2022年福建省龍巖市漳平一中、永安一中高考物理模擬

試卷

一、單選題（本大題共4小題，共16.0分）

1.在火星上，太陽(yáng)能電池板的發(fā)電能力有限，因此科學(xué)家用放射性材料Pa。2作為發(fā)

電能源為火星車供電。Pu"中的P"元素是觥8pa,具有天然放射性，半衰期為87.7

年。裝Pu發(fā)生a衰變的核反應(yīng)方程為貧8Pa—X+加e,則下列說(shuō)法正確的是（）

A.X原子核的中子數(shù)為141

B.秋8P”原子核發(fā)生a衰變后產(chǎn)生的新核的比結(jié)合能比既8Pa核的比結(jié)合能小

C.10個(gè)舒8p“原子核經(jīng)過(guò)87.7年后一定還會(huì)剩余5個(gè)

D.Pu的半衰期是由核內(nèi)部自身的因素決定，跟原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件沒(méi)有關(guān)

系

2.某工地上一塔吊通過(guò)一鋼絲繩豎直向上提升一重物，

若重物運(yùn)動(dòng)過(guò)程的u-t關(guān)系圖像如圖所示，則下列'/\

分析正確的是（

4045f/s

A.0?45s內(nèi)重物上升的高度為45nl

B.10s?40s內(nèi)鋼絲繩最容易斷裂

C.。?40s內(nèi)重物一直處于超重狀態(tài)

D.0?10s內(nèi)重物的平均速度等于40s?45s內(nèi)的平均速度

3.2021年2月11日除夕，中國(guó)“天問(wèn)一號(hào)”探測(cè)器飛行202天.地球只＜星

抵近火星時(shí)，主發(fā)動(dòng)機(jī)長(zhǎng)時(shí)間點(diǎn)火“踩剎車”，“大速度

增量減速”，從而被火星引力場(chǎng)捕獲，順利進(jìn)入近火點(diǎn)高

度約400千米、周期約10個(gè)地球日、傾角約10。的大橢圓環(huán)P'

火軌道，成為我國(guó)第一顆人造火星衛(wèi)星；計(jì)劃于2021年5月至6月著陸巡視器擇機(jī)

實(shí)施軟著陸。如圖，“天問(wèn)一號(hào)”在P點(diǎn)被火星捕獲后，假設(shè)進(jìn)入大橢圓環(huán)火軌道

IIL一段時(shí)間后，在近火點(diǎn)Q點(diǎn)火制動(dòng)變軌至中橢圓環(huán)火軌道H運(yùn)行，再次經(jīng)過(guò)近

火點(diǎn)Q點(diǎn)火制動(dòng)變軌至近火圓軌道I運(yùn)行。下列說(shuō)法正確的是（）

A.在地球上發(fā)射“天問(wèn)一號(hào)”環(huán)火衛(wèi)星速度必須大于16.7km/s

B.“天問(wèn)一號(hào)”在軌道m(xù)運(yùn)行的周期小于軌道n上運(yùn)行的周期

C.“天問(wèn)一號(hào)”在P點(diǎn)的機(jī)械能大于在軌道I上Q點(diǎn)的機(jī)械能

D.“天問(wèn)一號(hào)”分別經(jīng)過(guò)軌道m(xù)、H、I上Q點(diǎn)的加速度大小不相等

4.如圖所示，0abedefg是一個(gè)邊長(zhǎng)相等的共面八邊形，其

中四個(gè)銳角頂角均為45。，以。點(diǎn)為原點(diǎn)，0a邊為y軸正

方向建立平面直角坐標(biāo)系。在0、a、g三點(diǎn)分別固定電

荷量為+Q的點(diǎn)電荷。下列說(shuō)法正確的是（）

A.b、/兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同

B.c、e兩點(diǎn)的電勢(shì)相同

C.電荷量為+q的點(diǎn)電荷，在匕點(diǎn)電勢(shì)能小于在c點(diǎn)電勢(shì)能

D.從。點(diǎn)沿x軸正方向移動(dòng)電荷量為+q的點(diǎn)電荷，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功

二、多選題（本大題共4小題，共24.0分）

5.圖甲是消防車正在機(jī)場(chǎng)進(jìn)行水柱滅火演練的情景，某同學(xué)模擬消防水柱的示意圖如

圖乙所示。水在空中運(yùn)動(dòng)，4B為其運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)，已知水在4點(diǎn)時(shí)的速度大

