2025屆新疆阿瓦提縣第四中學(xué)物理高二上期中學(xué)業(yè)水平測試試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、電子從負(fù)極板的邊緣垂直進(jìn)入勻強(qiáng)電場，恰好從正極板邊緣飛出，如圖所示，現(xiàn)在保持兩極板間的電壓不變，使兩極板間的距離變?yōu)樵瓉淼?倍，電子的入射方向及位置不變，且要電子仍從正極板邊緣飛出，則電子入射的初速度大小應(yīng)為原來的（）A．B．C．D．22、下面是某同學(xué)對(duì)電場中的一些概念及公式的理解，其中正確的是（）A．根據(jù)真空中點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度公式可知，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度與場源電荷所帶電荷量有關(guān)B．根據(jù)電勢(shì)差的定義式可知，帶電荷量為1C的正電荷，從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)克服電場力做功為1J，則A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為1VC．根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式可知，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度與試探電荷所帶的電荷量成反比D．根據(jù)電容的定義式可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比3、“神舟八號(hào)”飛船與“天宮一號(hào)”目標(biāo)飛行器的成功對(duì)接和順利返回，顯示了我國航天事業(yè)取得的巨大成就。對(duì)接前，二者的運(yùn)動(dòng)均看作繞地球的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，“天宮一號(hào)”目標(biāo)飛行器比“神舟八號(hào)”飛船離地球更遠(yuǎn)，則（）A．“天宮一號(hào)”比“神舟八號(hào)”的速度大B．“天宮一號(hào)”比“神舟八號(hào)”的周期長C．“天宮一號(hào)”與“神舟八號(hào)”的速度相同D．“天宮一號(hào)”與“神舟八號(hào)”的角速度相同4、真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷帶同種電荷q1、q2，它們相距較近，保持靜止?fàn)顟B(tài)，今釋放q2，且q2只在q1的庫侖力的作用下運(yùn)動(dòng)，則q2在運(yùn)動(dòng)過程中受到的庫侖力（）A．不斷減小 B．不斷增大C．始終保持不變 D．先增大后減小5、如圖所示是一個(gè)示波管工作原理的示意圖，電子經(jīng)電壓U1加速后垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場，離開電場時(shí)的偏轉(zhuǎn)量是h，兩平行板間的距離為d，電勢(shì)差為U2，板長為L，為了提高示波管的靈敏度（每單位電壓引起的偏轉(zhuǎn)量）可采用的方法是（）A．增大兩板間的電勢(shì)差U2 B．減小板的長度LC．增大板間距離d D．減小加速電壓U16、如圖所示，真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷和，分別固定在x坐標(biāo)軸上，其中位于處，位于處．關(guān)于在x軸上各區(qū)域，下列說法中正確的是A．除無窮遠(yuǎn)外，電場強(qiáng)度大小為零的點(diǎn)有兩處B．在區(qū)域，電勢(shì)沿x軸正方向逐漸變小C．在的區(qū)域，若一正電荷沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能會(huì)先減小后增大D．在和的區(qū)域，電場強(qiáng)度E沿x軸正方向二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，O1O2為帶電平行板電容器的中軸線，三個(gè)相同的帶電粒子沿軸線射入兩板間．粒子1打到B板的中點(diǎn)，粒子2剛好打在B板邊緣，粒子3從兩板間飛出，設(shè)三個(gè)粒子只受電場力作用，則()A．三個(gè)粒子在電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系為t1＜t2＝t3B．三個(gè)粒子在電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系為t1＝t2＞t3C．三個(gè)粒子在電場中運(yùn)動(dòng)的初速度關(guān)系為v1＝v2＝v3D．三個(gè)粒子在飛行過程中動(dòng)能的變化量關(guān)系為ΔE1＝ΔE2＞ΔE38、如圖所示，空間有一水平勻強(qiáng)電場，在豎直平面內(nèi)有一初速度的帶電微粒，沿圖中直線由A運(yùn)動(dòng)至B，其能量變化情況是()A．動(dòng)能減少，重力勢(shì)能增加，機(jī)械能守恒B．動(dòng)能減少，重力勢(shì)能增加，電勢(shì)能增加C．動(dòng)能和重力勢(shì)能之和減少D．動(dòng)能和電勢(shì)能之和增加9、如圖所示，圖中的實(shí)線表示電場線，虛線表示只受電場力作用的帶正電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，粒子先經(jīng)過M點(diǎn)，再經(jīng)過N點(diǎn)，可以判定（）A．M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)B．M點(diǎn)的動(dòng)能大于N點(diǎn)的動(dòng)能C．粒子在M點(diǎn)受到的電場力大于在N點(diǎn)受到的電場力D．粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能10、如圖所示，在傾角的光滑斜面上有兩個(gè)用輕質(zhì)彈簧相連接的物塊A，B，它們的質(zhì)量均為m，彈簧的勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)開始用一沿斜面方向的力F拉物塊A使之以加速度a向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)物塊B剛要離開C時(shí)力F的大小恰為則A．物塊B剛要離開C時(shí)受到的彈簧彈力為B．加速度C．這個(gè)過程延續(xù)的時(shí)間為D．這個(gè)過程A的位移為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，現(xiàn)除了有一個(gè)標(biāo)有“5V，1．5W”的小燈泡，導(dǎo)線和開關(guān)外，還有：A．直流電源：電動(dòng)勢(shì)約為6V，內(nèi)阻可不計(jì)B．直流電流表A1：量程2～3A，內(nèi)阻約為2．1ΩC．直流電流表A1：量程2～622mA，內(nèi)阻約為5ΩD．直流電壓表V1：量程2～15V，內(nèi)阻為15kΩE．直流電壓表V1：量程2～3V，內(nèi)阻為6kΩF．滑動(dòng)變阻器R：2～12Ω，1AG．電阻箱一個(gè)R2（符號(hào)為“”）：2~9999.9Ω，最小調(diào)節(jié)量2.1Ω；實(shí)驗(yàn)要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化至額定電壓5V，且電表讀數(shù)相對(duì)誤差較?。?）以上器材中電流表應(yīng)選用_____（填器材代號(hào)），電壓表應(yīng)選用_____（填器材代號(hào)）．（1）在方框中畫出實(shí)驗(yàn)原理電路圖；（3）通過實(shí)驗(yàn)作出小燈泡的伏安特性曲線，如圖甲所示．現(xiàn)把兩個(gè)完全相同的這種小燈泡并聯(lián)接到電路中，電路圖如圖乙所示，其中電源電動(dòng)勢(shì)E=3V，內(nèi)阻r=6Ω，則此時(shí)每個(gè)燈泡的實(shí)際功率為______W．（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）12．（12分）有一個(gè)額定電壓為,額定功率約為1W的小燈泡,現(xiàn)要用伏安法描繪這個(gè)燈泡的I一U圖線,有下列器材可供選用：A．電壓表,內(nèi)阻約為B．電壓表,內(nèi)阻約為C．電流表,內(nèi)阻約為D．電流表,內(nèi)阻約為E.滑動(dòng)變阻器F.滑動(dòng)變阻器G.蓄電池電動(dòng)勢(shì)6V,內(nèi)阻不計(jì)H.開關(guān)、導(dǎo)線（1）請(qǐng)?jiān)趯?duì)應(yīng)方框內(nèi)畫出該實(shí)驗(yàn)的原理電路圖；（________）（2）實(shí)驗(yàn)中,電壓表選______,電流表選______,滑動(dòng)變阻器選______用序號(hào)字母表示；（3）測得該燈泡的伏安特性曲線如圖所示,由圖線可求得此燈泡在正常工作時(shí)的電阻為______,若將此燈泡與電動(dòng)勢(shì)12V、內(nèi)阻為的電源相連,要使燈泡正常發(fā)光,需串聯(lián)一個(gè)阻值為______的電阻結(jié)果保留兩位有效數(shù)字四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一個(gè)帶負(fù)電的粒子C在靜電場中由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)。在這一過程中，除電場力外，其他力做功為J，粒子的動(dòng)能增加了。取A點(diǎn)為零勢(shì)點(diǎn)，求：⑴此過程電場力所做的功；⑵A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差；⑶B點(diǎn)的電勢(shì)。14．（16分）如圖所示，間距為L的兩根平行長直金屬導(dǎo)軌MN、PQ固定在傾角為θ的絕緣斜面上，導(dǎo)軌上端接有阻值為R的電阻，一根長為L、電阻為3R、質(zhì)量為m的直導(dǎo)體棒ab垂直放在兩導(dǎo)軌上。整個(gè)裝置處于方向垂直斜面向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中。ab由靜止釋放后沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)，下滑位移大小為x時(shí)到達(dá)cd位置并恰好開始做勻速運(yùn)動(dòng)。ab在運(yùn)動(dòng)過程中與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌電阻及一切摩擦均不計(jì)，重力加速度大小為g。求：(1)ab棒勻速時(shí)的速度大??；(2)從ab棒由靜止釋放到開始勻速運(yùn)動(dòng)整個(gè)過程通過電阻R的電荷量；(3)從ab棒由靜止釋放到開始勻速運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程中電阻R產(chǎn)生的熱量Q。15．（12分）如圖,所示的電路,電源電動(dòng)勢(shì)為E=14V,內(nèi)阻為r=1Ω,電燈L為”2V,4W”電動(dòng)機(jī)D的內(nèi)阻為R/=0.5Ω,當(dāng)可變電阻的阻值為R=1Ω時(shí),電燈和電動(dòng)機(jī)都正常工作,則電動(dòng)機(jī)的額定電壓為多少?電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為多少?全電路工作1min放出的焦耳熱Q為多少?

