2024年安徽省高考物理五模試卷

一、單選題：本大題共8小題，共32分。

1.如圖所示為氫原子的能級圖，現(xiàn)有一群處于n=3能級的激發(fā)態(tài)的氫原子，則下列說法正確的是（）

E/cV

8...........................?

I=-4LK5

3---------------------------1.51

2---------------------------3.4

I---------------------------13.6

A.能發(fā)出6種不同頻率的光子

B.波長最長的光是氫原子從幾=3能級躍遷到九=1能級產(chǎn)生的

C.發(fā)出的光子的最小能展為12.09eV

D.處于該能級的氫原子至少需吸收1.51W能量的光子才能電離

2.如圖所示，下面有缺口的圓環(huán)固定在豎直面內(nèi)，一根繞過滑輪的細(xì)繩兩端分別固定在圓環(huán)上的C、。兩點，

重物吊在輕質(zhì)滑輪的下面，4B是圓環(huán)的水平直徑，CO在A8上方并與AB平行，不計一切摩擦?，F(xiàn)將細(xì)繩固

定在。點的一端沿著圓環(huán)緩慢下移到E點，0、E關(guān)于AB對稱，則細(xì)繩上的張力（）

A.一直增大B.一直減小C.先減小后增大D.先增大后減小

3.真空中，兩個相距L的固定點電荷P、Q所帶的電荷量的絕對值分別為Qp和QQ,N

在它們共同形成的電場中，有一條電場線如圖中實線所示，實線上的箭頭表示

電場線的方向，電場線上標(biāo)出了M、N兩點，其中過N點的切線與P、Q連線平

行，且乙NPQ＞乙NQP,貝ij（）

A.P帶負(fù)電，Q帶正電

B.點電荷P、Q所帶電荷量的關(guān)系為QpVQQ

C.在M點由靜止釋放一帶正電的檢驗電荷，該電荷僅在電場力的作用下有可能沿電場線運動到N點

D.帶負(fù)電的檢驗電荷在M點的電勢能大于在N點的電勢能

4.如圖所示，等腰直角三角形團力BC為一棱鏡的橫截面，AB=AC.由甲、乙兩種單色光組成的一細(xì)光束,

從H左邊射入二棱鏡，調(diào)整入射方向發(fā)現(xiàn)，當(dāng)入射光束垂直88邊入射時，恰好只有甲光從8c.邊射出，且出

射光線和BC邊的夾角為30。，則下列判斷正確的是（）

A.甲光的全反射臨界角小于乙光的全反射臨界角

B.甲、乙兩光的折射率之比為，

C.用完全相同的楊氏雙縫干涉儀做雙縫干涉實驗，甲光的條紋要比乙光的條紋寬

D.若甲、乙兩光均能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則由甲光照射產(chǎn)生的光電子最大初動能更大

5.如圖所示，A為置于地球赤道上的物體，B為繞地球做橢圓軌道運行的衛(wèi)星，C為繞

地球做圓周運動的衛(wèi)星，P為B、C兩衛(wèi)星軌道的交點.已知4、8、C繞地心運動的周

期相同.相對于地心，下列說法中錯誤的是（）/T?rf

A.衛(wèi)星的運行速度大十物體力的速度\\^y\

B.物體力和衛(wèi)星。具有相同大小的加速度/

C.衛(wèi)星8運動軌跡的半長軸與衛(wèi)星。運動軌跡的半徑相等

D.衛(wèi)星B在P點的加速度大小與衛(wèi)星C在該點加速度大小相等

6.如圖所示質(zhì)量為M的小車靜止在光滑的水平面上，小車48段是半徑為R的四分之一光滑圓弧軌道，8c段

是K為L的水平粗糙軌道，兩段軌道相切于B點。一質(zhì)量為機的滑塊（可視為質(zhì)點）從小車上的力點由靜止開始

沿軌道滑下，然后滑入BC軌道，最后恰好停在。點。已知小車質(zhì)量M=3m,滑塊與軌道8C間的動摩擦因數(shù)

