…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版選修3物理下冊月考試卷790考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、直流電路如圖所示，電源的內阻不能忽略不計，在滑動變阻器的滑片P由圖示位置向右移動時；電源的（）

A.效率一定增大B.總功率一定增大C.熱功率一定增大D.輸出功率一定先增大后減小2、下列說法正確的是（）A.擴散現象說明分子之間存在空隙，同時分子在永不停息地做無規(guī)則運動B.布朗運動就是液體分子的無規(guī)則運動C.當分子力表現為引力時，分子勢能隨分子間距離的增加而減小D.減速運動的物體一定發(fā)生了機械能向內能轉化3、一定質量的理想氣體的體積V隨熱力學溫度T變化的情況如圖所示。氣體先后經歷狀態(tài)A、B和C；下列說法正確的是（）

A.從狀態(tài)A到狀態(tài)B，氣體壓強保持不變B.從狀態(tài)A到狀態(tài)B，氣體內能保持不變C.從狀態(tài)B到狀態(tài)C，氣體對外做功D.從狀態(tài)B到狀態(tài)C，氣體向外放熱4、如圖中兩根長度和橫截面積都相等的金屬絲a、b的伏安特性圖線，可以斷定（）

A.的電阻比的電阻大B.的電阻比的電阻大C.的電阻一樣大D.兩金屬絲串聯在同一電路中時通過的電流比通過的電流大5、如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數比為10：1，R1=10Ω，R2=15Ω．C為電容器；電流傳感器與原線圈串聯．當開關S斷開時，傳感器測得的正弦交流電如圖乙所示，則。

A.電阻R1中交流電的頻率為5HzB.輸入電壓的最大值為600VC.電阻R2的電功率為270WD.S閉合前后，原線圈中電流不變6、太陽因核聚變釋放出巨大的能量，同時其質量不斷減少。太陽每秒鐘輻射出的能量約為4×1026J，根據愛因斯坦質能方程，太陽每秒鐘減少的質量最接近A.1036kgB.1018kgC.1013kgD.109kg評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)7、下列說法正確的是（）A.擴散現象是由外界作用引起的，如風的對流B.單晶體具有各向異性，多晶體具有各向同性，液晶具有各向異性C.在一定溫度下，空氣中水蒸氣的壓強越大，相對濕度越大D.毛細現象的產生是因為浸潤的液體附著層稀疏，表現為引力，使其具有收縮的趨勢，使液面呈凹狀8、下列說法中正確的是（）A.液晶是一種晶體，其分子的空間排列是穩(wěn)定的B.有些液晶的光學性質隨溫度的變化而變化C.一定溫度下水蒸氣的飽和汽壓隨飽和汽的體積增大而增大D.在絕對濕度相同的情況下，冬天比夏天的相對濕度大9、如圖所示，a、b、c、d表示一定質量的理想氣體狀態(tài)變化中的四個狀態(tài)，圖中ad與T軸平行，cd與p軸平行，ab的延長線過原點；則下列說法中正確的是（）

A.氣體在狀態(tài)a時的體積大于在狀態(tài)b時的體積B.從狀態(tài)b到狀態(tài)a的過程，氣體吸收的熱量一定等于其增加的內能C.從狀態(tài)c到狀態(tài)d的過程，氣體分子的平均動能不變，但分子的密集程度增加E.從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過程，氣體從外界吸收的熱量一定大于其對外做的功E.從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過程，氣體從外界吸收的熱量一定大于其對外做的功10、下列說法中正確的是（）A.氣體的體積是所有氣體分子的體積之和B.液晶顯示器利用了液晶對光具有各向異性的特點C.高溫物體可以自發(fā)把熱量傳遞給低溫物體，最終兩物體可達到熱平衡狀態(tài)E.在“用油膜法測分子直徑”的實驗中，作了三方面的近似處理：視油膜為單分子層、忽略油酸分子間的間距及視油酸分子為球形E.在“用油膜法測分子直徑”的實驗中，作了三方面的近似處理：視油膜為單分子層、忽略油酸分子間的間距及視油酸分子為球形11、如圖所示，平行金屬板中帶電質點P原處于靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器的滑片向b端移動時，則

A.電壓表讀數減小B.電流表讀數增大C.質點P將向上運動D.上消耗的功率逐漸增大12、在如圖所示的電路中，兩定值電阻的阻值變壓器為理想變壓器，兩電表均為理想電表，在原線圈a、b端輸入的正弦交流電壓，原.副線圈的匝數之比為則下列說法正確的是（）

A.電流表的示數為B.電壓表的示數為C.電路消耗的總功率為D.電阻消耗的功率之比為評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)13、一邏輯電路圖如下圖所示，其真值表見下表，此邏輯電路為________門電路，在真值表中X處的邏輯值為________。

