★2024高考物理一一頻考點題型總結支

必考點1：力、牛頓定律

題型：選擇題

考法：一個物體（或多個物體）平衡的狀況下求力（以及與力有關的動摩擦因數(shù)，角度、質

量等）或超重、失重現(xiàn)象

例：如圖，質量為〃的楔形物塊靜置在水平地面上，其斜面的傾角為9.斜面上有一質量為R的小物塊,

小物塊與斜面之間存在摩擦.用恒力尸沿斜面對上拉小物塊，使之勻速上滑.在小物塊運動的過程中,

楔形物塊始終保持靜止.地面對楔形物塊的支持力為

A.gB.g~F

C.g+Fsin。D.（M+m）g-Fsin0M

答案：D

必考點2：直線運動

狀況1：選擇題

考法1：兩個運動物體的圖像

例：t=0時，甲乙兩汽車從相距70km的兩地起先相向行駛，它們的o—t

圖象如圖所示.忽視汽車掉頭所需時間.下列對汽車運動狀況的描述正確

的是

A.在第1小時末，乙車變更運動方向

B.在第2小時末，甲乙兩車相距10km

C.在前4小時內，乙車運動加速度的大小總比甲車的大

D.在第4小時末，甲乙兩車相遇

答案：BC

考法2:考查位移、速度、加速度等描述運動的物理量

例：我國自行研制的“梟龍"戰(zhàn)機架在四川某地試飛勝利。假設該戰(zhàn)機起飛前從靜止起先做勻加速直線運動,

達到起飛速度v所需時間t,則起飛前的運動距離為

vt

A.vtB.2C.2vtD.不能確定

答案：B

狀況2：大題

考法1:一個物體做勻變速運動，求解位移（距離）、速度、加速度、時間；

例：已知0、4B、C為同始終線上的四點、間的距離為/i,BC間的距離為/2,一物體自。點由靜止動身，

沿此直線做勻速運動，依次經(jīng)過A、B、C三點，已知物體通過AB段與BC段所用的時間相等。求。與A的

距離.

解：設物體的加速度為。，到達A點的速度為也通過AB段和BC段所用的時間為t,則有：

2

乙=vot+—tz?............①=2VQ/+2at2......②

聯(lián)立①②式得：b~h=at2.....,（§）3h~l2=2vot...........④

設。與A的距離為/,則有：/=五............⑤聯(lián)立③④⑤式得：i=（3l「k）2。

2a84—幻

考法2：追擊或相遇（一個物體做勻變速，另一個物體做勻速運動）

例：A、B兩輛汽車在筆直的馬路上同向行駛。當B車在A車前84m處時，B車速度為4m/s,且正以2m/s?

