2024屆浙江省杭州市高級中學高二物理第一學期期中預測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，a、b、c是電場中的三個點，其電場強度大小分別為Ea、Eb、Ec，電勢分別為φa、φb、φc，把正點電荷由a點沿電場線移到b點的過程中，關于電場力對電荷所做的功及電荷電勢能的變化，下列說法中正確的是()A．電場力做正功，電勢能增加B．電場力做正功，電勢能減少C．電場力做負功，電勢能增加D．電場力做負功，電勢能減少2、在如圖所示電路中，電源電動勢為12V，電源內阻為l.0Ω，電路中的電阻R0為1.5Ω，小型直流電動機M的內阻為0.5Ω，閉合開關S后，電動機轉動，電流表的示數為2.0A．則以下判斷中正確的是（）A．電動機兩端的電壓為1.0VB．電動機的機械功率為12WC．電動機產生的熱功率4.0WD．電源輸出的電功率為24W3、對于場強，出現(xiàn)了E=和E=及E=三個公式，你認為下列認識正確的是()A．q表示場中的試探電荷、d表示沿電場線方向的距離B．E隨U的增大而增大，隨Q的增大而增大C．第一個公式適用于包括點電荷在內的所有場源的電場求場強，且E的方向和F一致D．1N/C=10V/m4、一個水平放置的彈簧振子在A、B兩點間做簡諧運動，O為振子平衡位置，如圖所示．設水平向右方向為正方向，以某一時刻作計時起點(t=0)，經3/4倍周期，振子具有正方向最大加速度，那么，在圖所示的幾個振動圖像中(x表示振子離開平衡位置的位移)，能正確反映振子振動情況的是()A． B． C． D．5、M、N是某電場中一條電場線上的兩點，若在M點釋放一個初速度為零的電子，電子僅受電場力作用，并沿電場線由M點運動到N點，其電勢能隨位移變化的關系如圖所示，則下列說法正確的是A．電子在N點的動能小于在M點的動能B．該電場有可能是勻強電場C．該電子運動的加速度越來越小D．該條電場線可能是曲線6、在如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為8V，燈泡L標有“3V，6W”字樣，電動機線圈的電阻RM=1Ω.若燈泡恰能正常發(fā)光，下列說法正確的是A．電動機兩端的電壓是2VB．通過電動機的電流是5AC．電動機的效率是60%D．整個電路消耗的電功率是10W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、平行板電容器的兩極板A、B接于電池兩極,一帶正電小球懸掛在電容器內部,閉合電鍵,電容器充電,這時懸線偏角與豎直方向的夾角為θ,如圖所示（）A．保持K閉合,A板向B板靠近,則θ變小.B．保持K閉合,A板向B板靠近,則θ大.C．斷開K,A板向B板靠近,則θ增大.D．斷開K,A板向B板靠近,則θ不變.8、如圖所示電路中，已知電源的內阻r＞R2，電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值．閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑臂P由變阻器的右端向左滑動的過程中，下列說法中正確的有（）A．V1的示數先變小后變大，V2的示數先變大后變小B．R2上消耗的功率先變小后變大C．電源的輸出功率先變小后變大D．A1的示數不斷減小，A2的示數不斷變大9、如圖，一束帶電粒子以一定的初速度沿直線通過由相互正交的勻強磁場磁感應強度為B和勻強電場電場強度為E.組成的速度選擇器，然后粒子通過平板S上的狹縫P進入另一勻強磁場,磁場方向垂直紙面向外，磁感應強度為B/，最終打在A1A2上，下列表述正確的是()A．粒子帶正電B．所有打在A1A2上的粒子，在磁感應強度為B/的磁場中的運動時間都相同C．能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于D．粒子打在A1A2上的位置越靠近P,粒子的比荷越大10、如圖所示為某一電源的U-I曲線，由圖可知()A．電源電動勢為2.0VB．電源內阻為ΩC．電源短路時電流為6.0AD．電路路端電壓為1.0V時，電路中電流為5.0A三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用螺旋測微器測量其直徑如圖，由圖可知其直徑為m；12．（12分）（1）在“研究平拋運動”實驗中，一定要使斜槽末端的切線保持_________(填“水平”或“豎直”)。（2）平拋物體的運動規(guī)律可以概括為兩點：①水平方向做勻速運動；②豎直方向做自由落體運動．為了研究平拋物體的運動，可做下面的實驗：如圖所示，用小錘打擊彈性金屬片，A球就水平飛出，同時B球被松開做自由落體運動，改變小錘的打擊力度，兩球總能同時落到地面，這個實驗（______）A．只能說明上述規(guī)律中的第①條B．只能說明上述規(guī)律中的第②條C．不能說明上述規(guī)律中的任何一條D．能同時說明上述兩條規(guī)律四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電源是用過一段時間的串聯(lián)電池組，已知電池組電動勢E=8V，R1=2R2，r=1.5R，理想電壓表的讀數為2V，理想電流表的讀數為0.2A。求電源內阻r和電阻R的阻值。14．（16分）如圖所示平行板電容器的兩個極板A、B分別接到電壓為80V的恒定電源上，兩個極板之間的間距為8cm，電容器帶電荷量為。(1)平行板電容器的電容？(2)平行板電容器的電場強度？(3)一個單位正電荷從正極板到負極板電場所做的功？(4)B點距負極板的距離為3cm，則B點處的電勢？15．（12分）用30cm的細線將質量為4×10-3㎏的帶電小球P懸掛在Ｏ點下，當空中有方向為水平向右，大小為1×104N/C的勻強電場時，小球偏轉37°后處在靜止狀態(tài)．(1)分析小球的帶電性質;(2)求小球的帶電量;(3)求細線的拉力.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