輸入輸出ABY00001010X11114、（1）一定質量的氣體做等容變化，溫度為200K時的壓強為0.8atm，壓強增大到2atm時的溫度為________K。

（2）一定質量的氣體，在壓強不變時，溫度為200K，體積為V0，當溫度升高100K時，體積變?yōu)樵瓉淼腳_______倍。15、如圖為一定質量的理想氣體的體積與熱力學溫度的關系圖像，該氣體的狀態(tài)經歷的變化過程。氣體狀態(tài)由過程中，氣體壓強________（選填“增大”“不變”或“減小”）；若整個過程中氣體放出的熱量為則整個過程外界對氣體所做的功為________。

16、如圖甲所示是兩電阻R1、R2各自的U-I圖線．則電阻R1的阻值為______Ω．如果把R1、R2兩個電阻串聯接成如上圖乙所示的電路時，電流表的示數為0.1A．則此時電阻R2兩端的電壓是______V．

17、B．(選修模塊3-4)

（1）一列沿著x軸正方向傳播的橫波，在t=0時刻的波形如圖甲所示．圖甲中某質點的振動圖象如圖乙所示．質點N的振幅是_________m，振動周期為_________s，圖乙表示質點_____(從質點K、L、M、N中選填)的振動圖象．該波的波速為___________m／s．

（2）慣性系S中有一邊長為l的正方形(如圖A所示)，從相對S系沿x方向以接近光速勻速飛行的飛行器上測得該正方形的圖象是__________________．

（3）描述簡諧運動特征的公式是x＝_______．自由下落的籃球緩地面反彈后上升又落下．若不考慮空氣阻力及在地面反彈時的能量損失，此運動________(填“是”或“不是”)簡諧運動．18、一列波沿x軸正方向傳播的簡諧波，在t=0時刻的波形圖如圖所示，已知這列波在P出現兩次波峰的最短時間是0.4s；根據以上可知：

(1)這列波的波速是____m/s；

(2)再經過___s質點R才能第一次到達波峰；

(3)這段時間里R通過的路程為___cm。19、如圖所示，一束激光頻率為傳播方向正對衛(wèi)星飛行方向，已知真空中光速為c，衛(wèi)星速度為u，則衛(wèi)星上觀測到激光的傳播速度是______，衛(wèi)星接收到激光的頻率______（選填“大于”“等于”或“小于”）。

20、某同學測定一金屬桿的長度和直徑，示數如圖甲、乙所示，則該金屬桿的長度和直徑分別為____cm和____mm

評卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共36分)24、某實驗小組用如題圖所示的裝置驗證動量守恒定律。

（1）兩小球應滿足的關系是m1________m2。（填“＞”或“＜”或“=”）

（2）下列操作中有必要的是________。

A．實驗前固定在桌邊上的斜槽末端的切線要沿水平方向。

B.實驗中需要測量小球開始釋放的高度h

C.實驗中需要測量小球拋出點距地面的高度H

D.實驗中需要測量小球做平拋運動的水平射程。

（3）第一步：先從S處釋放m1并多次重復找到落點P，并測出水平射程OP。第二步：將m2靜置于軌道末端O′點，再從S處釋放m1與m2發(fā)生對心碰撞，并多次重復后分別確定兩球的水平射程OM和ON。若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為______________（用圖中字母表示）。25、某實驗小組的同學利用圖甲所示的電路探究并聯電路中各點電勢的關系．已知R1＝10Ω，R2＝20Ω，R3＝30Ω，R4＝40Ω，電源的電動勢為E＝_____10V，內阻不計，且電源負極端接地．

（1）由此可得ab兩點電勢差為U＝_____V

（2）該實驗小組同學又設計了圖乙的電路來測量電阻Rx的阻值，其中R為電阻箱，④為靈敏電流計，請按圖乙的實驗原理圖完成圖丙中實物電路的連線

（3）實驗時，先調節(jié)電阻箱，使電阻箱的阻值為R1．閉合開關，反復調節(jié)滑動變阻器滑片的位置，使通過靈敏電流計的電流為零；斷開開關，保持滑動變阻器的滑片所處位置不變，交換電阻箱與待測電阻的位置．閉合開關，然后反復調節(jié)電阻箱，使靈敏電流計的示數再次為零，記下此時電阻箱的阻值記為R2；則待測電阻的阻值為Rx＝_______（用題中已知量的字母表示）26、在測量油酸分子直徑的實驗中，使油酸在水面上形成一層單分子油膜．油膜分子都是直立在水面上的，單分子油膜的厚度即等于油酸分子的________．若油酸酒精溶液體積濃度為0.10%，一滴溶液的體積為4.8×10－3mL，其形成的油膜面積為40cm2，則估測出油酸分子的直徑為________m．27、請讀出游標卡尺的讀數。