的加速度做勻加速運動；經(jīng)過一段時間后，B車加速度突然變?yōu)榱?。人車始終以20m/s的速度做勻速運動。

經(jīng)過12s后兩車相遇。問8車加速行駛的時間是多少？

解：設/車的速度為以，6車加速行駛時間為t,兩車在6時相遇。則有

12

Vf

SA=AO?sg=vgZ+—at+(vfi+a/)"?！猼)②

式中，to=12s,SA.SB分別為46兩車相遇前行駛的路程。

依題意有SA=SB+S③式中s=84m。

1

由①②③式得t-2t0t+2舊-"=0④

a

代入題給數(shù)據(jù)vz（=20m/s,VB=4m/s,a=2m/s2,有產一24r+108=0⑤

解得ti=6s,t2=18s⑥

t2=18s不合題意，舍去。因此，B車加速行駛的時間為6So

必考點3:平拋運動

狀況1：選擇題

考法1：利用斜面考查平拋運動的速度、位移、時間

4.如圖所示，一物體自傾角為。的固定斜面頂端沿水平方向拋出后落在斜面上。

物體與斜面接觸時速度與水平方向的夾角3滿意

A.tan（p=sin。B.tan（p=cos°C.tan（p=tan。D.tan（p=2tan。

答案：D

考法2：干脆考查平拋運動水平和豎直分解后的簡潔計算與推斷

例：如圖，在同一豎直面內，小球a、b從高度不同的兩點，分別以初速度

力和“沿水平方向拋出，經(jīng)過時間力和打后落到與兩出點水平距離相等的

P點。若不計空氣阻力，下列關系式正確的是

A.ta>tb,Va<VbB.ta>tb,Va>Vb

C.ta<tb,Va<VbD.ta>tb,Va>Vb

答案：A

狀況2：大題

考法1（難點）：涉及多個運動過程，其中平拋過程利用斜面考查運動的速度、位移、時間

例：傾斜雪道的長為25m,頂端高為15m,下端經(jīng)過一小段圓弧過渡后與很長的水平雪道相接，如圖所示。

一滑雪運動員在傾斜雪道的頂端以水平速度v0=8m/s飛出。在落到傾斜雪道上時，運動員靠變更姿態(tài)進行

緩沖使自己只保留沿斜面的分速度而不彈起。除緩沖外運動員可視為質點，過渡軌道光滑，其長度可忽視。

設滑雪板與雪道的動摩擦因數(shù)口=0.2,求運動員在水平雪道上滑行的距離（取g=10m/s2）

_3

解：如圖選坐標，斜面的方程為：y=xtanO=—x①

2

運動員飛出后做平拋運動x=vQt②y=^gt③

聯(lián)立①②③式，得飛行時間t=1.2s

落點的x坐標：xi=vot=9.6m落點離斜面頂端的距離:5.=---=12m

cos3

落點距地面的高度：4=(L-Si)sine=7.8m接觸斜面前的x分速度：=8m/s

y分速度：Vy=gf=12m/s沿斜面的速度大小為：vB=cos0+vysmO=13.6m/s

設運動員在水平雪道上運動的距離為S2,由功能關系得：

mgh+—mvl=jumgcos0{L-5；)+jumgs2解得：s2=74.8m

考法2：與豎直面內的圓周運動綜合，其中平拋過程就是簡潔的水平豎直分解

例：如圖11所示，半徑R=0.40m的光滑半圓環(huán)軌道處于豎直平面內，半圓環(huán)與

粗糙的水平地面相切于圓環(huán)的端點A。一質量m=0.10kg的小球，以初速度廣

v?=7.Om/s在水平地面上向左作加速度a=3.Om/s?的勻減速直線運動，運動4.0m(,

后，沖上豎直半圓環(huán)，最終小球落在C點。求A、C間的距離(取重力加速度_________

2

g=10m/s)=Ac

解：勻減速運動過程中，有：VA-Vo=-2as(1)

恰好作圓周運動時物體在最高點B滿意：mg=m氏Vfil=2m/s(2)

—=2mgR+—mvl

假設物體能到達圓環(huán)的最高點B,由機械能守恒：22(3)

聯(lián)立(1)、(3)可得Vb=3m/s

因為VB>VBI,所以小球能通過最高點B。小球從B點作平拋運動,

,2

1gt

有：2R=S

(4)AC=喔“(5),

由(4)、(5)得：Sac=1.2m(6)

考法3：驗證動量守恒試驗中涉及平拋運動

例.如圖所示，在“探討平拋物體的運動”的試驗中，某同學按要求描繪出x

了小球做平拋運動過程中的三個點4B、C,并利用刻度尺量出了三點的坐

標依次是40369,0.112)、8(0.630,0.327)、C(0.761,0,480),單位為m。

又稱得小球的質量為20g,試計算小球平拋的初動能EKO

解：小球的初速度V='=xJ&,因此初動能mgx2

tV2y24y

帶入數(shù)據(jù)后得：EKI=0.0596J,EK2=0.0594J,EK3=0.0591J,因此初動能的平均值為E.0.0594J

必考點4：萬有引力

狀況1：選擇

考法1：天體的環(huán)繞運動(兩個星體繞同一星體環(huán)繞或兩個星體繞各自的中心天體環(huán)繞)