電場線水平向右，正電荷在電場中的受力方向沿電場線的方向，故由a點沿電場線移到b點的過程中，電場力做正功；則電勢能減??；A．電場力做正功，電勢能增加，與結論不相符，選項A錯誤；B．電場力做正功，電勢能減少，與結論相符，選項B正確；C．電場力做負功，電勢能增加，與結論不相符，選項C錯誤；D．電場力做負功，電勢能減少，與結論不相符，選項D錯誤；2、B【解題分析】試題分析：A、電路中電流表的示數為2．3A，所以電動機的電壓為：U=E﹣U內﹣UR3=22﹣Ir﹣IR3=22﹣2×2﹣2×2．5=7V，電動機的總功率為：P總=UI=7×2=24W，電動機的發(fā)熱功率為：P熱=I2R=22×3．5=2W，所以電動機的輸出功率為：P出=24W﹣2W=22W，所以A錯誤，B正確，C錯誤；D、電源的輸出的功率為：P輸出=EI﹣I2R=22×2﹣22×2=23W，所以D錯誤．故選B．考點：電功、電功率．3、A【解題分析】

A.E=中q表示場中的試探電荷，E=中d表示沿電場線方向的距離，故A正確。B.E=，場強不變，電勢差隨沿電場線方向距離變大而變大；E=中Q是場源電荷，E隨Q的增大而增大，故B錯誤。C.根據定義可知，第一個公式適用于包括點電荷在內的所有場源的電場求場強，但場強方向與正試探電荷受力方向相同，與負試探電荷受力方向相反，故C錯誤。D.根據公式可知1N/C=1V/m，故D錯誤。4、A【解題分析】

振子經過周期具有正向最大加速度說明振子經過后得位置在A點，因此可以判斷計時起點振子的位置在O點并且向B方向運動，故振子在計時起點的加速度為零，速度為正向最大，故A正確，BCD錯誤．5、C【解題分析】

由題意可知考查帶電粒子在電場中運動規(guī)律，根據電場力的性質、能的性質及牛頓運動定律分析可得?！绢}目詳解】A．只有電場力做功時，動能和電勢能守恒，分析圖象可知電子的電勢能減小，電子在N點的動能大于在M點的動能，故A錯誤；B．該圖象的斜率表示電場力，斜率絕對值越來越小，說明電場力越來越小，場強越來越小，該電場不可能是勻強電場，故B錯誤；C．由前面分析可知電場力逐漸減小，該電子運動的加速度越來越小，故C正確。D．電子僅受電場力作用，并沿電場線由M點運動到N點，說明電場線一定是直線，故D錯誤?！绢}目點撥】在圖象中斜率的絕對值表示合外力的大小，只有電場力做功時，動能和電勢能相互轉化，動能和電勢能總和不變。帶電粒子運動規(guī)跡和電場線重合的條件：(1)電場線是直線(2)初速度為零或與電場線共線。6、C【解題分析】

