江西省景德鎮(zhèn)市景杭職業(yè)高中2022-2023學年高三物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，在豎直向下的勻強電場中，將質量相等的兩個帶電小球M和N分別沿圖示路徑移動到同一豎直線上的不同位置，釋放后，M、N保持靜止，則（）A．M的帶電量一定比N的大B．M一定帶負電荷，N一定帶正電荷C．靜止時M受到的合力比N的大D．移動過程中勻強電場對M做負功參考答案：D【考點】勻強電場中電勢差和電場強度的關系．【分析】分別對MN兩個小球進行受力分析，然后結合受力平衡的特點與庫侖力的特點分析電性，再根據(jù)電場力做功的特點分析做功情況．【解答】解：A、電場線豎直向下，因為M、N在釋放后保持靜止，說明受到的合力為0；對兩小球分析可知，小球受重力、電場力和兩小球間的庫侖力作用；若M帶正電，則受重力和電場力向下，如果平衡，則N對M的庫侖力應向上，并且?guī)靵隽Φ扔谥亓εc電場力的合力；再對N分析，N對M庫侖力向上，故N只能帶正電荷，受電場力、重力及庫侖力均向下，不可能平衡，故M不可能帶正電；故M只能帶負電，此時N受電場力向上，則庫侖力可以向上也可以向下，由平衡關系可知；如果M受庫侖力向上，對M有：EqM+F=mg；此時N帶負電；再對N分析可知，N受重力、向上的電場力以及向下的庫侖力，應有：mg+F=EqN；故qM小于qN；如果M受庫侖力向下，則有：EqM=mg+F；對N分析則有：N帶正電，受電場力向下，則有EqN+mg=F，此時M的電量比N的大；由以上分析可知M一定帶負電，而N可以帶正電也可以帶負電；帶N帶負電時，M的電量小于N，而N帶正電時，M的電量大于N，故AB錯誤；C、由于兩電荷均處于靜止，因此靜止時兩電荷受到的合力均為零，故C錯誤；D、因M帶負電，故由上到下移動電荷時，電場力與運動方向夾角為鈍角，故電場對M一定做負功，故D正確．故選：D．2.質點做直線運動的位移s與時間t的關系為s＝t＋t2(各物理量均采用國際單位制單位)，則該質點()．A．第1s內的位移是2mB．前2s內的平均速度是3m/sC．任意相鄰的1s內位移差都是1m

D．任意1s內的速度增量都是2m/s參考答案：ABD3.如圖所示，光滑水平面上放置質量分別為m和2m的四個木塊，其中兩個質量為m的木塊間用一不可伸長的輕繩相連，木塊間的最大靜摩擦力是。現(xiàn)用水平拉力F拉其中一個質量為2m的木塊，使四個木塊以同一加速度運動，則輕繩對m的最大拉力為A.

B.

C.

D.參考答案：答案：B解析：本題的關鍵是要想使四個木塊一起加速，則任兩個木塊間的靜摩擦力都不能超過最大靜摩擦力。所以對左側下面的大木塊有：，對左側小木塊有；對右側小木塊有，對右側大木塊有，又由于兩個接觸面的最大靜摩擦力最大值為，所以，以上各式聯(lián)立解得

。4.實驗室經常使用的電流表是磁電式儀表．這種電流表的構造如圖甲所示．蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場是均勻地輻向分布的．當線圈通以如圖乙所示的電流，下列說法不正確的是()

A．線圈無論轉到什么角度，它的平面都跟磁感線平行B．線圈轉動時，螺旋彈簧被扭動，阻礙線圈轉動ks5uC．當線圈轉到圖乙所示的位置時，b端受到的安培力方向向上D．當線圈轉到圖乙所示的位置時，安培力的作用使線圈沿順時針方向轉動參考答案：A5.列關于溫度的說法中正確是：A、不同溫度下，水的絕對濕度不同，而相對濕度相同B、在絕對濕度不變而降低溫度時，相對濕度增大C、相對濕度越小，人的感覺越舒服D、相對濕度反映了空氣中水蒸氣含量接近飽和的程度參考答案：BD

