2025屆衢州市重點中學物理高二上期末聯(lián)考試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列各圖中正確的是（）A. B.C. D.2、在如圖所示電路中，電源的負極接地，其電動勢為E、內電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，C為電容器，A、V為理想電流表和電壓表．在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，下列說法中正確的是A.電壓表示數(shù)變小B.電流表示數(shù)變小C.電容器C所帶電荷量增多D.a點的電勢降低3、兩個半徑、材質均相同的金屬球A、B帶等量同種電荷，它們之間的距離遠大于小球本身直徑。已知它們相隔一定距離時，兩球之間的相互作用力的大小是F，現(xiàn)在用一個帶有絕緣柄的原來不帶電的半徑、材質均相同的金屬小球C，先與小球A接觸，再和小球B接觸后移開。這時，A、B兩球之間的相互作用力大小變?yōu)?)A. B.C. D.4、初速度為電子，沿平行于通電長直導線的方向射出，直導線中電流方向與電子初始運動方向如圖，則()A.電子將向左偏轉，速率不變B.電子將向左偏轉，速率改變C電子將向右偏轉，速率不變D電子將向右偏轉，速率改變5、如圖所示，矩形線圈與理想變壓器原線圈組成閉合電路，線圈在有界勻強磁場中繞垂直于磁場的邊勻速轉動，磁場只分布在邊的左側，磁感應強度大小為，線圈面積為，轉動角速度為，匝數(shù)為，線圈電阻不計，下列說法正確的是（）A.將原線圈抽頭向下滑動時，燈泡變暗B.線圈轉動過程中，線圈最大磁通量為C.圖示位置時，矩形線圈中磁通量的變化率最大D.若線圈轉動的角速度變?yōu)?，則變壓器原線圈電壓的有效值為6、如圖所示的電場中，關于a、b兩點的電場強度，下列判斷正確的是（）A.方向相同，大小相等 B.方向不同，大小不等C.方向不同，大小相等 D.方向相同，大小不等二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，光滑固定導軌m、n水平放置，兩根導體棒p、q平行放于導軌上，形成一個閉合回路。當一條形磁體從高處下落接近回路時（重力加速度為g）（）A.p、q將互相靠攏 B.p、q將互相遠離C.磁體的加速度仍為g D.磁體的加速度小于g8、如圖1所示，ab是兩平行正對的金屬圓環(huán)，a中通有正弦交變電流i，其變化規(guī)律如圖2所示．下列說法正確的是（）A.時刻，b環(huán)內的感應電動勢為零B.時刻，b環(huán)內的感應電流方向改變C.時間內，b環(huán)內感應電流的方向與a環(huán)內電流的方向相反D.時間內，t2時刻b環(huán)內的感應電動勢最大9、如圖（a）所示，兩水平平行正對的金屬板M、N間距為d，加有如圖（b）所示的交變電壓。一質量為m、電荷量為q的帶正電的微粒被固定在兩板正中間的P點，在t=0時刻釋放該粒子，3t0時間內粒子未到達極板。則在0~3t0時間內，下列說法正確的是（）A.從t=0開始，粒子向M板運動B.粒子從t0開始一直向N板運動C.0~2t0時間內，電場力對粒子做的功為mg2t02D.3t0時，重力對粒子做功的瞬時功率為mg2t010、如圖所示，虛線間空間存在由勻強電場E和勻強磁場B組成的正交或平行的電場和磁場，有一個帶正電小球(電荷量為＋q，質量為m)從正交或平行的電磁混合場上方的某一高度自由落下，那么，帶電小球可能沿直線通過下列的哪個電磁混合場（）ABC.D.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在測量一節(jié)干電池的電動勢和內電阻的實驗中，實驗電路圖如圖所示(1)實驗過程中，電流表應選______滑動變阻器應選_______(請?zhí)顚戇x項前對應的字母)A．