2023年廣東省東莞市重點中學中考物理二模試卷

1.下列估測最接近實際的是（）

A.成年人正常步行100爪的時間約為30sB.東莞市冬天的平均氣溫約為-2?

C.教室門的高度約為2.2mD.一支木制鉛筆的質(zhì)量約為100g

2.2023年春晚上，一曲佰鳥歸巢/以黃昏意象構筑，洞簫模擬鳥啼聲群鴉投林，更以

吐音表現(xiàn)歸巢的輕快活潑氣氛，完美的讓流行音樂與文化遺產(chǎn)邂逅碰撞。下列說法正確的是

()

A.吹奏洞簫時洞簫器壁振動發(fā)出聲音

B.模擬鳥啼聲是模擬鳥叫聲的響度

C.洞簫發(fā)出的聲音通過空氣傳入現(xiàn)場觀眾耳中

D.觀眾在樂聲中感受到了百鳥歸巢的輕快活潑氣氛，這說明聲音能傳遞能量

3.下列四個熱現(xiàn)象中，發(fā)生物態(tài)變化時能夠放出熱量且溫度保持不變的是（）

4.如圖所示的光學現(xiàn)象，其成像原理和成像虛實均相同的一組是（）

A.①和③B.②和③C.①和④D.③和④

5.如圖所示，水平桌面上放著底面積相等的甲、乙兩容器，分

別裝有同種液體且深度相同，兩容器底部所受液體的壓力、壓強

分別用戶尹、乙、甲、乙表不，貝（）

FpPlj甲乙

A.尸卬=尸乙，P甲=^乙B.F甲=F乙，P甲VP乙

C.F甲＞F乙,P甲=P乙D.F甲＞F乙,p甲＜p乙

6.如圖所示，關于電與磁的知識，下列說法不正確的是（）

dB

fm〔

IJ

如

s

T

A.圖甲：“司南”能指示方向是因為受到地磁場的作用

B.圖乙：磁感線是磁場中真實存在的一些曲線

C.圖丙：該實驗中電流方向改變時，小磁針的偏轉方向改變

D.圖?。涸搶嶒炚f明電磁鐵的磁性大小與線圈匝數(shù)有關

7.小容受穿戴式“智能體溫計”（如圖甲所示）的啟發(fā)，設計了一個如圖乙所示的體溫計電路

圖，用合適的電表（電流表或電壓表）示數(shù)大小反映溫度高低，熱敏電阻％的阻值隨溫度的升

高而增大，定值電阻/?2起保護電路的作用。下列分析正確的是（）

A.該電路中的電表是電流表B.溫度升高時￡兩端電壓變大

C.溫度升高時電路中電流變大D.溫度升高時電表示數(shù)變大

8.大亞灣核電站是我國第一座大型商用核電站。它獲取核能是圖中―（選填“甲圖”或

“乙圖”）所示途徑，核能屬于—能源（選填“可再生”或“不可再生”）；太陽核心每時

每刻都在發(fā)生—（選填“甲圖”或“乙圖”）所示的爆炸。

甲圖乙圖

9.甲、乙液體分別置于兩個不同的恒溫封閉環(huán)境中，質(zhì)量保持不變。測得甲、乙液體的溫

度隨時間變化如圖所示。

（1）（選填“甲”或“乙”）液體的分子運動隨時間越來越劇烈。

（2）甲液體所在環(huán)境的溫度（選填“小于1.7。。“等于20久”或“大于35。（：”）。

（3）乙液體在“1m譏一2nl譏”段、“8min-9m譏”段放出的熱量分別為Q1、Q2,貝IjQi

10.“燒烤”是年輕人喜歡的一種美食，空氣中彌漫著“肉香”味，這是現(xiàn)象；食

物烤熟是通過的方式改變其內(nèi)能的，某汽油機飛輪轉速為2400r/min,則1s內(nèi)完成

個工作循環(huán)。

11.如圖所示的滑輪組在拉力F的作用下，物體4以0.1m/s的速度勻速直線運動了5s。物體4

受到的摩擦力為4.2N,彈簧測力計示數(shù)為2N,不計繩、彈簧測力計和滑輪重，則繩子自由端

移動的距離為m,拉大力F的功率為W,滑輪組的機械效率為。

12.如圖甲所示的“聰明電梯”在有人、無人乘坐時會以不同的速度運行，這樣可以節(jié)約用

電。圖乙所示是其控制電路圖，R是一個壓敏電阻，其阻值隨壓力的增大而減小。當所有人

走出電梯后，圖中電磁鐵的磁性將（選填“增強”“減弱”或“不變”），電動機的轉

速將（選填“變快”“變慢”或“不變”）。當小明站在電梯上勻速上升時，小明的機

械能（選填“變大”“變小”或“不變”）。

13.如圖是小明家月初和月末電能表的示數(shù)，這個月消耗的電能是度，若她家正工

作的用電器總功率為3200W,（選填“能”或“不能”）將額定功率為1500〃的空調(diào)

再接入電路。若只讓1500W的空調(diào)單獨正常工作電能表的轉盤轉轉。

kW-hkW-h

220V10(20)A50Hz220V10(20)A50Hz

單相電能表單相電能表

600r/（kW-h）600r/（kW-h）

14.如圖所示，電源電壓6U保持不變，Ri=10n,R2=20。，R3=300,

若只閉合S2、%與/?2兩端電壓之比為；若同時閉合三個開關，

/?2與氏3電流之比為；電路中的最大功率可達勿。

15.如圖所示，MN是凸透鏡的主光軸，F(xiàn)是凸透鏡的焦點，。4是主光軸上的點光源S發(fā)出的

光經(jīng)過平面鏡后的反射光線。（1）請做出。力的入射光線和點光源S；（2）請做出。4經(jīng)過透鏡后

的折射光線0

V

16.圖甲是小奇用食品夾夾肉餅時的情景，食品夾看作可以繞。點轉動的兩個杠桿，其中04B

是上方杠桿，圖乙是OAB的簡化圖，七為作用在點B的阻力。請在圖乙中畫出：

(1)在4點施加的最小動力&及動力臂小

(2)阻力臂％。

0

17.如圖甲所示為一款帶風扇的便攜式臺燈桌。臺燈和風扇可以單獨工作，且風扇有兩擋風

力(通過串聯(lián)定值電阻實現(xiàn))，圖乙是其部分簡化電路。請你在虛框內(nèi)分別填入燈泡、電動機

和定值電阻的電路元件符號。

甲乙

18.請你應用所學的物理知識解答下列問題。

n(x

也

750

[I]

(1)如圖1所示的量筒，其測量范圍是mL,量筒中液體的體積為mL.