A．燈泡正常發(fā)光時的電壓等于其額定電壓，電動機的輸入電壓UM=U-UL=8V-3V=5V故A錯誤；B．燈泡正常發(fā)光，則電路電流即通過電動機的電流是2A，故B錯誤；C．電動機的熱功率PQ=I2RM=（2A）2×1Ω=4W則電動機的效率故C正確；D．整個電路消耗的功率P總=UI=8V×2A=16W故D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】AB、保持k閉合，則電容器兩極板之間的電壓保持不變，根據可知，當將A板向B板靠近時，電場強度增大，則電場力增大，θ將增大，故A錯誤，B正確；CD、斷開k，電容器帶電量保持不變，由和以及可得，A板向B板靠近，只是d變化，所以電場強度不變，故電場力不變，則θ不變，故D正確，C錯誤；故選BD。【題目點撥】小球受重力、電場力和繩子的拉力處于平衡狀態(tài)，當電場力變大時θ增大，電場力變小時θ減小，因此解決本題關鍵是判斷小球所受電場力的變化情況；注意電容器的兩種狀態(tài)的不同，電鍵閉合其電壓不變，電鍵斷開電容器所帶電量保持不變。8、BD【解題分析】

A、由題，電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值，當滑動變阻器的滑臂P由右端向左滑動的過程中，變阻器左側電阻與R1串聯(lián)后與變阻器右側并聯(lián)的總電阻先變大后變小，根據閉合電路歐姆定律得知，電路中電流先變小后變大，電源的內電壓也變小后變大，則路端電壓先變大后變小，所以V1的示數先變大后變?。甐2測量R2兩端的電壓，R2不變，則V2的示數先變小后變大．故A錯誤．B、R2不變，由公式P=I2R得知，電流I先變小后變大，則R2上消耗的功率先變小后變大．故B正確．C、已知電源的內阻r＞R2，但外電路總電阻與r的關系無法確定，所以無法判斷電源輸出功率的變化情況．故C錯誤．D、當變阻器滑片位于最右端時，R1與變阻器被短路，電路中電流最大，A1的示數最大，A2的示數為零，所以滑臂P由右端向左滑動的過程中，A1的示數不可能不斷減小，A2的示數不斷變大．故D正確．故選BD．9、ACD【解題分析】

A項：帶電粒子在磁場中向左偏轉，由左手定則，知粒子帶正電，故A正確；B項：所以打在A1A2上的粒子，在磁場中做勻速圓周運動的時間等于半個周期，由，粒子在磁場中運動的周期為則磁場中的運動時間為與帶電粒子的比荷有關，故B錯誤；C項：粒子經過速度選擇器時所受的電場力和洛倫茲力平衡：，則，故C正確；D項：經過速度選擇器進入磁場的粒子速度相等，由半徑公式知，粒子打在A1A2上的位置越靠近P，則半徑越小，粒子的比荷越大，故D正確．故選ACD．10、AD【解題分析】

AB．根據閉合電路歐姆定律可知U=E-Ir=-rI+E可見U-I圖象的縱軸截距即為電源的電動勢，圖象斜率的絕對值即為電源的內電阻r，由圖象可得：電動勢為E=2.0V內阻故A正確，B錯誤；C．當外電阻為0時，電源短路，則短路電流故C錯誤；D．當U=1.0V時，由E=U+Ir可得故D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、4.700±0.002【解題分析】解：螺旋測微器的固定刻度讀數為4.5mm，可動刻度讀數為0.01×20.0mm=0.200mm，所以最終讀數為4.700mm=4.700×10﹣3m．故答案為4.700×10﹣3【點評】解決本題的關鍵掌握螺旋測微器的讀數方法，注意讀數時需估讀．12、水平B【解題分析】(1)為了保證小球做平拋運動，則斜槽的末端需水平(2)在打擊金屬片時，兩小球同時做平拋運動與自由落體運動．結果同時落地，則說明平拋運動豎直方向是自由落體運動；故選B．【題目點撥】通過實驗探究出平拋運動處理的規(guī)律，并掌握了運動的合成與分解．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、r=6，R=4【解題