2025屆甘肅天水市太京中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中監(jiān)測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、用高壓輸電技術(shù)遠距離輸電，如果發(fā)電廠輸出功率為P，輸電電壓為U，輸電線的總電阻為R，則輸電線上損失的功率為（）A． B． C． D．2、如圖所示，三條平行等間距的虛線表示電場中的三個等勢面，電勢值分別為10V、20V、30V，實線是一帶電粒子（不計重力）在該區(qū)域內(nèi)的運動軌跡，a、b、c是軌跡上的三個點，下列說法正確的是（）A．粒子在三點所受的電場力相等B．粒子必先過a，再到b，然后到cC．粒子在三點的電勢能大小關(guān)系為D．粒子在三點的機械能必定相等3、如圖甲所示，一帶正電的粒子以水平初速度vo（vo<E/B）先后進入方向互相垂直的勻強電場和勻強磁場區(qū)域，兩場的區(qū)域?qū)挾认嗤?，帶電粒子穿過兩場的過程中（不計重力），電場和磁場對粒子所做的總功為W1；若把上述兩場正交疊加，如圖乙所示，粒子仍以水平初速度vo穿過疊加場區(qū)，此過程電場和磁場對粒子所做的總功為W2，比較W1和W2有：A．一定是W1>W2 B．一定是W1=W2C．一定是W1<W2 D．可能是W1>W2，也可能是W1<W24、如圖所示，a、b、c、d、e為同一直線上的五個點，相鄰兩點間的距離都為L．處于a、e兩點的點電荷的電荷量都為q，處于a點的為負電荷，處于e點的為正電荷．在c點有一與直線垂直的均勻帶電薄板，帶電量為Q，電性未知．已知d點的電場強度為零，則b點的電場強度大小為（已知靜電力常量為k）（）A．B．C．D．5、在籃球比賽中，某位同學(xué)獲得罰球機會，如圖，他站在罰球線處用力將籃球投出，籃球以約為1m/s的速度撞擊籃筐．已知籃球質(zhì)量約為0.6kg，籃筐離地高度約為3m，忽略籃球受到的空氣阻力，則該同學(xué)罰球時對籃球做的功大約為()A．1J B．10J C．50J D．100J6、下列圖中A球系在絕緣細線的下端，B球固定在絕緣平面上，它們帶電的種類以及位置已在圖中標(biāo)出，則A球能保持靜止的是（）A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路，電源電壓U=3.0V，L1、L2、L3為3個相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的I-U特性曲線如右圖所示．當(dāng)開關(guān)閉合后，下列關(guān)于電路中燈泡的說法中，正確的是()A．燈泡L1消耗的電功率為0.30WB．燈泡L1的電阻為7.5ΩC．燈泡L3的電阻為12ΩD．三燈泡消耗的總電功率為0.90W8、用一段橫截面半徑為r、電阻率為ρ、密度為d的均勻?qū)w材料做成一個半徑為R(r<<R)的圓環(huán)。圓環(huán)豎直向下落入如圖所示的徑向磁場中，圓環(huán)的圓心始終在N極的軸線上，圓環(huán)所在位置的磁感應(yīng)強度大小均為B。圓環(huán)在加速下落過程中某一時刻的速度為v，忽略電感的影響，則A．此時在圓環(huán)中產(chǎn)生了(俯視)順時針的感應(yīng)電流B．此時圓環(huán)受到豎直向下的安培力作用C．此時圓環(huán)的加速度D．如果徑向磁場足夠深，則圓環(huán)的最大速度9、關(guān)于磁感線的描述，正確的是（）A．沿磁感線的方向，磁場逐漸減弱B．利用磁感線疏密程度可以比較磁場中兩點磁場強弱C．磁鐵周圍小鐵屑有規(guī)則的排列，正是磁感線真實存在的證明D．不管有幾個磁體放在某一空間，在空間任一點絕無兩根（或多根）磁感線相交10、智能手機耗電量大，移動充電寶應(yīng)運而生，它是能直接給移動設(shè)備充電的儲能裝置．充電寶的轉(zhuǎn)化率是指電源放電總量占電源容量的比值，一般在0.60﹣0.70之間（包括移動電源和被充電池的線路板、接頭和連線的損耗）．如圖為某一款移動充電寶，其參數(shù)見如表，下列說法正確的是（）容量20000mAh兼容性所有智能手機輸入DC5V2AMAX輸出DC5V0.1-2.5A尺寸156*82*22mm轉(zhuǎn)換率0.60產(chǎn)品名稱索揚重量約430gA．給充電寶充電時將大部分電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能B．該充電寶最多能儲存能量為20000mAhC．理論上該充電寶電量從零到完全充滿電的時間約為10hD．