通榆一中2024屆高三上學(xué)期第四次質(zhì)量檢測物理一、選擇題1.如圖，頂端固定著小球的直桿固定在小車上，當小車在水平面上向右做勻加速運動時，桿對小球作用力的方向可能沿圖中的（）A.方向 B.方向 C.方向 D.方向【答案】C【解析】小車向右做勻加速直線運動，由于球固定在桿上，而桿固定在小車上，則球和小車具有相同的水平加速度，由牛頓第二定律可知，小球所受重力和桿對小球作用力的合力水平向右，桿對小球作用力方向只可能沿圖中的方向。故選C。2.參加拉力賽的汽車由沙灘駛上山坡，如圖所示。車在沙灘上行駛時的最大速率為，當其駛上山坡后，其阻力變?yōu)槠囋谏碁┥闲旭倳r所受阻力的倍。已知汽車在行駛過程中發(fā)動機功率保持不變，則汽車在山坡上行駛的最大速率為，則等于（）A. B. C. D.【答案】D【解析】根據(jù)題意可知，汽車以額定功率行駛牽引力等于阻力時，汽車行駛的速率最大，則有，當不變，變?yōu)樵瓉淼谋稌r，則最大速率變?yōu)樵瓉淼?，即，故選D。3.下列圖象中能正確反映給定電容器的電容、電荷量、電壓之間關(guān)系的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】電容是描述電容器儲存電荷特性的物理量，僅由電容器本身決定，對于給定的電容器，其電容與電荷量、電壓均無關(guān)，即電容不變。故選B。4.年月，“天問一號”探測器成功被火星捕獲，成為我國第一顆人造火星衛(wèi)星，實現(xiàn)“繞、著、巡”目標的第一步。如圖，為“天問一號”被火星捕獲的簡易圖，其中1為橢圓軌道，為圓軌道。則下列說法正確的是（）A.“天問一號”在軌道運行的周期大于在軌道運行的周期B.“天問一號”沿軌道運行時在點的加速度大于在點的加速度C.“天問一號”由軌道進入軌道，在點的噴氣方向與速度方向相反D.“天問一號”在軌道由點向點運動的過程中，速度減小【答案】D【解析】A．由開普勒第三定律可知，由于軌道的半長軸大于軌道的半徑，所以“天問一號”在軌道運行的周期小于在軌道運行的周期，A錯誤；B．由，得，“天問一號”在的加速度小于在的加速度，B錯誤；C．“天問一號”由軌道進入軌道，“天問一號”做向心運動，因此在點制動減速，則在點的噴氣方向應(yīng)與速度方向相同，C錯誤；D．若“天問一號”在軌道由點向點運動的過程中，速度減小，D正確。故選D。5.質(zhì)量相同的子彈、橡皮泥和鋼球以相同的初速度水平射向豎直墻，結(jié)果子彈穿墻面過，橡皮泥粘在墻上，鋼球以原速率被反向彈回．關(guān)于它們對墻的水平?jīng)_量的大小，下列說法正確的是（）A.子彈、橡皮泥和鋼球?qū)Φ臎_量大小相等B.子彈對墻的沖量最小C.橡皮泥對墻的沖量最小D.銅球?qū)Φ臎_量最小【答案】B【解析】根據(jù)力的作用的相互性，子彈、橡皮泥和鋼球?qū)Φ臎_量大小可以通過對墻對子彈、橡皮泥和鋼球的沖量而知，對子彈，對橡皮泥，對鋼球，可知＜＜，故選B。6.已知串聯(lián)電池組的電動勢等于各個電池的電動勢之和，內(nèi)阻等于各個電池內(nèi)阻之和。用電動勢為、內(nèi)阻為的干電池節(jié)串聯(lián)，給一個“，”的用電器供電，若要使該用電器在額定電壓下工作，應(yīng)采用的方法是（）A.電路中還需要串聯(lián)一個阻值為的電阻B.電路中還需要串聯(lián)一個阻值為的電阻C.電路中還需要并聯(lián)一個阻值為的電阻D.電路中還需要并聯(lián)一個阻值為的電阻【答案】B【解析】用電器的額定電流，設(shè)節(jié)干電池串聯(lián)，總電動勢為，總內(nèi)阻為，串聯(lián)的電阻阻值為，其兩端電壓為，則，，根據(jù)閉合電路歐姆定律得，代入數(shù)據(jù)解得，故B正確，A、C、D錯誤。故選B。7.如圖所示的圖像中，一條為電源的圖線，一條為定值電阻的圖線，若將該電源與定值電阻構(gòu)成閉合回路，下列說法正確的是（）A.電源的電動勢為 B.電源的輸出功率為C.定值電阻的阻值為 D.電源的內(nèi)阻為【答案】B【解析】AD．圖線為電源的圖線，由圖可知，電源的電動勢為，內(nèi)阻為，故AD錯誤；B．