湖南省醴陵兩中學2025屆物理高二第一學期期末監(jiān)測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一帶正電的物體在水平方向的勻強電場中沿光滑的水平面做曲線運動，當物體從M點運動到N點時，其速度方向恰好改變了90°，則物體在M點到N點的運動過程中，物體的電勢能將A.先增大后減小B.先減小后增大C.不斷增大D.不斷減小2、一交流電壓的瞬時值表達式為u＝220sin50πt（V），下列判斷正確的是（）A.該交流電壓的頻率為50HzB.t＝0.01s時，該交流電壓的瞬時值為55VC.直接用電壓表測該交流電壓，其示數為220VD.若將該交流電壓加在阻值為2kΩ的電阻兩端，則電阻的發(fā)熱功率為20W3、下述關于電磁感應的說法，正確的是（）A.位于磁場中的閉合線圈，一定能產生感應電流B.穿過閉合電路的磁通量越大，感應電動勢越大C.閉合線圈作切割磁感線運動，一定能產生感應電流D.感應電動勢的大小和穿過閉合電路的磁通量變化快慢有關4、在如圖所示電路中，電源的負極接地，其電動勢為E、內電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，C為電容器，A、V為理想電流表和電壓表．在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，下列說法中正確的是A.電壓表示數變小B.電流表示數變小C.電容器C所帶電荷量增多D.a點的電勢降低5、一質量為2.0×103kg的汽車在水平公路上行駛，路面對輪胎的徑向最大靜摩擦力為1.4×104N，當汽車經過半徑為80m的彎道時，下列判斷正確的是（）A.汽車轉彎時所受的力有重力、彈力、摩擦力和向心力B.汽車轉彎速度為20m/s時所需的向心力為1.4×104NC.汽車轉彎的速度為20m/s時汽車會發(fā)生側滑D.汽車能安全轉彎的向心加速度不超過7.0m/s26、如圖所示，先后以速度v1和v2勻速把同一正方形閉合線圈拉入有界勻強磁場區(qū)域的過程中，已知vl=3v2．則在先后兩種情況下A.線圈中的感應電流之比為I1：I2=3：1B.線圈中的感應電流之比為I1：I2=1：3C.線圈所受到的安培力之比為F1：F2=1：9D.線圈所受到的安培力之比為F1：F2=9：1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，金屬框架固定在水平面上，金屬桿ab與框架間無摩擦，整個裝置處于豎直方向的磁場中．若因磁場的變化，使桿ab運動，下列判斷正確的是A.若ab向右運動，則磁場可能豎直向上且減小B.若ab向左運動，則磁場可能豎直向上且減小C.若ab向右運動，則磁場可能豎直向上且增大D.若ab向左運動，則磁場可能豎直向上且增大8、質量和電量都相等的帶電粒子M和N，以不同的速率經小孔垂直進入勻強磁場，帶電粒子僅受洛倫茲力的作用，運行的半圓軌跡如圖中虛線所示，下列表述正確的是（）A.M帶負電，N帶正電B.M的速度率小于N的速率C.洛倫茲力對M、N不做功D.M的運行時間大于N的運行時間9、地面附近空間中存在著水平方向的勻強電場和勻強磁場，已知磁場方向垂直紙面向里，一個帶電油滴沿著一條與豎直方向成θ角的直線MN運動．如圖所示，由此可以判斷：（）A.油滴一定做勻速直線運動B.油滴可能做勻變速直線運動C.如果油滴帶正電，它是從N點運動到M點D.如果油滴帶正電，它是從M點運動到N點10、如圖所示，由同一種金屬條制成的矩形線框abcd固定在水平面內且處于方向豎直向下的勻強磁場B中，ad＝bc＝L，ab＝dc＝3L，ad、ab、dc邊的橫截面積均為bc邊的兩倍，ad邊的電阻為R。在t＝0時刻，一接入電路電阻2R的導體棒PQ在水平拉力作用下從ad處由靜止開始沿ab、dc向bc邊以加速度a0勻加速滑動，滑動過程中PQ始終與ab垂直，且與線框接觸良好，不計摩擦。在PQ從ad處向bc滑動的過程中，線框消耗的電功率最大的時刻為（）A. B.C. D.