電流表A1(量程0.6A，內阻約0.8Ω)B．電流表A2(量程3A，內阻約0.5Ω)C．滑動變阻器R1(0～10Ω)D．滑動變阻器R2(0～2000Ω)(2)根據圖示的電路，電流表測量值_______真實值(選填“大于”或“小于”)(3)若測量是新干電池，其內電阻比較?。谳^大范圍內調節(jié)滑動變阻器，電壓表讀數(shù)變化________(選填“明顯”或“不明顯”)(4)閉合開關，調節(jié)滑動變阻器，讀取電壓表和電流表的示數(shù)．用同樣方法測量多組數(shù)據，將實驗測得的數(shù)據標在如圖所示的坐標圖中，請作出U-I圖線_____，由此求得待測電池的電動勢E=_____V，內電阻r=______Ω（結果均保留兩位有效數(shù)字）．所得內阻的測量值與真實值相比________（填“偏大”、“偏小”或“相等”）12．（12分）圖甲是物理實驗室的一種永久蹄形磁鐵，某物理興趣小組設計了一個測量蹄形磁鐵磁極間磁感應強度大小的實驗（1）如圖乙所示，將由銅導線繞制而成的矩形線圈懸掛在支架上，導線兩端分別由a、b處抽出連在兩接線柱A、B上．線圈下邊ab保持水平，現(xiàn)將一輕線的一端系在線圈ab邊的中點，另一端繞過一輕小滑輪后連接一小沙桶，調整支架高度是線圈與滑輪間細線保持水平（2）將多個圖甲中的蹄形磁鐵緊密并列放置，水平插入線圈，使線圈下邊ab處于磁鐵N、S間，磁場寬度正好與線圈下邊ab長度相同，當線圈中通電后，向沙桶中緩慢加入適量細沙，使導線框仍保持豎直懸掛．讀出電流表示數(shù)為I，斷開電源，取下沙桶，用天平稱量沙桶總質量為m（3）線圈中電流由圖丙電路提供，若蹄形磁鐵S極在上方，N極在下方，則接線柱A應與丙圖電路中的接線柱________（選填“C”或“D”）相連（4）若線圈電阻約為1Ω，允許最大電流0.5A，電流表量程為0~0.6A，內阻約為0.5Ω，電源為4節(jié)干電池串聯(lián)，每節(jié)干電池的電動勢為1.5V，內阻不計．R0為定值電阻，現(xiàn)備有10Ω和100Ω各一只，則應選_______Ω連入電路；有最大阻值分別為20Ω和1000Ω的滑動變阻器各一只，應選_______Ω連入電路（5）若線圈匝數(shù)為n，其下邊ab長度為L，本地重力加速度為g，則用測得的物理量和已知量表示磁感應強度大小B=___________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）靜電場可以用電場線和等勢面形象描述（1）請根據電場強度的定義和庫侖定律推導出點電荷Q的場強表達式；（2）點電荷的電場線和等勢面分布如圖所示，等勢面S1、S2到點電荷的距離分別為r1、r2．我們知道，電場線的疏密反映了空間區(qū)域電場強度的大?。堄嬎鉙1、S2上單位面積通過的電場線條數(shù)之比14．（16分）如圖所示，電阻不計的平行金屬導軌和水平放置，間接有阻值為的電阻，導軌相距為，其間有豎直向下的勻強磁場，磁感強度為.質量為、電阻為的導體棒垂直于導軌放置，并接觸良好。用平行于的恒力向右拉動，受恒定的摩擦阻力，已知.求：（1）運動的最大速度及此時電阻消耗的電功率（2）當?shù)乃俣仁亲畲笏俣鹊臅r的加速度15．（12分）如圖所示，直角坐標系xOy位于豎直平面內，在水平x軸下方存在勻強磁場和勻強電場，磁場的磁感應強度為B，方向垂直xOy平面向里，電場線平行于y軸．一質量為m、電荷量為q的帶正電的小球，從y軸上的A點水平向右拋出，經x軸上的M點進入電場和磁場，恰能做勻速圓周運動，從x軸上的N點第一次離開電場和磁場，MN之間的距離為L，小球過M點時的速度方向與x軸的方向夾角為.不計空氣阻力，重力加速度為g，求（1）電場強度E的大小和方向；（2）小球從A點拋出時初速度v0的大?。唬?）A點到x軸的高度h.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】AB．