二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.模塊3-4試題一列簡諧橫波，沿x軸正向傳播。位于原點的質點的振動圖象如圖1所示。①該振動的振幅是

______cm；②振動的周期是_______s；③在t等于周期時，位于原點的質點離開平衡位置的位移是________cm。圖2為該波在某一時刻的波形圖，A點位于x=0.5m處。④該波的傳播速度為_______m/s；⑤經過周期后，A點離開平衡位置的位移是_______cm。

參考答案：答案：①8②0.2③0④10⑤－8解析：振幅是質點偏離平衡位置的最大距離。所以可以得出振幅為。質點完成一個全振動的時間叫做一個周期。從圖中可以看出周期為。當t等于周期時，坐標原點的質點處在平衡位置向下運動。所以位移為0。從圖2中可以看出波長等于，所以有經過半個周期后，A點走過的路為振幅的2倍，所以處在負的最大位移處，為。7.兩顆人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，運行線速度之比是v1:v2=1:2，它們運行的軌道半徑之比為__________；所在位置的重力加速度之比為__________。參考答案：_4:1___；__

1:16__8.人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動時處于完全失重狀態(tài)，所以在這種環(huán)境中已無法用天

平稱量物體的質量。為了在這種環(huán)境測量物體的質量，某科學小組設計了如圖所示的裝置（圖中O為光滑的小孔）：給待測物體一個初速度，使它在桌面上做勻速圓周運動。設衛(wèi)星中具有彈簧秤、刻度尺、秒表等基本測量工具。實驗時物體與桌面間的摩擦力可以忽略不計，原因是

；②實驗時需要測量的物理量有

；③待測質量的表達式為m=

。（用上小題中的物理量表示）參考答案：（1）物體對支持面幾乎沒有壓力

（2分）（2）彈簧秤讀數(shù)F、小球運動周期T、小球運動圓周半徑r（3分）（3）m=（2分）9.如圖所示，一變壓器(可視為理想變壓器)的原線圈接在220V的照明電路上，向額定電壓為2.20×104V的霓虹燈供電，為使霓虹燈正常發(fā)光，那么原副線圈的匝數(shù)比n1：n2=______；為了安全，需在原線圈回路中接入熔斷器，當副線圈電路中電流超過10mA時，熔絲就熔斷，則熔絲熔斷時的電流I=________。參考答案：答案：1：100，1A10.光滑水平面上有兩小球a、b，開始時a球靜止，b球以一定速度向a運動，a、b相撞后兩球粘在一起運動，在此過程中兩球的總動量守恒（填“守恒”或“不守恒”）；機械能不守恒（填“守恒”或“不守恒”）．參考答案：考點：動量守恒定律．分析：考察了動量守恒和機械能守恒的條件，在整個過程中合外力為零，系統(tǒng)動量守恒．解答：解：兩球組成的系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動量守恒，由于碰撞是完全非彈性碰撞，碰撞過程機械能不守恒；故答案為：守恒，不守恒．點評：本題考查動量守恒定律和機械能守恒定律的適用條件，注意區(qū)分，基礎題．11.(選修模塊3－5)（4分）氫原子的能級如圖所示，當氫原子從n=4向n=2的能級躍遷時，輻射的光子照射在某金屬上，剛好能發(fā)生光電效應，則該金屬的逸出功為