根據(jù)兩圖線交點可知，電源的輸出功率為，故B正確；C．根據(jù)圖線可知，定值電阻的阻值為，故C錯誤。故選B。8.如圖所示虛線為空間電場的等勢面，電荷量為的小球（重力不計），在恒定拉力的作用下沿直線由勻速運動到，已知和等勢面間的夾角為，間的距離為，則（）A.、兩點的電勢差為B.勻強電場的電場強度大小為C.帶電小球由運動到的過程中，電勢能減少了D.若要使帶電小球由向做勻速直線運動，則力不變【答案】D【解析】A．如果左邊電勢高于右邊電勢，則小球受到的電場力與等勢面垂直向左，勻速運動時，拉力應(yīng)垂直于等勢面向右，根據(jù)動能定理得，解得、兩點的電勢差為，如果右邊電勢高于左邊電勢，則小球受到的電場力與等勢面垂直水平向右，勻速運動時，拉力應(yīng)垂直于等勢面向左，根據(jù)動能定理得，解得、兩點的電勢差為，故A錯誤；B．電場線方向沿方向，沿電場線方向的距離為，由公式得，電場強度大小為，故B錯誤；C．根據(jù)A選項，小球從到電場力可能做了的功，電勢能增大；電場力可能做了的功，電勢能減??；故C錯誤；D．小球在勻強電場中受到的電場力恒定不變，根據(jù)平衡條件，由到，方向不變，故D正確。故選D。9.一個正點電荷靜止在正方形的一個頂點上，另一個帶電粒子（不計重力）射入該區(qū)域時，恰好能經(jīng)過正方形的另外三個頂點、、，如圖所示，則有（）A.、、三點的電勢關(guān)系是B.粒子由點運動到點的過程中，電勢能減小，且在點的動能最大C.粒子在、、三點的加速度大小之比是D.若改變帶電粒子經(jīng)過處時的速度大小和方向，有可能使其經(jīng)過、兩點做勻速圓周運動【答案】CD【解析】A．設(shè)正方形邊長為，則、、點到的距離分別為、、，由于帶正電，根據(jù)正點電荷電勢分布，、、三點的電勢關(guān)系是，故A錯誤；B．粒子由點運動到點過程中，電場力做負功，電勢能增大，動能減小，由點運動到點的過程中，電場力做正功，電勢能減小，動能增大，故在點的動能最小，故B錯誤；C．根據(jù)牛頓第二定律，可知粒子在、、三點的加速度大小之比是，故C正確；D．由于、兩點到的距離相等，故改變帶電粒子在點的速度大小和方向，當庫侖力恰好提供向心力時可以使粒子繞做勻速圓周運動，故D正確。故選CD。10.將一質(zhì)量為的小球水平拋出，其運動軌跡上有、、三點，如圖所示。其中為拋出點，小球從到和到所用時間均為，且位移大小之比為，忽略空氣阻力，重力加速度取。下列說法正確的是（）A.小球從到動量變化量大小為B.小球從到重力平均功率為C.小球平拋的初速度大小為D.小球在點動量大小為【答案】BC【解析】A．小球從到，速度變化量，由動量定理有，選項A錯誤；B．小球從到，下落的高度，重力的平均功率為，選項B正確；C．的高度差為，的高度差為，的長度為，的長度為，由題意知，解得，選項C正確；D．小球在點時的速度大小，則小球在B點的動量大小為，選項D錯誤。故選BC。二、非選擇題11.某實驗小組同學(xué)利用電磁打點計時器做“測定勻變速直線運動的加速度”的實驗。裝置如圖甲所示，其中斜面傾角可調(diào)。（1）下述是部分實驗步驟，正確順序是___________（用字母填寫）。A.測量完畢，關(guān)閉電源，取出紙帶B.接通電源，待打點計時器工作穩(wěn)定后放開小車C.將小車?？吭诖螯c計時器附近，小車尾部與紙帶相連D.把打點計時器固定在平板上，讓紙帶穿過限位孔（2）打點計時器的工作頻率為。紙帶上計數(shù)點的間距如圖乙所示，其中每相鄰兩個計數(shù)點之間還有個點未畫出。圖乙中標出的相鄰兩個計數(shù)點的時間間隔___________。打計數(shù)點時的速度大小的計算式為___________（用題和圖中所給物理量符號表示）。為了充分利用記錄數(shù)據(jù)，減小誤差，小車加速度大小的計算式應(yīng)為___________（用題和圖中所給物理量符號表示）?！敬鸢浮浚?）；（2），，【解析】（1）[1]按常規(guī)實驗步驟，先安裝再操作后整理，可知正確步驟為。（2）[2]打點計時器的打點周期為，因為相鄰兩計數(shù)點間有個記錄點未畫出，故相鄰兩計數(shù)點的時間間隔；[3]由，得；[4]根據(jù)，為了充分利用數(shù)據(jù)，減小誤差，應(yīng)采用逐差法計算加速度，即。