高中物理名校試卷PAGEPAGE1臨汾市2023年高考考前適應(yīng)性訓(xùn)練考試（二）一、選擇題1.如圖所示，實(shí)線為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時(shí)刻的波形，虛線是該波在t=0.20s時(shí)刻的波形，則此列波的周期可能為A0.10s B.0.20s C.0.40s D.0.80s〖答案〗D〖解析〗設(shè)波的周期為T．波沿x軸正方向傳播，則t=（n+）T，得到（n=0，1，2，…）當(dāng)n=0時(shí)，T=0.8s；由于n是整數(shù)，T不可能等于0.10s、0.20s、040s．故D正確，ABC錯(cuò)誤．2.我國北斗三號使用的氫原子鐘是世界上最先進(jìn)的原子鐘。它每天的變化只有十億分之一秒，它是利用氫原子吸收或釋放能量發(fā)出的電磁波來計(jì)時(shí)的。如圖所示為氫原子能級圖，大量處于基態(tài)的氫原子吸收某種頻率的光子躍遷到激發(fā)態(tài)后，能輻射三種不同頻率的光子，能量最大光子與能量最小光子的能量差為（）A.13.6eV B.12.09eV C.10.2eV D.1.89eV〖答案〗C〖解析〗大量處于基態(tài)的氫原子吸收某種頻率的光子躍遷到激發(fā)態(tài)后，能輻射三種不同頻率的光子，可知?dú)湓榆S遷到了n=3的能級，則從n=3能級向低能級躍遷時(shí)能量最大光子與能量最小光子的能量差為三種光子的最大能量差為故選C。3.一個(gè)物塊在光滑的水平面上受到水平恒力F的作用，從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動，計(jì)時(shí)開始的圖像如甲所示v2-x圖像如圖乙所示，據(jù)圖像的特點(diǎn)與信息分析，下列說法正確的是（）A.x=1m時(shí)物體的速度為8m/sB.圖乙斜率是圖甲的斜率的2倍C.圖甲中的y=8m/sD.t=1s時(shí)物體的速度為4m/s〖答案〗D〖解析〗A．當(dāng)x=1m，由圖乙可知解得故A錯(cuò)誤；BC．由初速度為0的勻加速直線運(yùn)動規(guī)律可得則有可得甲圖的斜率為由可知乙圖的斜率為解得則圖甲中的y=4m/s，故BC錯(cuò)誤；D．t=1s時(shí)物體速度為故D正確。故選D。4.2022年12月4日20時(shí)09分，神舟十四號載人飛船返回艙在東風(fēng)著陸場成功著陸，三名航天員安全返回。如題圖為質(zhì)量為m的神舟十四號飛船成功對接于空間站畫面，此時(shí)飛船與空間站相對靜止，共同在距地面高為h處做勻速圓周運(yùn)動，地球半徑為R，地球表面重力加速度為g。忽略地球自轉(zhuǎn)，則下列關(guān)于神舟十四號飛船說法正確的是（）A.周期為 B.動能為C.角速度為 D.向心加速度為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)解得故A錯(cuò)誤；B．空間站的線速度又解得故B錯(cuò)誤；C．角速度為故C錯(cuò)誤；D．向心加速度為故D正確。故選D。5.如圖所示，水平面上的小車內(nèi)固定一個(gè)傾角為θ=30°的光滑斜面，平行于斜面的細(xì)繩一端固定在車上，另一端系著一個(gè)質(zhì)量為m的小球，小球和小車均處于靜止?fàn)顟B(tài)。如果小車在水平面上向左加速且加速度大小不超過a1時(shí)，小球仍能夠和小車保持相對靜止；如果小車在水平面上向右加速且加速度大小不超過a2時(shí)，小球仍能夠和小車保持相對靜止，則a1和a2的大小之比為（）A.∶1 B.∶3 C.3∶1 D.1∶3〖答案〗D〖解析〗分析小球的受力情況如圖所示如果小車在水平面上向左加速，由正交分解法得，水平方向上有FNsinθ-FTcosθ=ma1豎直方向上有FNcosθ＋FTsinθ=mg解得a1=g球仍能夠和小車保持相對靜止的臨界條件是細(xì)繩拉力FT=0解得a1=gtan30°同理可得，如果小車在水平面上向右加速，則a2=g球仍能夠和小車保持相對靜止的臨界條件是斜面對小球的彈力FN=0解得a2=所以=1∶3故選D。