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】對(duì)于帶電粒子以平行極板的速度從左側(cè)中央飛入勻強(qiáng)電場，恰能從右側(cè)擦極板邊緣飛出電場這個(gè)過程，假設(shè)粒子的帶電量e，質(zhì)量為m，速度為v，極板的長度為L，極板的寬度為d，電場強(qiáng)度為E，極板之間的電壓為U；由于粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，所以水平方向，豎直方向，，故，若間距d變?yōu)樵瓉淼膬杀叮Ｗ尤詮恼龢O板邊沿飛出，則電子入射速度大小應(yīng)為原來的，C正確．2、A【解析】根據(jù)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式：可知，Q是場源電荷，所以電場中某點(diǎn)電場強(qiáng)度與場源電荷的電量成正比，與該點(diǎn)到場源電荷距離的平方成反比，故A正確；根據(jù)電勢(shì)差的定義式：知，帶電量為1C正電荷，從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)克服電場力做功為1J，即電場力做功為-1J，則A、B點(diǎn)的電勢(shì)差為-1V，故B錯(cuò)誤；電場強(qiáng)度取決于電場本身，與有無試探電荷無關(guān)，所以不能理解成電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度和試探電荷的電量成反比，故C錯(cuò)誤；電容是描述電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量，取決于電容器本身的性質(zhì)，并不與電容器的電容與所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比，故D錯(cuò)誤。所以A正確，BCD錯(cuò)誤。3、B【解析】