（1）_____________mm（2）_____________mm參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】【詳解】

由電路圖可知，當滑動變阻滑片向右移動時，滑動變阻器接入電路的阻值增大，電路總電阻變大，電源電動勢不變，由閉合電路的歐姆定律可知，電路總電流I變小。

A．電源的效率

電源內阻r不變，滑動變阻器阻值R變大；則電源效率增大，故A正確；

B．電源電動勢E不變，電流I變小，電源總功率P=EI

減?。还蔅錯誤；

C．電源內阻r不變，電流I減小，電源的熱功率PQ=I2r

減小；故C錯誤；

D．當滑動變阻器阻值與電源內阻相等時；電源輸出功率最大，由于不知道最初滑動變阻器接入電路的阻值與電源內阻間的關系，因此無法判斷電源輸出功率如何變化，故D錯誤。

故選A。

【點睛】

知道電路串并聯中的電流電壓關系，并熟練應用閉合電路歐姆定律、電功率公式即可正確解題。2、A【分析】【詳解】

A．擴散現象說明分子之間存在空隙；同時分子在永不停息地做無規(guī)則運動，選項A正確；

B．布朗運動是懸浮在液體表面的固體顆粒的無規(guī)則運動；是液體分子無規(guī)則運動的具體表現，選項B錯誤；

C．當分子力表現為引力時；分子間距離的增加時，分子力做負功，則分子勢能增加，選項C錯誤；

D．減速運動的物體動能減小；可能重力勢能增加，例如上拋物體，不一定發(fā)生了機械能向內能轉化，選項D錯誤。

故選A。3、A【分析】【詳解】

A．從狀態(tài)A到狀態(tài)B；氣體作等壓變化，故A正確；

B．從狀態(tài)A到狀態(tài)B；溫度升高，所以氣體內能變大，故B錯誤；

CD．從狀態(tài)B到狀態(tài)C；溫度升高，氣體內能增大，體積不變，氣體不做功，由熱力學第一定律可知氣體從外界吸收熱量。故CD錯誤。

故選A。4、B【分析】【詳解】

ABC．在圖像中圖像的斜率表示電阻的倒數，由圖可以知道a的斜率大于b的斜率，a的電阻小于b的電阻；AC錯誤，B正確；

D．串聯電路；電流處處相等，D錯誤。

故選B。5、B【分析】【詳解】

由圖可知，原線圈交變電流的頻率為50Hz，副線圈交變電流的頻率同為50Hz；原線圈交變電流的有效值為由得．由并聯電路的分流原理，電阻R2中的電流電阻R2消耗的電功率為PR2=IR22R2=120W；電阻R2的電壓為由得故S閉合后，有電流流過電容器，故副線圈中電流增大，原線圈中電流也隨之增大．故答案選B．6、D【分析】【詳解】

根據△E=△mc2得：故D正確，ABC錯誤．二、多選題(共6題，共12分)7、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．擴散現象是由分子熱運動引起的；故A錯誤；

B．單晶體具有各向異性；多晶體具有各向同性，液晶具有各向異性，故B正確；

C．在一定溫度下；空氣中水蒸氣的壓強越大，相對濕度越大，故C正確；

D．浸潤與不浸潤都可以引起毛細現象；故D錯誤。

故選BC。8、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．液晶像液體一樣可以流動；又具有某些晶體結構特征的一類物質，液晶分子的空間排列是不穩(wěn)定的，具有各向異性，故A錯誤；

B．有些液晶的光學性質隨溫度的變化而變化；故B正確；

C．飽和汽壓與溫度有關；一定溫度下的飽和汽壓不隨飽和汽的體積增大而增大，故C錯誤；

D．夏天比冬天的溫度高；可知夏天比冬天的飽和汽壓大，所以在絕對濕度相同的情況下，冬天比夏天的相對濕度大，故D正確。

故選BD。9、B:C:E【分析】【詳解】

A．因ab連線過原點，可知是等容線，則氣體在狀態(tài)a時的體積等于在狀態(tài)b時的體積；選項A錯誤；

B．從狀態(tài)b到狀態(tài)a的過程，氣體體積不變，則對外做功為零，即W=0，根據?U=W+Q可知；氣體吸收的熱量一定等于其增加的內能，選項B正確；

C．從狀態(tài)c到狀態(tài)d的過程；氣體的溫度不變，壓強變大，體積減小，則氣體分子的平均動能不變，但分子的密集程度增加，選項C正確；

D．從狀態(tài)a到狀態(tài)d的過程；氣體壓強不變，溫度升高，則體積變大，氣體對外做功，內能變大，選項D錯誤；

E．從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過程，氣體溫度升高，體積變大，內能增加，對外做功，根據?U=W+Q可知；氣體從外界吸收的熱量一定大于其對外做的功，選項E正確。