6.如圖所示，輕彈簧左端固定，右端連接物體A，物體A置于光滑水平桌面上，物體A和B通過細(xì)繩繞過定滑輪連接。已知物體A和B的質(zhì)量分別為m和2m，彈簧的勁度系數(shù)為k，不計(jì)滑輪摩擦。物體A位于O點(diǎn)時(shí)，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，物體A在P點(diǎn)時(shí)彈簧處于原長?，F(xiàn)將物體A由P點(diǎn)靜止釋放，物體A不會和定滑輪相碰，當(dāng)物體B向下運(yùn)動到最低點(diǎn)時(shí)，繩子恰好被拉斷且彈簧未超過彈性限度，則（）A.由P點(diǎn)釋放物體A瞬間，物體A的加速度為零B.繩子能承受的最大拉力為C.從P點(diǎn)到O點(diǎn)，物體A動能增加量小于重力對物體B所做功與彈簧彈力對A做的功之和D.從P點(diǎn)到O點(diǎn)，物體A與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量等于物體B所受重力對B做的功〖答案〗BC〖解析〗A．在Р點(diǎn)釋放物體A瞬間，彈簧彈力為零，以A、B為整體，根據(jù)牛頓第二定律可得解得可知初始時(shí)刻物體A的加速度為，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)物體B向下運(yùn)動到最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)對稱性可知，此時(shí)B加速度大小為，方向向上，根據(jù)牛頓第二定律可得解得繩子能承受的最大拉力為故B正確；C．根據(jù)能量守恒可知，物體B減少的重力勢能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能和A、B的動能之和，所以重力對B做的功與彈簧彈力對A做的功之和等于物體A、B的動能之和，則物體A動能的增加量小于重力對B做的功與彈簧彈力對A做的功之和，故C正確；D．物體B所受重力對B做的功等于物體B減少的重力勢能，根據(jù)能量守恒可知，物體B減少的重力勢能等于物體A與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量與物體B的動能增加量之和，故D錯(cuò)誤。故選BC。7.速度選擇器可以使一定速度的粒子沿直線運(yùn)動，如圖甲所示?；魻栐墓ぷ髟砼c速度選擇器類似，某載流子為電子的霍爾元件如圖乙所示。下列說法正確的是（）A.圖甲中，電子以速度大小從Q端射入，可沿直線運(yùn)動從P點(diǎn)射出B.圖甲中，電子以速度大小從P端射入，電子向下偏轉(zhuǎn)，軌跡為拋物線C.圖乙中，僅增大電流I，其他條件不變，MN之間的霍爾電壓將增大D.圖乙中，穩(wěn)定時(shí)霍爾元件M側(cè)的電勢低于N側(cè)的電勢〖答案〗CD〖解析〗A．當(dāng)電子從Q→P時(shí)，所受電場力向上，洛倫茲力向上，合力不會為零，電子不能做直線運(yùn)動，A錯(cuò)誤；B．電子以速度大小從P端射入，則電子向下偏轉(zhuǎn)，所受合力為變力，軌跡不可能為拋物線，故B錯(cuò)誤；C．圖乙中，設(shè)霍爾元件厚度為h，寬為d，由可得僅增大電流I，其他條件不變，將增大，故C正確；D．根據(jù)左手定則可判斷電子受到的洛倫茲力向左，所以M側(cè)電勢低，N側(cè)電勢高，故D正確。故選CD。8.