2025屆遼寧省重點名校物理高一第二學期期末監(jiān)測模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、(本題9分)對于某一質量確定的物體，下列說法中正確的是（）A．物體的動量發(fā)生改變，則合外力一定對物體做了功B．物體的運動狀態(tài)改變，其動量一定改變C．物體的動量發(fā)生改變，其動能一定發(fā)生改變D．物體的動能發(fā)生改變，其動量可能不變2、在電場中的某點放入電荷量為－q的試探電荷時，測得該點的電場強度為E；若在該點放入電荷量為＋3q的試探電荷，此時測得該點的場強A．大小為3E，方向和E相反B．大小為E，方向和E相同C．大小為3E，方向和E相同D．大小為E，方向和E相反3、如圖所示，傾角的光滑斜面固定在地面上，長為l、質量為m、質量分布均勻的軟繩置于斜面上，其上端與斜面頂端齊平。用細線將質量也為m的物塊與軟繩連接，物塊由靜止釋放后向下運動，直到軟繩剛好全部離開斜面（此時物塊未到達地面），在此過程中（）A．物塊的機械能逐漸增加B．物塊靜止釋放瞬間的加速度為C．軟繩重力勢能減少了D．軟繩剛好全部離開斜面時的速度大小為4、(本題9分)如圖所示，從高h=1.8m的A點將彈力球水平向右拋出，彈力球與水平地面碰撞兩次后與豎直墻壁碰撞，之后恰能返回A點。已知彈力球與接觸面發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程中，平行于接觸面方向的速度不變，垂直于接觸面方向的速度反向但大小不變，A點與豎直墻壁間的距離為4.8m，重力加速度g=10m/s2，則彈力球的初速度大小為（）A．1.5m/s B．2m/s C．3.5m/s D．4m/s5、(本題9分)如圖所示，關于干電池上標有的“1.5V”的說法，正確的是()A．每經過1s，電池對外做功1.5JB．每通過1C的電荷量，有1.5J的電能轉化為化學能C．若電池與理想電壓表直接相連，電壓表的示數為1.5VD．電池為1Ω的小燈泡供電，流過電池的電流是1.5A6、(本題9分)質量為m的物體，從靜止開始以2g的加速度豎直向下運動h高度，那么（）A．物體的動能增加2mgh B．物體的重力勢能減少2mghC．物體的機械能保持不變 D．物體的機械能增加mgh7、(本題9分)如圖所示A、B是一條電場線上的兩點，若在某點釋放一初速度為零的電子，電子僅受電場力作用下，從A點運動到B點，其速度隨時間變化的規(guī)律如圖所示．則（）A．電子在A、B兩點受的電場力FA<FBB．A、B兩點的電場強度EA>EBC．場強方向為從B到AD．電場線的方向一定是從A到B8、(本題9分)如圖所示，先后用不同的交流電源給同一盞燈泡供電。第一次燈泡兩端的電壓隨時間按正弦規(guī)律變化，如圖甲所示；第二次燈泡兩端的電壓變化規(guī)律如圖乙所示。若圖甲、乙中的U0、T所表示的電壓、周期值是相等的，則以下說法正確的是()A．第一次燈泡兩端的電壓有效值是U0B．第二次燈泡兩端的電壓有效值是U0C．第一次和第二次燈泡的電功率之比是2∶9D．第一次和第二次燈泡的電功率之比是1∶59、(本題9分)如圖所示，質量分別為m和2m的A,B兩個木塊間用輕彈簧相連，放在光滑水平面上，A緊靠豎直墻壁．用水平力向左推B，將彈簧壓縮，推到某位置靜止時推力大小為F，彈簧的彈性勢能為E.在此位置突然撤去推力，下列說法中正確的是A．撤去推力的瞬間，B的加速度大小為B．從撤去推力到A離開豎直墻壁前，A,B和彈簧組成的系統動量守恒，機械能守恒C．A離開豎直墻壁后，彈簧彈性勢能最大值為D．A離開豎直墻壁后，彈簧彈性勢能最大值為E10、(本題9分)地球和火星都繞太陽做勻速圓周運動，已知地球到太陽的距離小于火星到太陽的距離，那么A．地球公轉周期大于火星的公轉周期B．地球公轉的線速度大于火星公轉的線速度C．地球公轉的加速度小于火星公轉的加速度D．地球公轉的角速度大于火星公轉的角速度二、實驗題11、（4分）(本題9分)在“驗證機械能守恒定律”的一次實驗中，質量m=1kg的重物自由下落，在紙帶上打出一系列的點，如圖所示（相鄰記數點時間間隔為0.02s），那么：（1）打點計時器打下計數點B時，物體的速度vB=______m/s（結果保留兩位有效數字）；（2）從起點P到打下計數點B的過程中物體的重力勢能減少量△EP=______J，此過程中物體動能的增加量△Ek=______J；g取9.8m/s2（結果保留兩位有效數字）（3）通過計算表明數值上△EP>△Ek，這可能是因為_________12、（10分）(本題9分)某同學用圖所示的實驗裝置“驗證機械能守恒定律”，圖是用6V、50Hz的打點計時器打出的一條無漏點的紙帶，0點為重錘下落的起點，選取的計數點A、B、C、D到0點的距離在圖中已標出，重力加速度g取，若重錘的質量為計算結果保留兩位有效數字．打點計時器打出B點時，重錘下落的速度______，重錘的動能______J．從起點0到打下B點過程中，重錘的重力勢能的減小量為______J．根據、計算，在誤差允許范圍內，從起點O到打下B點過程中，你得到的結論是______．圖是根據某次實驗數據繪出的圖象，圖線不過坐標原點的原因是______．三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）(本題9分)如圖所示，某人騎摩托車在水平道路上行駛，要在A處越過x=5m的壕溝，溝面對面比A處低h=1.25m，(g取10m/s2)求：（1）摩托車在空中飛行的時間？（2）摩托車的開始飛越壕溝的初速度至少要有多大？14、（14分）(本題9分)如圖所示，水平面AC與傾角的光滑斜面CD向用一小段光滑圓弧連接，B點左側的水平面光滑、右側的水平面粗糙?；瑝K甲、乙（均可視為質點）分別靜止在A、B兩點，B、C兩點間的距離L=1m，現用一大小F1=2N、方向水平向右的推力推甲，經時間t1=1s推力的大小突然增大為F2=4N方向不變），又經時間撒去推力，之后甲與乙相碰并粘合在一起繼續(xù)向右運動，最高能滑到斜面上的E。已知甲的質量乙的質量，甲乙與水平面BC段間的動摩擦因數均為，取。求：(1)推力F的總沖量大小I和碰前甲的速度大??；(2)甲、乙到達C點時的速度大小vC以及C、E兩點間的距離d。15、（13分）(本題9分)一輛載重汽車在水平公路上，只要以額定功率行駛，所受阻力大小就與汽車對地面壓力大小成正比。已知這輛載重汽車質量m0=3.0t，額定功率P=90kW，空載時在水平公路上行駛的最大速度vm=25m/s。某次，這輛汽車裝上m=2.0t的貨物，在水平公路上以額定功率起動并保持額定功率，經過時間t=1.0min達到最大速度。g取10m/s2。求：（1）汽車空載,在水平公路上以最大速度行駛時受到的阻力大小。（2）汽車裝上m=2.0t的貨物，在時間t=1.0min內通過的路程。