小為u=6zn/s,速度方向與豎直方向的夾角為45。，它運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)?，速度方向與

豎直方向的夾角為37。，（sin37°=0.6）,不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取lOzn/sZ,

則（）

乙

A.A、B兩點(diǎn)間的高度差為0.7m

B.水在B點(diǎn)時(shí)的速度大小為8m/s

C.水在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程為勻變速曲線運(yùn)動(dòng)

D.圖中4點(diǎn)是水在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程的最高點(diǎn)

6.如圖所示，沿x軸正方向傳播的一列簡(jiǎn)諧橫波在某時(shí)刻的波形圖為正弦曲線，其波

速為200m/s,下列說(shuō)法中正確的是（）

第2頁(yè)，共16頁(yè)

A.圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)b的速度正在增大

B.若此波遇到另一波并發(fā)生穩(wěn)定干涉現(xiàn)象，則該波所遇到的波的頻率為50Hz

C.若發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，則該波所遇到的障礙物或孔的尺寸一定大于4m

D.從圖示時(shí)刻開(kāi)始，經(jīng)過(guò)0.01s,質(zhì)點(diǎn)a通過(guò)的路程為0.4m

7.如圖所示的理想變壓器，在原副線圈上接有交流電壓表A

和三個(gè)完全相同的燈泡且燈泡的電阻R=W,在48端加B

上〃=6sin57rt"）時(shí)，三個(gè)小燈泡均正常發(fā)光，下列說(shuō)法正確的是（）

A.48端所加電壓的有效值為3P

B.變壓器原副線圈的匝數(shù)比為2：1

C.每個(gè)小燈泡正常發(fā)光時(shí)的功率為2W

D.t=0.1s時(shí)理想電壓表的示數(shù)為6V

8.如圖甲所示，兩條粗糙平行金屬導(dǎo)軌傾斜固定放置（兩導(dǎo)軌電阻不計(jì)），傾角。=37。,

間距d=1m,電阻r=30的金屬桿與導(dǎo)軌垂直放置，導(dǎo)軌下端連接規(guī)格為“31/3勿'

的燈泡L在導(dǎo)軌內(nèi)有長(zhǎng)為八寬為d的矩形區(qū)域abed,該區(qū)域內(nèi)有垂直導(dǎo)軌平面均

勻分布的磁場(chǎng)，各處的磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小始終相等，B隨時(shí)間t變化圖線如圖乙所示。

在t=0時(shí)，金屬桿從PQ位置靜止釋放，向下滑動(dòng)直到cd位置的過(guò)程中，金屬桿始

終與導(dǎo)軌垂直，燈泡一直處于正常發(fā)光狀態(tài)。則金屬桿從PQ位置到cd位置的運(yùn)動(dòng)

過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（s譏37°=0.6,cos37o=0.8,重力加速度g取

A.金屬桿先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)

B.金屬桿到達(dá)ab位置的速度大小為3m/s

C.金屬桿與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5

D.金屬桿克服安培力做功為6/

三、填空題(本大題共2小題，共8.0分)

9.一定質(zhì)量理想氣體的壓強(qiáng)體積(p-V)圖像如圖所示，其中a

到b為等溫過(guò)程，b到c為等壓過(guò)程，c到a為等容過(guò)程。已知

氣體狀態(tài)b的溫度7匕=297K、壓強(qiáng)坊=1x105pa、體積

5

Vb=243狀態(tài)a的壓強(qiáng)pa=3x10Pa,則氣體狀態(tài)a的體

積L,狀態(tài)c的溫度TK。

10.如圖所示，三根相互平行的固定長(zhǎng)直導(dǎo)線a、b、c兩兩等距，騷

長(zhǎng)度均為L(zhǎng),截面構(gòu)成等邊三角形，均通有電流/。a中電流/''、

/\

方向與c中的相同，與b中的相反。已知b中的電流在a導(dǎo)線、二'

b?-------------0c

位置處產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為無(wú),則氏c中電流在

a導(dǎo)線處產(chǎn)生的合磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為°C導(dǎo)線受到的安培力大小為

四、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共18.0分)

11.如圖為“探究互成角度的力的合成規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)，三個(gè)細(xì)線套力、工2、人，共系于