該充電寶給電量為零、容量為3000mAh的手機充電，則理論上能充滿4次三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)采用如圖甲所示的電路測定電源電動勢和內(nèi)電阻，已知干電池的電動勢約為1.5V，內(nèi)阻約1Ω，電壓表（0﹣3V3kΩ），電流表（0﹣0.6A1.0Ω），滑動變阻器有R1（10Ω2A）和R2（100Ω0.1A）各一只；（1）實驗中滑動變阻器應(yīng)選用____（選填R1．R2）（2）在圖乙中用筆畫線代替導(dǎo)線連接實驗電路____．（3）在實驗中測得多組電壓和電流值，得到如圖丙所示的U﹣I，由圖可較準確求出電源電動勢E=_____V，內(nèi)阻r=_____Ω．12．（12分）某物理實驗興趣小組探究測定某品牌礦泉水的電阻率，用一兩端開口的的玻璃管通過密封塞封住一定量的礦泉水（水占滿被密封部分的全部空間）．（1）該同學(xué)用多用電表的電阻檔測量玻璃管中礦泉水的電阻，選擇開關(guān)置于“×100”檔，發(fā)現(xiàn)指針如圖甲所示，則該同學(xué)接著需要做的實驗步驟是：①換選________(填“×10”或“×1k”)檔；②______________________．（2）該組同學(xué)按圖乙連好電路后，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片，從最右端向左端移動的整個過程中，發(fā)現(xiàn)電壓表有示數(shù)但幾乎不變，可能的原因是________．A．滑動變阻器阻值太小B．電路中5、6之間斷路C．電路中7、8之間斷路（3）該組同學(xué)在改進實驗后，測出玻璃管中有水部分的長度為L，電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I，改變玻璃管中的水量，測出多組數(shù)據(jù)，并描繪出相應(yīng)的圖像如圖丙所示，若圖線的斜率為k，玻璃管的內(nèi)徑d，則礦泉水的電阻率ρ＝________(用題中字母表示)．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在密立根油滴實驗中，測出某油滴所受的重力為1.8×10-9N，當(dāng)電場強度為4.0×104N/C時，油滴豎直向下做勻速直線運動，如圖所示。求（1）該油滴帶何種性質(zhì)的電荷？（2）帶電油滴所帶電荷量是多少？14．（16分）如圖所示，真空室內(nèi)有一個點狀的α粒子放射源P，它向各個方向發(fā)射α粒子（不計重力），速率都相同．a(chǎn)b為P點附近的一條水平直線（P到直線ab的距離PC=L），Q為直線ab上一點，它與P點相距（現(xiàn)只研究與放射源P和直線ab同一個平面內(nèi)的α粒子的運動），當(dāng)真空室內(nèi)（直線ab以上區(qū)域）只存在垂直該平面向里、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場時，水平向左射出的α粒子恰到達Q點；當(dāng)真空室（直線ab以上區(qū)域）只存在平行該平面的勻強電場時，不同方向發(fā)射的α粒子若能到達ab直線，則到達ab直線時它們動能都相等，已知水平向左射出的α粒子也恰好到達Q點．（α粒子的電荷量為+q，質(zhì)量為m；sin37°=1．6；cos37°=1．8）求：（1）α粒子的發(fā)射速率；（2）勻強電場的場強大小和方向；（3）當(dāng)僅加上述磁場時，能到達直線ab的α粒子所用最長時間和最短時間的比值．15．（12分）如圖所示為一種測定風(fēng)作用力的儀器原理圖，P為金屬球，懸掛在一細長金屬絲上面，O是懸掛點，R0是保護電阻，CD是水平放置的光滑電阻絲，與細金屬絲始終保持良好的接觸．無風(fēng)時細金屬絲與電阻絲在C點接觸，此時電路中電流I0，有風(fēng)時金屬絲將偏轉(zhuǎn)一角度，角θ與風(fēng)力大小有關(guān)，已知風(fēng)力方向水平向左，OC＝h，CD＝L，球質(zhì)量為m，電阻絲單位長度電阻為k，電源內(nèi)阻和金屬絲電阻均不計，金屬絲偏轉(zhuǎn)θ角時，電流表示數(shù)為I′，此時風(fēng)力大小為F．試寫出：（1）風(fēng)力大小F與θ的關(guān)系式；（2）風(fēng)力大小F與電流表示數(shù)I′的關(guān)系式．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