(2)在一定范圍內(nèi)，彈簧受到的拉力越大，就被拉得,利用這個道理可以制成彈簧測力

計。如圖2甲所示，圓筒測力計下掛有一重物，其重G為2N,則此測力計的分度值為N.

如果用力F豎直向下拉動掛鉤，如圖2乙所示，則拉力尸為N。

(3)小瑩同學測量電流時，連接好電路，閉合開關，發(fā)現(xiàn)電表指針向右偏轉至如圖3甲所示位

置，原因是;斷開開關，糾正錯誤后，再閉合開關，發(fā)現(xiàn)指針偏至如圖3乙所示位置，

接下來的操作是：斷開開關，繼續(xù)進行實驗。

19.在“探究光的反射規(guī)律”的實驗中，如圖所示，水平放置?——由------1

平面鏡，白色紙板豎直立在平面鏡上，紙板由E、F兩部分組成，\：5

可以繞ON翻折。\5oki/B|~7

(1)實驗時，把紙板EN尸垂直放在平面鏡上，入射光線40的法線面鏡0/

是光線4。的入射角大小是_____度；

(2)為了探究反射角與入射角大小的關系，應進行的操作是；

A.改變紙板與平面鏡之間的夾角

B.沿ON向后轉動紙板E

C.沿ON向后轉動紙板F

D改變?nèi)肷浣堑拇笮?/p>

(3)將一束光貼著紙板E沿4。射到鏡面上。點，紙板F上會顯示出反射光束。8,接著將紙板F繞

ON向后翻折，則紙板F上(選填“能”或“不能”)顯示出反射光束，由此說明反射光

線、入射光線與法線在_____內(nèi)(選填“同一平面”或“不同平面”)；

(4)若讓另一束光沿B。方向射向平面鏡，反射光將沿04方向射出。該實驗現(xiàn)象說明。

A.反射角等于入射角

氏在光的反射現(xiàn)象中，光路可逆

20.探究“電流與電阻的關系”時，實驗器材有：三節(jié)新的干電池(總電壓為4.5了不變)、電

流表、電壓表、滑動變阻器(標有“20。，24”字樣)、定值電阻5個(50、100、150、200、

500),開關一個，導線若干。

4

圖乙

R。

圖丁

(1)請按圖甲所示的電路圖，用筆畫線代替導線，將圖乙中的器材連接成完整的電路(要求:

滑片向左移動時電流變大)。

(2)閉合開關，電流表無示數(shù)，電壓表有示數(shù)且接近電源電壓，則故障原因可能是.

4滑動變阻器Rp斷路

8.定值電阻R斷路

C.定值電阻R短路

(3)排除故障后，將定值電阻由50更換為100時，應向(選填“左”或“右”)適當調(diào)

節(jié)滑動變阻器的滑片，使電壓表示數(shù)保持不變；

(4)圖丙是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的定值電阻的/-R圖象，其中陰影部分面積代表的物理量是

,其數(shù)值為;

(5)在實驗拓展時，發(fā)現(xiàn)不使用電壓表，利用學生電源(電壓未知但恒定不變)、阻值為R。的定

值電阻、電流表、開關等器材可測未知電阻燈的阻值，電路如圖丁所示。請你完成下列實驗

步驟：

①按電路圖正確連接電路，只閉合開關S,讀出電流表示數(shù)人；

②閉合開關(選填"S”、“S1”或"S和SJ'),讀出電流表示數(shù)公

③根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，計算出待測電阻&=o(用R。、/］、

21.一輛5G無人配送車，質(zhì)量為400kg,輪胎與路面的總接

觸面積為0.025巾2,在水平路面上勻速行駛時受到的阻力是車

重的0.05倍。如圖是配送車某次運動的路程與時間圖象。求:

(l)l(hn譏內(nèi)配送車的平均速度。

(2)配送車在8?lOmin內(nèi)勻速行駛時的功率。

(3)配送車對水平地面的壓強。

22.燈泡L標有“10勿20廣'的字樣，當把L和定值電阻R分別按甲圖、乙圖連接電路，燈泡

均正常發(fā)光，甲圖電源電壓為30l求:

0

電源2

乙

(1)通過甲圖R的電流。

(2)定值電阻R的阻值。

(3)通電10s,乙圖R產(chǎn)生的熱量。

(4)通電10s,乙圖L、R共消耗的電能。

23.被譽為“黑金”、“新材料之王”的晶體石墨烯受到了各界的青睞。

(1)石墨烯.(選填“有”或“沒有”)固定的熔點。已知石墨烯的比熱容為1.4x

103//(/c5?℃)＞則0.1kg的石墨烯吸收1.4x1。3/的熱量，溫度可升高.℃?石墨烯是目

前所知的電阻率最小的材料，石墨烯不適合用作下列哪個電器的材料(填字母)