例：據(jù)媒體報道，嫦娥一號衛(wèi)星環(huán)月工作軌道為圓軌道，軌道高度200km,運用周期127分鐘。若還知道引力

常量和月球平均半徑，僅利用以上條件不熊求出的是

A.月球表面的重力加速度B.月球對衛(wèi)星的吸引力

C.衛(wèi)星繞月球運行的速度D.衛(wèi)星繞月運行的加速度

答案：B

考法2：雙星現(xiàn)象

例：我們的銀河系的恒星中大約四分之一是雙星。某雙星由質量不等的星體治和52構成，兩星在相互之間

的萬有引力作用下繞兩者連線上某肯定點C做勻速圓周運動。由于文視察測得其運動周期為T,Si到C點的

距離為SSi和S2的距離為r,已知引力常量為G。由此可求出52的質量為（）

4^2r2（r-r,）4^2r34兀2r4^2r2rl

A.----------~~—B.--------J-C.--------D.----------

GT-GT-GT2GT2

答案：D

狀況2：大題

考法1:星球自身的瓦解

例：中子星是恒星演化過程的一種結果，它的密度很大?，F(xiàn)有一中子星，觀測到它的自轉周期為T=」~s。

問該中子星的最小密度應是多少才能維持該星體的穩(wěn)定，不致因旋轉而瓦解。計算時星體可視為勻稱球體。

（引力常數(shù)G=6.67X10-11m3/kg-s2）

解：考慮中子星赤道處一小塊物質，只有當它受到的萬有引力大于或等于它隨星體一起旋轉所需的向心力

時，中子星才會瓦解。設中子星的密度為P,質量為M,半徑為R,自轉角速度為3,位于赤道處的小物質

質量為m,貝/絲‘=加療氏①①=至②M=3成3P③

貝里力m,她：口2

由以上各式得：p=-④代入數(shù)據(jù)得：p=1.27X1014kg/m3

考法2：涉及日食（月食）現(xiàn)象

例：為了獲得月球表面全貌的信息，讓衛(wèi)星軌道平面緩慢變更。衛(wèi)星將獲得的信息持續(xù)用微波信號發(fā)回地

球。設地球和月球的質量分別為M和m,地球和月球的半徑分別為R和2,月球繞地球的軌道半徑和衛(wèi)星

繞月球的軌道半徑分別為r和ri，月球繞地球轉動的周期為T。假定在衛(wèi)星繞月運行的一個周期內衛(wèi)星軌道

平面與地月連心線共面，求在該周期內衛(wèi)星放射的微波信號因月球遮擋而不能到達地球的時間（用M、m、

R、2、r、”和T表示，忽視月球繞地球轉動對遮擋時間的影響）。

如圖，0和。/分別表示地球和月球的中心。在衛(wèi)星軌道平面上，A是地月連心線00/與地月球面的公切線

ACD的交點，D、C和B分別是該公切線與地球表面、月球表面和衛(wèi)星圓軌道的交點。依據(jù)對稱性，過A點

在另一側作地月球面的公切線，交衛(wèi)星軌道于E點。衛(wèi)星在BE弧上運動時發(fā)出的信號被遮擋。

解：設探月衛(wèi)星的質量為mO,萬有引力常量為G,依據(jù)萬有引力定律有

2?

r0

亍{

式中，口是探月衛(wèi)星繞月球轉動的周期。由①②式得

23

M(r1

③

m

設衛(wèi)星的微波信號被遮擋的時間為t,則由于衛(wèi)星繞月做勻速圓周運動，應有

tcc—/3

?

7]71

式中，?=ZCO'A,B=NC（yB。由幾何關系得

rxcosof=R-Rx⑤rxcos(3=Rx⑥

由③④⑤⑥式得/=工-arccos^

0

71ri)