AC．根據(jù)得，線速度天宮一號(hào)的軌道半徑大，則天宮一號(hào)的線速度小，故AC錯(cuò)誤；BD．根據(jù)得，周期天宮一號(hào)的軌道半徑大，則天宮一號(hào)的周期大，由公式，周期越大的，角速度小，故B正確，D錯(cuò)誤。4、A【解析】

帶電相同的小球受斥力作用，因此距離越來越遠(yuǎn)，由于電量保持不變，根據(jù)可知距離增大，電場力將逐漸減小，故BCD錯(cuò)誤，A正確。故選A。5、D【解析】

根據(jù)動(dòng)能定理得：，偏轉(zhuǎn)位移：，聯(lián)立解得，靈敏度，A.增大兩板間的電勢(shì)差U2，靈敏度不變，故A錯(cuò)誤；B.減小板的長度L，靈敏度減小，故B錯(cuò)誤；C.增大板間距離d，靈敏度減小，故C錯(cuò)誤；D.減小加速電壓U1，靈敏度增大，故D正確。故選：D。6、D【解析】

A.某點(diǎn)的電場強(qiáng)度是負(fù)電荷Q1和正電荷Q2在該處產(chǎn)生的電場的疊加，是合場強(qiáng)．根據(jù)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式，所以要使電場強(qiáng)度為零，那么正電荷Q1和負(fù)電荷Q2在該處產(chǎn)生的場強(qiáng)必須大小相等、方向相反．但該點(diǎn)不會(huì)在Q1的左邊，因?yàn)镼1的電荷量大于Q2，也不會(huì)在Q1Q2之間，因?yàn)樗鼈冸娦韵喾?，在中間的電場方向都向右．所以，只能在Q2右邊．即在x坐標(biāo)軸上電場強(qiáng)度為零的點(diǎn)只有一個(gè)．故A錯(cuò)誤；B.因?yàn)镼1的電荷量大于Q2，根據(jù)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式，在x＞6cm區(qū)域，合場強(qiáng)一定先向左再向右，故電勢(shì)先增大后減小，故B錯(cuò)誤；C.在的區(qū)域，根據(jù)疊加原理可知，電場強(qiáng)度方向沿x正方向，正電荷沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，電場力做正功，電勢(shì)能減小，故C錯(cuò)誤．D.根據(jù)可知，r=9cm處電場強(qiáng)度為零，其右側(cè)電場線是向右的；則可知，在0＜x＜6cm的區(qū)域和x＞9cm的區(qū)域，場強(qiáng)沿x軸正方向，故D正確．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】

