…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教B版選修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷271考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、用波長(zhǎng)為300nm的光照射鋅板，電子逸出鋅板表面的最大初動(dòng)能為1.2810-19J。已知普朗克常量為6.6310-34J·s，真空中的光速為3.00108m·s-1，能使鋅產(chǎn)生光電效應(yīng)的單色光的最低頻率約為A.11014HzB.81014HzC.21015HzD.81015Hz2、如圖所示，電源內(nèi)阻不能忽略，電流表、電壓表均可視為理想電表，在滑動(dòng)變阻器R的觸頭從a端滑到b端的過(guò)程中()

A.電壓表V的示數(shù)先增大后減小，電流表A的示數(shù)增大B.電壓表V的示數(shù)先增大后減小，電流表A的示數(shù)減小C.電壓表V的示數(shù)先減小后增大，電流表A的示數(shù)增大D.電壓表V的示數(shù)先減小后增大，電流表A的示數(shù)減小3、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)開(kāi)始經(jīng)歷過(guò)程①、②、③、④最后到達(dá)狀態(tài)下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

A.過(guò)程①中，氣體的體積逐漸減小B.過(guò)程②中，氣體對(duì)外界做正功C.過(guò)程③中，氣體從外界吸收了熱量D.氣體在狀態(tài)和時(shí)的內(nèi)能相等4、條形磁鐵豎直放置；閉合圓環(huán)水平放置，條形磁鐵中心穿過(guò)圓環(huán)中心，如圖所示．若圓環(huán)為彈性環(huán)，其形狀由I擴(kuò)大到II，那么圓環(huán)內(nèi)磁通量的變化情況是（）

A.磁通量不變B.磁通量增大C.磁通量減小D.條件不足，無(wú)法確定5、下列物理量中，屬于標(biāo)量的是A.電勢(shì)能B.電場(chǎng)強(qiáng)度C.磁感強(qiáng)度D.洛倫茲力6、如圖所示,一正方形線圈的匝數(shù)為n,邊長(zhǎng)為a,線圈平面與勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直,且有一半面積處在磁場(chǎng)中,在△t時(shí)間內(nèi),磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不變,大小由B均勻地增大到2B,在此過(guò)程中線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為()

A.Ba2/△tB.nBa2/△tC.Ba2/2△tD.nBa2/2△t7、如圖所示，用電池對(duì)電容器充電，電路a、b之間接有一靈敏電流表，兩極板之間有一個(gè)電荷q處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)將兩極板的間距變大；則()

A.電荷仍將靜止B.電荷將向上加速運(yùn)動(dòng)C.電流表中將有從a到b的電流D.電流表中將有從b到a的電流8、如圖所示．小車(chē)的上面是中突的兩個(gè)對(duì)稱(chēng)的曲面組成；整個(gè)小車(chē)的質(zhì)量為m，原來(lái)靜止在光滑的水平面上．今有一個(gè)可以看作質(zhì)點(diǎn)的小球，質(zhì)量也為m，以水平速度v從左端滑上小車(chē)，恰好到達(dá)小車(chē)的最高點(diǎn)后，又從另一個(gè)曲面滑下．關(guān)于這個(gè)過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是（）

A.小球滑離小車(chē)時(shí)，小車(chē)又回到了原來(lái)的位置B.小球在滑上曲面的過(guò)程中，對(duì)小車(chē)壓力的沖量大小是C.小球和小車(chē)作用前后，小車(chē)和小球的速度一定變化D.車(chē)上曲面的豎直高度一定大于9、的衰變方程式為→＋X，則下列說(shuō)法正確的是A.的衰變過(guò)程屬于α衰變，X為氦原子核B.原子核內(nèi)的中子數(shù)比原子核內(nèi)的中子數(shù)多一個(gè)C.通過(guò)降低溫度的方法可使的半衰期變短，降低危害D.原子核的比結(jié)合能等于原子核的比結(jié)合能評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、A、B兩物體在光滑水平地面上，且兩者的質(zhì)量都為m，A以速度v向右運(yùn)動(dòng)，B原來(lái)靜止，B的左端有一輕彈簧，如圖所示.當(dāng)A撞上彈簧后，B的速度達(dá)到最大時(shí)。

