選擇題48分強(qiáng)化練(一)選擇題(本題共8小題，每小題6分，在每個小題給出的四個選項中，第14～17題只有一個選項符合題目要求，第18～21題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分)14．物理學(xué)中用到大量的科學(xué)研究方法，在推導(dǎo)勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程等分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這是物理學(xué)中常用的微元法．如圖所示的四個實驗中，哪一個采用了微元法()A．探究求合力的方法B．探究彈性勢能的表達(dá)式的實驗中，為計算彈簧彈力所做的功C．探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系D．利用庫侖扭秤測定靜電力常數(shù)B[在求兩個力的合力時，如果一個力的作用效果與兩個力的作用效果相同，這個力就是那兩個力的合力，運用的是等效法，故A錯誤；在探究彈性勢能的表達(dá)式過程中，把拉伸彈簧的過程分成很多小段，在每小段內(nèi)認(rèn)為彈簧的彈力是恒力，然后把每小段做功的代數(shù)和相加，運用的是微元法，故B正確；在探究牛頓第二定律的過程中，控制物體的質(zhì)量不變，研究物體的加速度與力的關(guān)系，運用的是控制變量法，故C錯誤；利用庫侖扭秤測定靜電力常數(shù)用的是放大法，不是微元法的思想，故D錯誤．]15．將靜置在地面上，質(zhì)量為M(含燃料)的火箭模型點火升空，在極短時間內(nèi)以相對地面的速度v0豎直向下噴出質(zhì)量為m的熾熱氣體．忽略噴氣過程重力和空氣阻力的影響，則噴氣結(jié)束時火箭模型獲得的速度大小是()A.eq\f(m,M)v0 B.eq\f(M,m)v0C.eq\f(M,M－m)v0 D.eq\f(m,M－m)v0D[根據(jù)動量守恒定律mv0＝(M－m)v，得v＝eq\f(m,M－m)v0，選項D正確．]16．如圖1所示，斜面體置于粗糙水平面上，斜面光滑．小球被輕質(zhì)細(xì)線系住放在斜面上．細(xì)線另一端跨過定滑輪，用力拉細(xì)線使小球沿斜面緩慢移動一段距離，斜面體始終靜止．移動過程中()【導(dǎo)學(xué)號：37162107】圖1A．細(xì)線對小球的拉力變大B．斜面對小球的支持力變大C．斜面對地面的壓力變大D．地面對斜面的摩擦力變大A[如圖，根據(jù)矢量三角形可知：當(dāng)小球沿斜面緩慢向上移動一段距離時，β減小，繩子拉力增大，斜面對小球支持力減??；根據(jù)牛頓第三定律，小球?qū)π泵骟w壓力減小，將該力沿水平方向和豎直方向分解可知：兩個方向的力都減小，所以地面對斜面的支持力和摩擦力都減?。C上所述，A正確．]17．如圖2所示，窗子上、下沿間的高度H＝1.6m，墻的厚度d＝0.4m，某人在離墻壁距離L＝1.4m、距窗子上沿h＝0.2m處的P點，將可視為質(zhì)點的小物件以v的速度水平拋出，小物件直接穿過窗口并落在水平地面上，取g＝10m/s2.則v的取值范圍是()圖2A．v>7m/s B．v<2.3m/sC．3m/s<v<7m/s D．2.3m/s<v<3m/sC[小物體做平拋運動，恰好擦著窗子上沿右側(cè)穿過時v最大．此時有L＝vmaxt，h＝eq\f(1,2)gt2，代入數(shù)據(jù)解得vmax＝7m/s，恰好擦著窗口下沿左側(cè)時速度v最小，則有L＋d＝vmint′，H＋h＝eq\f(1,2)gt′2，代入數(shù)據(jù)解得vmin＝3m/s，故v的取值范圍是3m/s<v<7m/s，C正確．]18．如圖3所示用力F拉A、B、C三個物體在光滑水平面上運動，現(xiàn)在中間的B物體上加一塊橡皮泥，它和中間的物體一起運動，且原拉力F不變，那么加上物體以后，兩段繩的拉力Ta和Tb的變化情況是()圖3A．Ta增大 B．Tb增大C．Ta減小 D．