答案第=page1111頁，共=sectionpages1111頁答案第=page1010頁，共=sectionpages1111頁區(qū)縣高中學(xué)校25屆高三一診模擬聯(lián)考物理參考答案：C2．A3．D4．B5．B6．C【詳解】AB．有圖像可得，在內(nèi)，有則阻力大小為內(nèi)小車做勻速運(yùn)動(dòng)，有故小車的額定功率為故AB錯(cuò)誤；C．0~2s內(nèi)小車的位移由牛頓第二定律和速度公式可得內(nèi)，功率不變，則小車加速階段的平均功率為故C正確；D．根據(jù)動(dòng)能定理有則加速階段小車的位移7．A【詳解】ABC．將物體B的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，如圖

根據(jù)平行四邊形定則，沿繩子方向的速度為可知θ在增大到90°的過程中，物體A的速度方向向下，且逐漸減?。挥蓤D可知，當(dāng)物體B到達(dá)P點(diǎn)時(shí)，物體B與滑輪之間的距離最短，繩子長(zhǎng)度最小，此時(shí)此后物體A向上運(yùn)動(dòng)，且速度增大；所以在物體B沿桿由點(diǎn)M勻速下滑到N點(diǎn)的過程中，物體A的速度先向下減小，然后向上增大，故A正確，BC錯(cuò)誤；D．物體A向下做減速運(yùn)動(dòng)和向上做加速運(yùn)動(dòng)的過程中，加速度的方向都向上，所以物體A始終處于超重狀態(tài)，故D錯(cuò)誤。8．BC【詳解】A．根據(jù)題意可知，不確定小物塊是否恰好在到達(dá)木板右端時(shí)與木板相對(duì)靜止，由圖可知，物塊的對(duì)地位移為木板的對(duì)地位移為則木板的長(zhǎng)度為B．根據(jù)題意，設(shè)木板的質(zhì)量為，木塊的質(zhì)量為，由圖可知，時(shí)刻二者共速為，由動(dòng)量守恒定律有解C．根據(jù)圖像中斜率表示加速度可知，物塊的加速度大小為由牛頓第二定律，對(duì)物塊有解D．根據(jù)題意可知，從開始到時(shí)刻系統(tǒng)所產(chǎn)生的內(nèi)能為由于不知道木板和木塊的質(zhì)量，則內(nèi)能不可求，故D不符合題意。9．ACD【詳解】由題意知，恒力F作用時(shí)，小滑塊與木板間出現(xiàn)滑動(dòng)，對(duì)小滑塊：，對(duì)木板：；撤去拉力到穩(wěn)定狀態(tài)，小滑塊繼續(xù)加速直到勻速，，木板開始減速直到勻速，木板加速度的大?。瓵：整個(gè)過程中，系統(tǒng)因摩擦而產(chǎn)生的熱量．故A項(xiàng)正確．BC：設(shè)恒力作用的時(shí)間為，在恒力作用的階段，兩物體的相對(duì)位移，恒力作用階段兩者的末速度、；撤去外力到穩(wěn)定狀態(tài)，兩物體的相對(duì)位移，且、，聯(lián)立解得：、、．故B項(xiàng)錯(cuò)誤，C項(xiàng)正確．D：摩擦力對(duì)小滑塊Q的沖量，故D項(xiàng)正確．【點(diǎn)睛】板塊模型是牛頓運(yùn)動(dòng)定律部分的典型模型，對(duì)各種可能情況要能熟練掌握．必要時(shí)可畫出速度時(shí)間圖象分析運(yùn)動(dòng)過程．10．AC【詳解】A做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力為，B做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力為，A和B的最大靜摩擦力大小相同，均為，可見相同情況下，B的靜摩擦力先達(dá)到最大，圓盤從靜止開始加速轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)繩子沒有拉力時(shí)，A和B都有靜摩擦力提供向心力，當(dāng)B的靜摩擦力達(dá)到最大時(shí)，由牛頓第二定律即時(shí)，繩子出現(xiàn)拉力，受力開始發(fā)生變化；角速度繼續(xù)增大，此時(shí)B單純依靠靜摩擦力不足以提供向心力，需要繩子拉力，而A受到繩子拉力作用，A所受的靜摩擦力開始減小，當(dāng)A不受摩擦力時(shí)，設(shè)繩子拉力為F，對(duì)B由牛頓第二定律對(duì)A由牛頓第二定律解角速度繼續(xù)增大，此時(shí)A受到的摩擦力開始背離轉(zhuǎn)軸方向，當(dāng)A受到背離轉(zhuǎn)軸方向的靜摩擦力最大時(shí)，設(shè)繩子拉力為，則對(duì)A由牛頓第二定律對(duì)B由牛頓第二定律聯(lián)立解得角速度再增大時(shí)，A會(huì)靠近圓心，繩子上的力和摩擦力不足以維持B錯(cuò)圓周運(yùn)動(dòng)，故要發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)：A．當(dāng)圓盤的角速度增大到時(shí)，繩子開始出現(xiàn)拉力，故A正確；B．滑塊A所受的摩擦力，先指向圓心增大，然后指向圓心減小，然后再背離圓心增大，故B錯(cuò)誤；C．滑塊所受的摩擦力始終指向圓心，故C正確；D．當(dāng)圓盤的角速度增大到時(shí)，A、開始相對(duì)圓盤發(fā)生滑動(dòng)，故D錯(cuò)誤。11．同時(shí)不變B12．【分析】本題考查根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)性質(zhì)設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)和計(jì)算向心力?！驹斀狻縖1]小球周期，所需向心力F需=[2]對(duì)小球受力分析，記繩與豎直方向夾角為，其中F供=[3]物體做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)F需=F供圖像斜率表達(dá)式為。13．（1），；（2），【詳解】（1）靜止時(shí)，小球受力平衡，設(shè)繩子對(duì)小球的拉力為T，圓錐體對(duì)小球的支持力為N，由平衡條件得，解得，（2）當(dāng)小球與圓錐體之間的作用力為零時(shí)有由牛頓第二定律有解得所以，小球受力如下圖。

則有，解得，14．（1）m/s2；（2）0.2kg，0.8m【詳解】(1)小滑塊沿AB面下滑過程，據(jù)牛頓第二定律可得解得(2)設(shè)小滑塊每次剛到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度大小為，由A到C過程據(jù)動(dòng)能定理可得在C點(diǎn)由牛頓第二定律得聯(lián)立解得由圖2可得2mg=4N，解得m=0.2kg，R=0.8m15．（1）；（2）；（3），【詳解】（1）A與B碰撞過程，根據(jù)動(dòng)量守恒有mv0=（m+2m）v1解得（2）設(shè)三者的共同速度為v2，對(duì)A、B、C構(gòu)成的系統(tǒng)，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有2mv0=4mv2在A與B碰后到三者達(dá)到共同速度過程，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化與守恒有解得（3）A與B碰后到彈簧壓縮到最短時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能達(dá)到最大