必考點5：機械能

狀況1：選擇題

考法：推斷運動過程中力做功的狀況或利用能量方程求解速度

例：有一種叫“蹦極跳”的運動中，質量為0的嬉戲者身系一根長為/彈性優(yōu)良的輕質松軟橡皮繩，從高

處由靜止起先下落1.51時到達最低點，不計空氣阻力，則關于整個下降過程，以下說法正確的是（）

A.速度先增加后減小B.加速度先減小后增大

C.動能增加0gzD.重力勢能削減了〃或

答案：A

狀況2：大題

考法1:一個物體做曲線運動（豎直面內的圓周運動或平拋運動），綜合考查機械能守恒或動

能定理

例：如圖所示，位于豎直平面內的光滑軌道，有一段斜的直軌道和與之相切的圓形軌道連接而成，圓形軌

道的半徑為R。一質量為m的小物塊從斜軌道上某處由靜止起先下滑，然后沿圓形軌道運動。要求物塊能通

過圓形軌道最高點，且在該最高點與軌道間的壓力不能超過5mg（g為重力加速度）。求物塊初始位置相對

圓形軌道底部的高度h的取值范圍。

解：設物塊在圓形軌道最高點的速度為v,由機械能守恒得

12

mgh=2mgR+—mv

2①

物塊在最高點受的力為重力mg、軌道壓力No重力與壓力的合力供應向心

力，有

mg+N=m—

R②物塊能通過最高點的條件是NNQ⑶

>r~ph>-R

由②⑶兩式得V一、gK④由①④式得2O

按題的要求，N&5mg,由②式得""J皈@

-R<h<5R

由①⑹式得h<5R⑦h的取值范圍是2?