因為輸送功率為P，輸送電壓為U，所以輸送電流為根據(jù)公式P=I2R得輸電線上損失的功率為故C正確，ABD錯誤。

故選C。2、A【解析】

A.因表示電場中三個等勢面的三條虛線是平行且等間距的，由此可判斷電場是勻強電場，所以帶電粒子在電場中各點受到的電場力相等．故A正確；B.由題圖可知，電場的方向是向上的，而粒子受力一定是向下的，故粒子帶負電，而帶負電的粒子無論是依次沿a、b、c運動，還是依次沿c、b、a運動，都會得到如圖的軌跡．故B錯誤．CD.粒子在電場中運動時，只有電場力做功，故電勢能與動能之和應(yīng)是恒定不變的，由圖可知，粒子在b點時的電勢能最大，在c點的電勢能最小，則可判斷在c點的動能最大，在b點的動能最小，此過程粒子的能量守恒，但粒子的機械能不守恒．故CD錯誤．3、A【解析】

先判斷帶電粒子在電場中的受力情況和在重疊區(qū)的受力情況，比較兩種情況中的偏轉(zhuǎn)位移的大小，而洛倫茲力對粒子不做功，只有電場力做功，進而可以判斷做功大?。驹斀狻坎徽搸щ娏Ｗ訋Ш畏N電荷，粒子穿過重疊場區(qū)時，電場力的方向與洛倫茲力的方向的夾角大于90°，所以帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)位移比重疊時的偏轉(zhuǎn)位移大，所以不論粒子帶何種電性，甲中帶電粒子在電場中偏轉(zhuǎn)位移一定大于乙中的偏轉(zhuǎn)位移，而洛倫茲力對帶電粒子不做功，只有電場力做功，所以一定是W1＞W(wǎng)2，故A正確。故選A?！军c睛】本題解題的關(guān)鍵是分析兩種情況下的偏轉(zhuǎn)位移的大小，洛倫茲力對帶電粒子不做功，難度適中．4、A【解析】

根據(jù)電場疊加原理，可知處于a、e兩點的點電荷在d點的電場強度為：方向向左．d點電場強度為零，則均勻帶電薄板在d點的電場強度與a、e兩點的點電荷在d點的電場強度等大反向，即為，方向向右．根據(jù)對稱性可知，處于a、e兩點的點電荷在b點的電場強度為，方向向左，均勻帶電薄板在b點的電場強度為，方向向左，根據(jù)電場疊加原理可知，b點的電場強度為，故選A．5、B【解析】

假設(shè)人的身高為，則根據(jù)動能定理帶入數(shù)據(jù)整理可以得到故選B。6、C【解析】

A．A球受到豎直向下的重力、B球的斜向左下方的吸引力和繩子斜向左上方的拉力，根據(jù)正交分解法可知，小球有水平向左的合力，不可能保持靜止?fàn)顟B(tài)。故A錯誤；