A.A、B系統(tǒng)的總動(dòng)量仍然為mvB.A的動(dòng)量變?yōu)榱鉉.彈簧的彈性勢(shì)能為零D.彈簧的彈性勢(shì)能最大11、關(guān)于物體的內(nèi)能、分子勢(shì)能和分子動(dòng)能的說(shuō)法中，不正確的是（）A.對(duì)于兩個(gè)分子組成的系統(tǒng)，分子間的分子力最小時(shí)，分子勢(shì)能也最小B.100℃的沸水的內(nèi)能比0℃的冰水混合物的內(nèi)能大C.做自由落體運(yùn)動(dòng)的物體，分子的平均動(dòng)能越來(lái)越大E.當(dāng)一定質(zhì)量的理想氣體溫度升高時(shí)，它的內(nèi)能可以保持不變E.當(dāng)一定質(zhì)量的理想氣體溫度升高時(shí)，它的內(nèi)能可以保持不變12、下列說(shuō)法正確的是（）A.氣體向真空的自由膨脹是不可逆的B.空調(diào)既能制熱又能制冷，說(shuō)明熱傳遞不存在方向性C.一定質(zhì)量的某種理想氣體在等壓膨脹過(guò)程中，氣體對(duì)外做功，內(nèi)能可能減小E.一定質(zhì)量100的水變成100的水蒸氣，分子平均動(dòng)能不變，分子勢(shì)能增加E.一定質(zhì)量100的水變成100的水蒸氣，分子平均動(dòng)能不變，分子勢(shì)能增加13、下列說(shuō)法正確的是（）A.懸浮顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)并不是分子的運(yùn)動(dòng)，但能間接地反映液體分子運(yùn)動(dòng)的無(wú)規(guī)則性B.一種物質(zhì)溫度升高時(shí)，所有分子熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能都要增加C.液體能夠流動(dòng)說(shuō)明液體分子間的相互作用力比固體分子間的作用力要小E.一切自然過(guò)程總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)的無(wú)序性增大的方向進(jìn)行E.一切自然過(guò)程總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)的無(wú)序性增大的方向進(jìn)行14、下列說(shuō)法正確的是___________．A.一定質(zhì)量的理想氣體分別發(fā)生等壓膨脹和等容升溫兩個(gè)過(guò)程，初末溫度相同，則兩過(guò)程中等壓膨脹過(guò)程吸熱更多B.熱量不可能自發(fā)的從低溫物體傳遞到高溫物體而不產(chǎn)生其它影響，這是熱力學(xué)第二定律開(kāi)爾文的表述C.第一類(lèi)永動(dòng)機(jī)不能制成是違背了能量守恒定律E.一定質(zhì)量的物質(zhì)，溫度升高，內(nèi)能一定增大E.一定質(zhì)量的物質(zhì)，溫度升高，內(nèi)能一定增大15、如圖(甲)所示,虛線右側(cè)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁場(chǎng)方向垂直紙面向外,正方形金屬線框電阻為R,邊長(zhǎng)是L,自線框從左邊界進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí),在外力作用下由靜止開(kāi)始,以垂直于磁場(chǎng)邊界的恒定加速度a進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域,t1時(shí)刻線框全部進(jìn)入磁場(chǎng).規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流I的正方向.外力大小為F,線框中電功率的瞬時(shí)值為P,通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量為q,其中Pt圖像為拋物線.則圖中這些量隨時(shí)間變化的關(guān)系不正確的是)

A.B.C.D.16、下列說(shuō)法正確的是___________。E.水的飽和汽壓與溫度有關(guān)A.固體可以分為晶體和非晶體兩類(lèi)，非晶體和多晶體都沒(méi)有確定的幾何形狀B.給籃球打氣時(shí)，會(huì)越來(lái)越費(fèi)力這說(shuō)明分子間存在斥力C.布朗運(yùn)動(dòng)表明了分子越小，分子運(yùn)動(dòng)越劇烈E.E.17、有三個(gè)質(zhì)量相等的分別帶有正電、負(fù)電和不帶電的微粒，從極板左側(cè)中央以相同的水平初速度v先后垂直場(chǎng)強(qiáng)方向射入，分別落到極板A、B、C處；如圖所示，則下列說(shuō)法正確的有（）

A.落在A處的微粒帶正電，B處的不帶電，C處的帶負(fù)電B.三個(gè)微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等C.三個(gè)微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度aA＜aB＜aCD.三個(gè)微粒到達(dá)極板時(shí)的動(dòng)能EkA＞EkB＞EkC18、一束光線穿過(guò)介質(zhì)1；2、3時(shí)；光路如圖所示，則()

A.介質(zhì)1的折射率最大B.介質(zhì)2是光密介質(zhì)C.光在介質(zhì)2中的速度最大D.當(dāng)入射角由45°逐漸增大時(shí)，在1、2分界面上可能發(fā)生全反射評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)19、如圖所示，為某公園內(nèi)的噴泉的聲控控制電路，請(qǐng)?jiān)谔摽騼?nèi)畫(huà)出基本邏輯電路的符號(hào)，其中R的阻值大一點(diǎn)好還是小一點(diǎn)好？__________________。