A電腦

員手機

C電飯鍋

(2)菲斯克公司推出的石墨烯電池汽車FiskeEMotion,據(jù)稱充電九分鐘可以行駛200k?n,時

速可達250km//i；若車以該速度勻速行駛，車的發(fā)動機功率為25klV,電能轉化為機械能的

效率為75%。汽車行駛過程中受到的阻力為N,消耗的電能為人若這些電能

由燃燒的汽油提供，則需kg的汽油（汽油熱值4.6xl07〃kg,結果保留1位小數(shù)）。

24.（1）如圖1是小亮同學用壓強計“探究影響液體內(nèi)部壓強大小的因素”的實驗裝置。

①比較圖乙和圖丙可得出結論：同種液體深度越深，液體壓強越（填“小”或"大”）o

②比較圖乙和圖丁，得出“液體密度越大，液體的壓強越大”的結論，老師認為小亮的判斷

是不合理的，主要原因是。

（2）小亮還通過如圖2的步驟進行了“浮力的大小可能與哪些因素有關”的實驗。

①對4、C、。三圖中的實驗現(xiàn)象和數(shù)據(jù)進行分析，得出下列結論：物體浸沒后，浮力的大小

與深度（填“有關”或“無關”）。

②分析D、E兩圖中的實驗現(xiàn)象和數(shù)據(jù)，可得出結論：物體受到的浮力大小還與液體的

有關。

③根據(jù)圖中的數(shù)據(jù)計算出物體的密度為kg/m\

（3）如圖3是小亮利用不同的粗細均勻吸管制成的密度計豎直漂浮在水中時的情形，其中密度

計（選填“①”“②”或“③”）在測量其他液體密度時結果更精確。

25.圖甲是某居民樓前的無障礙通道，一位中年人正用輪椅推著他年邁的母親緩緩上行，圖

乙是該通道斜面示意圖。為了解中年人推輪椅時所用力的大小，小紅和小華進行了探究。她

們從斜面底端4點沿斜面確定了相距1m處的B點。（g取10N/kg）

(1)使刻度尺“0”刻度線與水平地面對齊，正確測量B點高度，結果如圖乙，為cm.

(2)選用車輪與輪椅相同材質(zhì)、花紋的小車為研究對象，進行了如下操作：

①正確使用彈簧測力計，測出小車重為2.0N；

②將彈簧測力計與斜面平行放置并,然后沿斜面方向勻速拉動小車，如圖乙所示，彈

簧測力計示數(shù)為N；

③計算出將小車從4點拉到8點的過程中，拉力所做的功為]■,利用斜面將小車從水平

地面提升到B點時的機械效率為。

(3)在小車上逐漸添加重物，測出小車的總重G,測出沿斜面勻速拉動小車需要的力，計算出

拉小車從4點到B點所做的功名；計算出豎直向上將小車從水平地面提升到B點所做的功皿2。

以功為縱坐標，以小車總重為橫坐標，建立平面直角坐標系，作出名和物與小車總重G的關

系圖像，分別如圖丙中的線段a和b：若這位母親的質(zhì)量為50kg,所坐的輪椅質(zhì)量為20kg,

則中年人用沿著通道斜面方向的力推輪椅勻速上坡時，力的大小為N。

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：4成年人正常步行的速度是l.lm/s,30s時間大約走33m,故4不正確；

區(qū)東莞市冬天的平均氣溫在10℃左右，故3不正確；

C.教室門的高度約為2.2m,故C正確；

D-支木制鉛筆的質(zhì)量約為10g,所以。不正確。

故選：C。

利用生活中我們熟悉的一些數(shù)據(jù)作為根據(jù)，進行單位換算，有時要利用基本公式求未知物理量。

本題考查了對長度、速度、溫度、質(zhì)量的估測，注重理論與實際差異的應變能力的培養(yǎng)，體現(xiàn)新

課程的基本理念。

2.【答案】C

【解析】解：力、吹奏洞簫時空氣柱振動發(fā)出聲音，故A錯誤；

8、模擬鳥啼聲是模擬鳥叫聲的音色，故B錯誤；

C、洞簫發(fā)出的聲音通過空氣傳入現(xiàn)場觀眾耳中，故C正確；

。、觀眾在樂聲中感受到了百鳥歸巢的輕快活潑氣氛，這說明聲音能傳遞信息，故。錯誤。

故選：C,

(1)聲音是由發(fā)聲體的振動產(chǎn)生的。

(2)不同的樂器音色不同。

(3)聲音的傳播需要介質(zhì)。

(4)聲音可以傳遞信息。

知道聲音產(chǎn)生和傳播的條件；知道音色與發(fā)聲體的材料和結構有關；知道聲音可以傳遞信息。

3.【答案】D

【解析】解：力、干冰升華過程，干冰需要吸收熱量，故A錯誤；

8、嘴里冒出的“白氣”是水蒸氣遇冷液化變成的小水滴，液化過程需放出熱量，說明溫度變化,

故8錯誤；

C、沸騰過程水需要吸收熱量，溫度保持不變，故C錯誤；

。、水結冰的過程是凝固現(xiàn)象，凝固過程放出熱量但溫度保持不變，故。正確。

故選：D。

熔化、汽化和升華過程物質(zhì)需要吸收熱量，凝固、液化和凝華過程物質(zhì)需要放出熱量，晶體凝固

時放出熱量，溫度不變。

本題考查了物態(tài)變化過程中的吸放熱情況以及晶體凝固的特點，難度較小，屬于基礎性題目。

4.【答案】A

【解析】解：①放大鏡成的是正立、放大的虛像，其成像原理是光的折射；②平面鏡成像是由光

的反射形成的虛像；③水中“筆”彎折是由光的折射形成的虛像；④小孔成像是由光的直線傳播

形成的實像；故①③成像原理和成像虛實均相同。

故選：4。

①光的折射是指光線從一種介質(zhì)斜射入另一種介質(zhì)時，光的傳播方向發(fā)生改變的現(xiàn)象，比如透鏡

成像，水變淺了，水中的筷子折斷了等；

②光的反射是指光線在傳播的過程中遇到障礙物被反射出去的現(xiàn)象，比如平面鏡成像；

③光沿直線傳播現(xiàn)象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直線傳播形成的。

本題主要考查學生利用光學知識解釋生活中常見的物理現(xiàn)象，此題與實際生活聯(lián)系密切，體現(xiàn)了

生活處處是物理的理念。

5.【答案】A

【解析】解：由題意知，兩容器中裝有同種液體（液體的密度相同）且深度相同，由「=「。/1可知，

兩容器底部受到液體的壓強相等，即P/=P乙；

又因為兩容器的底面積相等，則由F=pS可知，兩容器底部受到液體的壓力相等，即尸用=尸乙。

故選:A.