一個(gè)結(jié)點(diǎn)，另一端分別系于輕質(zhì)彈簧測(cè)力計(jì)4、B和重物M上，4掛于固定點(diǎn)P。手

持B拉動(dòng)細(xì)線，使結(jié)點(diǎn)靜止于。點(diǎn)。

(1)某次實(shí)驗(yàn)中彈簧測(cè)力計(jì)4的指針位置如圖甲所示，其讀數(shù)為N。

(2)圖乙中的尸與F兩力中，方向和細(xì)線P。方向相同的是(選填"F”或

“F”，),

(3)本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是(填字母序號(hào))。

A.理想實(shí)驗(yàn)法

B.等效替代法

C.控制變量法

。.建立物理模型法

第4頁(yè)，共16頁(yè)

12.某實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的電路來(lái)測(cè)量定值電阻Ro的阻值

及電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。CZZ1-HA

RoR

(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)用力、/、/分別表示電表匕、彩、4的讀數(shù)，?]

定值電阻&的計(jì)算表達(dá)式是：R°=(用測(cè)得的物理小《1

量表示)，若實(shí)驗(yàn)中的所有操作和數(shù)據(jù)處理無(wú)錯(cuò)誤，實(shí)驗(yàn)

中測(cè)得&的值_____(填“大于”、“等于”“小于”)實(shí)際值；

(2)將滑動(dòng)變阻器的滑片P移動(dòng)到不同位置時(shí)，記錄了/、2、/的一系列值。實(shí)驗(yàn)

小組在同一坐標(biāo)上分別作出外-/、3-/圖線，則所作的圖線斜率絕對(duì)值較小的

是圖線(填或)。若用該圖線來(lái)求電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r,

且電表彩的內(nèi)阻極大，則引起系統(tǒng)誤差的主要原因是。

五、計(jì)算題(本大題共3小題，共30.0分)

13.一輛以"o=9Okm//i的速度做勻速運(yùn)動(dòng)的汽車，司機(jī)發(fā)現(xiàn)前方的障礙物后立即剎車,

剎車過(guò)程可看成勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為2.5m/s2,從剎車開(kāi)始計(jì)時(shí)，求：

(1)汽車第4s內(nèi)的位移；

(2)汽車運(yùn)動(dòng)120m所用的時(shí)間；

(3)前15s內(nèi)汽車的位移大小。

14.如圖所示，在第一、二象限內(nèi)存在垂直xOy平面向里、t-V

磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，第三象限內(nèi)存在沿x檔

V

軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒R

子，從x軸上M&0)點(diǎn)以某一初速度沿y軸正方向進(jìn)入--------*v

第一象限，先以原點(diǎn)。為圓心做圓周運(yùn)動(dòng)，隨后進(jìn)入第

三象限，在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，經(jīng)y軸上的N(0,-3)點(diǎn)進(jìn)入第四象限。不計(jì)粒

子重力，求：

(1)帶電粒子從M點(diǎn)進(jìn)入第一象限時(shí)初速度%的大??；

(2)電場(chǎng)強(qiáng)度E的大??；

(3)粒子從M運(yùn)動(dòng)到N的時(shí)間。

15.2022年冬奧會(huì)在北京舉行，小開(kāi)同學(xué)受到冰壺運(yùn)動(dòng)的啟發(fā)，設(shè)置了一種新式的碰

撞游戲，其情景如圖所示。豎直面內(nèi)的一段光滑弧形軌道MN和粗糙水平軌道KN在

N點(diǎn)平滑連接，水平軌直上放置質(zhì)量me=1kg的足夠長(zhǎng)的木板B,B的左端距N點(diǎn)

的距離x=8的右端上方放置質(zhì)量me=2kg的物塊C,B、C之間的擦因數(shù)4=

0.1,B與水平軌道之間的摩擦因數(shù)4B=0.2,質(zhì)量為叫1=3kg的冰塊從距地面高度

為h=1m的地方靜止滑下，4與水平軌道之間的摩擦因數(shù)以=含，4、B間的碰撞

是彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短，重力加速度取g=10m/s2。已知4與8發(fā)生第二次碰

撞之前B、C均已停止運(yùn)動(dòng)，不考慮冰塊質(zhì)量的變化，求：

(1)4與B第一次碰撞后A、B的速度大??；

(2)4與B第二次碰前8的位移大?。?/p>

(3)從開(kāi)始到最終停止B、C之間的摩擦生熱。

第6頁(yè)，共16頁(yè)