根據右手定則，可知A選項磁場是逆時針方向；B選項螺線管內的磁場方向應該向右，AB錯誤；CD．由左手定則可知C選項畫圖正確，D選項受洛倫茲力方向應該向左，C正確，D錯誤。故選C。2、D【解析】在滑動變阻器的滑動觸頭P自a端向b端滑動的過程中，R3接入電路的電阻減小，電路外電阻減小，據閉合電路歐姆定律分析干路電流如何變化，再據歐姆定律分析電阻R1兩端電壓的變化，可知電壓表讀數(shù)的變化．分析并聯(lián)部分電壓的變化，可知電容器的電壓如何變化，電容器所帶電量的變化．由并聯(lián)部分電壓的變化及電源的負極接地，可分析a點的電勢如何變化．用并聯(lián)部分電壓的變化，得出流過R2的電流如何變化，結合干路電流的變化，分析電流表示數(shù)的變化【詳解】A：滑動變阻器的滑動觸頭P自a端向b端滑動的過程中，R3接入電路的電阻減小，電路外電阻減小，干路電流增大，電阻R1兩端電壓增大，電壓表示數(shù)增大．故A項錯誤BC：干路電流增大，并聯(lián)部分電壓減小，電容器兩板間電壓減小，電容器C所帶電荷量減小．并聯(lián)部分電壓減小，流過R2的電流減小，又干路電流增大，則流過電流表的電流增大，電流表示數(shù)變大．故BC兩項錯誤D：外電路中順著電流方向，電勢降低，則，b點電勢為零，并聯(lián)部分電壓減小，則a點的電勢降低．故D項正確【點睛】電路動態(tài)分析問題，按局部到整體，再對局部分析各元件上電壓或電流的變化．靈活應用閉合電路的歐姆定律，電動勢、路端電壓和內電壓關系，串并聯(lián)電路的電壓電流關系是解決動態(tài)電路的關鍵3、D【解析】設原來兩球帶電量為q，兩球之間的相互作用力大小為；小球C先與A接觸后，A球帶的電荷，C球帶的電荷，然后C再與B接觸后，B、C兩球的帶電量為：A、B兩球之間的相互作用力大小為：；A．綜上分析兩球之間的作用力變?yōu)樵瓉淼?，A錯誤；B．綜上分析兩球之間的作用力變?yōu)樵瓉淼?，B錯誤；C．綜上分析兩球之間的作用力變?yōu)樵瓉淼模珻錯誤；D．綜上分析兩球之間的作用力變?yōu)樵瓉淼?，D正確；故選D。4、C【解析】根據安培定則判斷出通電導體右側的磁場方向，然后根據左手定則判斷出電子所受洛倫茲力的方向，即得出電子的偏轉方向，注意應用左手定則時四指指向與電子運動方向相反，洛倫茲力不做功【詳解】由安培定則可知導體右側磁場方向垂直紙面向里，然后跟左手定則可知運動電子所受洛倫茲力向右，因此電子將向右偏轉，洛倫茲力不做功，故其速率不變，故ABD錯誤，C正確故選C【點睛】在解決帶電粒子在磁場中運動問題時安培定則與左手定則經常聯(lián)合應用，在平時練習中要加強訓練，以提高應用它們的解題能力5、D【解析】變壓器原線圈匝數(shù)發(fā)生變化時，據原副線圈的電壓關系可得副線圈兩端電壓的變化，從而分析燈泡亮度的變化．據磁通量概念可知線圈的最大磁通量．線圈在中性面時，線圈中磁通量的變化率為零；線圈在垂直中性面位置時，線圈中磁通量的變化率最大．據線圈的面積、磁場的磁感應強度、線圈轉動的角速度可得線圈中產生感應電動勢的最大值，由交流電有效值的規(guī)定可得變壓器原線圈電壓的有效值【詳解】A：將原線圈抽頭向下滑動時，原線圈匝數(shù)減少，據可得，變壓器的輸出電壓增大，燈泡會變亮．故A項錯誤B：據磁通量概念可知，線圈轉動過程中，線圈的最大磁通量為BS．故B項錯誤C：圖示位置時，線圈處于中性面，矩形線圈中磁通量的變化率為零．故C項錯誤D：若線圈轉動的角速度變?yōu)?，則線圈中產生感應電動勢的最大值．線圈產生的電流半個周期是正弦交流電，半個周期沒有電流；據交流電有效值的規(guī)定可得，解得：．變壓器原線圈電壓的有效值．故D項正確6、B【解析】AC．由b點的電場線密集，a點的電場線稀疏，所以b點的場強大于a點的場強，即a、b兩點的強度大小不等，AC錯；BD．