考法2：多個有關物體在一個運動過程中，綜合考查運動學的速度和位移公式+能量守恒（機

械能守恒或動能定理）

例：如圖所示，質量如為4.0kg的木板/放在水平面。上，木板與水平面間的動摩擦因數(shù)〃為0.24,木板

右端放著質量如為1.0kg的小物塊B（視為質點），它們均處于靜止狀態(tài)。木板突然受到水平向右的12N-s

的瞬時沖量/作用起先運動，當小物塊滑離木板時，木板的動能瓦為8.0J,小物塊的動能為0.50J,重力

加速度取lOm/s?,求⑴瞬時沖量作用結束時木板的速度的；⑵木板的長度乙E

解：（1）設水平向右為正方向，有：1=根4%①

代入數(shù)據(jù)得:片3.0屐②

（2）設/對8、夕對爾。對/的滑動摩擦力的大小分別為FAB、%、%，占在/上滑行的時間為t,B

離開A時A和B的速度分別為vA和喔，有

一（居4+%）/=7"%一%%③巳/=〃”喔④

其中弓B=%兄產/外+收必⑤

設A、B相對于C的位移大小分別為s.和s-,有

FFmVmVF

~（BA+CA）SA=1A~1AO⑥ABSB=EKB⑦

動量和動能之間的關系為：7%1vA=12mA⑧mAvA=⑨

木板A的長度L—sA—sB⑩代入數(shù)據(jù)得：L-0.50m。

考法3：多個物體以彈簧、碰撞、疊加等關系出現(xiàn)，綜合運用動量守恒、能量守恒、運動學公式進行求解

例：如圖11所示，平板小車C靜止在光滑的水平面上?，F(xiàn)在A、B兩個小物除

體（可視為質點），小車C的兩端同時水平地滑上小車。初速度vA=l.2/爐。

m/s,vB=0.6m/soA、B與C間的動摩擦因數(shù)都是R=0.1,A、B、C的質量都相w）

同。最終A、B恰好相遇而未碰撞。且A、B、C以共同速度運動。g取lOrn/s：

11

求：

（1）A、B、C共同運動的速度。（2）B物體相對于地面對左運動的最大位移。

（3）小車的長度。

解.（1）取A、B、C為系統(tǒng)，水平方向不受外力，系統(tǒng)動量守恒。取水平向右為正方向，

y—v

有：mvA-mvB=3mvv=-----=0.2m/5

3

（2）過程分析：物體A：始終向右做勻減速運動，直到達到共同速度，

物體B：先向左做勻減速運動，速度減為零后，向右做勻加速運動直到達到共同速度。

小車C：B向左運動過程中，C靜止不動；B速度減為零后，B、C一起向右加速運動。

當B速度減為零時，相對于地面對左運動的位移最大，

1

由牛頓運動定律有：a=〃“冬=〃g=Im/S由v：=2o5m則5.、=0.18m

m2a

_xmv2

⑶系統(tǒng)損失的動能，等于克服摩擦力做功轉化的內能umgLs+umglB=(mv\+mvj)^^>

得L=LA+LB=--—(y\+-3v2)=0.84m

2〃g

必考點6:電場

狀況1：選擇

考法1：通過帶電粒子在點電荷和等量的同種或異種點電荷形成的電場中的運動考查電場力或

場強+電勢或電勢能(電場力做功)的問題

例：如圖所示，在y軸上關于0點對稱的A、B兩點有等量同種點電荷+Q,在x軸上

C點有點電荷-Q且CO=OD,ZADO=60°o下列推斷正確的是

A.0點電場強度為零B.D點電場強度為零_

C.若將點電荷+q從。移向C,電勢能增大

D.若將點電荷-q從。移向C,電勢能增大

答案：BD

考法2：粒子在勻強電場中的平衡或運動

例：一帶電油滴在勻強電場E中的運動軌跡如圖中虛線所示，電場方向豎直向下。若不

計空氣阻力，則此帶電油滴從a運動到b的過程中，能量變更狀況為

A.動能減小B.電勢能增加

C.動能和電勢能之和減小D.重力勢能和電勢能之和增加

答案：C

狀況2：大題

考法1:帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動后進入勻強磁場

例：在平面直角坐標系xOy中，第I象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第IV1|依

象限存在垂直于坐標平面對外的勻強磁場，磁感應強度為B。一質量為m,電

荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以速度比垂直于y軸射入電］，

場，經(jīng)x軸上的N點與x軸正方向成60。角射入磁場，最終從y軸負半軸上的~~T

P點垂直于y軸射出磁場，如圖所示。不計粒子重力，求.

⑴M、N兩點間的電勢差LU/；.

(2)粒子在磁場中運動的軌道半徑r；.

(3)粒子從M點運動到P點的總時間t。....B

解：(1)設粒子過N點的速度為心有

—=cos。①片2匹②

V

粒子從M點到N點的過程，有QUMN一^加行③

U—2④

UMNca

2q

(2)粒子在磁場中以。，為圓心做勻速圓周運動，半徑為。，“有

「mv2=一⑥

qvB-----⑤

r

（3）由幾何關系得ON=rsinQ⑦

設粒子在電場中運動的時間為ti,有ON=voti?

%=圓⑨粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期丁="竺⑩

qBqB

7T—0

設粒子在磁場中運動的時間為"有t,=-----T（11）

22n

2711n/re、”(3用2?加(⑶

t2----------(12)t-tl+t2

3qB3qB

考法2：由加速（電場方向不變或周期變）電場進入偏轉電場做類平拋

例：如圖1所示，真空中相距d=5cm的兩塊平行金屬板A、B與電源連接（圖中未畫出），其中B板接地（電

勢為零）,A板電勢變更的規(guī)律如圖2所示.將一個質量m=2.0X10々3kg,電量q=+1.6XlO^C的帶電粒子從緊臨

B板處釋放，不計重力.求：（1）在t=0時刻釋放該帶電粒子，釋放瞬間粒子加速度的大?。?/p>

（2）若A板電勢變更周期T=1.0X10-5s,在t=0時將帶電粒子從緊臨B板處無初速釋放，粒子到達A板時動量

的大小；（3）A板電勢變更頻率多大時，在1=4到t=Z時間內從緊臨B板處無初速釋放該帶電粒子，粒子不

42

能到達A板.

解：電場強度E="帶電粒子所受電場力夕=Eq=絲，F(xiàn)=ma=竺^=4,0X109?I/S2

dm

T1T

粒子在0耳時間內走過的距離為5a（5）2=5.0xl0-2m

故帶電粒在在t=-時恰好到達A板

2

依據(jù)動量定理，此時粒子動量〃=b，=4.0*10-23kg?m/s

帶電粒子在，=工/=3?向A板做勻加速運動，在/=工，=現(xiàn)■向A板做勻減速運動，速度減為零后將

4224

1T1

返回，粒子向A板運動的可能最大位移s=2x-a（-）2=—aT2

2416

要求粒子不能到達A板，有s<d由/=',電勢頻率變更應滿意f>、，-=50x104HZ

TV16a

必考點7：磁場

狀況1：選擇

考法1：有洛倫茲力參加的回旋加速器、速度選擇器、磁流體發(fā)電機、霍爾效應、電磁流量計

等特別裝置為背景設置考題

例：1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖1所示，這臺加速?