故選BCE。10、B:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．氣體分子間隙很大；氣體的體積遠大于所有氣體分子的體積之和，故A錯誤；

B．液晶顯示器利用了液晶對光具有各向異性的特點。故B正確；

C．根據熱力學第二定律可知；高溫物體可以自發(fā)把熱量傳遞給低溫物體，最終兩物體可達到熱平衡狀態(tài)，故C正確；

D．當分子間表現為引力時；隨著分子間距離增大，分子間作用力減小，但引力做負功，分子勢能增大，故D錯誤；

E．在“用油膜法測分子直徑”的實驗中；作了三方面的近似處理：視油膜為單分子層；忽略油酸分子間的間距及視油酸分子為球形，故E正確。

故選BCE。11、A:B【分析】【詳解】

由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯后與R3并聯后，再由R1串連接在電源兩端；電容器與R3并聯；

當滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減??；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大；故并聯部分的電壓減??；

由歐姆定律可知流過R3的電流減?。粍t流過并聯部分的電流增大，故電流表示數增大；故B正確；

因并聯部分電壓減小，而R2中電壓增大；故電壓表示數減小；故A正確；

因電容器兩端電壓減小；故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，電荷向下運動，故C錯誤；

因R3兩端的電壓減小，由公式可知，R3上消耗的功率減小．故D錯誤．

綜上所述；故選AB．

【點晴】

本題考查閉合電路的歐姆定律，一般可以先將分析電路結構，電容器看作開路；再按部分-整體-部分的分析思路進行分析．12、A:C【分析】【詳解】

設電流表示數為I2，副線圈兩端的電壓為

根據電壓與匝數成正比，得原線圈兩端的電壓根據電流與匝數成反比得原線圈電流I1=2I2，由歐姆定律

即代入數據：解得：I2=8A

電壓表的讀數等于原線圈兩端的電壓，即U1=×5×8V＝20V

電路消耗的總功率電阻R1、R2消耗的功率之比為故AC正確，BD錯誤；

故選AC三、填空題(共8題，共16分)13、略

【分析】【詳解】

[1][2]本題為“與”門電路，由圖表中輸入或輸出的關系，得出X值應為0.

【點睛】

了解三種門電路的特點，在實際問題中要具體問題具體分析，難度不大?！窘馕觥颗c014、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】50015、略

【分析】【詳解】

[1]氣體狀態(tài)由過程中

所以是等壓過程；氣體壓強不變。

[2]的整個過程氣體溫度不變，內能不變，則

整個過程中氣體放出的熱量為由熱力學第一定律可知

解得整個過程外界對氣體所做的功為【解析】不變Q16、略

【分析】【詳解】

由圖甲可知，U1=4V時，I1=0.2A，則

由圖乙知，兩電阻串聯在電路中，由圖甲可知：當I1=I2=0.1A時，U2=1V；【解析】20Ω1V.17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）由甲圖可知波長由乙圖可知振幅周期所以波速因為波沿軸正方向傳播，由甲圖可以判斷時刻L向上振動，N向下振動，K在正的最大位移處，M在負的最大位移處．由乙圖可知時刻；質點向上振動．所以為L的振動圖象；

（2）由相對論中長度的相對性：在垂直于運動方向；長度不變；在沿著運動方向長度變長．所以C正確；

（3）簡諧運動的表達式為：為初相位，可以取零．籃球的運動加速度不改變，不符合簡諧運動的規(guī)律，所以不是簡諧運動．【解析】0.84L0.5C不是18、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)依題；P點兩次出現波峰的最短時間是0.4s，所以這列波的周期T=0.4s。由波速公式得。

(2)由t=0時刻到R第一次出現波峰；波移動的距離s=7m

則

(3)在上述時間內，R實際振動時間

因此R通過的路程為

故本題答案是：(1)10；(2)0.7；(3)6【解析】100.7619、略

【分析】【詳解】

[1]根據光速不變原理，衛(wèi)星上觀測到激光的傳播速度為c；

[2]因為激光和衛(wèi)星是相向運動，依據多普勒效應可知，衛(wèi)星接收到激光的頻率大于【解析】C大于20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）刻度尺在讀數的時候要估讀一位；所以金屬桿的長度為60.10；

（2）游標卡尺的主尺讀數為：4mm，游標尺上第10個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為10×0.02mm=0.20mm，所以最終讀數為：4mm+0.20mm=4.20mm=0.420cm=4.20mm．【解析】(1)60.104.20四、作圖題(共3題，共30分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描