由a、b兩點的場強方向是該點的切線方向知a、b兩點的場強方向不同，B錯，D對【點睛】本題學生明確電場線的疏密可表示場強的強弱，電場線的切線方向是該點的場強方向二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】當一條形磁鐵從高處下落接近回路時，穿過回路的磁通量增加，根據楞次定律：感應電流的磁場總是阻礙引起感應電流的磁通量的變化，可知，p、q將互相靠攏，回路的面積減小一點，使穿過回路的磁場減小一點，起到阻礙原磁通量增加的作用，由于磁鐵受到向上的安培力作用，所以合力小于重力，磁鐵的加速度一定小于g，故AD正確，BC錯誤。故選AD。8、AD【解析】A．t1時刻，a環(huán)中電流最大，電流的變化率為零，則b環(huán)內的感應電動勢為零，選項A正確；B．t1-t3時間內，a環(huán)中電流的變化率均為負值，則b環(huán)中感應電流方向不變，則t2時刻，b環(huán)內的感應電流方向不變，選項B錯誤；C．t3～t4時間內，a環(huán)中電流負向減小，根據楞次定律可知，b環(huán)內感應電流的方向與a環(huán)內電流的方向相同，選項C錯誤；D．0～t4時間內，t2時刻a環(huán)中電流為零，但電流的變化率最大，則b環(huán)內的感應電動勢最大，選項D正確；故選AD.【點睛】此題關鍵是高清i-t圖像的物理意義，圖像的斜率為電流的變化率，直接反應b環(huán)中感應電流的大小；斜率的符號反應b環(huán)中感應電流的方向.9、AD【解析】AB．電場力為F=qE=2mgt=0時刻，電場力向上，時間向上勻加速，加速度為g；時間向上勻減速，加速度為3g；時間向下勻減速，加速度為g；從t=0開始，粒子向M極運動；從開始一直向N極運動；故A正確，B錯誤；C．時間向上勻加速，根據位移時間關系公式，位移為，時間向上勻減速，根據位移時間關系公式，位移、速度分別為，在時間內，粒子的位移為零，故重力對粒子做的功為零，則由動能定理可得故C錯誤；D．根據速度時間關系公式，時粒子的速度為方向向下，故時，重力對粒子做功的瞬時功率為故D正確。故選AD?！军c睛】帶電粒子做直線運動，先根據F=qE求解電場力，再根據牛頓第二定律求解加速度，根據運動學公式求解各個時間段的位移，然后根據恒力做功表達式求解電場力的功，根據P=Fv求解瞬時功率。10、CD【解析】A．小球受重力、向左的電場力、向右的洛倫茲力，下降過程中速度一定變大，故洛倫茲力一定變化，不可能一直與電場力平衡，故合力不可能一直向下，故一定做曲線運動，故A錯誤；B．小球受重力、向左的電場力、垂直向外的洛倫茲力，合力與速度一定不共線，故一定做曲線運動，故B錯誤；C．小球受重力、向左上方的電場力、水平向右的洛倫茲力，若三力平衡，則粒子做勻速直線運動；故C正確；D．粒子受向下的重力和向上的電場力，合力一定與速度共線，故粒子一定做直線運動，故D正確；故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A②.C③.小于④.不明顯⑤.⑥.1.5⑦.1.9⑧.偏小【解析】本題考查測量電源電動勢和內阻的實驗【詳解】(1)因為一般干電池電動勢為1.5V，結合電路中的電阻情況得知電路中的電流比較小，所以應該選量程為0.6A的電流表更合適，故電流表選A；因為是限流式電路，滑動變阻器應該選擇總阻值和電源內阻更接近的，故滑動變阻器應該選擇C；(2)此電路圖采用的是電流表相對電源的外接法，因為電壓表存在分流作用，故而電流表的測量值實際并不是主路電路，主路電流應該等于電流表的示數(shù)與流經電壓表的電流之和，故電流表測量值應小于真實值；(3)若電源比較新，內阻較小，則內電壓的變化也比較小，故路端電壓變化不明顯，即電壓表示數(shù)變化不明顯；(4)將方格紙上的個點連成如圖所示的直線，由圖線可得，該圖線與縱軸的焦點表示電源的電動勢，該圖線的斜率的絕對值表示電源的內阻，即E=1.5V，r=1.9Ω，因使用該種方法測量得出的，即測量值相比于真實值偏小1