為&（0V〃V1）,重力加速度為g。則下列說法正確的是（）

A.滑塊從A滑到C的過程中，滑塊和小車組成的系統(tǒng)動量守恒

B.滑塊滑到8點時的速度大小為/礪

C.滑塊從A滑到C的過程中，小車的位移大小為+L）

D.水平軌道的長度L可能等于圓弧半徑R

7.如圖中所示的變壓器電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為1：2,a、b輸入端輸入如圖乙所示的交

變電流，副線圈電路中電阻R=10,電路中的電流表、電壓表都是理想電表，下列說法正確的是（）

A.電壓表的示數(shù)為2/IUVB.電流表的示數(shù)為百

C.電阻R的功率為10WD.電路中的電流在1s內(nèi)方向改變50次

8.正方體abed-Q/ICMI的上表面水平，沿中心線。放置一根通有恒定電流/的長直導(dǎo)線，現(xiàn)使一閉合金

屬小圓環(huán)沿不同方向以相同速率做勻速直線運動，運動過程中圓環(huán)平面始終水平。下列說法正確的是

A.七點與c點的磁感應(yīng)強度相等

B.小圓環(huán)的圓心從ad邊的中點豎直向上運動時，小圓環(huán)中無感應(yīng)電流

C小圓環(huán)的圓心從打移到j(luò)過程中，穿過小圓環(huán)的磁通量先增加后減少

D.小圓環(huán)的圓心從a移到d與從a移到c,小圓環(huán)的平均感應(yīng)電動勢相等

二、多選題：本大題共2小題，共10分。

9.某興趣小組對一輛自制遙控小車的性能進行研究.他們讓這輛小車在水平的直軌道上由靜止開始運動，

并將小車運動的全過程記錄下來，通過處理轉(zhuǎn)化為￡圖象，如圖所示（除2s?10s時間段圖象為曲線外，

其余時間段圖象均為直線）.已知在小車運動的過程中，2s?14s時間段內(nèi)小車的功率保持不變，在14s末停止

遙控而讓小車自由滑行，小車的質(zhì)量為1.0kg,可認(rèn)為在整個運動過程中小車所受的阻力大小不變.則下列

說法正確的是（）

A.小車受到的阻力大小為1.5NB.小車加速階段的功率為9IV

C.小車勻速行駛階段的功率為9WD.小車在2s?10s時間內(nèi)牽引力做功721

10.如圖所示，足夠長的U型光滑金屬導(dǎo)軌平面與水平面成8角(0V6V90。)，其中B心

MN與PQ平行且間距為3導(dǎo)軌平面與磁感應(yīng)強度為8的勻強磁場垂直，導(dǎo)軌電阻不知二

計.金屬棒必由靜止開始沿導(dǎo)軌下滑，并與兩導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良好，好棒

接入電路的電阻為R,當(dāng)流過助棒某一橫截面的電荷量為q時，Q力棒的速度大小為小〃

則成棒在這一過程中()