先根據(jù)p=pg/i判斷兩容器底部受到液體壓強的關系，然后根據(jù)F=pS可判斷兩容器底部受到液

體壓力的關系。

本題考查了液體壓強和壓力大小的比較，屬于對基礎知識的考查，是一道較為簡單的應用題。

6.【答案】B

【解析】解：4司南能指明方向是因為受到地磁場的作用，故A正確；

8.磁感線是人們假想出來的，故B錯誤；

C.奧斯特實驗，說明了通電導線周圍存在磁場，磁場的方向與電流的方向有關，故C正確；

。.圖中兩電磁鐵串聯(lián)，則通過的電流相同，它們線圈的匝數(shù)不同，兩個電磁鐵吸引小鐵釘?shù)臄?shù)量

不同，說明電磁鐵的磁性強弱與線圈匝數(shù)有關，故￡＞正確。

故選：

(1)指南針就是利用地磁的作用來指向南北的；

(2)磁感線是人們假想出來的；

(3)認識奧斯特實驗，知道奧斯特實驗證實了通電直導線周圍存在磁場，即電流的磁效應；

(4)從圖中控制了電流相同和匝數(shù)不同分析。

本題綜合考查地磁場的作用、奧斯特實驗、電磁鐵以及磁感線的特點等，考查內(nèi)容較多，但都屬

于必須掌握的內(nèi)容。

7.【答案】D

【解析】解：4、由電路圖可知，電阻匕和8串聯(lián)接入電路，該電路中的電表與凡并聯(lián)接入電路，

為電壓表，故A錯誤；

BCD,電阻心的阻值隨溫度的升高而增大，當溫度升高時，%的電阻變大，串聯(lián)電路的總電阻變

大，根據(jù)/=￡可知電路中的電流變?。??2是定值電阻，根據(jù)U=/R可知&兩端電壓變小，根據(jù)串

電路的電壓規(guī)律可知，8兩端電壓變大，電壓表示數(shù)變大，故。正確、BC錯誤。

故選：D。

(1)根據(jù)電表的連接方式可知電表的類型；

(2)電阻a的阻值隨溫度的升高而增大，當溫度升高時，串聯(lián)電路的總電阻變大，根據(jù)/=g可知

電路中的電流變化，根據(jù)U=/R可知/?2的電壓變化，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓規(guī)律可知電壓表示數(shù)的

變化。

本題考查了電路的動態(tài)分析、歐姆定律的應用，難度不大。

8.【答案】乙圖不可再生甲圖

【解析】解：獲得核能的途徑一是重核裂變，二是輕核聚變；乙圖中進行的是較重的原子核裂變

成較輕的原子核的一種核反應，是核裂變，核電站利用可控的核裂變：

核能不能從自然界源源不斷地獲得，一旦消耗便不可再生；

在太陽內(nèi)部，氫原子核在超高溫作用下發(fā)生聚變，釋放巨大的核能，太陽核心每時每刻都在發(fā)生

甲圖所示的爆炸。

故答案為：乙圖；不可再生；甲圖。

(1)核能的釋放包括核聚變和核裂變，核裂變是較重的原子核裂變成較輕的原子核的一種核反應,

核聚變是較輕的原子核結合成較重的原子核的一種核反應；核能發(fā)電是利用了可控的裂變；

(2)太陽內(nèi)部進行著核聚變，由氫原子核聚變成氯原子核，釋放出核能；

(3)不可再生能源是指一旦消耗就很難再獲得的能源。

此題考查了新能源的分類、核能的利用、太陽內(nèi)部能量變化，是一道基礎題。

9.【答案】甲大于35T>

【解析】解：(1)分子的熱運動與溫度有關，溫度越高，運動越劇烈，由題圖可知，甲的溫度逐漸

升高，乙的溫度逐漸降低，所以甲液體分子運動隨時間越來越劇烈；

(2)甲液體初始溫度是20。&隨著時間可以達到35。&從甲的圖像可以看出，溫度可能還會升高，

故甲液體所在環(huán)境的溫度大于35。a才能夠繼續(xù)把熱量傳遞給甲；

(3)由題圖可知“1m出-2min”段乙液體溫度變化量為3久，“8m出-9min”段乙液體溫度變化

量為1.4式,根據(jù)物體放熱公式:<?放=cm戊可知，"1瓶/一2機譏”段放出熱量更多，所以Qi>(?2。

故答案為：(1)甲；(2)大于35?？?3)>.

(1)分子的無規(guī)則運動跟溫度有關，溫度越高，這種運動越劇烈，因此把分子永不停息的無規(guī)則運

動叫做分子的熱運動；

(2)熱傳遞：熱量從溫度高的物體傳遞到溫度低的物體，或從物體高溫部分傳遞到低溫部分的過程;

