(xiàn)象說明固體分子對(duì)液體分子的吸引力小于液體分子之間的吸引力，故B錯(cuò)誤；

C、溫度相同的氫氣和氧氣，分子平均動(dòng)能一定相同，氫氣分子的質(zhì)量數(shù)小于氧氣分子的質(zhì)量數(shù)，故

氫氣分子的平均速率大于氧氣分子的平均速率，故C錯(cuò)誤；

。、晶體和非晶體沒有一定的界限，在一定條件下晶體和非晶體間可以相互轉(zhuǎn)化，故。正確；

瓜根據(jù)熱力學(xué)第二定律：自然界中進(jìn)行的一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀過程都具有方向性；在一定的條

件下熱量可以從低溫物體傳到高溫物體。故E正確；

故選：ADE.

夏天荷葉上小水珠呈球狀，是由于液體表面張力的作用；

根據(jù)浸潤與不浸潤的原因分析；

溫度相同的氫氣和氧氣，分子平均動(dòng)能一定相同，根據(jù)動(dòng)能的表達(dá)式分析平均速率的關(guān)系；

自然界中進(jìn)行的一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀過程都具有方向性。

掌握溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，知道內(nèi)能的有關(guān)因素，理解表面張力的作用效果。

10.答案：AD

解析：解：A、由圖可知甲、乙兩個(gè)振子的周期分別為7省=2.0s,T乙=1.0s,振子甲每一次位于最

大位移處時(shí)，乙都經(jīng)過平衡位置，所以振子甲速度為零時(shí)，振子乙速度最大。故A正確；

B、甲、乙兩個(gè)振子的周期分別為T尹=2.0s,=1.0s,甲、乙兩個(gè)振子的周期之比為2：1,又：

f=p所以甲乙振子的振動(dòng)頻率之比//f乙=1：2,故錯(cuò)誤；

C、彈簧振子振動(dòng)的周期與振幅無關(guān)。故C錯(cuò)誤；

D、甲、乙兩個(gè)振子的周期分別為?>=2.0s,7N=L°S,則在任意2s內(nèi)，甲的路程為44尹=4x

10cm=40cm,乙的路程為：84z=8x5cm=40cm,甲乙兩振子的路程相等，故O正確；

故選：AD.

由位移的最大值讀出振幅.由圖讀出周期.然后根據(jù)簡諧運(yùn)動(dòng)的特征分析周期、頻率和位移關(guān)系.振

子振動(dòng)的周期與振幅無關(guān).

本題是簡單的讀圖題，根據(jù)振動(dòng)圖象可以直接讀出振幅、周期、速度的方向及它們的變化情況.要

掌握簡諧運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，知道振子振動(dòng)的周期與振幅無關(guān).

11.答案:99000.167

解析:解：⑴把電流表改裝成10V的電壓表需要串聯(lián)電阻阻值:R=1一%=懸一10。=9900/2.

(2)把電流表改裝成0.64的電流表需要并聯(lián)電阻阻值：？=僵=黑黑;?0.16712；

故答案為：(1)9900；(2)0.167.

(1)根據(jù)串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值；

(2)根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出并聯(lián)電阻阻值.

本題考查了電壓表與電流表的改裝，知道電表改裝原理，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律即可正確

解題.

12.答案：2.40.580.59有阻力誤差允許范圍內(nèi)機(jī)械能守恒

解析：解：(1)計(jì)數(shù)點(diǎn)5的瞬時(shí)速度為：畛=巖=空*產(chǎn)空7n/S=2.4TH/S.

(2)系統(tǒng)動(dòng)能的增加量為：△Ek=T0ni+m2)%=：x0.2x2.42?0.58/.

系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量為：△Ep=(四-恤)皿=0.1x9.8x(38.40+21.60)x10-2J*0.597.

△后、和4Ep不相等的原因是存在阻力作用，實(shí)驗(yàn)的結(jié)論是在誤差允許的范圍內(nèi)機(jī)械能守恒.

故答案為：(1)2.4；(2)0.58,0.59,有阻力，誤差允許范圍內(nèi)機(jī)械能守恒.

(1)根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求出計(jì)數(shù)點(diǎn)5的瞬時(shí)速度；

(2)根據(jù)初末速度求出系統(tǒng)動(dòng)能的增加量，根據(jù)下降的高度求出系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量.

根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理分析誤差形成的原因，得出實(shí)驗(yàn)的結(jié)論.

解決本題的關(guān)鍵掌握紙帶的處理方法，會(huì)通過紙帶求解瞬時(shí)速度，從而得出動(dòng)能的增加量，會(huì)根據(jù)

下降的高度求出重力勢(shì)能的減小量，知道實(shí)驗(yàn)誤差的來源，難度不大.

13.答案：解：(1)根據(jù)電荷量的計(jì)算公式可得q=

R+%

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得E=—

△t

其中△0=Bls

聯(lián)立解得：$=如竽

DL

速度最大時(shí)受力平衡，根據(jù)平衡條件可得：mgsind-^mgcosd+BIl

根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得：/=鱉

_(mgsin6-p.mgcosO')(R+R')

聯(lián)立解得為x

B2l2

(2)設(shè)很短的一段時(shí)間內(nèi)，速度變化為△/

根據(jù)動(dòng)量定理可得：mgsinO?△t—[imgcosO-At—BIl△t=m△u

其中Q=/,△1=CU=CBL△v

聯(lián)立解得(mgs出8—fimgcosd}-At—CB2l2v=m-△v

則△u=(mgsind-iJ.mgcosO')

m+CB2l2

可見速度隨時(shí)間均勻變化，導(dǎo)體棒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度a=注經(jīng)也笑翳竺竺

導(dǎo)體棒ab由靜止釋放到達(dá)到(1)中的速度%需要多少時(shí)間t=管="藍(lán)察

答:(1)從釋放導(dǎo)體棒到棒達(dá)到最大速度時(shí)棒下滑的距離為由警最大速度為3絲Z喘竺竺紀(jì)呢

(2)導(dǎo)體棒ab由靜止釋放到達(dá)到(1)中的速度為需要多少時(shí)間為虛瞿鬻篇。

解析：(1)根據(jù)電荷量的計(jì)算公式結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律、根據(jù)閉合電路的歐姆定律、以及安培力

作用下的共點(diǎn)力的平衡求解;

(2)設(shè)很短的一段時(shí)間內(nèi)，速度變化為根據(jù)動(dòng)量定理結(jié)合電容的計(jì)算公式求得速度與時(shí)間的

關(guān)系，求解加速度大小，根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系求解需要的時(shí)間。

對(duì)于安培力作用下導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)問題，如果涉及電荷量、求位移問題，常根據(jù)動(dòng)量定理結(jié)合法拉第

電磁感應(yīng)定律、閉合電路的歐姆定律列方程進(jìn)行解答。

14.答案：解：（1）從