A.運動的平均速度大小為B.下滑的位移大小為瞽

ZDL

C.產(chǎn)生的焦耳熱為西陵D.受到的最大安培力大小為華

三、實驗題：本大題共2小題，共16分。

11.如圖1所示，某同學(xué)用“插針法”測定一半圓形玻璃磚的折射率。在平鋪的白紙上垂直紙面插大頭針匕、

P2確定入射光線，并讓入射光線過圓心。，在玻璃磚(圖中實線部分)另一側(cè)垂直紙面插大頭針P3,使P3擋住

P］、「2的像，連接。和P3。圖中MN為分界面，虛線半圓與實線半圓對稱，B、C分別是入射光線、折射光線

與圓的交點，AB,均垂直于法線并分別交法線于小D點。

圖1圖2圖3

(1)圖1所示設(shè)的長度為a,力。的長度為從CD的長度為m,。。的長度為n,則玻璃磚的折射率可表示為

o實驗中該同學(xué)在插大頭針P3前不小心將玻璃磚以。為圓心逆時針轉(zhuǎn)過一小角度，由此測得玻璃磚

的折射率將(選填“偏大”“偏小”或“不變”)；

(2)同班小濤同學(xué)突發(fā)奇想，用兩塊同樣的玻璃直角三棱鏡H3C來做實驗，兩者的AC面是平行放置的，如圖

2所示。插針匕、02的連線垂直于4B面，若操作正確的話，則在圖乙中右邊的插針應(yīng)該是_________(填“尸3、

PJ"3、。6”“。5、PJ或“生、尸6”)：

(3)如圖3所示，圓心為。、半徑為R的半圓形玻璃磚置于水平桌面上，光線從P點垂直界面入射后，恰好在

玻琦磚圓形表面發(fā)生全反射；當(dāng)入射角6=60。時，光線從玻璃甚圓形表面出射后恰好與入射光平行。已知

真空中的光速為c，則玻璃磚的折射率為________

12.為了測量某一未知電阻R"勺阻值，某實驗小組找來以下器材：

電壓表(0?3V,內(nèi)阻約5X2)、電流表(07).64內(nèi)阻約0.5。)、滑動變阻器(0?20。,24)、電源(E=3V,

內(nèi)阻很小)、開關(guān)與導(dǎo)線，并采用如圖甲所示的電路圖做實驗.

(1)請按圖甲所示的電路圖將圖乙中實物連線圖補齊；

(2)圖乙中，閉合開關(guān)前，應(yīng)將滑動變阻器的滑片P置于____端(選填"a"、"b”).

(3)閉合開關(guān)，緩慢調(diào)節(jié)滑動變陽器，得到多絹電壓表與電流表的讀數(shù)，根據(jù)實崎數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系中描出坐標(biāo)

點，做出U-/圖線；根據(jù)U-/圖可得，該未知電阻的限值&=_____.(保留兩位有效數(shù)字)

(4)由于實驗中使用的電表不是理想電表，會對實驗結(jié)果造成一定的影響，則該小組同學(xué)實驗測出的電阻值

______氏的真實值(填“>”、"V”或“=”).

四、簡答題：本大題共2小題，共26分。

13.氧氣瓶是醫(yī)院、家庭護理、戰(zhàn)地救護、個人保健及各種缺氧環(huán)境補充用氧較理想的供氧設(shè)備。某氧氣瓶

容積匕=153在7\=300K的室內(nèi)測得瓶內(nèi)氧氣的壓強pi=9x106Pa,已知當(dāng)鋼瓶內(nèi)外無氣壓差時供氣

停止。

(1)求在環(huán)境溫度為A=300K、壓強為po=lxl()5pa時，可放出該狀態(tài)下氧氣的體積匕

(2)若將該氧氣瓶移至&=250K的環(huán)境中用氣，當(dāng)瓶內(nèi)氧氣壓強變?yōu)镻2=1.5xl()6pa時，求用掉的氧氣的

質(zhì)量與原有的氧氣的質(zhì)量之比。(用百分比表示)

14.某電視臺“快樂向前沖”節(jié)目的場地設(shè)施如圖所示，48為水平直軌道,

上面安裝有電動懸掛器，可以載人運動，水面上漂浮著一個半徑為R、角

速度為3、鋪有海綿墊的轉(zhuǎn)盤，轉(zhuǎn)盤的軸心離平臺的水平距離為A,平臺邊

緣與轉(zhuǎn)盤平面的百度差為H.選手扒住懸掛器可以在電動機的帶動下，從4點下方的平臺邊緣處沿水平方向做

初速度為零、加速度為a的勻加速直線運動.選手必須做好判斷，在合適的位置放手，才能順利地落在轉(zhuǎn)盤

上.設(shè)選手的質(zhì)量為m(不計身高)，選手與轉(zhuǎn)盤間的最大靜摩擦力為〃mg,重力加速度為g.