器由兩個銅質D形合Di、D2構成，其間留有空隙，下列說法正確的是

A.離子由加速器的中心旁邊進入加速器

B.離子由加速器的邊緣進入加速器

C.離子從磁場中獲得能量7/'

D.離子從電場中獲得能量

答案：AD

考法2：粒子只受洛倫茲力的狀況下，軌跡和洛倫茲力的相互推斷

例：圖中為一“濾速器”裝置示意圖。a、b為水平放置的平行金屬板，一束具有各種不同速率的電子沿水

平方向經(jīng)小孔。進入a、b兩板之間。為了選取具有某種特定速率的電子，可在a、b間加上電壓，并沿垂

直于紙面的方向加一勻強磁場，使所選電子仍能夠沿水平直線00,運動，由。射出。不計重力作用。可能

達到上述目的的方法是---a--

A.使a板電勢高于b板，磁場方向垂直紙面對里

B.使a板電勢低于b板，磁場方向垂直紙面對里0

C.使a板電勢高于b板，磁場方向垂直紙面對外衛(wèi)

D.使a板電勢低于b板，磁場方向垂直紙面對外

答案：AD

狀況2：大題

考法：同電場中狀況2的考法2

必考點8：電磁感應

狀況1:選擇

考法1:閉合回路（矩形框）勻速通過有界磁場過程中，感應電流或電動勢隨時間變更的圖象

問題；

例：矩形導線框固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，卜甘丁

規(guī)定磁場的正方向垂直低面對里，磁感應強度B隨時間變更的規(guī)律如圖所示.若fi°LA

規(guī)定順時針方向為感應電流I的正方向，下列各圖中正確的是Kxx/A3/?s

XXX

答案：D

考法2：一個金屬棒在勻強磁場中切割磁感線過程中，有關力或能量等物理量的考查

例：如圖所示，平行金屬導軌與水平面成e角，導軌與固定電阻Ri和R2相連，B\

勻強磁場垂直穿過導軌平面.有一導體棒ab,質量為m,導體棒的電阻與固定\aV

電阻Ri和R2的阻值均相等，與導軌之間的動摩擦因數(shù)為山導體棒ab沿導軌向

上滑動，當上滑的速度為V時，受到安培力的大小為F.此時V-'y

A.電阻Ri消耗的熱功率為Fv/3.

B.電阻R?消耗的熱功率為Fv/6.

C.整個裝置因摩擦而消耗的熱功率為nmgvcose.