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4、貪8pa原子核經(jīng)過(guò)一次a衰變質(zhì)量數(shù)減少4,核電荷數(shù)減少2,則X的質(zhì)

量數(shù)為4=238-4=234,核電荷數(shù)：z=94-2=92,X的中子數(shù):n=4-z=234-

92=142個(gè)，故A錯(cuò)誤；

B、發(fā)生a衰變的過(guò)程中釋放能量，所以賁8Plz原子核發(fā)生a衰變后產(chǎn)生的新核的比結(jié)合

能變大，故8錯(cuò)誤；

C、半衰期是大量放射性原子衰變的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)個(gè)別的放射性就8p”原子核沒(méi)有意義，

故C錯(cuò)誤；

。、半衰期是由核內(nèi)部自身的因素決定，跟原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件沒(méi)有關(guān)系，

故。正確。

故選：D=

根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒判斷；a衰變的過(guò)程中釋放能量，比結(jié)合能增大；半衰期

是大量放射性原子衰變的統(tǒng)計(jì)規(guī)律；根據(jù)半衰期的特點(diǎn)判斷。

本題考查了核反應(yīng)方程式的書寫、原子核衰變等知識(shí)點(diǎn)，根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒及核電荷數(shù)守

恒寫出核反應(yīng)方程式是解決本題的關(guān)鍵，掌握a與0衰變的區(qū)別，注意半衰期的適用條

件與特征。

2.【答案】D

【解析】解：4、根據(jù)u-t圖像與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，可知0?45s內(nèi)重物上升

的高度等于梯形面積的大小，為八=：x(30+45)xIm=37.5m,故A錯(cuò)誤；

BC、根據(jù)u-t圖像的斜率表示加速度，可知0?10s內(nèi)重物的加速度向上，處于超重狀

態(tài)，鋼絲繩的拉力大于重物的重力；10?40s內(nèi)重物做勻速運(yùn)動(dòng)，拉力等于重力，

40s?45s內(nèi)的加速度向下，物體處于失重狀態(tài)，拉力小于重力，所以。?10s內(nèi)繩子最

容易斷裂，故BC錯(cuò)誤；

D、0?10s內(nèi)重物做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，40s?45s內(nèi)重物做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平均速

度公式2=竽可知，0?10s內(nèi)重物的平均速度等于40s?45s內(nèi)的平均速度，均為

0.5m/sf故。正確。

故選：Do

在u-t圖像中，圖線與時(shí)間軸圍成圖形的面積表示位移，由幾何知識(shí)求重物上升的高

度。圖像的斜率表示加速度，加速度向上超重，加速度向下失重。結(jié)合平均速度公式5=

竽分析。

解決本題的關(guān)鍵要理解"-1圖像的物理意義，知道"-1圖像與時(shí)間軸所圍的面積表示

位移，圖像的斜率表示物體運(yùn)動(dòng)的加速度。

3.【答案】C

【解析】解：月、“天問(wèn)一號(hào)”能夠擺脫地球引力的束縛到達(dá)火星且沒(méi)有飛出太陽(yáng)系，

所以在地球上發(fā)射“天問(wèn)一號(hào)”環(huán)火衛(wèi)星速度必須大于第二宇宙速度且小于第三宇宙

速度，即11.2km/s<u<16,7km/s,故A錯(cuò)誤。

B、根據(jù)開(kāi)普勒第三定律當(dāng)=鼠因?yàn)檐壍續(xù)的半長(zhǎng)軸比軌道II的半長(zhǎng)軸長(zhǎng)，故“天問(wèn)

一號(hào)”在軌道ni運(yùn)行的周期大于軌道n上運(yùn)行的周期，故8錯(cuò)誤。

C、“天問(wèn)一號(hào)”從P點(diǎn)到軌道I上Q點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中需要經(jīng)歷點(diǎn)火制動(dòng)，發(fā)動(dòng)機(jī)對(duì)衛(wèi)星