(1)假設(shè)選手落到轉(zhuǎn)盤上瞬間相對轉(zhuǎn)盤的速度立即變?yōu)榱?，為保證他落在任何位置都不會被甩、.轉(zhuǎn)盤，轉(zhuǎn)盤

的角速度3應(yīng)限制在什么范圍？

(2)若已知，=5m,L=8m,a=2m/s2yg=10m/s2,且選手從某處。點放手能恰好落到轉(zhuǎn)盤的圓心上，

則他是從平臺出發(fā)后多長時間放開懸掛器的？

(3)若電動懸掛器開動后，針對不司選手的動力與該選手重力關(guān)系皆為尸=0.6mg,懸掛器在軌道上運動時

存在恒定的摩擦阻力，選手在運動到上面(2)中所述位置C點時，因恐懼沒有放開懸掛器，但立即關(guān)閉了它

的電動機，則按照(2)中數(shù)據(jù)計算懸掛器載著選手還能繼續(xù)向右滑行多遠(yuǎn)的距離？

五、計算題：本大題共1小題，共16分。

15.如圖所示，平行光滑金屬導(dǎo)軌由水平部分和傾斜部分平滑連接而成。導(dǎo)軌水平部分的一段處干B=0.507\

方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場(圖示虛線)中。在磁場中離左邊界，=0.40相處垂直于水平導(dǎo)軌放置導(dǎo)體

棒％在傾斜導(dǎo)軌高/i=0.2zn處垂直于導(dǎo)軌放置導(dǎo)體棒上將導(dǎo)體棒b由靜止釋放，結(jié)果發(fā)現(xiàn)導(dǎo)體棒Q以lm/s

的速度從磁場右邊界離開。已知導(dǎo)體棒a、b的質(zhì)量均為m=0.01kg,阻值均為R=O.1O0,棒的長度均等

于導(dǎo)軌間距L=0.20m,不計導(dǎo)軌電阻，導(dǎo)體棒在運動過程中始終垂直于導(dǎo)軌且接觸良好g取107TI/S2,忽略

(1)安培力對導(dǎo)體棒a做的功；

(2)導(dǎo)體棒a剛出磁場時，導(dǎo)體棒b的速度大小及兩棒之間的距離;

(3)整個過程中，安培力對導(dǎo)體棒b做的功。

答案和解析

1.【答案】D

【解析】【分析】

解決本題的關(guān)鍵知道能級間躍遷輻射或吸收光子的能量等于兩能級間的能級差，即Em-En=hv.

一樣處于九=3激發(fā)態(tài)的氫原子，可能由71=3向71=2能級躍遷，可能由九=3向九=1能級躍遷，可能由71=2

向八=1能級躍遷，輻射的光子能審等于兩能級間的能級差。激發(fā)態(tài)的氫原子吸收能最后的總能最是否大于

等F0,一旦大于等于0,說明發(fā)生電離。

【解答】

4.一群處于九=3激發(fā)態(tài)的氫原子?可能由n=3向n=2能級躍遷，可能由n=3向"=1能級躍遷，可能由

n=2向九=1能級躍遷，可能發(fā)加3種不同頻率的光子，故A錯誤；

8c.ltrn=3向71=2能級躍it發(fā)出的光子能量最小，則光子頻率也最小，波長最大。最小能量為3.4eV-

l.SleV=1.89eV,故錯誤；

D處于n=3能級對應(yīng)原子能量是-l.51eV,激發(fā)態(tài)的氫原子吸收能量后的總能最大于等于0,說明發(fā)生電離,

所以至少需吸收1.51W能量的光子才能電離，故。正確。

故選”

