2023-2024學(xué)年度上學(xué)期高三期末考試

五校聯(lián)考物理試題

2023-2024學(xué)年度上學(xué)期期末考試高三年級物理科試卷

一、選擇題（本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1?7題只有一項符

合題目要求，每小題4分第8?10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分,

選對但不全的得3分，有選錯的得0分。）

1.下列關(guān)系式中不是利用物理量之比定義新的物理量的是（）

F

A.E=以C.ci——D.(o——

qqm

2.2023年9月，杭亞會滑板男子碗池決賽，中國年僅15歲的小將陳煒以84.41分奪冠。圖示為陳煒在比賽

中騰空越過障礙物，若忽略空氣阻力，那么騰空過程中（）

A.在最高點的時候人的速度為零，但加速度不為零

B.運動員和滑板構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

C.運動員和滑板構(gòu)成的系統(tǒng)動量守恒

D,上升過程是超重狀態(tài)，滑板對人的作用力不為零

3.如圖所示，半徑相同、質(zhì)量均勻的圓柱體￡和半圓柱體M靠在一起靜止在水平地面上，E、M之間無摩

擦力，M下表面粗糙?，F(xiàn)用過￡的軸心的水平力尸，緩慢地將E拉離地面直至滑到M的頂端，M始終處于

靜止?fàn)顟B(tài)。則E拉離地面后的過程中（

A.地面所受M的壓力變大B.E對M的彈力逐漸增大

C.拉力廠由最大逐漸減小為0D.地面對M的作用力等于拉力下

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4.如圖所示，小明“跑飯”的1-x圖像為一不過坐標(biāo)原點的直線，假定從小明的教室門口到餐廳的道路為

v

一水平直線道路，以教室門口為坐標(biāo)原點，教室到餐廳方向為X軸正方向，下列說法正確的是（）

1

1

-

V1

V

X,X,

A.小明運動到占的時間為六+U

2Vo2Vl

2x

B.小明運動到x的時間為-----

C.小明運動的速度與位移成線性規(guī)律變化

D.小明運動的速度隨位移的增加而增加，但不成線性規(guī)律

5.華為mate60實現(xiàn)了手機(jī)衛(wèi)星通信，只要有衛(wèi)星信號覆蓋的地方，就可以實現(xiàn)通話。如圖所示三顆赤道

上空的通信衛(wèi)星就能實現(xiàn)環(huán)赤道全球通信，已知三顆衛(wèi)星離地高度均為力，地球的半徑為凡地球同步衛(wèi)

星離地高度為6R,地球表面重力加速度為g,引力常量為G,下列說法正確的是（）

A.三顆通信衛(wèi)星受到地球的萬有引力的大小相等

B.能實現(xiàn)全球通信時，衛(wèi)星離地高度至少2R

其中一顆質(zhì)量為"的通信衛(wèi)星的動能為請如

C.

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D.通信衛(wèi)星和地球自轉(zhuǎn)周期之比為J'、，

Y（A+/Z）3

6.有研究表明，當(dāng)興奮情緒傳播時，在人的體表可以測出與之對應(yīng)的電勢變化。某一瞬間人體表面的電勢

分布圖如圖所示，圖中實線為等差等勢面，標(biāo)在等勢面上的數(shù)值分別表示該等勢面的電勢，。、6、C、

d為等勢面上的點，該電場可等效為兩等量異種電荷產(chǎn)生的電場，。、6為兩電荷連線上對稱的兩點，

c、d為兩電荷連線中垂線上對稱的兩點。下列說法中正確的是（）

A.c點的電勢大于d點的電勢

B.a、6兩點的電場強(qiáng)度大小相等，方向相反

C.負(fù)電荷在C點的電勢能小于在。點的電勢能

D.將帶正電的試探電荷從6點移到d點，電場力做負(fù)功

7.一小型發(fā)電機(jī)通過變壓器和電阻R連成如圖所示電路，已知勻強(qiáng)磁場（范圍足夠大）的磁感應(yīng)強(qiáng)度為2,

線圈面積為S,匝數(shù)為〃，電阻為r,副線圈中電流的變化周期為。下列說法中正確的是（）

CTTIIBS

原線圈兩端的電壓為

B.圖示時刻電流表的示數(shù)為0

G〃兀BSn^

C.原線圈中電流大小為

T(n“+

2〃2萬282s

D.電阻R消耗的功率為

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8.下列四幅圖涉及不同的近代物理知識，其中說法正確的是()