⑶根據(jù)<2放=。屈￡分析即可。

本題主要考查分子熱運動的概念、熱傳遞的條件以及物體放熱公式的掌握，結合圖像分析液體溫

度的變化即可解決。

10.【答案】擴散熱傳遞20

【解析】解：空氣中彌漫著“肉香”味，這是擴散現(xiàn)象，說明分子在不停做無規(guī)則運動；

食物烤熟是通過熱傳遞方式增加了食物的內(nèi)能；

汽油機工作時，每個工作循環(huán)完成4個沖程，飛輪轉動2周，做功1次，由于汽油機飛輪的轉速是

2400r/min,所以每秒飛輪轉動40圈，汽油機完成20個工作循環(huán)。

故答案為：擴散；熱傳遞；20。

(1)不同的物質(zhì)相互接觸時，彼此進入對方的現(xiàn)象，叫擴散現(xiàn)象；

(2)改變物體內(nèi)能的方式有熱傳遞和做功；

(3)根據(jù)汽油機工作時，每個工作循環(huán)完成4個沖程，飛輪轉動2周，做功1次，由飛輪的轉速可求

出每秒飛輪轉動的圈數(shù)，從而求解出汽油機完成的工作循環(huán)。

本題考查了熱機的計算、分子運動、熱傳遞改變物體內(nèi)能，相對比較簡單，屬于基礎題。

11.【答案】1.50.670%

【解析】解：從圖中可知n=3,繩子自由端的速度"=n"物=3x(Mm/s=0.3m/s,繩子自由

端移動的距離s=vt—0.3m/sX5s=1.5m；

不計繩、彈簧測力計和滑輪重，彈簧測力計示數(shù)為2N,則拉力為2N,根據(jù)P=/=與可知

拉力尸的功率P=Fv=2Nx0.3m/s=0.6UZ：

滑輪組的機械效率〃=肥=*=懸=￡=接><100%=7。％。

故答案為：1.5；0.6；70%。

從圖中可知n=3,根據(jù)〃=nv物得出繩子自由端的速度，根據(jù)s=況得出繩子自由端移動的距離；

不計繩、彈簧測力計和滑輪重，彈簧測力計示數(shù)為2N,則拉力為2N,根據(jù)P=/=，=F〃可知

拉力F的功率；

根據(jù)〃=犍=M=《暮=占得出滑輪組的機械效率。

總物

本題考查速度、功率和效率的有關計算，綜合性強，難度適中。

12.【答案】減弱變慢變大

【解析】解：當人從電梯上走下后，壓力減小，則壓敏電阻R的阻值增大，左側控制電路中的電

流減小，電磁鐵磁性變?nèi)?，則銜鐵被拉起，與觸點1接觸，此時電動機與電阻燈串聯(lián)，通過電動

機的電流減小，電動機的轉速變慢。

當小明在電梯上勻速上升時，小明的質(zhì)量不變，速度不變，動能不變，同時高度增加，重力勢能

增大，而機械能為動能和勢能之和，所以，機械能增加。

故答案為：減弱；變慢；變大。

(1)本題中有兩個電路，左側為壓敏電壓與電磁鐵串聯(lián)，右側為電機工作電路，當銜鐵與觸點1接

觸時，燈與電機串聯(lián)，當銜鐵與觸點2接觸時，電阻斷路，電機中電流增大。

(2)影響動能的影響因素是物體的質(zhì)量和物體運動的速度，影響重力勢能的因素是物體的質(zhì)量和物

體的高度，其中動能和勢能統(tǒng)稱為機械能。

本題考查應用物理知識解決實際問題的能力，在本題中應認清電路的構造聯(lián)系所學知識進行解答

13.【答案】162.6不能30

【解析】解：(1)由圖示電能表可知，電能表月初、月末示數(shù)為1120.0kW?無、1282.6/cW-h,

這個月消耗的電能：W=1282.6/cWZ-h-1120.0kW-h=162.6k”-h；

(2)由電能表表盤知，電能表的工作電壓是220V,允許通過的最大電流為204

所以他家電能表同時允許接入用電器最大總電功率：P最大=UI最大=220x20A=4400MZ；

再將空調(diào)接入電路，總電功率P總=3200WZ+1500WZ=4700W>P康大=4400W,

所以不能將額定功率為1500〃的空調(diào)再接入電路；

(3)u600revs/kW-h''表示每消耗IkW?h的電能電能表的轉盤轉600r,

只讓空調(diào)單獨正常工作27n譏消耗的電能：

9

W'=P't=1.5kWx-h=0^kW.h,

電能表轉盤轉數(shù)：

n=600revs/kW-hx0.05fcW-h=30ro

故答案為：162.6；不能;30。

(1)先讀出電能表月初、月末的示數(shù)(注意最后一位是小數(shù)位，單位是卜"?九)，這個月消耗的電能

等于月末、月初示數(shù)之差；

(2)由電能表表盤知，電能表的工作電壓、允許通過的最大電流，利用P=U/求電能表同時允許接

入用電器最大總電功率；求出再將空調(diào)接入電路的總電功率，比較確定能否將額定功率為1500W

的空調(diào)再接入電路；

(3)“600rebs/kW?/i”表示每消耗lkW?%的電能電能表的轉盤轉600r,只讓空調(diào)單獨正常工作

2min,利用W=Pt求消耗的電能，進而求出電能表轉盤轉數(shù)。

本題考查了使用電能表時消耗電能、電功率的計算以及電能表的讀數(shù)方法，明確電能表相關參數(shù)

的意義是關鍵。

14.【答案】1：23：23

【解析】解：(1)由圖知，若只閉合$2，匕、&串聯(lián)，

因為串聯(lián)電路電流處處相等，所以此時治與/?2兩端的電壓之比為:

uA_//?)_/?i_ion_i

五一瓦一瓦-2on-2'

(2)若同時閉合三個開關，對此短路，電阻/?2、口3并聯(lián)，

因為并聯(lián)電路各支路電壓相等，所以與R3電流之比：

U

_氏3_30/2_3

不=m=瓦'=20H=2；

R3

(3)根據(jù)電阻的串并聯(lián)特點和P=(可知同時閉合三個開關電阻/?2、并聯(lián)時電路中當時總電阻最

小，則電路中的功率最大，

lilllDOLD"2,1/2(6K)2.(6K)2

^P^=P2+P3=-+-=-+—=3W.