如圖所示，A、B、C是等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，AB邊的中點(diǎn)為M，BC邊的中點(diǎn)為N，O點(diǎn)為三角形的中心，分別在A、B、C固定放置電荷量為+Q、+Q、-Q的點(diǎn)電荷時(shí)，下列說法正確的是（）A.M、N兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等B.M點(diǎn)的電勢高于N點(diǎn)的電勢C.將一個(gè)不計(jì)重力的負(fù)電荷沿直線由O點(diǎn)向C點(diǎn)移動的過程中，電勢能逐漸減小D.將一個(gè)不計(jì)重力的負(fù)電荷沿直線由O點(diǎn)向N點(diǎn)移動的過程中，受到的電場力做負(fù)功〖答案〗BD〖解析〗A．根據(jù)電場強(qiáng)度及平行四邊形法則，M點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于N點(diǎn)的電場強(qiáng)度，故A錯(cuò)誤；B．M點(diǎn)距正電荷較近，N點(diǎn)距負(fù)電荷較近，則M點(diǎn)的電勢大于N點(diǎn)的電勢，故B正確；C．將一個(gè)不計(jì)重力的負(fù)電荷沿直線由O點(diǎn)向C點(diǎn)移動的過程中，電場力做負(fù)功，電勢能逐漸增大，故C錯(cuò)誤；D．將一個(gè)不計(jì)重力的負(fù)電荷沿直線ON由O點(diǎn)向N點(diǎn)移動的過程中，受到C點(diǎn)的負(fù)電荷和B點(diǎn)的正電荷的合電場力垂直于ON，不做功，受到A點(diǎn)的正電荷的電場力做負(fù)功，故D正確。故選BD。二、非選擇題：9.在做“探究平拋運(yùn)動的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中用描跡法得到了小球運(yùn)動軌跡如圖所示，取A點(diǎn)坐標(biāo)，B點(diǎn)坐標(biāo)。（1）若O為拋出點(diǎn)，則________，同時(shí)可求得此次平拋的初速度___________（僅用L、g、y1表示）；（2）若經(jīng)過判定發(fā)現(xiàn)O是拋出點(diǎn)之后軌跡上的一點(diǎn)，可求得此次平拋的初速度___________（僅用L、g、y1、y2表示）?！即鸢浮剑?）（2）〖解析〗（1）[1][2]若O為拋出點(diǎn)，在豎直方向上有，在水平方向上有，聯(lián)立解得（2）[3]由圖可知，OA與AB的水平距離相等，說明它們的時(shí)間間隔相等；豎直方向做自由落體運(yùn)動，則有水平方向做勻速直線運(yùn)動，則有聯(lián)立可得10.充電寶在生活中成為手機(jī)及時(shí)充電的一種重要工具。充電寶可視為與電池一樣的直流電源。某充電寶的電動勢約為5V，內(nèi)阻較小，最大放電電流為2A；某實(shí)驗(yàn)小組預(yù)測量它的電動勢和內(nèi)阻，他們在實(shí)驗(yàn)室找到了如下器材：A．電流表（3A，內(nèi)阻約為0.1Ω）B．電壓表（6V，內(nèi)阻約為6kΩ）C．滑動變阻器R（20Ω，2A）將以上器材與開關(guān)S相連接成測量電路。（1）該小組在電路連接正確的情況下進(jìn)行操作，調(diào)節(jié)滑動變阻器時(shí)發(fā)現(xiàn)電流表的示數(shù)明顯改變，但電壓表的示數(shù)變化很小，造成這種現(xiàn)象的原因是______；（2）該小組又找到了一個(gè)定值電阻R0=3Ω，請幫該小組設(shè)計(jì)好電路圖，畫在虛線框內(nèi)______；（3）該小組用改正后的電路進(jìn)行測量，調(diào)節(jié)滑動變阻器，測得多組I、U數(shù)據(jù)，并在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)如圖，請根據(jù)描出的點(diǎn)做出U-I圖像______；（4）根據(jù)U-I圖像，可求得該充電寶的電動勢為______V，內(nèi)阻為______Ω。