E/eV

丙丁

A.圖甲：電子束穿過鋁箔的衍射圖樣，證實電子具有波動性，質(zhì)子、原子與分子同樣具有波動性

B.圖乙：盧瑟福通過分析a粒子散射結(jié)果，提出原子核式結(jié)構(gòu)模型，并發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子

C.圖丙：普朗克最早提出能量子概念，并成功解釋黑體輻射實驗規(guī)律，他是量子力學(xué)的奠基人之一

D.圖?。翰柼岢鲭娮榆壍朗沁B續(xù)變化的，氫原子能級是分立的，成功解釋氫原子發(fā)光的規(guī)律

9.傾角為37°的足夠長斜面，上面有一質(zhì)量為2kg,長8m的長木板0,木板上下表面與斜面平行。木板

。最上端放置一質(zhì)量為1kg的小滑塊P。P、。間光滑，。與斜面間的動摩擦因數(shù)為g。若尸、。同時從靜

止釋放，以下關(guān)于尸、0兩個物體運動情況的描述正確的是(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取lOm/s?)

A.尸、0兩個物體加速度分別為6m/s2、4m/s2

B.尸、0兩個物體加速度分別為6m/s2、2m/s2

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c.P滑塊在Q上運動時間為Is

D.P滑塊在Q上運動時間為2s

10.如圖所示在空間直角坐標(biāo)系。-中z中有一等腰直角三角形線框，其中一條直角邊與z軸重合，另一條

直角邊在xQy平面內(nèi)，線框總電阻為心直角邊長為/,當(dāng)線框在外力作用下繞著z軸以角速度。勻速轉(zhuǎn)

動時，線框上的P點先后經(jīng)過x軸和y軸，整個裝置處于沿了軸方向的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

17

OP=”co

B.當(dāng)線框經(jīng)過y軸時，P、。兩點電勢差為

D/2

C.線框由X軸位置轉(zhuǎn)到7軸位置的過程中，通過線框截面的電量為量q=2-

2r

D.線框在轉(zhuǎn)動一圈的過程中電流方向改變一次

二、非選擇題（本題共5小題，共54分）

11.（1）甲、乙、丙三個實驗小組分別采用如圖（甲）、（乙）、（丙）所示的實驗裝置，驗證”當(dāng)質(zhì)量一定

時，物體運動的加速度與它所受的合力成正比”這一物理規(guī)律。己知他們使用的小車完全相同，小車的質(zhì)

量為重物的質(zhì)量為加，試回答下列問題:

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打點計時^^小車細(xì)線定滑輪

紙帶yk匚5、J

「矛\L

長木板水平實驗臺LJ

重物

（甲）

力傳感器

①實驗時，必須滿足遠(yuǎn)大于加”的實驗小組是（填“甲”、“乙”或"丙”）。

②實驗時，甲、乙、丙三組同學(xué)的操作均完全正確，他們作出的a-尸圖線如圖（?。┲蠥、B、C所示,

則甲、乙、丙三組實驗對應(yīng)的圖線依次是。（選填"/2C”、“2C4”或“C42”）。

（2）小明同學(xué)采用（乙）圖實驗裝置探究質(zhì)量一定時加速度與力的關(guān)系的實驗時，以彈簧測力計的示數(shù)尸

為橫坐標(biāo)，加速度。為縱坐標(biāo)，畫出的a-尸圖像是圖（?。┲械囊粭l直線，根據(jù)圖線與橫坐標(biāo)的夾角求得

圖線的斜率為后，則小車的質(zhì)量為o

12.某實驗小組用多用電表、電流表G和電阻箱進(jìn)行一系列實驗，分別是練習(xí)使用多用電表、測量電流表

的內(nèi)阻、改裝電壓表，實驗器材如下：

A.多用電表

B.電流表G（滿偏電流/g=15mA,內(nèi)阻未知）

C.標(biāo)準(zhǔn)電流表Go

D.電阻箱R（最大阻值為9999.9。）

E.電源（電動勢E=30V,內(nèi)阻可忽略不計）

F.導(dǎo)線、開關(guān)若干

（1）用多用電表歐姆擋粗略測量電流表的內(nèi)阻；

（2）精確測量電流表G的內(nèi)阻小；

①按如圖甲所示的電路圖連接好電路，先將電阻箱火的阻值調(diào)到最大，閉合開關(guān)Si，斷開開關(guān)S2,調(diào)節(jié)