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、B【解析】

A．物體的動量發(fā)生改變，則合外力不一定對物體做了功，如勻速圓周運動，故A錯誤；B．物體的運動狀態(tài)改變，它的速度一定發(fā)生變化，其動量一定改變，故B正確；C．如果物體速度大小不變，方向改變，這時其動量發(fā)生變化了，但其動能不變，故C錯誤；D．物體的動能發(fā)生改變，說明其速度大小發(fā)生變化了，其動量一定發(fā)生變化，故D錯誤。2、B【解析】

電場強度是描述電場強弱和方向的物理量，是試探電荷所受的電場力F與試探電荷所帶的電荷量q的比值，由電場本身決定，故與試探電荷的有無、電性、電量的大小無關；故在該點放入電荷量為-q的試探電荷時電場強度為E，改放電荷量為+3q的試探電荷時電場強度大小仍為E，方向和E相同。故B正確ACD錯誤。3、D【解析】

A．對于物塊和軟繩組成的系統，只發(fā)生重力勢能與動能之間的轉化，所以系統的機械能守恒，故A錯誤。B．物塊靜止釋放瞬間，由牛頓第二定律：解得選項B錯誤；C．軟繩重力勢能減少了，選項C錯誤；D．由機械能守恒定律：解得選項D正確。4、B【解析】

由題意可知，小球在豎直方向做自由落體運動，則由對稱性可知，小球第一次落地時的水平位移為則初速度故選B。5、C【解析】電池上標有的“1.5V”指的是移動1C的正電荷所做的功是1.5J，與時間無關，故A錯誤；每經過1C的電量時，有1.5J的化學能轉化為電能；故B錯誤；當電池直接與電源相連時，電壓表的示數為電源的電動勢1.5V，故C正確；由于電源內部有電阻，由閉合電路歐姆定律可知，流過電池的電流小于1.5A；故D錯誤。所以C正確，ABD錯誤。6、AD【解析】A、合力對物體做的功為，根據動能定理得知，物體的動能增加，故A正確；