eV。現(xiàn)有一群處于n=5的能級的氫原子向低能級躍遷，在輻射出的各種頻率的光子中，能使該金屬發(fā)生光電效應的頻率共有

種。

參考答案：

答案：2.55（2分）6（2分）12.如圖所示為一電流隨時間變化的圖象。該電流的有效值為___________。參考答案：（4分）13.圖中豎直方向的平行線表示勻強電場的電場線，但未標明方向．一個帶電量為﹣q的微粒，僅受電場力的作用，從M點運動到N點，動能增加了△Ek（△Ek＞0），則該電荷的運動軌跡可能是虛線a（選填“a”、“b”或“c”）；若M點的電勢為U，則N點電勢為U+．參考答案：【考點】：電場線；電勢．【分析】：根據(jù)動能定理，通過動能的變化判斷出電場力的方向，從而判斷軌跡的彎曲程度，根據(jù)動能定理求出M、N兩點間的電勢差，從而求出N點的電勢．：解：從M點運動到N點，動能增加，知電場力做正功，則電場力方向向下，軌跡彎曲大致指向合力的方向，可知電荷的運動軌跡為虛線a，不可能是虛線b．電場力方向方向向下，微粒帶負電，則電場強度方向向上，N點的電勢大于M點的電勢，根據(jù)動能定理知，﹣qUMN=△Ek，則N、M兩點間的電勢差大小UMN=﹣由UMN=φM﹣φN，φM=U，解得φN=U+故答案為：a，U+．【點評】：解決本題的關鍵知道軌跡彎曲與合力方向的大致關系，本題的突破口在于得出電場力方向，再得出電場強度的方向，從而知道電勢的高低．三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.靜止在水平地面上的兩小物塊A、B，質量分別為mA=l.0kg，mB=4.0kg；兩者之間有一被壓縮的微型彈簧，A與其右側的豎直墻壁距離l=1.0m，如圖所示。某時刻，將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分離，兩物塊獲得的動能之和為Ek=10.0J。釋放后，A沿著與墻壁垂直的方向向右運動。A、B與地面之間的動摩擦因數(shù)均為u=0.20。重力加速度取g=10m/s2。A、B運動過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時間極短。（1）求彈簧釋放后瞬間A、B速度的大?。唬?）物塊A、B中的哪一個先停止？該物塊剛停止時A與B之間的距離是多少？（3）A和B都停止后，A與B之間的距離是多少？參考答案：（1）vA=4.0m/s，vB=1.0m/s；（2）A先停止；0.50m；（3）0.91m；分析】首先需要理解彈簧釋放后瞬間的過程內A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，再結合能量關系求解出A、B各自的速度大?。缓苋菀着卸ˋ、B都會做勻減速直線運動，并且易知是B先停下，至于A是否已經到達墻處，則需要根據(jù)計算確定，結合幾何關系可算出第二問結果；再判斷A向左運動停下來之前是否與B發(fā)生碰撞，也需要通過計算確定，結合空間關系，列式求解即可?！驹斀狻浚?）設彈簧釋放瞬間A和B的速度大小分別為vA、vB，以向右為正，由動量守恒定律和題給條件有0=mAvA-mBvB①②聯(lián)立①②式并代入題給數(shù)據(jù)得vA=4.0m/s，vB=1.0m/s（2）A、B兩物塊與地面間的動摩擦因數(shù)相等，因而兩者滑動時加速度大小相等，設為a。假設A和B發(fā)生碰撞前，已經有一個物塊停止，此物塊應為彈簧釋放后速度較小的B。設從彈簧釋放到B停止所需時間為t，B向左運動的路程為sB。，則有④⑤⑥在時間t內，A可能與墻發(fā)生彈性碰撞，碰撞后A將向左運動，碰撞并不改變A的速度大小，所以無論此碰撞是否發(fā)生，A在時間t內的路程SA都可表示為sA=vAt–⑦聯(lián)立③④⑤⑥⑦式并代入題給數(shù)據(jù)得sA=1.75m，sB=0.25m⑧這表明在時間t內A已與墻壁發(fā)生碰撞，但沒有與B發(fā)生碰撞，此時A位于出發(fā)點右邊0.25m處。B位于出發(fā)點左邊0.25m處，兩物塊之間的距離s為s=025m+0.25m=0.50m⑨（3）t時刻后A將繼續(xù)向左運動，假設它能與靜止的B碰撞，碰撞時速度的大小為vA′，由動能定理有⑩聯(lián)立③⑧⑩式并代入題給數(shù)據(jù)得