電阻箱凡使標(biāo)準(zhǔn)電流表Go的示數(shù)大于量程的;，且兩電流表的示數(shù)都沒有超過量程，讀出標(biāo)準(zhǔn)電流表

Go的示數(shù)為電電阻箱的示數(shù)為以；

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②保持開關(guān)Si閉合，再閉合開關(guān)S2,調(diào)節(jié)電阻箱上使標(biāo)準(zhǔn)電流表Go的示數(shù)仍為To,讀出電阻箱的示數(shù)

為尺2。

（3）用該電流表G和電阻箱R改裝一個電壓表；

根據(jù)實驗回答以下問題：

①用多用電表歐姆擋“X10”擋測量電流表G的阻值，指針如圖乙所示，那么電流表阻值為

（用7?1、心表示）。

③通過以上測量得到電流表G內(nèi)阻為Rg=100Q,用電流表G和電阻箱R改裝成量程為0?5V的電壓表,

應(yīng)將電阻箱R與電流表G（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”），將電阻箱R的阻值調(diào)到Qo

13.如圖所示，在水平軌道的末端處，平滑連接一個半徑R=0.4m的光滑半圓形軌道，半圓形軌道與水

平軌道相切，C點為半圓形軌道的中點，。點為半圓形軌道的最高點，整個軌道處在電場強(qiáng)度水平向右、大

小E=4xlO3V/m的勻強(qiáng)電場中、將一個質(zhì)量〃?=0.1kg、帶正電的小物塊（視為質(zhì)點），從水平軌道的/點

由靜止釋放，小物塊恰好能通過。點。小物塊的電荷量q=+2*10-4。小物塊與水平軌道之間的動摩擦

因數(shù)〃=0.2,取重力加速度大小g=lOm/s?。求:

（I）小物塊通過。點的速度；

（2）/、3兩點間的距離2；

（3）小物塊通過C點時對軌道的壓力大小人。

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14.如圖所示，傳統(tǒng)爆米花機(jī)的“爆米”原理是：密封鐵爐內(nèi)米粒和空氣同時受熱，米粒中的水分蒸發(fā)，

與空氣形成混合氣，爐內(nèi)產(chǎn)生高壓，讓米粒中水分繼續(xù)蒸發(fā)受阻。打開鐵爐，米粒突遇低溫產(chǎn)生內(nèi)外壓力

差，米粒中水分急劇膨脹使米粒爆炸形成爆米花。某型爆米花機(jī)的鐵爐倉體積為憶=2x10-2m3。工人師

傅封裝米粒的實物體積為分=4.5x10-3m3,翻滾鐵爐均勻加熱，同時觀察儀表，當(dāng)爐內(nèi)溫度升高到

1527C時，決定開爐，只聞“砰”的一聲響，潔白香脆的爆米花應(yīng)聲出爐。已知環(huán)境溫度為27℃,大氣壓

強(qiáng)為0=1x105Pa。忽略米粒因水分蒸發(fā)對自身體積的影響，將爐內(nèi)氣體視為理想氣體，試求:

(1)不計水蒸氣的體積，開爐前瞬間爐內(nèi)空氣的壓強(qiáng)是多少;

(2)達(dá)到開爐溫度時，水蒸氣占混合氣的體積比例為20%,則開爐前瞬間爐內(nèi)混合氣體的壓強(qiáng)是多少。

15.有一磁場區(qū)域，左邊一圓內(nèi)與中間N2C。矩形區(qū)域分布如圖所示的磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為瓦和

4

2B0,方向垂直紙面向里，其中圓半徑為R,圓心在8點，AD=2R,MN為與4D共線的絕緣彈性擋板，粒

子與擋板發(fā)生彈性碰撞(不計碰撞時間)，且碰撞前后水平方向速度大小不變。現(xiàn)有寬度為R均勻分布的帶電

粒子群以相同的初速度向右射入磁場區(qū)域，粒子電荷量為q(q>0),質(zhì)量為加，不計重力及粒子間相互作用，

所有粒子經(jīng)工圓內(nèi)部磁場偏轉(zhuǎn)后均匯聚于/點，并在/點發(fā)生彈性碰撞后進(jìn)入矩形區(qū)域。

4

(1)求帶電粒子初速度%的大小;

(2)某個粒子與擋板碰撞四次(不包括。點碰撞)后恰好到達(dá)D點，求該粒子在兩個磁場區(qū)域運動的總路程

s；

(3)求粒子在矩形磁場區(qū)域中運動的時間范圍。

MAD

?