B、質量為m的物體向下運動h高度時，重力做功為，則物體的重力勢能減小，故B錯誤；

C、依題物體的加速度為，說明除重力做功之外，還有其他力對物體做正功，物體的機械能應增加，故C錯誤；

D、物體的重力勢能減小，動能增加，則物體的機械能增加，故D正確．點睛：本題考查分析功能關系的能力．幾對功能關系要理解記牢：重力做功與重力勢能變化有關，合力做功與動能變化有關，除重力和彈力以外的力做功與機械能變化有關．7、AC【解析】速度-時間圖象的斜率等于加速度，由圖可知：電子做初速度為零的加速度增大的加速直線運動．加速度增大，說明電子所受電場力增大，電子在A點受到的電場力小于B點，即FA＜FB．由F=qE可知，電場強度增大，A點的場強小于B點，即EA＜EB．故A正確，B錯誤．電子由靜止開始沿電場線從A運動到B，電場力的方向從A到B，而電子帶負電，則場強方向從B到A，電場線方向一定從B到A，故C正確，D錯誤．故選AC．點睛：本題實質考查分析電子受力情況和運動情況的能力，從力和能量兩個角度進行分析，分析的切入口是速度的斜率等于加速度．8、AD【解析】

A.第一次所加正弦交流電壓的有效值為U1＝U0，A項正確；B.設第二次所加交流電壓的有效值為U2，則根據有效值的定義有，解得U2＝U0，B項錯；CD.根據電功率的定義式P＝可知，P1∶P2＝1∶5，C項錯、D項正確。9、AC【解析】A、撤去F后，B水平方向受到彈簧的彈力F，根據牛頓第二定律：加速度a=，A正確；B、A離開豎直墻前，豎直方向兩物體的重力與水平面的支持力平衡，合力為零，而墻對A有向右的彈力，使系統的動量不守恒．這個過程中，只有彈簧的彈力對B做功，系統的機械能守恒，B正確、C錯誤；D、A離開豎直墻后，系統水平方向不受外力，豎直方向外力平衡，則系統的動量守恒，只有彈簧的彈力做功，機械能也守恒．當兩物體速度相同時，彈簧伸長最長或壓縮最短，彈性勢能最大．設兩物體相同速度為v，A離開墻時,B的速度為v0，根據動量守恒和機械能守恒得：2mv0=3mv，又聯立得到彈簧的彈性勢能最大值為EP=E/3，D正確．故選：ABD．【名師點睛】B受兩個力作用處于平衡狀態(tài)，說明B所受彈力的大小等于F，故撤去F時，B的合力大小為彈力大小，根據牛頓第二定律求產生的加速度a，在A離開墻壁前受墻壁對系統的作用力，系統不滿足動量守恒條件，又因為墻壁作用力對A不做功，故系統滿足機械能守恒條件．A離開墻壁后系統機械能守恒動量也守恒，故系統動能不可以為0，則彈簧彈性勢能不可能與系統總機械能相等．10、BD【解析】

行星公轉時萬有引力提供圓周運動向心力，則有：；則有：A.，因為地球公轉半徑小，所以地球公轉周期小于火星的公轉周期，A錯誤；B.，因為地球公轉半徑小，所以地球公轉的線速度大于火星公轉的線速度，B正確；C.，因為地球公轉半徑小，所以地球公轉的加速度大于火星公轉的加速度，故C錯誤；D.，因為地球公轉半徑小，所以地球公轉的角速度大于火星公轉的角速度，D正確；二、實驗題11、0.980.490.48存在摩擦阻力【解析】

重物帶動紙帶下落過程中能量轉化的過程和能量守恒，重物帶動紙帶下落過程中，除了重力還受到阻力，從能量轉化的角度，由于阻力做功，重力勢能減小除了轉化給了動能還有一部分轉化給摩擦產生的內能．【詳解】（1）利用勻變速直線運動的推論：（2）重力勢能減小量：△Ep=mgh=1×9.8×0.0501J=0.49J．動能增量：EkB=mvB2=0.48J

（3）計算表明數值上△EP>△Ek，由于存在摩擦阻力，所以有機械能損失．

【點睛】12、在誤差允許的范圍內，重物機械能守恒開始打點時重錘有一定的速度【解析】

紙帶法實驗中，紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計算出打出某點時紙帶運動的瞬時速度，從而求出動能，根據功能關系得重力勢能減小量等于重力做功的數值，圖線不過原點，抓住h為零，速度不為零，得出圖線不過原點的原因；【詳解】解：利用勻變速直線運動的推論而B點的動能為：從起點0到打下B點過程中，動能的增加量

J重力勢能減小量在誤差允許的范圍內，可認為減小的重力勢能等于增加的動能，故說明重物下落時機械能守恒小明用實驗測得數據畫出圖象圖線不過坐標原點，即時，速度不