（計(jì)算結(jié)果均保留2位小數(shù)）?！即鸢浮剑?）電源內(nèi)阻較小（2）（3）（4）4.900.27〖解析〗（1）[1]調(diào)節(jié)滑動變阻器時(shí)發(fā)現(xiàn)電流表的示數(shù)明顯改變，但電壓表的示數(shù)變化很小，可能是電源內(nèi)阻較小。（2）[2]電源內(nèi)阻較小，滑動變阻器與定值電阻串聯(lián)，電流表采用內(nèi)接法，電路如圖所示（3）[3]描點(diǎn)盡可能多的在直線上，其他點(diǎn)均勻分布于直線兩側(cè)，如圖所示（4）[4][5]根據(jù)閉合電路歐姆定律，有化簡得到根據(jù)圖像可得解得11.在芯片制造過程中，離子注入是其中一道重要的工序。離子注入工作原理的示意圖如圖所示。靜止于A處的離子，經(jīng)電壓為的加速電場加速后，沿圖中半徑為的虛線通過圓弧形靜電分析器（靜電分析器通道內(nèi)有均勻輻向分布的電場）后，從點(diǎn)沿直徑方向進(jìn)入半徑也為的圓柱形、方向垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場區(qū)域，離子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)，最后打在豎直放置的硅片上的M點(diǎn)（圖中未畫出）時(shí)，其速度方向與硅片所成銳角為60°。已知離子的質(zhì)量為，電荷量為，不計(jì)重力。求：（1）離子進(jìn)入圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域時(shí)的速度v0和靜電分析器通道內(nèi)虛線處電場強(qiáng)度的大小E；（2）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小?！即鸢浮剑?），；（2）①；②〖解析〗（1）離子加速電場加速后，根據(jù)動能定理解得離子在圓弧形靜電分析器中，根據(jù)牛頓第二定律解得（2）從點(diǎn)進(jìn)入圓形磁場后，離子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)，最后打在豎直放置的硅片上的M點(diǎn)時(shí)，速度方向與硅片所成銳角為60°，設(shè)粒子在磁場中的軌跡半徑r，由牛頓第二定律有①若粒子打在硅片圖中右上方，由幾何關(guān)系可知，解得②若粒子打在硅片圖中右下方，由幾何關(guān)系可知，解得12.冰壺是冬季奧運(yùn)會上非常受歡迎的體育項(xiàng)目。如圖所示，運(yùn)動員在水平冰面上將冰壺A推到P點(diǎn)放手，此時(shí)A的速度，恰好能勻減速滑行距離到達(dá)O點(diǎn)。用毛刷擦冰面，可使冰面的動摩擦因數(shù)減小為。為了贏得比賽需設(shè)法將對手靜止在O點(diǎn)的冰壺B撞出營壘區(qū)（壘區(qū)內(nèi)只有冰壺B），運(yùn)動員仍以擲出A壺后，在距投擲線某處開始用毛刷擦冰面，最終將B壺撞出了營壘區(qū)。已知A、B的質(zhì)量相同，均視為質(zhì)點(diǎn)，冰壺均沿直線PO運(yùn)動，兩個(gè)冰壺間的碰撞為彈性正碰，營壘區(qū)半徑，重力加速度g取，求：（1）未用毛刷擦冰面時(shí)冰壺與冰面的動摩擦因數(shù)；（2）運(yùn)動員用毛刷擦冰面的長度至少為多少？〖答案〗（1）0.02；（2）7.2m〖解析〗（1）分析未用毛刷擦冰面時(shí)對冰壺A，根據(jù)動能定理解得（2）設(shè)運(yùn)動員擦冰面的長度為L，冰壺A與冰壺B碰前的速度為，根據(jù)動能定理冰壺A與冰壺B彈性碰撞，設(shè)它們碰后的速度分別為、，根據(jù)動量守恒和機(jī)械能守恒定律碰后，冰壺B要離開營壘區(qū)，至少應(yīng)該滿足聯(lián)立解得擦冰面的長度至少為13.