/*：XXXXXX

R*/B°2B。

*!XX：XXXXXX

_______I________________________k.

BC

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2023-2024學(xué)年度上學(xué)期期末考試高三年級物理科試卷

一、選擇題（本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1?7題只有一項符

合題目要求，每小題4分第8?10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分,

選對但不全的得3分，有選錯的得0分。）

1.下列關(guān)系式中不是利用物理量之比定義新的物理量的是（）

—F綜Fe

A.E—B.（p——C.a=—D.co——

qqmt

【答案】c

【解析】

【詳解】A.比值定義法，就是用兩個基本的物理量的“比”來定義一個新的物理量的方法。比值法定義

的基本特點是被定義的物理量往往是反映物質(zhì)的最本質(zhì)的屬性，它不隨定義所用的物理量大小的變化而變

化。由于電場強(qiáng)度由場源電荷與空間位置到場源電荷的距離決定，與試探電荷與試探電荷所受電場力的大

F

小沒有決定的關(guān)系，因此￡=一是比值定義式，A錯誤；

q

B.根據(jù)上述，由于電勢是由場源電荷、空間位置到場源電荷的距離已經(jīng)零電勢的選擇決定，與試探電

E

荷、電勢能沒有決定的關(guān)系，因此夕=」是比值定義式，B錯誤；

q

c.由于加速度與合力成正比，與質(zhì)量成反比，即加速度大小由物體所受外力的合力與物體的質(zhì)量共同決

定，則表達(dá)式不屬于比值定義式，c正確；

m

D.根據(jù)上述，由于角速度由圓周運動的受力與線速度決定，與物體轉(zhuǎn)過的角度與時間沒有決定的關(guān)系，

因此。=—是比值定義式，D錯誤。

t

故選C。

2.2023年9月，杭亞會滑板男子碗池決賽，中國年僅15歲的小將陳煒以84.41分奪冠。圖示為陳煒在比賽

中騰空越過障礙物，若忽略空氣阻力，那么騰空過程中（）

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A.在最高點的時候人的速度為零，但加速度不為零

B.運動員和滑板構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

C.運動員和滑板構(gòu)成的系統(tǒng)動量守恒

D.上升過程是超重狀態(tài)，滑板對人的作用力不為零

【答案】B

【解析】

【詳解】A.在最高點的時候人的豎直方向的速度為零，水平方向的速度不為零，故在最高點的時候人的速

度不為零，受到重力作用，加速度為重力加速度，加速度不為零，故A錯誤;

B.運動員和滑板構(gòu)成的系統(tǒng)只有重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故B正確;

C.在開始起跳到脫離滑板瞬間，在豎直方向上運動員和滑板所受合力不為零，故運動員和滑板構(gòu)成的系統(tǒng)

動量不守恒，故C錯誤;

D.上升過程是運動員只受重力作用，有豎直向下的重力加速度，運動員處于完全失重狀態(tài)，滑板對人的作

用力為零，故D錯誤。

故選B。

3.如圖所示，半徑相同、質(zhì)量均勻的圓柱體E和半圓柱體〃靠在一起靜止在水平地面上，E、〃之間無摩

擦力，M下表面粗糙?，F(xiàn)用過￡的軸心的水平力尸，緩慢地將￡拉離地面直至滑到M的頂端，M始終處于

靜止?fàn)顟B(tài)。則E拉離地面后的過程中（

A.地面所受M的壓力變大B.E對M的彈力逐漸增大

C.拉力廠由最大逐漸減小為0D.地面對M的作用力等于拉力下

【答案】C

【解析】

【詳解】A.取整體為研究對象，根據(jù)平衡條件和牛頓第三定律，地面所受M的壓力不變，大小等于二者

的總重力，故A錯誤;

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BC.對圓柱體受力分析，圓柱體E受重力G、拉力R半圓柱體的支持力N作用處于平衡狀態(tài)，這三個

力構(gòu)成封閉三角形，如圖所示

開始時N與豎直方向成60。角，對應(yīng)圖中的最大三角形。此時拉力廠和半圓柱體的支持力N都最大，其大

小為

^ax=Gtan600=V3G

隨著E向上移動，三角形逐漸減小，拉力尸、半圓柱體的支持力N都逐漸減小，當(dāng)E移動到M頂端時，F(xiàn)

減小到零，N減小到G。根據(jù)牛頓第三定律，半圓柱體的支持力N等于E對M的壓力，故開始時拉力尸最

大，且為GG，以后逐漸減小為0,故C正確，B錯誤；

D.地面對M的作用力是地面的支持力和摩擦力的合力，而取整體為研究對象，地面對M的摩擦力等于拉

力F,所以地面對M的作用力大于拉力尸，故D錯誤。

故選C。

4.如圖所示，小明“跑飯”的L-x圖像為一不過坐標(biāo)原點的直線，假定從小明的教室門口到餐廳的道路為

V

一水平直線道路，以教室門口為坐標(biāo)原點，教室到餐廳方向為X軸正方向，下列說法正確的是（）

1

-

V1

V

A.小明運動到天的時間為戶+白

2%2%

B.小明運動到占的時間為掃口

%+匕

C.小明運動的速度與位移成線性規(guī)律變化

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D.小明運動的速度隨位移的增加而增加，但不成線性規(guī)律