做負(fù)功，機(jī)械能減小，所以“天問(wèn)一號(hào)”在P點(diǎn)的機(jī)械能大于在軌道I上Q點(diǎn)的機(jī)械能，

故C正確。

。、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得：

Mm

G-=ma

r2

解得：a=胃,因?yàn)檐壍繦I、II、I上Q點(diǎn)為同一點(diǎn)，即r相同，故“天問(wèn)一號(hào)”分別

經(jīng)過(guò)軌道HI、II、I上Q點(diǎn)時(shí)所受萬(wàn)有引力大小相等，所以加速度大小相等，故。錯(cuò)誤。

故選：C。

只有當(dāng)發(fā)射速度大于第二宇宙速度且小于第三宇宙速度才能夠擺脫地球引力的束縛到

達(dá)火星且沒(méi)有飛出太陽(yáng)系；根據(jù)開(kāi)普勒第三定律，確定周期間的關(guān)系；點(diǎn)火制動(dòng)，發(fā)動(dòng)

機(jī)對(duì)衛(wèi)星做負(fù)功，機(jī)械能減?。焊鶕?jù)萬(wàn)有引力提供向心力，寫出加速度表達(dá)式，從而確

定加速度間的關(guān)系。

本題主要考查了萬(wàn)有引力在天文學(xué)的應(yīng)用，關(guān)鍵根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，結(jié)合開(kāi)普勒

第三定律判定周期的大小。

4.【答案】B

【解析】解：4、根據(jù)正電荷的電場(chǎng)分布及電場(chǎng)的矢量疊加可知”兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小

相等，方向不同，所以氏/■兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不相同，故A錯(cuò)誤；

8、ce關(guān)于Od連線對(duì)稱，根據(jù)等勢(shì)線分布特點(diǎn)可知ce兩點(diǎn)電勢(shì)相等，故B正確；

C、離正電荷越近的地方電勢(shì)越高，+q的點(diǎn)電荷在電勢(shì)高的地方電勢(shì)能越大，所以在b電

第8頁(yè)，共16頁(yè)

電勢(shì)能大于C點(diǎn)的電勢(shì)能，故C錯(cuò)誤；

D、沿x軸方向電勢(shì)逐漸降低，所以從。點(diǎn)沿x軸正方向移動(dòng)電荷量為+q的點(diǎn)電荷，電勢(shì)

能減小，電場(chǎng)力做正功，故。錯(cuò)誤；

故選：B。

在。、a、g三點(diǎn)分別固定電荷量為+Q的點(diǎn)電荷，其電場(chǎng)線與等勢(shì)線關(guān)于Od對(duì)稱，電場(chǎng)

是矢量，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小。

本題要掌握點(diǎn)電荷電場(chǎng)線和等勢(shì)面的分布情況，要有一定的空間想象能力，要能根據(jù)電

場(chǎng)力方向與位移方向的關(guān)系判斷電場(chǎng)力做功的正負(fù).

5.【答案】AC

【解析】解：48、因不計(jì)空氣阻力，則水在4B兩點(diǎn)時(shí)水平速度相同，則

vAsin450=vBsin37°

解得：vB=5魚(yú)m/s

則4、B兩點(diǎn)間的高度差為

h=垣您二）七紡￡。『竺22=（6'。.8）2-（5后竽）2加=07”故A正確，B錯(cuò)誤；

2g2x10

C、水在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，不計(jì)空氣阻力，加速度恒定，軌跡為曲線，所以為勻變速曲

線運(yùn)動(dòng)，故c正確；

。、圖中4點(diǎn)速度方向不是水平的，則不是水在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程的最高點(diǎn)，故。錯(cuò)誤；

故選：ACt,

根據(jù)水平方向速度相等的特點(diǎn)分析出B點(diǎn)的速度，結(jié)合豎直方向的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)計(jì)算出兩者

的高度差；

根據(jù)水的受力特點(diǎn)分析出對(duì)應(yīng)的運(yùn)動(dòng)類型；

在最高點(diǎn)時(shí)，水的速度為水平方向。

本題主要考查了平拋運(yùn)動(dòng)的相關(guān)應(yīng)用，理解平拋運(yùn)動(dòng)在不同方向上的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，結(jié)合運(yùn)

動(dòng)學(xué)公式即可完成分析。

6.【答案】BD

【解析】解：力、波沿x軸正方向傳播，質(zhì)點(diǎn)b向下振動(dòng)，速度減小，故A錯(cuò)誤，

D、由圖知波長(zhǎng)4=4m,波的周期T=△==0.02s,則t=0.01s=質(zhì)點(diǎn)a通

v2002

過(guò)的路程24即為s=2x20cm=40cm=0.4m.故D正確，

B、該波的頻率/="=高"z=50Hz.當(dāng)兩列波的頻率相同時(shí)才能發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象,

故8正確，

C、該波波長(zhǎng)4=4m與障礙物的尺寸相差不大，故能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象.故C錯(cuò)誤.