故答案為：1：2；3：2；3(>

(1)由圖知，若只閉合S2,&、/?2串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路電流的特點和歐姆定律算出此時R1與a兩端

的電壓之比；

(2)若同時閉合三個開關，對R1短路，電阻/?2、/?3并聯(lián)，根據(jù)并聯(lián)電路電壓的規(guī)律額歐姆定律算出

通過必與氏3電流之比；

(3)根據(jù)電阻的串并聯(lián)特點和P=也可知同時閉合三個開關電阻/?2、/?3并聯(lián)時電路中的最大功率，

R

2

根據(jù)P=巴即可求出最大功率。

R

本題考查了串并聯(lián)電路的特點、歐姆定律和電功率公式的應用，明確開關閉合前后電路的連接是

解題的關鍵。

15.【答案】解：過反射點。垂直于鏡面作出法線，根據(jù)反射光線與入射光線分居法線兩側，反射

角等于入射角，在法線左側作出入射光線，交主光軸04于點S,即為光源S；

對于凸透鏡，過焦點的光線經(jīng)凸透鏡折射后，其折射光線平行于主光軸；如下圖所示。

【解析】(1)根據(jù)光的反射定律：反射光線、入射光線和法線在同一平面內(nèi)，反射光線、入射光線

分居法線兩側，反射角等于入射角，作出入射光線。

(2)仔細觀察入射光線和折射光線的特點，根據(jù)凸透鏡的光學特點作圖。

凸透鏡的三條特殊光線：①通過焦點的光線經(jīng)凸透鏡折射后將平行于主光軸。②平行于主光軸的

光線經(jīng)凸透鏡折射后將過焦點。③過光心的光線經(jīng)凸透鏡折射后傳播方向不改變。

16.【答案】解：由杠桿平衡條件Flh=F2%可知，在阻力跟阻力臂的乘積一定時，動力臂越長，

動力越??；圖中支點在。點，因此。力作為動力臂，1最長；動力的方向應該向下，過點4垂直于向

下作出最小動力Fi的示意圖，過支點。作動力&的垂線即為動力臂過支點。作阻力作用線的垂

線即為阻力臂，2，

如下圖所示：

【解析】(1)力臂的概念：力臂是指從支點到力的作用線的距離；

(2)杠桿平衡條件：動力x動力臂=阻力x阻力臂(F】G=F2L2),在阻力跟阻力臂的乘積一定時，

動力臂越長，動力越小。

本題的解題關鍵是通過杠桿的平衡條件得出：在阻力跟阻力臂的乘積一定時，動力臂越長，動力

越小的結論。

17.【答案】解：根據(jù)題意：臺燈和風扇可以單獨工作，說明臺燈和風扇是并聯(lián)的；風扇有兩檔風

力，說明通過它的電流可變，用一個開關和定值電阻并聯(lián)，開關斷開時，定值電阻和電動機串聯(lián)；

開關閉合時，將電動機短路，如圖所示：

【解析】(1)串聯(lián)電路各個用電器相互影響；并聯(lián)電路各個用電器互不影響。

(2)與定值電阻并聯(lián)的開關斷開和閉合時可以改變通過電動機的電流，進而改變風扇的風力。

知道串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點；會根據(jù)要求設計電路圖。

18.【答案】0-10065越長0.20.8電流表使用前未調(diào)零換接0?0.64的量程

【解析】解：

⑴由圖1可知，量筒的最大測量值為10063測量范圍為0?100mL；其中257nL分為5個格，一

個格為5mL,液體的體積為50mL+3x5mL=65mL；

(2)彈簧測力計是利用在一定范圍內(nèi)彈簧受到的拉力越大、彈簧被拉得越長的道理制成的；

如圖2甲所示，圓筒測力計下掛有一重物，其重G為2N,此時被拉下10個格，此彈簧測力計的分

度值為0.2N；

如果用力F豎直向下拉動掛鉤，如圖3乙所示，被拉下4個格，拉力F=4x0.2N=0.8N；

(3)連接好電路，閉合開關，發(fā)現(xiàn)電流表指針向右偏轉至如圖3甲所示位置，說明開關沒有閉合前，

電流表的指針在現(xiàn)在位置的左邊，說明電流表使用前未調(diào)零；

斷開開關，糾正錯誤后，再閉合開關，發(fā)現(xiàn)指針偏至如圖3乙所示位置，指針偏轉角度太小，說明

所選的量程太大，接下來的操作是：斷開開關，換接0?0.6A的量程，繼續(xù)進行實驗。

故答案為：(1)0?100；65；(2)越長;0.2；0.8；(3)電流表使用前未調(diào)零;換接。?0.64的量程。

(1)由圖1可知，量筒的最大測量值為lOOmL,可得量筒的測量范圍；先確定量筒的分度值，再根

據(jù)液面位置讀數(shù)；

(2)彈簧測力計是利用在一定范圍內(nèi)彈簧受到的拉力越大、彈簧被拉得越長的道理制成的；圓筒測

力計被拉下1個格(黑色或白色)為分度值的大??；據(jù)此讀出如圖3乙彈簧測力計的示數(shù)；

(3)電流表在使用前，指針要調(diào)零，即指針要指在零刻線處；測量時要選擇合適的量程。

本題考查了量筒、彈簧測力計、電流表的讀數(shù)及使用方法，注意圓筒彈簧測力計的分度值是通過

黑白格(一格為分度值的大小)體現(xiàn)的。

19.【答案】(1)ON；40；(2)。；(3)不能;同一平面;(4)8

【解析】解：(1)如圖所示，入射光線4。的法線是。N；紙板ENF與平面鏡垂直放置，圖中的入射

角是90°-50°=40°；

(2)在探究反射角與入射角的大小關系時,為了得出普遍的規(guī)律，應多次改變?nèi)肷浣堑拇笮?，這樣

才能避免結論的偶然性，應進行的操作是改變光線4。與ON的夾角，故。正確；

(3)實驗中將紙板尸向向后折轉，紙板F上不能看到反射光線，說明反射光線、入射光線和法線在

同一平面內(nèi)；

(4)讓一束光沿8。方向射向平面鏡，即讓光線逆著原來的反射光線射向鏡面，反射光將沿04方向

射出，即反射光線逆著原入射光線方向射出，該實驗現(xiàn)象說明，在反射現(xiàn)象中，光路是可逆的，

故8正確。

故答案為：(1)ON；40；(2)D；(3)不能;同一平面；(4)8。

(1)法線始終垂直于平面鏡，要使入射光和反射光的徑跡同時顯示在紙板上，則入射光、反射光和

法線所在的平面應與平面鏡垂直，據(jù)此分析；

光的反射規(guī)律：三線共面(反射光線、入射光線、法線在同一平面上)，兩線分居(反射光線、入射

光線分居法線兩側)，兩角相等(反射角、入射角)，光路可逆：入射角是入射光線與法線的夾角；

(2)反射角隨入射角的增大而增大，隨入射角的減小而減小，實驗中要多次驗證；