【答案】A

【解析】

【分析】

【詳解】AB.根據(jù)位移公式可知產(chǎn)vf,則有

1

xx—=t

V

則可知,圖象的面積可以表示運動的時間，因此時間

11

---1---

一%匕X丫_西+西

I--------XX]------1----

22%2Vl

故A正確，B錯誤;

CD.由圖可知，位移隨速度的減小而增大，二者不是線性關(guān)系，故CD錯誤。

故選Ao

5.華為mate60實現(xiàn)了手機(jī)衛(wèi)星通信，只要有衛(wèi)星信號覆蓋的地方，就可以實現(xiàn)通話。如圖所示三顆赤道

上空的通信衛(wèi)星就能實現(xiàn)環(huán)赤道全球通信，已知三顆衛(wèi)星離地高度均為〃，地球的半徑為凡地球同步衛(wèi)

星離地高度為6R,地球表面重力加速度為g,引力常量為G,下列說法正確的是（）

A.三顆通信衛(wèi)星受到地球的萬有引力的大小相等

B能實現(xiàn)全球通信時，衛(wèi)星離地高度至少2R

mgR2

C.其中一顆質(zhì)量為m的通信衛(wèi)星的動能為

2（7?+/z）

D.通信衛(wèi)星和地球自轉(zhuǎn)周期之比為

【答案】C

【解析】

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【詳解】A.通信衛(wèi)星受到的萬有引力大小為

口「Mm

F=G下

由于不知道三顆通信衛(wèi)星的質(zhì)量大小關(guān)系，所以三顆通信衛(wèi)星受到地球的萬有引力大小不一定相等，故A

錯誤；

B.三顆通信衛(wèi)星若要全面覆蓋，則其如圖所示

由幾何關(guān)系可知，ZAOB=no°,ZAOC=60°,其。/為地球半徑R,所以由幾何關(guān)系有

AC)

cos60°=—

OC

解得

OC=2R=R+h

所以解得

h=R

所以通信衛(wèi)星高度至少為凡故B錯誤;

C.對衛(wèi)星有，其萬有引力提供做圓周運動的向心力，有

Mmv2

--------------7=m-------

(R+h)R+h

在地球表面有

Mm

G充=mg

其動能為

2mgR2

Ek=1mv

2(R+h)

故C正確；

D.對通信衛(wèi)星有

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Mm

G-------r

(R+hy

地球的自轉(zhuǎn)周期與同步衛(wèi)星相同，對同步衛(wèi)星有

G起卡見

整理有

全=巨+.