Tb減小AD[設(shè)最左邊的物體質(zhì)量為m，最右邊的物體質(zhì)量為m′，整體質(zhì)量為M，整體的加速度a＝eq\f(F,M)，對最左邊的物體分析，Tb＝ma＝eq\f(mF,M)，對最右邊的物體分析，有F－Ta＝m′a，解得Ta＝F－eq\f(m′F,M).在中間物體上加上一個小物體，則整體質(zhì)量M增大，因為m、m′不變，所以Tb減小，Ta增大，A、D正確．]19．真空中有一豎直向上的勻強(qiáng)電場，其場強(qiáng)大小為E，電場中的A、B兩點固定著兩個等量異號點電荷＋Q、－Q，A、B兩點的連線水平，O為其連線的中點，c、d是兩點電荷連線垂直平分線上的兩點，Oc＝Od，a、b兩點在兩點電荷的連線上，且與c、d兩點的連線恰好形成一個菱形，則下列說法中正確的是()圖4A．a(chǎn)、b兩點的電場強(qiáng)度Ea>EbB．c、d兩點的電勢φd>φcC．將質(zhì)子從a點移到c點的過程中，電場力對質(zhì)子做負(fù)功D．質(zhì)子從O點移到b點時電勢能減小BD[由等量異種電荷產(chǎn)生電場特點可知，ab兩點的場強(qiáng)相同，當(dāng)再與勻強(qiáng)電場疊加時，兩點的場強(qiáng)依然相同，故A錯誤；等量異種電荷產(chǎn)生電場的特點是連線的中垂線上的電勢為零；當(dāng)再疊加勻強(qiáng)電場時，d點的電勢大于c點的電勢，故B正確；據(jù)場強(qiáng)的疊加可知，a到c的區(qū)域場強(qiáng)方向大體斜向上偏右，所以將質(zhì)子從a點移到c點的過程中，電場力對質(zhì)子做正功，故C錯誤；據(jù)場強(qiáng)的疊加可知，O到b區(qū)域場強(qiáng)方向大體斜向上偏右，當(dāng)質(zhì)子從左到右移動時，電場力做正功，電勢能減小，故D正確．]20．如圖5所示，豎直向下的勻強(qiáng)電場中，絕緣輕質(zhì)彈簧直立于地面上，上面放一個質(zhì)量為m的帶負(fù)電的小球，小球與彈簧不連接．現(xiàn)將小球向下壓到某位置后由靜止釋放，若小球從靜止開始運動到離開彈簧的過程中，重力和電場力對小球做功的大小分別為W1和W2，小球離開彈簧時速度為v，不計空氣阻力，則上述過程中()圖5A．帶電小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B．帶電小球電勢能減小W2C．彈簧彈性勢能最大值為W1＋eq\f(1,2)mv2－W2D．彈簧彈性勢能減少量為W2＋W1BC[小球運動過程中有電場力做功，故帶電小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，選項A錯誤；小球向上運動過程中，電場力對小球做了W2的正功，根據(jù)功能關(guān)系可知，小球的電勢能減少了W2，選項B正確；對于小球在上述過程中，由動能定理可知W2＋W彈－W1＝eq\f(1,2)mv2，故彈簧彈性勢能的最大值為W彈＝W1＋eq\f(1,2)mv2－W2，選項C正確，D錯誤．]21．如圖6所示，兩根光滑、足夠長的平行金屬導(dǎo)軌固定在水平面上．滑動變阻器接入電路的電阻值為R(最大阻值足夠大)，導(dǎo)軌的寬度L＝0.5m，空間有垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B＝1T．內(nèi)阻r＝1Ω的金屬桿在F＝5N的水平恒力作用下由靜止開始運動．經(jīng)過一段時間后，金屬桿的速度達(dá)到最大速度vm，不計導(dǎo)軌電阻，則有()圖6A．R越小，vm越大B．金屬桿的最大速度大于或等于20m/sC．金屬桿達(dá)到最大速度之前，恒力F所做的功等于電路中消耗的電能D．金屬桿達(dá)到最大速度后，金屬桿中電荷沿桿長度方向定向移動的平均速率ve與恒力F成正比BD[當(dāng)導(dǎo)體棒達(dá)到最大速度時滿足F＝F安，則F＝Beq\f(BLvm,r＋R)L，解得vm＝eq\f(Fr＋R,B2L2)，可知R越大，vm越大，選項A錯誤；金屬桿的最大速度vm＝eq\f(Fr＋R,B2L2)＝eq\f(5×1＋R,12×0.52)＝20(1＋R)m/s，則金屬桿的最大速度大于或等于20m/s，選項B正確；在金屬桿達(dá)到最大速度