(3)要驗證反射光線與入射光線是否在同一平面上，可以通過讓紙板F與紙板E不在同一平面上來

研究；

(4)在反射現(xiàn)象中，光路是可逆的。

此題主要通過實驗探究了光的反射定律。通過各個分實驗分別探究了兩角大小和三線之間的關系。

實驗探究題是中考中必不可少的題目，要加強實驗教學，引導學生從實驗中分析現(xiàn)象，歸納總結

規(guī)律。培養(yǎng)學生觀察、分析、概括能力。

20.【答案】B右電壓3VS和Si解

—

【解析】解：(1)滑片向右移動時電阻變大，故滑動變阻器選用左下接線柱與定值電阻串聯(lián)在電路

中，如下圖所示：

(2)閉合開關，電流表無示數(shù)，說明電路可能斷路；電壓表有示數(shù)且接近電源電壓，說明電壓表與

電源連通，則與電壓表并聯(lián)的電路以外的電路是完好的，則與電壓表并聯(lián)的電路斷路了，即故障

原因是定值電阻R斷路，故選8：

(3)實驗中，當把50的電阻換成100的電阻后，根據(jù)分壓原理，電阻兩端的電壓變大，研究電流與

電阻關系時要控制電壓不變，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律，要增大滑動變阻器兩端的電壓，由分壓

原理，要增大滑動變阻器電阻阻值，故應把滑動變阻器滑片向右滑動；

(4)根據(jù)畫出/-R圖象(如圖丙)知，圖中陰影面積為長方形，其面積等于/R,由歐姆定律得,U=IR,

陰影面積表示的物理量是電阻兩端的電壓，其數(shù)值為U=IR=0.64x5。=3V；

(5)實驗步驟：

①按電路圖正確連接電路，只閉合開關5,讀出電流表示數(shù)A；

②只閉合開關S和5],讀出電流表示數(shù)，2；

③在步驟①中，為&的簡單電路，電流表測Ro的電流，則電源電壓為U=/iR°；

在步驟②中，兩電阻并聯(lián)，電流表測干路的電流，由并聯(lián)電路電流的規(guī)律可知通過未知電阻R”的

電流：4=

則電源電壓為：U=lxRx=(/2一人)&；

由于電源電壓不變,即/小0=。2—4)&；

則待測電阻網(wǎng)的阻值為：Rx=普。

故答案為：(1)見解答圖；(2)B；(3)右；(4)電壓；3V；(5)②S和Si；③黑。

(1)滑片向右移動時電阻變大，據(jù)此確定滑動變阻器選用的下端接線柱；

(2)閉合開關，電流表無示數(shù)，說明電路可能斷路；電壓表有示數(shù)且接近電源電壓，說明電壓表與

電源連通，則與電壓表并聯(lián)的電路以外的電路是完好的，則與電壓表并聯(lián)的電路斷路了；

(3)根據(jù)控制變量法，研究電流與電阻的關系時，需控制定值電阻兩端的電壓不變，當換上大電阻

時，根據(jù)分壓原理確定電壓表示數(shù)的變化，由串聯(lián)電路電壓的規(guī)律結合分壓原理確定滑動變阻器

滑片移動的方向；

(4)根據(jù)畫出/-R圖象(如圖丙)知圖中陰影面積為長方形，由歐姆定律分析；

(5)分別將定值電阻和未知電阻及接入電路中，由歐姆定律先求出電源電壓，根據(jù)并聯(lián)電路電壓的

規(guī)律和歐姆定律分析回答。

本題探究電流與電阻的關系，考查電路連接、注意事項、故障分析、數(shù)據(jù)分析、控制變量法和歐

姆定律的應用及設計實驗方案測電阻的能力。

21.【答案】解：(1)根據(jù)圖像可知，配送車在10m仇內(nèi)通過的路程為1.2km,

1所譏內(nèi)配送車的平均速度：”泊糅寤=2皿々

1.2km—0.6km

(2)8?lOmin配送車的速度M=*=10^87=18km/h=5m/sf

~60~h

由圖像可知，配送車在0?5機譏做勻速運動，5?幾內(nèi)靜止，8?10血譏做勻速運動,

在水平路面上勻速行駛時，配送車處于平衡狀態(tài),

所受的牽引力F=f=0.05G=O.OSmg=0.05x400kgxlON/kg=200N,

根據(jù)P=~=~=Fu可知18?lOmin配送車的功率P=Pv'=200Nx5m/s=1000W；

(3)配送車對水平地面的壓力：F=G=mg=400的xlON/kg=4000/V,

配送車對水平地面的壓強：p=。=黑鸚=1.6x105Pao

答：(l)10min內(nèi)配送車的平均速度為2m/s；

(2)8?lOmin配送車的功率為1000%

(3)配送車對水平地面的壓強為1.6x105Pao

【解析】(1)根據(jù)圖像可知，配送車在lOmin內(nèi)通過的路程為1.2km,根據(jù)速度公式得出10min內(nèi)

配送車的平均速度。

(2)結合圖中信息，利用速度公式得出8?lOmin配送車的速度，根據(jù)P=?=?=可知

8?10/ni九配送車的功率。

(3)配送車對水平地面的壓力等于其重力，根據(jù)p=g求出配送車對水平地面的壓強。

本題考查速度、功和功率、壓強的計算，關鍵是從圖中得出有用信息。

22.【答案】解：(1)由甲圖可知，L與R串聯(lián)，燈泡L正常發(fā)光，則燈泡兩端的電壓4=20V,

由「=0可知，燈泡正常發(fā)光時的電流：黑=0.54,

根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點可知，通過R的電流：lR=lL=0.5/1；

(2)根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點可知，甲圖中R兩端的電壓：UR=U-4=30V-20U=10V,

由/=g可知，R的阻值：/?=華=照=200

RIRU.5/1

(3)由乙圖可知，燈泡L與R并聯(lián)，燈泡正常發(fā)光，

根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點可知，電源電壓：U'=UR'=UL=20V,

乙圖中通過R的電流：/1=萼=黑=14,

KZuJz

通電10s,乙圖R產(chǎn)生的熱量：Q=/R‘2Rt=(14)2x200x10s=200/；

(4)根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點可知，乙圖中干路的總電流：/=乙+///=0.54+14=1.54,

通電10s,乙圖Z,、R共消耗的電能：W=U'lt=20Vx1.5Ax10s=3007?