如圖所示，兩光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ間距為L，與水平面成，MP間接有阻值為R的電阻。完全相同的兩金屬棒ab、cd垂直導(dǎo)軌放置，與導(dǎo)軌接觸良好。兩棒質(zhì)量均為m，電阻也均為R。整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，方向垂直斜面向上，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。開始時(shí)讓ab、cd靜止于卡槽EF處，現(xiàn)用輕質(zhì)絕緣細(xì)線一端連接ab，另一端繞過光滑定滑輪與重物W相連，用手托著重物W使細(xì)繩伸直且恰無張力。放手后重物W下降的高度為x時(shí)，ab棒的速度達(dá)到最大，此時(shí)cd棒對卡槽EF恰好無壓力。已知重力加速度為g，在ab棒從開始運(yùn)動到最大速度的過程中，求：（1）重物W的質(zhì)量及ab棒的最大速度；（2）電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱；（3）ab棒運(yùn)動的時(shí)間t?！即鸢浮剑?），；（2）；（3）〖解析〗（1）ab棒達(dá)到最大速度時(shí)，以cd棒為研究對象，受力平衡以ab棒和重物W為研究對象，此時(shí)受力分析得根據(jù)歐姆定律聯(lián)立解得根據(jù)閉合電路歐姆定律其中根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律聯(lián)立解得（2）對該系統(tǒng)根據(jù)能量守恒有其中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱（3）設(shè)此過程中繩子的平均張力為，對重物W，由動量定理得對ab棒，由動量定理得其中聯(lián)立解得

臨汾市2023年高考考前適應(yīng)性訓(xùn)練考試（二）一、選擇題1.如圖所示，實(shí)線為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時(shí)刻的波形，虛線是該波在t=0.20s時(shí)刻的波形，則此列波的周期可能為A0.10s B.0.20s C.0.40s D.0.80s〖答案〗D〖解析〗設(shè)波的周期為T．波沿x軸正方向傳播，則t=（n+）T，得到（n=0，1，2，…）當(dāng)n=0時(shí)，T=0.8s；由于n是整數(shù)，T不可能等于0.10s、0.20s、040s．故D正確，ABC錯(cuò)誤．2.我國北斗三號使用的氫原子鐘是世界上最先進(jìn)的原子鐘。它每天的變化只有十億分之一秒，它是利用氫原子吸收或釋放能量發(fā)出的電磁波來計(jì)時(shí)的。如圖所示為氫原子能級圖，大量處于基態(tài)的氫原子吸收某種頻率的光子躍遷到激發(fā)態(tài)后，能輻射三種不同頻率的光子，能量最大光子與能量最小光子的能量差為（）A.13.6eV B.12.09eV C.10.2eV D.1.89eV〖答案〗C〖解析〗大量處于基態(tài)的氫原子吸收某種頻率的光子躍遷到激發(fā)態(tài)后，能輻射三種不同頻率的光子，可知?dú)湓榆S遷到了n=3的能級，則從n=3能級向低能級躍遷時(shí)能量最大光子與能量最小光子的能量差為三種光子的最大能量差為故選C。3.一個(gè)物塊在光滑的水平面上受到水平恒力F的作用，從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動，計(jì)時(shí)開始的圖像如甲所示v2-x圖像如圖乙所示，據(jù)圖像的特點(diǎn)與信息分析，下列說法正確的是（）A.x=1m時(shí)物體的速度為8m/sB.圖乙斜率是圖甲的斜率的2倍C.圖甲中的y=8m/sD.t=1s時(shí)物體的速度為4m/s〖答案〗D〖解析〗A．