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用電流表和電壓表測定電池的電動勢和內電阻，被測電源是兩節(jié)干電池串聯成的電池組．可供選擇的實驗器材如下：A．電流表，量程0.6A，內阻約為0.5ΩB．電流表，量程100mA，內阻約為5ΩC．電壓表，量程3V，內阻約為3kΩD．電壓表，量程15V，內阻約為5kΩE．滑動變阻器，0～1000Ω，0.1AF．滑動變阻器，0～10Ω，2A開關一個，導線若干(1)為了盡量得到較準確的實驗結果，電流表應選________，電壓表應選________，滑動變阻器應選________（填器材前面的選項字母）(2)有(甲)、(乙)兩個可供選擇的電路如圖所示，為減小實驗誤差，應選___________電路進行實驗（3）如圖是根據實驗記錄數據畫出的U－I圖象，則由圖可求出該電源電動勢為___________V，該電源內阻為______Ω（結果保留2位有效數字）12．（12分）有一個小燈泡上標有“4V2W”字樣，現在要用伏安法描繪這個燈泡的I－U圖線．現有下列器材供選用：A.電壓表(0～5V，內阻約10kΩ)B.電壓表(0～15V，內阻約20kΩ)C.電流表(0～3A，內阻約1Ω)D.電流表(0～0.6A，內阻約0.4Ω)E.滑動變阻器(10Ω，2A)F.滑動變阻器(500Ω，1A)G.學生電源(直流6V)、開關、導線若干（1）實驗中所用電壓表應選________，電流表應選用________，滑動變阻器應選用________（2）在線框內畫出實驗電路圖_______，并根據所畫電路圖進行實物連接_______（3）利用實驗數據繪出小燈泡的伏安特性曲線如圖甲所示，分析曲線說明小燈泡電阻變化的特點：________________________________（4）若把電阻元件Z和小燈泡接入如圖乙所示的電路中時，已知電阻Z的阻值為5Ω，已知A、B兩端電壓恒為2.5V，則此時燈泡L的功率約為________W．(保留兩位有效數字)四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）哈爾濱第24屆世界大學生冬運會某滑雪道為曲線軌道，滑雪道長s＝2.5×103m，豎直高度h＝720m.運動員從該滑道頂端由靜止開始滑下，經t＝200s到達滑雪道底端時速度v＝30m/s，人和滑雪板的總質量m＝80kg，取g＝10m/s2，求人和滑雪板(1)到達底端時的動能；(2)在滑動過程中重力做功的功率；(3)在滑動過程中克服阻力做的功14．（16分）如圖所示，固定在勻強磁場中的水平導軌ab、cd的間距L1=0.5m，金屬棒ad與導軌左端bc的距離為L2=0.8m，整個閉合回路的電阻為R=0.2Ω，t=0時磁感應強度為B0=1T的勻強磁場豎直向下穿過整個回路。ad桿通過滑輪和輕繩連接著一個質量為m=0.04kg的物體，不計一切摩擦，現使磁場以=0.2T/s的變化率均勻地增大。（g=10m/s2）求：(1)感應電動勢的大小和金屬棒上電流的方向？(2)經過多長時間物體剛好離開地面？15．（12分）如圖所示，電源電動勢E=36V，內阻r=1Ω，電燈上標有“6V，12W”的字樣，直流電動機線圈電阻R=2Ω．接通電源后，電燈恰能正常發(fā)光，求電動機輸出的機械功率

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】帶電粒子速度方向改變了90°，則知電場力方向應為斜向右下方，與初速度的方向夾角先大于90°，后小于90°，才能出現末速度與初速度垂直的情況，因此電場力先做負功，當達到速度與電場力方向垂直后再做正功，則電勢能先增大后減小A．先增大后減小，與結論相符，選項A正確；B．先減小后增大，與結論不相符，選項B錯誤；C．不斷增大，與結論不相符，選項C錯誤；D．