2.【答案】D

【解析】【分析】

本題考查了共點力的平衡應(yīng)用，關(guān)鍵是能根據(jù)題意找出不變量，找出夾角的變化，再結(jié)合共點力的平衡來

解決問題。

設(shè)滑輪兩邊繩與鞋直方向的夾角為仇根據(jù)幾何關(guān)系，結(jié)合平衡條件求解繩子拉力與e的關(guān)系，再分析其變

化情況。

【解答】

滑輪兩邊繩上的拉力大小相等，旦兩繩與豎直方向的夾角也相等，設(shè)滑輪兩邊繩與豎直方向的夾角為仇繩

固定在。點的一端緩慢向下移到E點，繩兩端的水平距離先增大后誡小，則。先增大后減小，設(shè)繩上的張力

為F,貝ij2Fcos?=7ng,則F先增大后減??；故ABC錯誤，。正確。

3.【答案】B

【解析】解：AB,根據(jù)電場線的流向，知IP帶正電，Q帶負(fù)電；〃點的場強可看成P、Q兩電荷在該點產(chǎn)生場

強的合場強，電荷P在N點電場方向沿PN向上，電荷Q在N點產(chǎn)生的場強沿NQ向下，合場強水平向右，可知

F電荷在N點產(chǎn)生的場強大于E電荷在N點產(chǎn)生的場強，而NQ>NP,所以/VQQ.故A錯誤，B正確：

C、只有電場線方向是一條直線，且初速度為0或初速度的方向與電場平行，運動軌跡才與電場線重合。而

該電場線是一條曲線，所以運動軌跡與電場線不重合，故C錯誤：

。、沿電場線方向電勢逐漸降低，UM>UN，再根據(jù)Ep=qU,q為負(fù)電荷，知與苗V0公故D錯誤。

故選：Bo

根據(jù)電場線的方向和場強的直加，可以判斷出P、Q的電性及電量的大小；只有電場線方向是一條直線，且

初速度為0或初速度的方向與電場平行，運動軌跡才與電場線重合；先比較電勢的高低，再根據(jù)￡p=qU，

比較電勢能。

解決本題的關(guān)鍵知道電場線的特點及電勢能高低的判斷。電勢能高低判斷：一可以從電場力做功角度判斷，

二根據(jù)電勢能的公式判斷。

4.【答案】C

【解析】【分析】

本題考查了光的折射定律、臨界角、光的干涉、愛因斯坦光電效應(yīng)方程；難度不大。

根據(jù)折射定律，結(jié)合幾何關(guān)系計算出光的折射率之比；

根據(jù)全反射臨界角sinC=1分析全反射臨界角的關(guān)系；

n

根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式/X=》分析條紋寬關(guān)系；

根據(jù)光電效應(yīng)方程a=hv-%分析最大初動能關(guān)系。

【解答】

解：8.根據(jù)折射定律，甲、乙兩種單色光的折射率分別為九=理零普=乎，n=嚅=苧，甲、乙

兩光的折射率之比2=*=理，故3錯誤；

〃乙苧2

4.全反射臨界角sine=；,甲單色光的折射率小于乙單色光的折射率，甲單色光的全反射臨界角大于乙單色

光的全反射臨界角，故A錯誤；

C日單色光的折射率小于乙單色光的折射率，則甲單色光的頻率小于乙單色光的頻率，單色光在真空中的

波長為則甲單色光的波長大于乙單色光的波長，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式/x=5九則單色光甲

的條紋寬度要比單色光乙的條紋寬度寬，故。正確；

D甲單色光的折射率小于乙單色光的折射率，則甲單色光的頻率小于乙單色光的頻率，根據(jù)光電效應(yīng)方程

Ek=hv-W0,若甲、乙兩光均能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則由甲光照射產(chǎn)生的光電子最大初動能更小，

故D錯誤。

5.【答案】B

【解析】解?：力、物體力和衛(wèi)星C的周期相等，則角速度相等，根據(jù)〃=丁3知，半徑越大，線速度越大.所

以衛(wèi)星C的運行速度大于物體4的速度.故A正確，

8、物體4靜止于地球赤道上隨地球一起自轉(zhuǎn)，衛(wèi)星C為繞地球做圓周運動，它們繞地心運動的周期相同，

根據(jù)向心加速度的公式Q=（皇）2/，衛(wèi)星。的加速度較大，故4錯誤.

C、4B、C繞地心運動的周期相同，根據(jù)開普勒第三定律得衛(wèi)星B運動軌跡的半長軸與衛(wèi)星C運動軌跡的

半徑相等.故C正確.

。、根據(jù)Q=等知，兩衛(wèi)星距離地心的距離相等，則加速度相等.故D正確.

本題選擇錯誤的，故選：B.

根據(jù)4、C的周期相等，知角速度相等，通過u=比較4、C速度的大小.因為衛(wèi)星的周期一定，根據(jù)萬有

引力提供向心力確定其軌道半徑一定.根據(jù)衛(wèi)星所受的萬有引力，通過牛頓第二定律比較加速度的大小.