T地N（7埒

故D錯誤。

故選C。

6.有研究表明，當(dāng)興奮情緒傳播時，在人的體表可以測出與之對應(yīng)的電勢變化。某一瞬間人體表面的電勢

分布圖如圖所示，圖中實線為等差等勢面，標(biāo)在等勢面上的數(shù)值分別表示該等勢面的電勢，。、6、。、

d為等勢面上的點，該電場可等效為兩等量異種電荷產(chǎn)生的電場，。、6為兩電荷連線上對稱的兩點，

c、d為兩電荷連線中垂線上對稱的兩點。下列說法中正確的是（）

A.c點的電勢大于d點的電勢

B.a、6兩點的電場強(qiáng)度大小相等，方向相反

C.負(fù)電荷在C點的電勢能小于在。點的電勢能

D.將帶正電的試探電荷從b點移到d點，電場力做負(fù)功

【答案】D

【解析】

【詳解】A.c、d兩點位于同一條等勢線上，則c點的電勢等于d點的電勢，故A錯誤；

B.該電勢分布圖可等效為等量異種電荷產(chǎn)生的，°、6為兩電荷連線上對稱的兩點，根據(jù)等量異種電荷的

電場的特點，可以判斷、這兩個對稱點的電場強(qiáng)度大小相等、方向相同，故B錯誤；

C.負(fù)電荷在電勢低的地方電勢能大，所以負(fù)電荷在電勢低的c點的電勢能大于在電勢高的。點的電勢

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能，故c錯誤；

D.正電荷在電勢高的地方電勢能大，所以將帶正電的試探電荷從電勢低6點移到電勢高d點，電場力做

負(fù)功，電勢能增加，故D正確。

故選D。

7.一小型發(fā)電機(jī)通過變壓器和電阻R連成如圖所示電路，已知勻強(qiáng)磁場（范圍足夠大）的磁感應(yīng)強(qiáng)度為5,

線圈面積為S,匝數(shù)為"，電阻為r,副線圈中電流的變化周期為7。下列說法中正確的是（）

A.原線圈兩端的電壓為07mBs

B.圖示時刻電流表的示數(shù)為0

也〃兀BS宿

C.原線圈中電流大小為

T⑷r+〃；R）

2〃2乃252s火

D.電阻R消耗的功率為

I2（n；r+n^）2

【答案】D

【解析】

【詳解】A.由題意可知，發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的電動勢的最大值為

2n7rBS

Em=nBSco=

m1

電動勢的有效值為

E=E^=42n^

V2T

但由于線圈有電阻，所以線圈兩端電壓

1T

故A錯誤;

B.圖示時刻發(fā)電機(jī)電動勢的瞬時值為0,但通過副線圈的電流的瞬時值不為0,電流表示數(shù)表示電流的有

效值，不隨時間變化，故B錯誤;

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C.根據(jù)閉合電路歐姆定律，有

U\=E-Ixr

u2=I2R

A_生

12〃1

解得

I_E〃；_6〃兀BS〃：

1n）+n；RT（〃）+〃；R）

故C錯誤；

D.根據(jù)變壓器原副線圈電流與匝數(shù)的關(guān)系

，2〃1

可得

[_也M兀BSri1〃2

LT（@+片R）

所以電阻R消耗的功率

2222

22n^BSn^R

2

——〃（〃）+〃加2

故D正確。

故選D。

8.下列四幅圖涉及不同的近代物理知識，其中說法正確的是（）

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甲乙

nE/eV

8---------1-------1-------:------：一一10

A,圖甲：電子束穿過鋁箔的衍射圖樣，證實電子具有波動性，質(zhì)子、原子與分子同樣具有波動性

B.圖乙：盧瑟福通過分析a粒子散射結(jié)果，提出原子核式結(jié)構(gòu)模型，并發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子

C.圖丙：普朗克最早提出能量子概念，并成功解釋黑體輻射實驗規(guī)律，他是量子力學(xué)的奠基人之一

D.圖?。翰柼岢鲭娮榆壍朗沁B續(xù)變化的，氫原子能級是分立的，成功解釋氫原子發(fā)光的規(guī)律

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.圖甲：電子束穿過鋁箔的衍射圖樣，證實電子具有波動性，質(zhì)子、原子與分子同樣具有波動

性，故A正確；

B.圖乙：盧瑟福通過分析a粒子散射結(jié)果，提出原子核式結(jié)構(gòu)模型；盧瑟福在用a粒子轟擊氮原子核的

實驗中發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子，并預(yù)言了中子的存在，查德威克發(fā)現(xiàn)了中子，故B錯誤；

C.圖丙：普朗克最早提出能量子概念，并成功解釋黑體輻射實驗規(guī)律，是量子力學(xué)的奠基人之一，故C

正確；

D.圖?。翰柼岢鲭娮榆壍朗橇孔踊?，氫原子能級是分立的，成功解釋氫原子發(fā)光的規(guī)律，故D錯

誤。

故選AC。

9.傾角為37°的足夠長斜面，上面有一質(zhì)量為2kg,長8m的長木板°,木板上下表面與斜面平行。木板

。最上端放置一質(zhì)量為1kg的小滑塊P。P、0間光滑，。與斜面間的動摩擦因數(shù)為;。若P、。同時從靜

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止釋放，以下關(guān)于尸、。兩個物體運動情況的描述正確的是(sin37°=0.6,cos37°=0.8,gIX10m/s2)

()

A.P、0兩個物體加速度分別為6mzs2、4m/s2

B.P、。兩個物體加速度分別為6m/s2、2m/s2

C.P滑塊在Q上運動時間為Is

D.P滑塊在。上運動時間為2s

【答案】BD

【解析】

【詳解】AB.對尸受力分析，受重力和。對尸的支持作用，根據(jù)牛頓第二定律有:

機(jī)pgsin37°=mpap

2

解得：ap—gsin37°=6m/s

對。受力分析，受重力、斜面對。的支持力、摩擦力和尸對。的壓力作用，根據(jù)牛頓第二定律有：

一〃(機(jī)產(chǎn)

megsin37°+me)gcos37°=mQaQ

解得：aQ=2m/s2,A錯誤，B正確；

CD.設(shè)尸在0上面滑動的時間為3因ap=6m/s2>a°=2m/s2,故尸比0運動更快，根據(jù)位移關(guān)系有：

r1212

L=一apt—cit

2P2fni

代入數(shù)據(jù)解得：片2s,C錯誤，D正確。

故選BDo

10.如圖所示在空間直角坐標(biāo)系。-中z中有一等腰直角三角形線框，其中一條直角邊與z軸重合，另一條

直角邊在苫帆平面內(nèi)，線框總電阻為廠，直角邊長為/,當(dāng)線框在外力作用下繞著Z軸以角速度。勻速轉(zhuǎn)

動時，線框上的P點先后經(jīng)過X軸和y軸，整個裝置處于沿y軸方向的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

B,則下列判斷正確的是()

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12

0P=~Bl①

當(dāng)線框經(jīng)過y軸時，P、0兩點電勢差為4°=喋與

B.

n72

線框由X軸位置轉(zhuǎn)到y(tǒng)軸位置的過程中，通過線框截面的電量為量q=乜

2r

D.線框在轉(zhuǎn)動一圈的過程中電流方向改變一次

【答案】BC

【解析】

【分析】

【詳解】A.當(dāng)線框經(jīng)過x軸時，此時線框平面與磁場垂直，屬于中性面，中性面的電壓為零

故A錯誤;

B.當(dāng)線框經(jīng)過y軸時，線框的有效切割長度為/,此時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢

E=Blv=史

2

根據(jù)幾何關(guān)系可知尸0的長度為血/,由右手定律可知尸0切割磁感線，尸點的電勢高于0點的電勢,

P、。兩點電勢差為路端電勢差

21Bl2a)

3廠而可交

故B正確；

C.線框由x軸位置轉(zhuǎn)到了軸位置的過程中，線框中磁通量的變化量為

1,

A(/>=-Bl2

q=IAt

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聯(lián)立解得

故C正確；

D.每經(jīng)過一次中性面，電流方向改變一次，線框在轉(zhuǎn)動一圈的過程中，經(jīng)過兩次中性面，所以電流方向

改變兩次，故D錯誤。

故選BCo

二、非選擇題（本題共5小題，共54分）

11.（1）甲、乙、丙三個實驗小組分別采用如圖（甲）、（乙）、（丙）所示的實驗裝置，驗證”當(dāng)質(zhì)量一定

時，物體運動的加速度與它所受的合力成正比”這一物理規(guī)律。己知他們使用的小車完全相同，小車的質(zhì)

量為重物的質(zhì)量為加，試回答下列問題：

輕動滑輪彈簧測力計

打點計時器,小車細(xì)線定滑輪打點計時器公車細(xì)簪\\>

紙帶一，迷:飛山紙帶一,七人滬I

長木板水平實驗臺長木板水平實驗臺

（甲）

打點計時器/小車細(xì)線定滑輪

紙帶'

力傳感器

長木板水平實驗臺

①實驗時，必須滿足遠(yuǎn)大于〃?”的實驗小組是（填“甲”、“乙”或"丙”）。

②實驗時，甲、乙、丙三組同學(xué)的操作均完全正確，他們作出的a-E圖線如圖（?。┲蠥、B、C所示，

貝ij甲、乙、丙三組實驗對應(yīng)的圖線依次是o（選填"/8C”、“5CT或“C/8”）。

（2）小明同學(xué)采用（乙）圖實驗裝置探究質(zhì)量一定時加速度與力的關(guān)系的實驗時，以彈簧測力計的示數(shù)廠

為橫坐標(biāo)，加速度。為縱坐標(biāo)，畫出的a-尸圖像是圖（?。┲械囊粭l直線，根據(jù)圖線與橫坐標(biāo)的夾角求得

圖線的斜率為左，則小車的質(zhì)量為0

2

【答案】①.甲@.CAB③.-

【解析】

【詳解】（1）①[1]乙有彈簧測力計測量繩的拉力，丙有力的傳感器測量繩的拉力，甲圖中沒有彈簧測力

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計，必須用重物的重力替代繩的拉力，為了使繩的拉力近似等于重物的重力，甲圖必須滿足遠(yuǎn)大于