當(dāng)x=1m，由圖乙可知解得故A錯(cuò)誤；BC．由初速度為0的勻加速直線運(yùn)動規(guī)律可得則有可得甲圖的斜率為由可知乙圖的斜率為解得則圖甲中的y=4m/s，故BC錯(cuò)誤；D．t=1s時(shí)物體速度為故D正確。故選D。4.2022年12月4日20時(shí)09分，神舟十四號載人飛船返回艙在東風(fēng)著陸場成功著陸，三名航天員安全返回。如題圖為質(zhì)量為m的神舟十四號飛船成功對接于空間站畫面，此時(shí)飛船與空間站相對靜止，共同在距地面高為h處做勻速圓周運(yùn)動，地球半徑為R，地球表面重力加速度為g。忽略地球自轉(zhuǎn)，則下列關(guān)于神舟十四號飛船說法正確的是（）A.周期為 B.動能為C.角速度為 D.向心加速度為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)解得故A錯(cuò)誤；B．空間站的線速度又解得故B錯(cuò)誤；C．角速度為故C錯(cuò)誤；D．向心加速度為故D正確。故選D。5.如圖所示，水平面上的小車內(nèi)固定一個(gè)傾角為θ=30°的光滑斜面，平行于斜面的細(xì)繩一端固定在車上，另一端系著一個(gè)質(zhì)量為m的小球，小球和小車均處于靜止?fàn)顟B(tài)。如果小車在水平面上向左加速且加速度大小不超過a1時(shí)，小球仍能夠和小車保持相對靜止；如果小車在水平面上向右加速且加速度大小不超過a2時(shí)，小球仍能夠和小車保持相對靜止，則a1和a2的大小之比為（）A.∶1 B.∶3 C.3∶1 D.1∶3〖答案〗D〖解析〗分析小球的受力情況如圖所示如果小車在水平面上向左加速，由正交分解法得，水平方向上有FNsinθ-FTcosθ=ma1豎直方向上有FNcosθ＋FTsinθ=mg解得a1=g球仍能夠和小車保持相對靜止的臨界條件是細(xì)繩拉力FT=0解得a1=gtan30°同理可得，如果小車在水平面上向右加速，則a2=g球仍能夠和小車保持相對靜止的臨界條件是斜面對小球的彈力FN=0解得a2=所以=1∶3故選D。6.如圖所示，輕彈簧左端固定，右端連接物體A，物體A置于光滑水平桌面上，物體A和B通過細(xì)繩繞過定滑輪連接。已知物體A和B的質(zhì)量分別為m和2m，彈簧的勁度系數(shù)為k，不計(jì)滑輪摩擦。物體A位于O點(diǎn)時(shí)，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，物體A在P點(diǎn)時(shí)彈簧處于原長?，F(xiàn)將物體A由P點(diǎn)靜止釋放，物體A不會和定滑輪相碰，當(dāng)物體B向下運(yùn)動到最低點(diǎn)時(shí)，繩子恰好被拉斷且彈簧未超過彈性限度，則（）A.由P點(diǎn)釋放物體A瞬間，物體A的加速度為零B.繩子能承受的最大拉力為C.從P點(diǎn)到O點(diǎn)，物體A動能增加量小于重力對物體B所做功與彈簧彈力對A做的功之和D.從P點(diǎn)到O點(diǎn)，物體A與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量等于物體B所受重力對B做的功〖答案〗BC〖解析〗A．在Р點(diǎn)釋放物體A瞬間，彈簧彈力為零，以A、B為整體，根據(jù)牛頓第二定律可得解得可知初始時(shí)刻物體A的加速度為，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)物體B向下運(yùn)動到最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)對稱性可知，此時(shí)B加速度大小為，方向向上，根據(jù)牛頓第二定律可得解得繩子能承受的最大拉力為故B正確；C．