答：(1)通過甲圖R的電流為0.54。

(2)定值電阻R的阻值為200。

(3)通電10s,乙圖R產(chǎn)生的熱量為200/。

(4)通電10s,乙圖L、R共消耗的電能為300/。

【解析】(1)由甲圖可知，L與R串聯(lián)；燈泡L正常發(fā)光，根據(jù)P=U/求出燈泡正常發(fā)光時的電流,

根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點可知通過甲圖R的電流；

(2)根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點求出甲圖中R兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律求出R的阻值；

(3)由乙圖可知，燈泡L與R并聯(lián)，燈泡正常發(fā)光，根據(jù)并聯(lián)電路特點可知電源電壓和R兩端的電壓，

根據(jù)歐姆定律可知乙圖中通過R的電流，根據(jù)焦耳定律Q=KRt求出通電10s,乙圖R產(chǎn)生的熱量；

(4)根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點求出乙圖中干路的總電流，根據(jù)W=U/t求出通電10s,乙圖L、R共

消耗的電能。

本題考查串并聯(lián)電路的特點、電功的計算、歐姆定律以及焦耳定律的應用，是一道電學綜合題，

難度不大。

23.【答案】有10C3609.6x1072.1

【解析】解：(1)石墨烯是晶體，因此有固定的熔點；

14x1o3/

0.1kg的石墨烯吸收1.4x103/的熱量，溫度可升高：4t=&=-----3-----=10℃；

cm1.4xl0J//(fcp-℃)x0.1fca

石墨烯是目前所知的電阻率最小的材料，根據(jù)焦耳定律Q=/2七可知石墨烯不適合用作電飯鍋的

發(fā)熱材料；

(2)行駛200km,時速可達250km",則行駛時間t=?=僦簿=。皿，

車的發(fā)動機功率為25kW,則獲得的機械能：W=Pt=25kWx0.8/i=7.2x107J,

汽車行駛過程中受到的阻力等于牽引力：f=F=四=必汕=360N；

Js200000m

消耗電能Q=￡=7,默。=9.6x107/,

7

這些電能由燃燒的汽油提供，則需要汽油質(zhì)量m=2=96部X2.1kg。

q4.6xl07//fc5

故答案為：(1)有；10；C；(2)360；9.6x107；2.1。

(1)石墨烯是晶體，因此有固定的熔點；

根據(jù)戊=學十算0.1kg的石墨烯吸收1.4x1。3/的熱量升高的溫度；

石墨烯是目前所知的電阻率最小的材料，根據(jù)焦耳定律Q=/Ri可知石墨烯不適合用作哪個電器

的材料；

(2)根據(jù)速度公式計算行駛200km,時速可達250km"的行駛時間，根據(jù)W=Pt計算獲得的機械

能，

汽車行駛過程中受到的阻力等于牽引力，根據(jù)/=F=/計算汽車行駛過程中受到的阻力；

根據(jù)Q=2計算消耗的電能，根據(jù)m=蓑計算這些電能由燃燒的汽油提供時需要汽油的質(zhì)量。

本題為力學、電學綜合題，考查電功率公式、熱量公式、速度公式、效率公式的應用，計算時注

意單位統(tǒng)一。

24.【答案】大沒有控制深度相同無關密度4X103(2)

【解析】解：(1)①因為液體壓強大小是通過壓強計的U形管中兩側液體的高度差來顯示的，且高

度差越大說明液體壓強越大，比較圖乙和圖丙可知液體密度相同，而探頭所處液體深度不同，因

此由圖可知同種液體，深度越深，液體的壓強越大；

②液體壓強與液體的深度和密度有關，研究與其中一個因素的關系時，要控制另外一個因素不變,

比較圖乙和圖丁可知液體密度不同且探頭所處液體深度也不同，因此得出“液體密度越大，液體

的壓強越大”的結論是不合理的;

(2)①觀察4、C、。圖的實驗數(shù)據(jù)可知，彈簧測力計示數(shù)相同，根據(jù)稱重法尸浮=G-F而可知F謠=

G-F丞=4N-3N=1N,F=G-F-D=4N-3N=IN,浮力相同，即浮力的大小與深度

無關；

②觀察。、E兩圖的實驗數(shù)據(jù)可知，物體排開的液體的體積相同，深度相同，液面的密度不同，彈

簧測力計示數(shù)不相同，根據(jù)稱重法?浮=6-尸點可知F海=G-F9=4N-3N=1N,尸浮6=

G-F殮=4N-3.2N=0.8N,浮力不相同，即可得出結論：物體受到的浮力大小還與液體的密

度有關；

③由圖4、C可知，物體完全浸沒在水中受到的浮力：F^=G一尸標=4N—3N=1N；

_________1N_________

由F浮=P液gv排可得物體的體積為u=I#=薩=1X10-47n3；

10N/kgxl.0xl0%g/m3

又根據(jù)G=mg=pVg可得P物體=奈=lON/kgRioF=4乂^kg/m\

(3)密度計的特點是刻度不均勻，上疏下密，上小下大，而且分度值越小越準確；深度越深，相鄰

兩密度值的間距越大，由題圖可知，密度計②所處的深度最深，相鄰兩密度值的間距最大，測量

值最準確。

故答案為：(1)①大；②沒有控制深度相同；(2)①無關；②密度；③4x103；(3)②。

(1)液體壓強與液體的深度和密度有關，研究與其中一個因素的關系時，要控制另外一個因素不變,

據(jù)此解答；

(2)①觀察4、C、。圖的