加“。

②⑵根據(jù)牛頓第二定律，三個小車的加速度分別為

mg二

—F

MM

2mg_

---F

MM

.mg二

—F

MM

乙的比例系數(shù)最大，斜率最大，對應(yīng)圖線4甲和丙的比例系數(shù)相等，斜率相等，但是甲不能直接測量繩

的拉力，用重物的重力替代，小車的加速度越大，重物的重力與繩的拉力相差越大，實驗誤差越大，圖線

彎曲程度越大，而丙有彈簧測力計直接測量繩的拉力，不產(chǎn)生實驗誤差，圖線不發(fā)生彎曲，所以丙對應(yīng)圖

線B,甲對應(yīng)圖線C。故甲、乙、丙對應(yīng)圖線C、A,Bo

（2）[3]由

其中

M

求得

M=-

k

12.某實驗小組用多用電表、電流表G和電阻箱進(jìn)行一系列實驗，分別是練習(xí)使用多用電表、測量電流表

的內(nèi)阻、改裝電壓表，實驗器材如下：

A.多用電表

B.電流表G（滿偏電流/g=15mA,內(nèi)阻未知）

C.標(biāo)準(zhǔn)電流表Go

D.電阻箱R（最大阻值為9999.9。）

E.電源（電動勢E=3.0V,內(nèi)阻可忽略不計）

F.導(dǎo)線、開關(guān)若干

（1）用多用電表歐姆擋粗略測量電流表的內(nèi)阻；

（2）精確測量電流表G的內(nèi)阻”；

①按如圖甲所示的電路圖連接好電路，先將電阻箱R的阻值調(diào)到最大，閉合開關(guān)Si，斷開開關(guān)S2,調(diào)節(jié)

電阻箱R,使標(biāo)準(zhǔn)電流表Go的示數(shù)大于量程的g,且兩電流表的示數(shù)都沒有超過量程，讀出標(biāo)準(zhǔn)電流表

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Go的示數(shù)為電電阻箱的示數(shù)為以；

②保持開關(guān)Si閉合，再閉合開關(guān)S2,調(diào)節(jié)電阻箱凡使標(biāo)準(zhǔn)電流表Go的示數(shù)仍為電讀出電阻箱的示數(shù)

為必。

（3）用該電流表G和電阻箱7?改裝一個電壓表；

根據(jù)實驗回答以下問題：

①用多用電表歐姆擋“義10”擋測量電流表G的阻值，指針如圖乙所示，那么電流表阻值為

_____________________Qo

②電流表G內(nèi)阻的表達(dá)式為Rg=（用4、&表示）。

乙

③通過以上測量得到電流表G內(nèi)阻為4=100。，用電流表G和電阻箱R改裝成量程為0?5V的電壓表,

應(yīng)將電阻箱R與電流表G（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”），將電阻箱R的阻值調(diào)到Qo

【答案】0.110②.A③.串聯(lián)④.233.3

【解析】

【詳解】①[1]電流表阻值為讀數(shù)為

7?=llxl0Q=110Q

②⑵第一次和第二次電流表讀數(shù)相同，說明兩次電路中總電阻相同，閉合開關(guān)S2后電流表G短路，則電

阻箱的阻值要增大，電阻箱增大的阻值，即為電流表G的內(nèi)阻，即

Rg=R]_&

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③[3][4]改裝電壓表應(yīng)將電阻箱R與電流表G串聯(lián)，串聯(lián)的電阻為

R=--R=—-100Q?233.33Q

4g15x10-3

電阻箱的最大阻值為9999.9Q,可精確到0.1。，故電阻箱阻值調(diào)到233.3。。

13.如圖所示，在水平軌道的末端處，平滑連接一個半徑R=0.4m的光滑半圓形軌道，半圓形軌道與水

平軌道相切，C點為半圓形軌道的中點，。點為半圓形軌道的最高點，整個軌道處在電場強(qiáng)度水平向右、大

小E=4xl03v/m的勻強(qiáng)電場中、將一個質(zhì)量加=0.1kg、帶正電的小物塊(視為質(zhì)點)，從水平軌道的/點

由靜止釋放，小物塊恰好能通過。點。小物塊的電荷量q=+2xlOTc,小物塊與水平軌道之間的動摩擦

因數(shù)〃=0.2,取重力加速度大小g=lOrn/s?。求:

(1)小物塊通過。點的速度；

(2)/、3兩點間的距離L

(3)小物塊通過C點時對軌道的壓力大小FN?

【答案】(1)2m/s,水平向左；(2)-m；(3)5.4N

3

【解析】

【詳解】(1)小物塊恰好能通過。點，由牛頓第二定律可知

2

mg=m^

解得

vD=2m/s

方向水平向左

(2)從/點到。點由動能定理得

1、

(qE-jumg)L-2mgR=—mvD

解得/、2兩點間的距離

,5

L=-m

3