AB．三個(gè)粒子都做類平拋運(yùn)動(dòng)，且加速度相同．水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有豎直方向有，由圖粒子1、2的豎直位移大小相等，大于3，則得．故A錯(cuò)誤，B正確；C．水平方向有，由圖知2、3水平位移大小相等，大于1，則，故C錯(cuò)誤；D．動(dòng)能的變化量，相等，則，故D正確．8、BC【解析】

由題，帶電微粒做直線運(yùn)動(dòng)，所受的合力必須與AB在同一直線上，則知帶電微粒受重力與水平向左的電場力作用，所以合力方向與速度方向相反，合力做負(fù)功，由動(dòng)能定理得知，動(dòng)能減??；從A到B重力做負(fù)功，重力勢(shì)能增加；電場力做負(fù)功，則電勢(shì)能增加，那么動(dòng)能和重力勢(shì)能之和會(huì)減少，故BC正確，AD錯(cuò)誤；故選：BC。9、AD【解析】

A．根據(jù)順著電場線方向電勢(shì)降低可知，M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)，故A正確；BD．由電場力方向應(yīng)指向軌跡的內(nèi)側(cè)得知，粒子所受電場力方向沿電場線斜向左下方，電場力對(duì)粒子做正功，其電勢(shì)能減小，動(dòng)能增大，則知粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能，粒子在M點(diǎn)的動(dòng)能小于在N點(diǎn)的動(dòng)能，故B錯(cuò)誤，D正確；C．M點(diǎn)處的電場線較疏，而N點(diǎn)處電場線較密，則M點(diǎn)處的電場強(qiáng)度較小，粒子所受的電場力也較小，故C錯(cuò)誤。故選AD。10、AC【解析】

當(dāng)物塊B剛要離開C時(shí)，對(duì)擋板的壓力為零，根據(jù)平衡條件求出此時(shí)彈簧的彈力，結(jié)合胡克定律求出彈簧的形變量，對(duì)A，根據(jù)牛頓第二定律求出物塊A的加速度，彈簧開始處于壓縮，根據(jù)平衡求出壓縮量的大小，抓住A的位移等于彈簧的形變量求出物塊A的位移；【詳解】A、物塊B剛要離開C時(shí)B對(duì)C的彈力恰好為零，對(duì)B，由平衡條件得，此時(shí)彈簧的彈力：，故A正確；

B、B剛要離開C時(shí)，對(duì)A，由牛頓第二定律得：，解得：，故B錯(cuò)誤；

D、剛開始時(shí)，對(duì)A由平衡條件得：，B剛要離開C時(shí)，彈簧彈力：，整個(gè)過程A的位移：，解得：，物體A做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，位移：，解得，運(yùn)動(dòng)時(shí)間：，故C正確，D錯(cuò)誤．【點(diǎn)睛】本題考查了牛頓第二定律和共點(diǎn)力平衡的基本運(yùn)用，關(guān)鍵能夠正確地受力分析，知道A的位移等于彈簧長度的變化量，從而求出時(shí)間；三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）A1；V1（1）（3）2.12W～2.11W【解析】試題分析：（1）燈泡的額定電壓為5V，因此電壓表選擇大于等于5V的即可，故選E；而燈泡的額定電流；故電流表應(yīng)選擇C；因本實(shí)驗(yàn)采用分壓接法，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選小電阻；故滑動(dòng)變阻器選擇F；（1）本實(shí)驗(yàn)要求多測幾組數(shù)據(jù)，故采用分壓接法；同時(shí)因電流表內(nèi)阻與燈泡內(nèi)阻接近，故電流表選用外接法；實(shí)物圖如下圖所示；（3）作電源的伏安特性曲線，與甲圖相交的交點(diǎn)，即為電燈泡工作點(diǎn)考點(diǎn)：“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)12、DE33【解析】

[1]描繪燈泡伏安特性曲線電壓與電流應(yīng)從零開始變化,滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法,燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻電壓表內(nèi)阻為,電流表內(nèi)阻為,電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻,電流表應(yīng)采用外接法,電路圖如圖所示．[2][3][4]燈泡額定電壓是,則電壓表應(yīng)選A；燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流電流表應(yīng)選D；為方便實(shí)驗(yàn)操作滑動(dòng)變阻器應(yīng)選