D.整個裝置消耗的機械功率為（F+pmgcos0）v

答案：BCD

考法3：楞次定律的簡潔考查

例：如圖所示，在垂直于紙面對里的勻強磁場中有由兩個大小不等的圓環(huán)M、N連接XXxxlxX

而成的導線框.沿圖中箭頭方向用外力將N環(huán)拉扁，該過程中，關于M環(huán)中感應電x\x

流的說法中正確的是

A.有順時針方向的感應電流產生，且M環(huán)有擴張的趨勢XXXX

B.有逆時針方向的感應電流產生，且M環(huán)有擴張的趨勢

C.有順時針方向的感應電流產生，且M環(huán)有收縮的趨勢

D.有逆時針方向的感應電流產生,且M環(huán)有收縮的趨勢

答案：B

狀況2：大題

考法1:一個金屬棒在勻強磁場中切割磁感線過程中，有關力或能量等物理量考查

例：如圖，始終導體棒質量為m、長為I、電阻為r,其兩端放在位于水平面內

XXXXX

間距也為I的光滑平行導軌上，并與之密接；棒左側兩導軌之間連接一可限制

XIXXXX

的負載電阻（圖中未畫出）；導軌置于勻強磁場中，磁場的磁感應強度大小為B,

/八B

方向垂直于導軌所在平面。起先時，給導體棒一個平行于導軌的初速度V。。在XXXXX

-Vo

棒的運動速度由V。減小至V1的過程中，通過限制負載電阻的阻值使棒中的電流XXXXX

強度保持恒定。導體棒始終在磁場中運動。若不計導軌電阻，求此過程中導

IXXXXX

體棒上感應電動勢的平均值和負載電阻上消耗的平均功率。

解：導體棒所受的安培力為E=3〃①

_-1

該力大小不變，棒做勻減速運動，因此在棒的速度從由減小至U歷的過程中，平均速度為V=-（VO+V1）②

當棒的速度為V時，感應電動勢的大小為E=lvB③

——1

棒中的平均感應電動勢為E=lvB④由②①式得E=-l（v0+vJB⑤

導體棒中消耗的熱功率為乃=/2/⑥負載電阻上消耗的平均功率為R=百-R0

—1,

2

由567式得P,=-l（v0+vJBI-Ir（8）

考法2：矩形框除安培力以外受衡力通過有界磁場過程中有關力或能量的考查

例：勻稱導線制成的單位正方形閉合線框abed,每邊長為L,總電阻為R,總質量〃口A

為m。將其置于磁感強度為B的水平勻強磁場上方h處，如圖所示。線框由靜止自4口,干

由下落，線框平面保持在豎直平面內，且cd邊始終與水平的磁場邊界平行。當cd；

邊剛進入磁場時，（1）求線框中產生的感應電動勢大??；（2）求cd兩點間的電勢差■*”■*，*，

大??；（3）若此時線框加速度恰好為零，求線框下落的高度h所應滿意的條件。

XJTX9TK苔M3

解：（1）cd邊剛進入磁場時，線框速度v=J9*w*'、,"'

—-R-BlJ2^h

⑵此時線框中電流I=Rcd兩點間的電勢差U=I（4）=4

出就m2gR2

⑶安培力F=BIL=R因為mg-F=ma,由a=0解得下落高度滿意h=

必考點9:恒定電流

狀況1：選擇

考法：閉合電路歐姆定律的考查（推斷電路中的物理量或電表的示數(shù)變更）

例：在如圖所示的電路中，&、&、&和&皆為定值電阻，尺為可變電阻，

電源的電動勢為E,內阻為力,設電流表A的讀數(shù)為/,電壓表V的讀數(shù)為％,

當&的滑動觸點向圖中。端移動時（）

A./變大，U變小B./變大，U變大

C./變小，。變大D./變小，U變小

答案：D

狀況2：試驗

考法1:給出試驗方案,考查試驗關鍵的步驟、測量或計算原理與誤差分析

例：圖為用伏安法測量電阻的原理圖。圖中V為電壓表，內阻為4000Q；mA為電流表，內阻為50Q。E

為電源，R為電阻箱，上為待測電阻，S為開關。

（I）當開關閉合后電壓表讀數(shù)。=L6V,電流表讀數(shù)/=2.0mA。若將段作為

測量值，所得結果的百分誤差是。

（2）若將電流表改為內接。開關閉合后，重新測得屯壓表讀數(shù)和電流表讀數(shù)，

仍將電壓表讀數(shù)與電流表讀數(shù)之比作為測量值，這時結果的百分誤差是

實際值-測量值

（百分誤差=xlOO%)