解決本題的關(guān)鍵知道力和C的角速度相等，通過u=丁3比較線速度大小，注意物體力隨地球做圓周運動不是

靠萬有引力提供向心力.

6.【答案】C

【解析】【分析】

系統(tǒng)所受合外力為零系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)系統(tǒng)所受合外力情況判斷系統(tǒng)動量是否守恒；

滑塊從力到8過程系統(tǒng)在水平方向動量守恒、系統(tǒng)機械化守恒，應(yīng)用動量守恒定律與機械能守恒定律求出滑

塊滑到B時的速度；

滑塊和小車組成的系統(tǒng)水平方向不受外力，系統(tǒng)水平動量守恒，由此列式求解滑塊和小車的位移；

對整個過程，運用動量守恒定律和能量守恒定律求解〃、八R三者之間的關(guān)系。

解決該題的關(guān)鍵是需要掌握動量守恒的條件，知道滑塊和小車組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒，分析清

楚運動過程，應(yīng)用動量守恒定律與機械能守恒定律、能量守恒定律即可解題，解題時注意正方向的選擇。

【解答】

A、滑塊從A到B過程系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，在豎直方向所受合外力不為零，系統(tǒng)所受合外力不

為零，系統(tǒng)動量不守恒，滑塊從8到C過程系統(tǒng)所受合外力為零系統(tǒng)動量守恒，由此可知，滑塊從4到C過程

滑塊與小車組成的系統(tǒng)動量不是一直守恒的，故A錯誤；

4、滑塊由力到B過程系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，系統(tǒng)在水平方向動量守恒，設(shè)滑塊到8時的速度大小

為以，小車的速度大小為V，

取水平向右為正方向，由動量守恒定律得：0=mvm-Mv,

由機械能守恒定律得：mgR=4-^Mv2

解得：vm=J等，故B錯誤；

C、設(shè)全程小車相對地面的位移大小為s,根據(jù)題意可知全程滑塊水平方向相對小車的位移為R+L,則滑塊

水平方向相對地面的位移為：xf=R+L-s,

滑塊與小車組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，取水平向右為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得：m^-

M-t=0,即：tMt-=0,

已知M=3m,解得：s=；(R+L),1(/?+L),故C正確；

。、滑塊與小車組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，以向右為正方向，對整個過程，由動量守恒定律得：0=

(m+M)u',

解得：i/=0,

由能量守恒定律得：mgR=n?ngL,

解得：L=~,由于0<〃Vl,則L>R,故。錯誤。

7.【答案】C

【解析】【分析】

根據(jù)圖象有電流的熱效應(yīng)求得輸入電壓的有效值、根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，輸入功率等于輸出功率即可求

得結(jié)論.

能夠根據(jù)圖象得到我們需要的物理信息，掌握住理想變壓相的電壓、電流之間的關(guān)系，最大值和有效值之

間的關(guān)系即可解決本題.

【解答】

4、根據(jù)電流的熱效應(yīng)可知，輸入電壓的有效值為內(nèi),則有：呼+^^］二卷八解得：%二與乙

i\LK￡KZ

根據(jù)筏=y:4=，雙，故A錯誤;