故選:BD。

由波的傳播方向判b質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向，分析速度的大小變化情況，由波的圖象讀出振幅

和波長(zhǎng)，由波速公式7=2,/="算出頻率、根據(jù)干涉和發(fā)生明顯衍射的條件，判斷該

能否發(fā)生干涉和明顯衍射現(xiàn)象。

根據(jù)波的圖象要能讀出振幅、波長(zhǎng)、位移、速度方向及大小變化情況，加速度方向及大

小變化情況等、并掌握波兩種特有現(xiàn)象：干涉和衍射的條件.

7.【答案】BC

【解析】解：4、在4B端加上a=6s譏57rt(V)的電壓，所以4B端所加電壓的有效值為U=

^=V=3yf2V,故A錯(cuò)誤；

8、設(shè)燈泡正常發(fā)光的電流為/,則原線圈電流為/,副線圈電流為2/,則變壓器原副線

圈的匝數(shù)比為九1：n2=21：/=2：1,故3正確；

C設(shè)每個(gè)燈泡的額定電壓為U3則有：(U-4)：UL=n1：n2=2：1,解得：UL=V2K;

每個(gè)小燈泡正常發(fā)光時(shí)的功率為p=運(yùn)=2w=2W,故C正確；

LR1

D、理想電壓表的示數(shù)為有效值，保持不變，即U〃=U=3讓V,故。錯(cuò)誤.

故選：BC。

根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系求解有效值；所有燈泡正常發(fā)光，由此得到原副線圈電流,

根據(jù)電流比與匝數(shù)比的關(guān)系求解匝數(shù)之比；根據(jù)電壓之比等于匝數(shù)之比求解燈泡的額定

電壓，根據(jù)電功率的計(jì)算公式求解燈泡的額定功率；理想電壓表的示數(shù)為有效值。

本題主要是考查了變壓器的知識(shí)；解答本題的關(guān)鍵是知道理想變壓器的電壓之比等于匝

數(shù)之比，在只有一個(gè)副線圈的情況下的電流之比等于匝數(shù)的反比。

8.【答案】ABD

【解析】解：4、由于燈泡一直是正常發(fā)光，由此可知，金屬桿進(jìn)入磁場(chǎng)之前不受安培

力作用，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入磁場(chǎng)后磁場(chǎng)不再變化，金屬桿做勻速直線運(yùn)動(dòng)，這樣

才能夠使得電路中的電流不變，燈泡正常發(fā)光，故A正確；

8、燈泡正常發(fā)光時(shí)電路中的電流為/=/=|4=14,燈泡的電阻為:R=3=:。=30,

根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得：/=磐，其中B=2T,代入數(shù)據(jù)解得：v=3m/s,故

第10頁(yè)，共16頁(yè)

B正確；

C、金屬桿進(jìn)入磁場(chǎng)前做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)/=磯可得加速度：a=3m/s2,

根據(jù)牛頓第二定律可得：mgsinO-/imgcosd—ma,解得：〃=0.375,故。錯(cuò)誤；

。、金屬桿進(jìn)入磁場(chǎng)前，電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

E=U+/r=3V+lx3V=6，，

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得：

E=—Id,即：6=-x/x1,解得：1=3m；

△ti

金屬桿在磁場(chǎng)中受到的安培力的大小為：0=B/d=2x1xIN=2N,

所以金屬桿克服安培力做功為必=&Z=2x3/=6/,故。正確?

故選：ABD.