B．對A球進行受力分析：

根據(jù)力的合成，可知道任意兩個力的合力的方向不可能與第三個力方向相反，故B錯誤；C．對A球進行受力分析，受豎直向下的重力和B球豎直向上的斥力，若此時細繩的拉力為零，物體可能所受合力為零，保持靜止，故C正確；D．由圖看出，A球受到豎直向下的重力、B的吸引力和繩子的拉力，三個力的合力不能為零，所以A球不能保持靜止?fàn)顟B(tài)，故D錯誤。

故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】

AB、由題意，電源電動勢為3.0V，內(nèi)阻不計，則知L3的電壓U3=E=3V，L2、L1的電壓均為，由小燈泡的伏安特性曲線讀出L1的電流為I1=0.20A，則其電阻為，燈泡L1消耗的電功率為，故A、B正確；C、由小燈泡的伏安特性曲線讀出L3的電流為I3=0.25A，則其電阻為，故C正確；D、燈泡L3消耗的電功率為，燈泡L2消耗的電功率等于燈泡L1消耗的電功率，所以三燈泡消耗的總電功率，故D錯誤；故選ABC．【點睛】關(guān)鍵是知道電源電動勢為3.0V，內(nèi)阻不計，則知三個燈泡兩端的電壓，由小燈泡的伏安特性曲線讀出三個燈泡的電流，由求出電阻，根據(jù)P=UI求出功率．8、AD【解析】

A．由題意可知，根據(jù)右手定則，右圖中，環(huán)左端面電流方向垂直紙面向里，右端面電流方向向外，則有(俯視)順時針的感應(yīng)電流，故A項符合題意；B．根據(jù)楞次定律可知，環(huán)受到的安培力向上，阻礙環(huán)的運動，故B項不符合題意；C．圓環(huán)落入磁感應(yīng)強度B的徑向磁場中，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢圓環(huán)的電阻電流圓環(huán)所受的安培力大小由牛頓第二定律得其中質(zhì)量聯(lián)立解得故C項不符合題意；D．當(dāng)圓環(huán)做勻速運動時，安培力與重力相等，速度最大，即有可得解得故D項符合題意。9、BD【解析】

AB.磁感線的疏密表示磁場的強弱，磁感線越密的地方，磁場越強，越疏的地方，磁場越弱，但沿磁感線，磁場并不一定減弱，故A錯誤，B正確。C.磁感線是為了形象地描述磁場而假想的曲線，是不存在的。故C錯誤。D.磁感線不會相交，因為如果相交，交點會有兩個切線方向，即有兩個磁場方向，故D正確。10、ACD【解析】

A.充電寶充電時將電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能，故A正確；B.該充電寶的容量為：q=20000mAh=C，該電池的電動勢為5V，所以充電寶儲存的能量：，故B錯誤；C.以2A的電流為用電器供電則供電時間，故C正確；D.由于充電寶的轉(zhuǎn)化率是0.60，所以可以釋放的電能為：20000mA?h×0.6=12000mAh，給容量為3000mAh的手機充電的次數(shù)：次，故D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、R1圖見解析1.471.88【解析】

（1）[1]電路中最大電流的額定電流小于，同時阻值遠大于電源內(nèi)阻，不便于調(diào)節(jié)，所以變阻器選用R1；

（2）[2]對照電路圖，按電流方向連接電路，如圖所示：

（3）[3][4]由閉合電路歐姆定律得知，當(dāng)時，，U-I圖象斜率的絕對值等于電源的內(nèi)阻，則將圖線延長，交于縱軸，縱截距即為電動勢12、換×1k倍率；換擋要進行歐姆調(diào)零．AC【解析】

（1）①[1][2]．由圖可知歐姆表示數(shù)太大，故應(yīng)選擇更大倍率測量，即換×1k倍率；②換擋要進行歐姆調(diào)零．（2）[3]．A、滑動變阻器阻值太小，通過調(diào)節(jié)它電路的電流改變比較小，故A可能；B.電路中5、6之間斷路，則電壓表示數(shù)為零，故B不可能；C、電路中7、8之間斷路后電壓表被串聯(lián)到電路中，會導(dǎo)致其電壓接近電源電動勢，故C是可能的；（3）[4]．由電阻定律可得：又由圖象可知：解得：．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在