不斷減小，與結論不相符，選項D錯誤；2、C【解析】本題考查了交流電的描述，根據交流電的表達式，可知其最大值，以及線圈轉動的角速度等物理量，然后進一步求出其它物理量，如有效值、周期、頻率等，電表示數和功率、能量需要用到有效值；【詳解】A、頻率為：，故A錯誤；B、時，，故B錯誤；C、電壓表測量的電壓有效值，則，故C正確；D、若將該交流電壓加在阻值為的電阻兩端，則電阻的發(fā)熱功率為，故D錯誤【點睛】對于交流電的產生和描述要正確理解，要會推導交流電的表達式，明確交流電表達式中各個物理量的含義3、D【解析】位于磁場中的閉合線圈，如果磁通量不變，則不會產生感應電流，選項A錯誤；穿過閉合電路的磁通量越大，但是磁通量的變化率不一定打，感應電動勢不一定越大，選項B錯誤；如果整個閉合線圈作切割磁感線運動，只產生感應電動勢，但是不能產生感應電流，選項C錯誤；感應電動勢的大小與穿過閉合電路的磁通量的變化率成正比，即感應電動勢的大小與磁通量變化快慢有關，選項D正確；故選D.4、D【解析】在滑動變阻器的滑動觸頭P自a端向b端滑動的過程中，R3接入電路的電阻減小，電路外電阻減小，據閉合電路歐姆定律分析干路電流如何變化，再據歐姆定律分析電阻R1兩端電壓的變化，可知電壓表讀數的變化．分析并聯部分電壓的變化，可知電容器的電壓如何變化，電容器所帶電量的變化．由并聯部分電壓的變化及電源的負極接地，可分析a點的電勢如何變化．用并聯部分電壓的變化，得出流過R2的電流如何變化，結合干路電流的變化，分析電流表示數的變化【詳解】A：滑動變阻器的滑動觸頭P自a端向b端滑動的過程中，R3接入電路的電阻減小，電路外電阻減小，干路電流增大，電阻R1兩端電壓增大，電壓表示數增大．故A項錯誤BC：干路電流增大，并聯部分電壓減小，電容器兩板間電壓減小，電容器C所帶電荷量減?。⒙摬糠蛛妷簻p小，流過R2的電流減小，又干路電流增大，則流過電流表的電流增大，電流表示數變大．故BC兩項錯誤D：外電路中順著電流方向，電勢降低，則，b點電勢為零，并聯部分電壓減小，則a點的電勢降低．故D項正確【點睛】電路動態(tài)分析問題，按局部到整體，再對局部分析各元件上電壓或電流的變化．靈活應用閉合電路的歐姆定律，電動勢、路端電壓和內電壓關系，串并聯電路的電壓電流關系是解決動態(tài)電路的關鍵5、D【解析】汽車轉彎時做圓周運動，重力與路面的支持力平衡，側向靜摩擦力提供向心力，根據牛頓第二定律分析解題【詳解】汽車轉彎時受到重力，地面的支持力，以及地面給的摩擦力，其中摩擦力充當向心力，A錯誤；當最大靜摩擦力充當向心力時，速度為臨界速度，大于這個速度則發(fā)生側滑，根據牛頓第二定律可得，解得，所以汽車轉彎的速度為20m/s時，所需的向心力小于1.4×104N，汽車不會發(fā)生側滑，BC錯誤；汽車能安全轉彎的向心加速度，即汽車能安全轉彎的向心加速度不超過7.0m/s2，D正確【點睛】本題也可以求解出以20m/s的速度轉彎時所需的向心力，與將側向最大靜摩擦力與所需向心力比較，若靜摩擦力不足提供向心力，則車會做離心運動6、A【解析】A、B項：感應電動勢為，感應電流為，所以電流之比等于速度之比等于3：1，故A正確，B錯誤；C、D項：由安培力公式可知，安培力之比等于速度之比等于3：1，故CD錯誤故選A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】根據“磁場的變化使桿ab運動”可知，本題考查電磁感應的動力學問題，根據楞次定律可判斷感應電流的方向，左手定則判斷通電導體所受的安培力方向；當穿過回路的磁通量均勻變化時，回路中產生的是恒定電流，進行分析推斷.【詳解】A、B、當磁感應強度B方向向上并減小時，穿過回路的磁通量減小，根據楞次定律判斷得到：回路中感應電流方向為逆時針方向俯視，桿中的感應電流方向是從b到a，由左手定則可知，安培力的方向向右，使桿向右運動，故A正確，B錯誤；C、D、當磁感應強度B方向向上并增大時，穿過回路的磁通量增大，根據楞次定律判斷得到：回路中感應電流方向為順時針方向俯視，桿中的感應電流方向是從a到b，由左手定則可知，安培力的方向向左，使桿向左運動，故C錯誤，D正確；故選AD.【點睛】當磁感應強度B變化時，根據楞次定律(增反減同)判斷感應電流的方向；根據法拉第電磁感應定律分析感應電流大小如何變化；由左手定則判斷金屬棒所受的安培力方向.8、AC【解析】由左手定則判斷出M帶正電荷，帶負電荷；結合半徑的公式可以判斷出粒子速度的大?。