B、根據(jù)輸入功率與輸出功率相同可得：解得：=2/1071,故8錯誤；

n

。、電阻消耗的功率為：p=〈=iow,故。正確；

力、由乙圖可知，在一個周期內(nèi)電流改變2次，故1s內(nèi)電流方向改變的次數(shù)為：n=焉又2=100次，故。

錯誤。

故選：C

8.【答案】B

【解析】【分析】

本題主要考查通電直導(dǎo)線周圍磁場分布特點、磁通量、感應(yīng)電流產(chǎn)生條件以及法拉第電磁感應(yīng)定律的簡單

應(yīng)用。畫出通電直導(dǎo)線周圍磁場分布，根據(jù)磁場分布特點結(jié)合磁通量定義、感應(yīng)電流產(chǎn)生條件以及法拉第

電磁感應(yīng)定律進行解答。

【解答】

通電直導(dǎo)線周圍磁場分布如圖,

立體圖剖面圖上視圖

4根據(jù)右手螺旋定則可知處與c的磁感應(yīng)強度大小相等，方向相反，故A錯誤；

B.小圓環(huán)的圓心從ad邊的中點豎直向上運動時，根據(jù)對稱性可知穿過小圓環(huán)平面的磁通量始終為零，沒有

磁通量變化，小圓環(huán)中無感應(yīng)電流，故8正確；

C小圓環(huán)的圓心從瓦移到S過程中，穿過小圓環(huán)的磁通最先減少后增加，故C錯誤；

。.小圓環(huán)的圓心從a移到d與從a移到c,磁通量變化相等，但時間不等，小圓環(huán)的平均感應(yīng)電動勢不相等，

故D錯誤。

9.【答案】ACD

【解析】解：力、14s末停止遙控而讓小車自由滑行，由圖象14s-18s時間段得:

0-67

a3=18-14="15ni/s

由牛頓第二定律得小車受到阻力大?。?/p>

f=771a3=1.5N故A正確；

B、由圖象可得0-2S內(nèi)的加速度為：

%==l.Stn/s2

由牛頓第二定律得：氏一f=m5

代人數(shù)據(jù)解得：F1=3N,

在0-2s內(nèi)通過的位移為：Xj=1x2x3m=3m

小車加速階段的功率為：尸=牛=等勿=4.5W,故8錯誤

V乙

C、勻速階段牽引力力等于阻力，故拉力功率為：P=Fv=fv=1.5x6W=9W,故C正確；

。、小車在2s?10s在額定功率下運動，故牽引力做功為：IV=Pt=9x8/=727,故。正確；

故選:ACD

A、在14s末停止遙控而讓小車自由滑行，小車只受摩擦力，故可以可以先求加速度，再求出合力，等于摩

擦力：

B、由圖象可求0-2s內(nèi)的加速度，利用牛頓第二定律即可求出牽引力，根據(jù)P=?求得平均功率

。、勻速階段，牽引力等于阻力，速度已知，直接根據(jù)公式P=求解；

。、根據(jù)W=Pt求得在額定功率下抖力做功

主要考查機車啟動問題，本題關(guān)鍵分析清楚小車各段的運動規(guī)律以及力的變化情況，結(jié)合牛頓第二定律和

功率公式求解.

10.【答案】BD

R212

【解析】解：力、分析棒的受力情況，mgsin3-=ma，分析可得棒做加速度減小的加速運動，

abWKab

故其平均速度不等于初、末速度的平均值*故A錯誤；

B、設(shè)必棒沿斜面下滑的位移為3則電荷量q=八"竽."1=竽=萼，解得位移x=*，故B正確;

C、根據(jù)能量守恒定律可知，產(chǎn)生的焦耳熱等于助棒機械能的減少量，Q=mgxsinG-=in^inG-

ZuL

jmv2,故C錯誤.

。、好棒受到的最大安培力為尸=8〃=華，故。正確.

A

故選：BD.

根據(jù)牛頓第二定律得到加速度的表達式，分析M棒的運動情況，明確只有勻變速直線運動的平均速度才能

用公式方二空.根據(jù)電量與位移的關(guān)系求位移.由能量守恒定律求焦耳熱.剛開始下滑時Qb棒受到的安培

力最大.

本題考查金屬棒切割磁感線的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，意在考查考生應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律、牛頓第二定律、能

量守恒定律解決電磁感應(yīng)綜合問題的能力.