實際值

答案：25%5%

考法2：給出試驗目的，找出原理自行設計試驗步驟并分析與計算

例：檢測一個標稱值為5Q的滑動變阻器?？晒┻\用的器材如下：

A.待測滑動變阻器Rx，全電阻約5Q（電阻絲繞制緊密，匝數(shù)清楚可數(shù)）

B.電流表Ai，量程0.6A,內阻約0.6Q

C.電流表A2，量程3A,內阻約0.12Q

D.電壓表Vi，量程15V,內阻約15kQ

E.電壓表V2，量程3V,內阻約3kQ

F.滑動變阻器R,全電阻約20Q

G.直流電源E,電動勢3V,內阻不計

H.游標卡尺I.毫米刻度尺J.電鍵S、導線若干

⑴用伏安法測定Rx的全電阻值，所選電流表（填“AJ或"A2”），所選電壓表為

（填“V」或“V2”）0

⑵畫出測量電路的原理圖，并依據(jù)所畫原理圖將下圖中實物連接成測量電路。

⑶為了進一步測量待測量滑動變阻器電阻絲的電阻率，須要測量電阻絲的直徑和總長度，在不破壞變阻器

的前提下，請設計一個試驗方案，寫出所需器材及操作步驟，并給出直徑和總長度的表達式。

答案：須要的器材：游標卡尺、毫米刻度尺

主要操作步驟：數(shù)出變阻器線圈纏繞匝數(shù)n

用毫米刻度尺(也可以用游標卡尺)測量全部線圈的排列長度L,可得電阻絲的直徑為d=L/n

用游標卡尺測量變阻器線圈部分的外徑D,可得電阻絲總長度片n”(D--)也可以用游標卡尺測量變阻器

n

瓷管部分的外徑D,得電阻絲總長度片n(D--)o

n

重復測量三次，求出電阻絲直徑和總長度的平均值

必考點10:溝通電

狀況：選擇

考法1:變壓器的輸出、輸入電壓、電流的考查

例：如圖，志向變壓器原副線圈匝數(shù)之比為4：L原線圈接入一電壓為u=UoSin3t的溝通電源，副線圈接

一個R=27.5Q的負載電阻.若Uo=22O0V,3=100TIHZ,則下述結論正確的是

A.副線圈中電壓表的讀數(shù)為55V

B.副線圈中輸出溝通電的周期為一二S

100兀

C.原線圈中電流表的讀數(shù)為0.5A

D.原線圈中的輸入功率為1100W

答案：AC

考法2：通過正余弦溝通電的圖像考查基本的物理量

例：正弦交變電源與電阻/?、溝通電壓表依據(jù)圖1所示的方式連接，廬10Q,溝通電壓表的示數(shù)是10V。圖

2是交變電源輸出電壓〃隨時間［變更的圖象。則

A.通過R的電流7K隨時間t變更的規(guī)律是A=V2coslOOnt(A)

B.通過7?的電流而隨時間大變更的規(guī)律是ZR=&COS50"大(V)

C.7?兩端的電壓為隨時間力變更的規(guī)律是次=5&cosl00"t(V)

D.7?兩端的電壓為隨時間t變更的規(guī)律是減=5正cos50"t(V)

答案：A

選修部分

選修3-3熱學

狀況1：選擇

考法1：氣體壓強的微觀含義

例：對肯定量的氣體，下列說法正確的是

A.氣體的體積是全部氣體分子的體積之和

B.氣體分子的熱運動越猛烈，氣體溫度就越高

C.氣體對器壁的壓強是由大量氣體分子對器壁不斷碰撞而產生的

D.當氣體膨脹時，氣體分子之間的勢能減小，因而氣體的內能削減

答案：BC

考法2:分子動理論、熱力學定律基本規(guī)律的推斷

例：分子動理論較好地說明了物質的宏觀熱力學性質。據(jù)此可推斷下列說法中錯誤的是

A、顯微鏡下視察到墨水中的小炭粒在不停的作無規(guī)則運動，這反映了液體分子運動的無規(guī)則性

B、分子間的相互作用力隨著分子間距離的增大，肯定先減小后增大

C、分子勢能隨著分子間距離的增大，可能先減小后增大

D、在真空、高溫條件下，可以利用分子擴散向半導體材料摻入其它元素

答案：B

狀況2:試驗

考法：油膜法測分子的大小

例：在做“用油膜法估測分子大小”的試驗中，所用油酸酒精溶液的濃度為每104mL溶液中有純油酸6mL,

用注射器測得1mL上述溶液有75滴，把1滴該溶液滴入盛水的淺盤里，待水面穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺

盤上，用筆在玻璃板上描出油酸的輪廓，再把玻璃板放在坐標紙上，其形態(tài)和尺寸如圖所示，坐標中正方

形方格的邊長為2cm,試求(1)油酸膜的面積是多少cm?；(2)每滴油酸酒精溶液中含有純油酸的體積；

(3)按以上試驗數(shù)據(jù)估測出油酸分子的直徑。

答案：(1)油膜的面積S=72X4cm2=288cm2

(2)每滴溶液中含有的純油酸體積丫='°475mL=8X10^mL

7U8x105

(I――——cm—

(3)油酸分子的直徑S2883X10^8cm=3X10H°m

選修3-4機械振動和波

狀況1：選擇

考法1：機械振動、波圖像同時出現(xiàn)，波動圖像上某點的運動方向(過一段時間后新的波形圖)

與波的傳播方向相互推斷

例：圖甲為一列簡諧橫波在某一時刻的波形圖，圖乙為質點P以此時刻為計時起點的振動圖象。從該時刻

起

A.