根據(jù)金屬桿的受力情況分析運(yùn)動(dòng)情況；求出燈泡正常發(fā)光時(shí)電路中的電流和燈泡的電阻,

再根據(jù)閉合電路的歐姆定律、法拉第電磁感應(yīng)定律求解速度大??；根據(jù)平衡條件求解動(dòng)

摩擦因數(shù)；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解磁場(chǎng)的長(zhǎng)度，根據(jù)功的計(jì)算公式求解金屬桿克

服安培力做的功。

本題主要是考查電磁感應(yīng)現(xiàn)象，解答本題的關(guān)鍵是知道燈泡正常發(fā)光時(shí)電路的電流不變,

前一段過(guò)程回路中是感生電動(dòng)勢(shì)，后一段過(guò)程中回路中是動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)閉合電路的

歐姆定律結(jié)合共點(diǎn)力的平衡條件進(jìn)行分析。

9.【答案】899

【解析】解：a到b過(guò)程為等溫過(guò)程，由玻意耳定律可得：

PaVa=PM

代入數(shù)據(jù)解得：Va=8L

b到c為等壓過(guò)程，由蓋一呂薩克定律可得：

TbTc

代入數(shù)據(jù)解得：兀=99K

故答案為：8；99

根據(jù)圖像分析出氣體變化前后的狀態(tài)參量，根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)方程代入數(shù)

據(jù)完成分析。

本題主要考查了一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)方程，解題的關(guān)鍵點(diǎn)是分析出氣體變化前后

狀態(tài)參量，根據(jù)公式pV=CT完成分析。

10.【答案】由B0IL

【解析】解：如右圖：根據(jù)安培定則判斷從c中電流在a導(dǎo)線處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向夾角為

120°,大小均為為,根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)疊加原理計(jì)算合磁感應(yīng)強(qiáng)度為物,方向豎直向上，ab在c

處的合磁感應(yīng)強(qiáng)度也為名,c導(dǎo)線受到的安培力大小為瓦/乙

故答案為：Bo,BO1L

依據(jù)安培定則判定各導(dǎo)線在其他位置的磁場(chǎng)方向，再結(jié)合矢量的合成法則，即可判定合

磁場(chǎng)方向，最后F=B/L計(jì)算安培力的大小。

考查安培定則，掌握矢量的合成法則，理解幾何關(guān)系及三角知識(shí)的運(yùn)用。

11.【答案】2.00F'B

【解析】解：(1)圖甲彈簧測(cè)力計(jì)分度值為0.1N,讀數(shù)為2.00M

(2)F是通過(guò)作圖的方法得到合力的理論值，而F'是通過(guò)一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)沿PO方向拉橡

皮條，使橡皮條伸長(zhǎng)到。點(diǎn)，使得一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的拉力與兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的拉力效果

相同，測(cè)量出的合力，方向和細(xì)線P。方向相同的是F';

(3)合力與分力是等效替代的關(guān)系，所以本實(shí)驗(yàn)采用的等效替代法，故選：B。

故答案為：(1)2.00(2)尸'(3)B

(1)根據(jù)彈簧測(cè)力計(jì)讀數(shù)規(guī)則讀數(shù)；

(2)在實(shí)驗(yàn)中F和〃分別由平行四邊形定則及實(shí)驗(yàn)得出，明確理論值和實(shí)驗(yàn)值的區(qū)別即可

正確答題；

(3)本實(shí)驗(yàn)中采用了兩個(gè)力合力與一個(gè)力效果相同來(lái)驗(yàn)證的平行四邊形定則，因此采用

”等效替代法”。

本實(shí)驗(yàn)考查驗(yàn)證平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)，采用的是“等效替代”的方法，即一個(gè)合力與

幾個(gè)分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明確“理論值”和“實(shí)驗(yàn)值”的區(qū)別。

12.【答案】曳產(chǎn)大于U.-1電壓表匕的分流引起的系統(tǒng)誤差

【解析】解：(1)根據(jù)歐姆定律可得：

R0I=U.-U2

解得：&=空

因?yàn)殡妷罕聿实姆至髯饔茫瑢?dǎo)致計(jì)算時(shí)電流偏小，所以測(cè)得的&的值偏大。

(2)由閉合電路歐姆定律得：

U1=E-lr

第12頁(yè)，共16頁(yè)

U2=E-l(_r+R0')

由上述兩式子可知，圖像斜率的絕對(duì)值較小的是Ui-/圖像；

因?yàn)殡妷罕硌５膬?nèi)阻極大，所以可以把電表彩看成理想電表，故該實(shí)驗(yàn)的誤差主要是電

壓表匕的分流引起的系統(tǒng)誤差。

故答案為：(1)華；大于；(2)%-/；電壓表匕的分流引起的系統(tǒng)誤差

(1)根據(jù)歐姆定律得出電阻的表達(dá)式，并結(jié)合電路構(gòu)造得出測(cè)量值和真實(shí)值的大小關(guān)系;