11.【答案】(1)彳偏??；(2)25、入；(3)/3o

AB

【解析】解：(1)根據(jù)折射定律可得玻璃磚的折射率為：九=霽濡=爸=2

~R

若在插大頭針P3前不小心將玻璃磚以。為圓心逆時針轉(zhuǎn)過一小角度，相當(dāng)于入射角略微減小，杈據(jù)折射定律

可知折射角也將減小且減小量比入射角的減小量小些，則折射光線將以。為圓心逆時針轉(zhuǎn)過一小角度，之后

再插大頭針P3時，其位置將更遠(yuǎn)離直線4D,所以力B長度不變，CD變大，由此測得玻璃磚的折射率將偏??；

(2)由題意，根據(jù)幾何關(guān)系以及對稱性作出光路圖如圖1所示，可知在圖乙中右邊的插針應(yīng)該是匕、P6；

(3)如圖2所示，當(dāng)光線從P點垂直界面入射后，其入射角恰好等于全反射臨界角，即

0P1

sin乙OAP=-X-=—

Rn

當(dāng)入射角6=60。時，光線從玻璃甚圓形表面出射后恰好與入射光平行，根據(jù)折射定律以及對稱性可知：

乙OBP=乙APB

而sin^OBP=喘=1°。

而：BPJ"2+R2

根據(jù)折射定律有：nf=^-

聯(lián)立以上四式解得：nz=73o

故答案為：⑴事偏小；(2)%、尸6；(3)V~3o

(1)根據(jù)折射定律可得玻璃磚的折射率：根據(jù)折射率的計算方法結(jié)合圖象分析誤差；

(2)根據(jù)幾何關(guān)系以及對稱性作出比路圖，由此分析：

(3)當(dāng)光線從P點垂直界面入射后，其入射角恰好等于全反射臨界角，畫出光路圖，根據(jù)全反射發(fā)生的條件

結(jié)合折射定律進行解答。

本題主要是考查了光的折射，解答此類題目的關(guān)鍵是弄清楚光的傳播情況，畫出光路圖，通過光路圖根據(jù)

幾何關(guān)系、折射定律進行分析。

12.【答案】(1)電路圖如圖所示(2)a；(3)5.0；(4)>

【解析】【分析】

(1)根據(jù)題意確定滑動變阻器與電流表的接法，然后連接實物電路圖。

(2)滑動變阻器采用分壓接法時，為保護電路安全，保護開關(guān)前滑片應(yīng)置于分壓電路分壓最小的位置。

(3)根據(jù)圖象由歐姆定律求出電阻阻值。

(4)根據(jù)電路圖應(yīng)用歐姆定律分析實驗誤差，注意電流表的分壓作用導(dǎo)致電壓表測量值偏大。

本潁考杳了連接實物電路圖、實崎注意事項、求電陽陽值、實崎誤差分析等，要注竟掌樨根樨潁意確定滑

動變阻器與電流表接法是正確連接實物電路圖的關(guān)鍵，同時注意根據(jù)電表內(nèi)阻分析實驗誤差的基本方法.

【解答】

(1)根據(jù)電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示:

(2)由于滑動變阻器采用分壓接法，由電路圖可知，為保護電路安全，閉合開關(guān)前，滑片應(yīng)置于a端。

(3)由圖示圖象可知，電阻的阻值k=彳=*卷。=5.0。。

(5)由電路圖可知，電流表采用內(nèi)接法，由于電流表的分壓作用，電壓測量值大于真實值，由歐姆定律可知,

電阻測量值大于真實值。

故答案為：(1)電路圖如圖所示；(2)a；(3)5.0；(4)＞。

13.【答案】(1)根據(jù)玻意耳定律可知

Pi%=PO(VI+V)

解得

V=1335L

可放出該狀態(tài)下氧氣的體積1335”；

(2)根據(jù)理想氣體狀態(tài)變化方程可知

PM=P2(6+/)

~T\~~可2-

解得

=60L

用掉的氧氣的質(zhì)量與原有的氧氣的質(zhì)量之比

r

V

-------7=80°/()

【解析】(1)瓶內(nèi)氣體發(fā)生等溫變化，利用玻意耳定律求解。

(2)根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程體積，再根據(jù)體積比求解。

本題要根據(jù)題意分析清楚氣體狀態(tài)如何變化是解題的前提，確定氣體狀態(tài)參量，應(yīng)用玻意耳定律與理想氣

體狀態(tài)方程即可解題。

14.【答案】解：(1)設(shè)人落在轉(zhuǎn)盤邊緣也不至被甩下，最大靜摩擦力提供向向心力，

則有：fimg>mco2R

即轉(zhuǎn)盤轉(zhuǎn)動角度應(yīng)滿足：3工巧

(2)設(shè)水平加速段位移為勺，時間〃；平拋時水平位移為不，時間為匕，

則加速時有：Xj=