根據(jù)能量守恒可知，物體B減少的重力勢能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能和A、B的動能之和，所以重力對B做的功與彈簧彈力對A做的功之和等于物體A、B的動能之和，則物體A動能的增加量小于重力對B做的功與彈簧彈力對A做的功之和，故C正確；D．物體B所受重力對B做的功等于物體B減少的重力勢能，根據(jù)能量守恒可知，物體B減少的重力勢能等于物體A與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量與物體B的動能增加量之和，故D錯(cuò)誤。故選BC。7.速度選擇器可以使一定速度的粒子沿直線運(yùn)動，如圖甲所示。霍爾元件的工作原理與速度選擇器類似，某載流子為電子的霍爾元件如圖乙所示。下列說法正確的是（）A.圖甲中，電子以速度大小從Q端射入，可沿直線運(yùn)動從P點(diǎn)射出B.圖甲中，電子以速度大小從P端射入，電子向下偏轉(zhuǎn)，軌跡為拋物線C.圖乙中，僅增大電流I，其他條件不變，MN之間的霍爾電壓將增大D.圖乙中，穩(wěn)定時(shí)霍爾元件M側(cè)的電勢低于N側(cè)的電勢〖答案〗CD〖解析〗A．當(dāng)電子從Q→P時(shí)，所受電場力向上，洛倫茲力向上，合力不會為零，電子不能做直線運(yùn)動，A錯(cuò)誤；B．電子以速度大小從P端射入，則電子向下偏轉(zhuǎn)，所受合力為變力，軌跡不可能為拋物線，故B錯(cuò)誤；C．圖乙中，設(shè)霍爾元件厚度為h，寬為d，由可得僅增大電流I，其他條件不變，將增大，故C正確；D．根據(jù)左手定則可判斷電子受到的洛倫茲力向左，所以M側(cè)電勢低，N側(cè)電勢高，故D正確。故選CD。8.如圖所示，A、B、C是等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，AB邊的中點(diǎn)為M，BC邊的中點(diǎn)為N，O點(diǎn)為三角形的中心，分別在A、B、C固定放置電荷量為+Q、+Q、-Q的點(diǎn)電荷時(shí)，下列說法正確的是（）A.M、N兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等B.M點(diǎn)的電勢高于N點(diǎn)的電勢C.將一個(gè)不計(jì)重力的負(fù)電荷沿直線由O點(diǎn)向C點(diǎn)移動的過程中，電勢能逐漸減小D.將一個(gè)不計(jì)重力的負(fù)電荷沿直線由O點(diǎn)向N點(diǎn)移動的過程中，受到的電場力做負(fù)功〖答案〗BD〖解析〗A．根據(jù)電場強(qiáng)度及平行四邊形法則，M點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于N點(diǎn)的電場強(qiáng)度，故A錯(cuò)誤；B．M點(diǎn)距正電荷較近，N點(diǎn)距負(fù)電荷較近，則M點(diǎn)的電勢大于N點(diǎn)的電勢，故B正確；C．將一個(gè)不計(jì)重力的負(fù)電荷沿直線由O點(diǎn)向C點(diǎn)移動的過程中，電場力做負(fù)功，電勢能逐漸增大，故C錯(cuò)誤；D．將一個(gè)不計(jì)重力的負(fù)電荷沿直線ON由O點(diǎn)向N點(diǎn)移動的過程中，受到C點(diǎn)的負(fù)電荷和B點(diǎn)的正電荷的合電場力垂直于ON，不做功，受到A點(diǎn)的正電荷的電場力做負(fù)功，故D正確。故選BD。二、非選擇題：9.在做“探究平拋運(yùn)動的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中用描跡法得到了小球運(yùn)動軌跡如圖所示，取A點(diǎn)坐標(biāo)，B點(diǎn)坐標(biāo)。（1）若O為拋出點(diǎn)，則________，同時(shí)可求得此次平拋的初速度___________（僅用L、g、y1表示）；（2）若經(jīng)過判定發(fā)現(xiàn)O是拋出點(diǎn)之后軌跡上的一點(diǎn)，可求得此次平拋的初速度___________（僅用L、g、y1、y2表示）。