(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律分析出圖像斜率的物理意義從而完成分析。

本題主要考查了電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，結(jié)

合閉合電路歐姆定律和圖像的物理意義即可完成分析。

13.【答案】解：汽車初速度為%=90km"=25m/so

-

設(shè)剎車時(shí)間為to,0=v0at。,代入數(shù)據(jù)解得to=10s<15so

⑴當(dāng)ti=4s<10s車未停止，汽車在前4s內(nèi)的位移為：Xi=

汽車在打=3s內(nèi)的位移為：x2=vot2-^atl

汽車第4s內(nèi)的位移為Zx=%1-x2

聯(lián)立解得：=16.25m；

(2)由x=u01at2,當(dāng)％=120m時(shí)，

解得t=8s或t=12s(舍去);

(3)故t=15s>10s,車已停下,

故前15s內(nèi)的位移為：/=兔=衛(wèi)=125m。

2a2X2.5

答：(1)汽車第4s內(nèi)的位移為16.25m；

(2)汽車運(yùn)動(dòng)120m所用的時(shí)間為8s；

(3)前15s內(nèi)汽車的位移大小為125m。

【解析】(1)汽車第4s內(nèi)的位移等于前4s的位移減去前3s的位移；

(2)根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系列式求解；

(3)先算出剎車時(shí)間，比較15s與剎車時(shí)間，然后選擇合適位移時(shí)間公式求解。

本題考查了運(yùn)動(dòng)學(xué)中的剎車問(wèn)題，是道易錯(cuò)題，注意汽車速度減為零后不再運(yùn)動(dòng)，結(jié)合

運(yùn)動(dòng)學(xué)公式靈活求解。

14.【答案】解：(1)粒子以原點(diǎn)。為圓心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則軌跡半徑r=Z,

根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qv0B=

解得：v=—；

0m

(2)粒子垂直于電場(chǎng)強(qiáng)度方向進(jìn)入第三象限，粒子在

電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得:

沿-y方向：|，=170t

沿+x方向：I=|at2

根據(jù)牛頓第二定律可得：qE=ma

聯(lián)立解得：E=等；

32m

(3)粒子在第一、二象限運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：〃=?翳=,

粒子在第三象限運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：12=導(dǎo)=舞

則粒子從M到N的時(shí)間為t=h+t2

解得：t=

QD3QD

答：(1)帶電粒子從M點(diǎn)進(jìn)入第一象限時(shí)初速度%的大小為等；

(2)電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小為寢；

(3)粒子從M運(yùn)動(dòng)到N的時(shí)間為黃+雅。

【解析】(1)粒子以原點(diǎn)。為圓心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，求出軌跡半徑，根據(jù)洛倫茲力提供向

心力求解速度大??；

(2)粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解電場(chǎng)強(qiáng)度大?。?/p>

(3)分別解得粒子在一、二象限運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和第三象限運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，相加即可。

對(duì)于帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況分析，一般是確定圓心位置，根據(jù)幾何關(guān)系求半徑,

結(jié)合洛倫茲力提供向心力求解未知量：根據(jù)周期公式結(jié)合軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角求時(shí)間；對(duì)

于帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，一般是按類平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)進(jìn)行解答。

15.【答案】解：(1)設(shè)4與B碰撞前4的速度大小為孫，對(duì)4根據(jù)動(dòng)能定理可得：

mAgh-nAmAgx=^mAv^-0

代入數(shù)據(jù)解得：v0=4m/s

A和B碰撞過(guò)程中，取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：mAv0=mAvA+

第14頁(yè)，共16頁(yè)

根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得：^mAvl=^mAv1+

聯(lián)立解得：vA=2m/s,vB=6m/s；

22

(2)碰撞后C向右加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為：acl=4cg=0.1x10m/s=lm/s

對(duì)8根據(jù)牛頓第二定律可得：^Cmc9++mC)9=mBaBl

2

代入數(shù)據(jù)解得：aB1=8m/s

設(shè)經(jīng)過(guò)耳時(shí)間二者共速，則有："共=%-QBJI=Qci^i

解得：G=|s，"共=|m/s

之后B、。無(wú)法保持相對(duì)靜止，各自勻減速到零。

22

對(duì)C根據(jù)牛頓第二定律可得：aC2=4cg=。?1x10m/s=lm/s

對(duì)B