12.有一個額定電壓為、額定電流約為的小燈泡，現(xiàn)要用伏安法描繪這個小燈泡的伏安特性曲線，有下列器材供選用：A．電壓表（量程為，內(nèi)阻約為）;B．電壓表（量程為，內(nèi)阻約為）;C．電流表（量程為，內(nèi)阻約為）;D．電流表（量程為，內(nèi)阻約為）;E．滑動變阻器（阻值范圍，額定電流為）;F．滑動變阻器（阻值范圍，額定電流為）;G．蓄電池（輸出電壓恒為）。（1）若要求小燈泡的電壓從零開始增大，且實驗誤差較小，應(yīng)選擇圖甲中的電路圖________（填“”“”或“”）。（2）用正確的電路進行測量，電壓表應(yīng)選用________，電流表應(yīng)選用________，滑動變阻器應(yīng)選用________。（均用字母代號表示）（3）通過實驗測得此小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示。由圖線可求得此小燈泡在正常工作時的電阻為________。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）【答案】（1）；（2），，；（3）【解析】（1）[1]要使小燈泡的電壓從零開始增大，滑動變阻器應(yīng)采用分壓式接法，待測電阻約為，電壓表內(nèi)阻遠大于待測電阻，為減小實驗誤差，電流表應(yīng)采用外接法，故電路圖應(yīng)選擇圖甲中的。（2）[2][3][4]由題意可知，燈泡的額定電壓為，故電壓表的量程應(yīng)稍大于，故電壓表選的量程，故電壓表應(yīng)選；燈泡額定電流為，電流表應(yīng)選；本實驗中選用分壓式接法，滑動變阻器應(yīng)選小電阻，故滑動變阻器應(yīng)選。（3）[5]由題圖乙可知，當電壓為時，電流為，小燈泡在正常工作時的電阻為。13.如圖所示，兩平行金屬板、豎直放置，且兩極板間的電壓為，緊貼著、極板的右側(cè)水平放置兩金屬板、，且極板的中間有一孔正對著金屬板、的中線。一質(zhì)量為、帶電荷量為的粒子在靠近板處由靜止釋放，從板間的小孔沿虛線射入電場中，并打在極板的中點處。已知、極板的長度為、兩極板間的距離為，粒子重力忽略不計。（1）求粒子進入、極板時的速度。（2）求、兩極板間的電壓?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）由題可知，粒子在、極板間的電場中，有，解得；（2）粒子從小孔運動到極板中點所用的時間，又，其中，解得。14.如圖所示的電路中，電源電動勢為，內(nèi)阻為，、為電阻箱，開始時接入電路的電阻為，電容器的電容，電動機的額定電壓，額定功率，線圈的電阻，開關(guān)斷開，閉合，電動機恰好正常工作，求：（1）電動機輸出的機械功率和電容器的帶電量；（2）再將閉合，要使電動機仍能正常工作，需將電阻箱的阻值改變多少？【答案】（1），；（2）【解析】（1）開關(guān)斷開，閉合，電動機恰好正常工作，這時電路中的電流，電動機械輸出的機械功率，根據(jù)閉合電路歐姆定律，電容器兩端的電壓，因此電容器的帶電量，故電動機輸出功率為，電容器帶電量為。（2）再將閉合，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值使電動機正常工作，通電阻的電流，電路中的總電流，未閉合電鍵時，根據(jù)閉合電路歐姆定律，解得，閉合，調(diào)節(jié)，使電動機正常工作，根據(jù)閉合電路歐姆定律，解得，因此電阻箱的電阻改變量，故電阻箱的阻值需要改變。15.如圖所示，光滑的半圓弧絕緣軌道豎直固定放置，與光滑的水平絕緣軌道相切于點，是最高點，是軌道上與圓心等高的點，半圓形軌道所在的平面內(nèi)存在場強為水平向右的勻強電場，電場的上邊界正好沿所在的直線，質(zhì)量為帶正電小球（視為質(zhì)點），從水平軌道上的點由靜止開始釋放，運動到圓弧軌道的點剛好脫離軌道，已知、兩點的距離等于圓弧軌道的半徑，重力加速度為，，，求：（1）小球的帶電量；（2）若圓弧軌道的半徑為，則在點給小球水平