〖答案〗（1）（2）〖解析〗（1）[1][2]若O為拋出點(diǎn)，在豎直方向上有，在水平方向上有，聯(lián)立解得（2）[3]由圖可知，OA與AB的水平距離相等，說明它們的時(shí)間間隔相等；豎直方向做自由落體運(yùn)動，則有水平方向做勻速直線運(yùn)動，則有聯(lián)立可得10.充電寶在生活中成為手機(jī)及時(shí)充電的一種重要工具。充電寶可視為與電池一樣的直流電源。某充電寶的電動勢約為5V，內(nèi)阻較小，最大放電電流為2A；某實(shí)驗(yàn)小組預(yù)測量它的電動勢和內(nèi)阻，他們在實(shí)驗(yàn)室找到了如下器材：A．電流表（3A，內(nèi)阻約為0.1Ω）B．電壓表（6V，內(nèi)阻約為6kΩ）C．滑動變阻器R（20Ω，2A）將以上器材與開關(guān)S相連接成測量電路。（1）該小組在電路連接正確的情況下進(jìn)行操作，調(diào)節(jié)滑動變阻器時(shí)發(fā)現(xiàn)電流表的示數(shù)明顯改變，但電壓表的示數(shù)變化很小，造成這種現(xiàn)象的原因是______；（2）該小組又找到了一個(gè)定值電阻R0=3Ω，請幫該小組設(shè)計(jì)好電路圖，畫在虛線框內(nèi)______；（3）該小組用改正后的電路進(jìn)行測量，調(diào)節(jié)滑動變阻器，測得多組I、U數(shù)據(jù)，并在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)如圖，請根據(jù)描出的點(diǎn)做出U-I圖像______；（4）根據(jù)U-I圖像，可求得該充電寶的電動勢為______V，內(nèi)阻為______Ω。（計(jì)算結(jié)果均保留2位小數(shù)）?！即鸢浮剑?）電源內(nèi)阻較小（2）（3）（4）4.900.27〖解析〗（1）[1]調(diào)節(jié)滑動變阻器時(shí)發(fā)現(xiàn)電流表的示數(shù)明顯改變，但電壓表的示數(shù)變化很小，可能是電源內(nèi)阻較小。（2）[2]電源內(nèi)阻較小，滑動變阻器與定值電阻串聯(lián)，電流表采用內(nèi)接法，電路如圖所示（3）[3]描點(diǎn)盡可能多的在直線上，其他點(diǎn)均勻分布于直線兩側(cè)，如圖所示（4）[4][5]根據(jù)閉合電路歐姆定律，有化簡得到根據(jù)圖像可得解得11.在芯片制造過程中，離子注入是其中一道重要的工序。離子注入工作原理的示意圖如圖所示。靜止于A處的離子，經(jīng)電壓為的加速電場加速后，沿圖中半徑為的虛線通過圓弧形靜電分析器（靜電分析器通道內(nèi)有均勻輻向分布的電場）后，從點(diǎn)沿直徑方向進(jìn)入半徑也為的圓柱形、方向垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場區(qū)域，離子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)，最后打在豎直放置的硅片上的M點(diǎn)（圖中未畫出）時(shí)，其速度方向與硅片所成銳角為60°。已知離子的質(zhì)量為，電荷量為，不計(jì)重力。求：（1）離子進(jìn)入圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域時(shí)的速度v0和靜電分析器通道內(nèi)虛線處電場強(qiáng)度的大小E；（2）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小?！即鸢浮剑?），；（2）①；②〖解析〗（1）離子加速電場加速后，根據(jù)動能定理解得離子在圓弧形靜電分析器中，根據(jù)牛頓