桓鶕芷诘墓娇梢耘袛喑鲞\動的時間關系【詳解】A：由左手定則判斷出N帶正電荷，M帶負電荷，故A正確；B：粒子在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力，半徑為：，在質量與電量相同的情況下，半徑大說明速率大，即M的速率大于N的速率，故B錯誤；C：洛倫茲力始終與速度的方向垂直，不做功，故C正確；D：粒子在磁場中運動半周，即時間為周期的一半，而周期為，M的運行時間等于N的運行時間，故D錯誤9、AD【解析】對帶電粒子進行受力分析，受到豎直向下的重力，水平方向的電場力和垂直于虛線的洛倫茲力，由于帶電粒子做直線運動，所以洛倫茲力只能垂直于直線向上，從而可判斷粒子的電性（帶負電），同時可知電場力的方向向左，再根據各力的做功情況，即可判斷各選項的正誤【詳解】AB．油滴做直線運動，受重力、電場力和洛倫茲力作用，因為重力和電場力均為恒力，根據物體做直線運動條件可知，粒子所受洛倫茲力亦為恒力據F=qvB可知，粒子必定做勻速直線運動;故A正確,B錯誤.CD．根據做直線運動的條件和受力情況，如圖所示：可知如果油滴帶正電，由左手定則判斷可知，油滴的速度從M點到N點，故C錯誤，D正確.故選AD.【點睛】帶電粒子在重力場、電場、磁場的復合場中，只要是做直線運動，一定是勻速直線運動（v與B不平行）．若速度是變的，洛倫茲力會變，合力就是變的，合力與速度不在一條直線上，帶電體就會做曲線運動10、AD【解析】設經過時間t，線圈功率最大，此時電動勢為總電阻為功率聯立解得此時功率最大。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A；②.C；③.F；④.乙；⑤.3.0；⑥.1.0；【解析】（1）根據二節(jié)干電池的電壓約為3V，則根據電壓值及實驗中的基本要求可以選取電流表及電壓表；（2）甲圖誤差來源于電流表的分壓作用，乙圖誤差來源與電壓表的分流作用，相比較，電流表分壓作用引起的誤差更大；（3）U-I圖中圖象與縱坐標的交點為是電源的電動勢，根據斜率表示內電阻求解電源內阻【詳解】（1）因二節(jié)干電池的電動勢約為3V，故電壓表的測量量程不能太大，由題意可知，電壓表只能選3V量程的C；通過電源的電流不能太大，故量程0～3A的電流表太大，無法準確測量，故電流表應選量程為0.6A的A；滑動變阻器選擇F即可；（2）甲圖誤差來源于電流表的分壓作用，可以將電流表的內阻歸結到電源中，故電動勢測量值不變，內電阻測量值變大；乙圖中誤差來源與電壓表的分流作用，由于電壓表內電阻達到幾千歐姆，誤差較小，故選擇乙方案；（3）U-I圖中圖象與縱坐標的交點為是電源的電動勢，故電動勢為3.0V；根據斜率表示內電阻求解電源內阻，故內電阻為【點睛】中學實驗中選擇儀表是常見的一種題型，要求學生能按照安全性和準確性的要求進行分析，先確定出必須用到的器材，再去根據題目中給出的條件去判斷電流表和電壓表．一定要注意判斷圖象與橫軸的交點的橫坐標是不是短路電流12、①.(1)A②.D③.E④.(2)如圖；⑤.如圖；⑥.(3)小燈泡電阻隨溫度的升高而增大⑦.(4)0.31【解析】本題（1）的關鍵是根據小燈泡的規(guī)格中的額定電壓與額定電流大小來選擇電壓表與電流表的量程，根據實驗要求電流從零調可知變阻器應用分壓式接法，可知應選擇電阻選擇變阻器．題（2）的關鍵是根據小燈泡電阻滿足，可知電流表應用外接法，又變阻器應用分壓式接法，即可畫出電路圖和實物圖．題（3）的關鍵是根據電阻定義可知，電阻大小與I-U圖線上的點與原點連線的斜率倒數成正比，說明小燈泡的電阻隨溫度的升高而增大．題（4）的關鍵是在燈泡的I-U圖像中畫出電阻Z的I-U圖像，根據I-U圖象讀出當電阻Z和燈泡兩端的電壓之和為2.5V時對應的電壓和電流大小，然后根據P=UI求出功率即可【詳解】（1）：根據小燈泡的規(guī)格“4V，2W”可知，電壓表應選A，電流，所以電流表應選D；由于描繪小燈泡伏安特性曲線實驗要求電流從零調，所以變阻器應用分壓式接法，應選阻值小的變阻器E（2）：由于小燈泡電阻較小，滿足，所以電流表應用外接法，又變阻器采用分壓式接法，所以電