故A與B將發(fā)生碰撞。設碰撞后A、B的速度分別為vA′′以和vB′′，由動量守恒定律與機械能守恒定律有

聯(lián)立式并代入題給數(shù)據(jù)得

這表明碰撞后A將向右運動，B繼續(xù)向左運動。設碰撞后A向右運動距離為sA′時停止，B向左運動距離為sB′時停止，由運動學公式

由④式及題給數(shù)據(jù)得sA′小于碰撞處到墻壁的距離。由上式可得兩物塊停止后的距離15.內表面只反射而不吸收光的圓筒內有一半徑為R的黑球，距球心為2R處有一點光源S，球心O和光源S皆在圓筒軸線上，如圖所示．若使點光源向右半邊發(fā)出的光最后全被黑球吸收，則筒的內半徑r最大為多少？參考答案：自S作球的切線S?，并畫出S經管壁反射形成的虛像點，及由畫出球面的切線N，如圖1所示，由圖可看出，只要和之間有一夾角，則筒壁對從S向右的光線的反射光線就有一部分進入球的右方，不會完全落在球上被吸收．由圖可看出，如果r的大小恰能使與重合，如圖2，則r?就是題所要求的筒的內半徑的最大值．這時SM與MN的交點到球心的距離MO就是所要求的筒的半徑r．由圖2可得??????????

（1）由幾何關系可知

（2）由（1）、（2）式得

（3）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.為了測量某住宅大樓每層的平均高度（層高）及電梯運行情況，甲、乙兩位同學在一樓電梯內用電子體重計及秒表進行了以下實驗：質量為m=50kg的甲同學站在體重計上，乙同學記錄電梯從地面一樓到頂層全過程中，體重計示數(shù)隨時間變化的情況，并作出了如圖所示的圖象，已知t=0時，電梯靜止不動，從電梯內樓層按鈕上獲知該大樓共19層．g取10m/s2，求：

（1）電梯啟動和制動的加速度大?。?/p>

（2）電梯上升的總高度及該大樓的層高．參考答案：見解析17.（06年全國卷Ⅱ）（19分）一質量為m＝40kg的小孩子站在電梯內的體重計上。電梯從t＝0時刻由靜止開始上升，在0到6s內體重計示數(shù)F的變化如圖所示。試問：在這段時間內電梯上升的高度是多少？取重力加速度g＝10m/s2。

參考答案：解析：由圖可知，在t＝0到t1＝2s的時間內，體重計的示數(shù)大于mg，故電梯應做向上的加速運動。設在這段時間內體重計作用于小孩的力為f1，電梯及小孩的加速度為a1，根據(jù)牛頓第二定律，得：

f1－mg＝ma1

①

在這段時間內電梯上升的高度

h1＝

②

在t1到t＝t2＝5s的時間內，體重計的示數(shù)等于mg，故電梯應做勻速上升運動，速度為t1時刻的電梯的速度，即

v1＝a1t1

③

在這段時間內電梯上升的高度

h1＝v1t2

④

在t2到t＝t3＝6s的時間內，體重計的示數(shù)小于mg，故電梯應做減速上升運動。設這段時間內體重計作用于小孩的力為f2，電梯及小孩的加速度為a2，由牛頓第二定律，得：mg－f2＝ma2

⑤

在這段時間內電梯上升的高度

h3＝

⑥

電梯上升的總高度

h＝h1＋h2+h3

⑦

由以上各式，利用牛頓第三定律和題文及題圖中的數(shù)據(jù)，解得

h＝9m

⑧18.如圖所示，以水平地面建立x軸，有一個質量為m=1kg的木塊放在質量為M=2kg的長木板上，木板長L=11.5m.已知木板與地面的動摩擦因數(shù)為μ1=0.1，m與M之間的動摩擦因數(shù)μ2=0.9（設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）．m與M保持相對靜止共同向右運動，已知木板的左端A點經過