20、裝在容器中的氣體，體積為4升，壓強(qiáng)為2.0×105Pa，溫度是300k，先讓氣體等容變化，壓強(qiáng)增大為原來(lái)的2倍，然后讓氣體等溫變化，壓強(qiáng)又降低到原來(lái)數(shù)值，則氣體在末狀態(tài)時(shí)的體積為_(kāi)_____，溫度為_(kāi)__________21、一定量的理想氣體從狀態(tài)開(kāi)始，經(jīng)歷三個(gè)過(guò)程回到原狀態(tài)，其圖像如圖所示。則狀態(tài)時(shí)氣體的體積______狀態(tài)時(shí)氣體的體積，過(guò)程中外界對(duì)氣體所做的功_______氣體所放的熱。若b和c兩個(gè)狀態(tài)中，容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的平均次數(shù)分別為N1、N2，則N1_______N2。（填“大于”；“小于”或“等于”）

22、下列說(shuō)法正確的是__________．23、在如圖所示的電路中；電源電壓保持不變。由于電阻R；燈L可能出現(xiàn)了故障，閉合開(kāi)關(guān)S，兩電表只有一個(gè)有示數(shù)。

①發(fā)生故障時(shí)；小燈L__發(fā)光（選填“可能”或“不可能”）；

②在原故障電路中，將一個(gè)檢查小燈L′并在R兩端，電流表A的示數(shù)不發(fā)生變化，電路中可能存在的故障是_________。24、如圖9所示，豎直平面內(nèi)放一直角桿，桿的水平部分粗糙，豎直部分光滑，兩部分各套有質(zhì)量分別為mA="2.0"kg和mB="1.0"kg的小球A和B，A球與水平桿間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.20，A、B間用不可伸長(zhǎng)的輕繩相連，圖示位置處OA="1.5"m，OB="2.0"m.g取10m/s2.

圖9

（1）若用水平力F1沿桿向右拉A，使A由圖示位置向右極緩慢地移動(dòng)0.5m，則該過(guò)程中拉力F1做了多少功？

（2）若用水平力F2沿桿向右拉A，使B以1m/s的速度勻速上升，則在B經(jīng)過(guò)圖示位置上升0.5m的過(guò)程中，拉力F2做了多少功？25、質(zhì)量為m1=0.1kg的物塊A在光滑的水平面上以0.3m/s的速率向右運(yùn)動(dòng),恰遇上質(zhì)量m2=0.5kg的物塊B以0.1m/s的速率向左運(yùn)動(dòng),兩物塊正碰后,物塊B恰好停止,那么碰撞后物塊A的速度大小是____,方向____(填“向左”或“向右”)26、如圖所示，在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一根不可伸長(zhǎng)的絕緣細(xì)線長(zhǎng)度為L(zhǎng)，一端拴一個(gè)質(zhì)量為m電荷量為q的帶負(fù)電小球，另一端固定在O點(diǎn)。把小球拉到使細(xì)線水平伸直的位置A然后將小球由靜止釋放，小球沿弧線運(yùn)動(dòng)到細(xì)線與水平方向成θ=60°的位置B時(shí)速度為零。則電場(chǎng)強(qiáng)度E=_____________，小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速率為_(kāi)___________。

____27、一顆手榴彈以v0=10m/s的水平速度在空中飛行．設(shè)它爆炸后炸裂為兩塊，小塊質(zhì)量為0.2kg，沿原方向以250m/s的速度飛去，那么，質(zhì)量為0.4kg的大塊在爆炸后速度大小為_(kāi)_____，方向是______（填與v0同向或反向）評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)28、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線方向．

29、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

30、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共4分)31、為了描繪小燈泡的伏安特性曲線；提供以下實(shí)驗(yàn)器材：

小燈泡L(額定電壓3.8V；額定電流0.32A)

電壓表V(量程3V；內(nèi)阻3kΩ)

電流表A(量程0.5A；內(nèi)阻約0.5Ω)

電阻箱R0(0～9999.9Ω)

滑動(dòng)變阻器R1(阻值0～5Ω；2A)

滑動(dòng)變阻器R2(阻值0～200Ω；1A)

學(xué)生電源E(電動(dòng)勢(shì)4V；內(nèi)阻不計(jì))

開(kāi)關(guān)S及導(dǎo)線若干．

（1）關(guān)于控制電路中滑動(dòng)變阻器的連接方法，應(yīng)選擇_______

A.分壓式連接B.限流式連接。

（2）為了減小系統(tǒng)誤差，關(guān)于測(cè)量電路中電壓表和電流表的連接方式，應(yīng)選擇________

A.安培表內(nèi)接法B.安培表外接法。

（3）實(shí)驗(yàn)提供的電壓表量程小于小燈泡的額定電壓，需要把電壓表的量程擴(kuò)大到4伏，改裝電壓表時(shí)，應(yīng)將電阻箱阻值調(diào)至_________Ω，并與題中所給電壓表___________.(選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”)

（4）請(qǐng)?jiān)诜娇蛑挟?huà)出該實(shí)驗(yàn)的電路圖______．

（5）為操作方便，實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇_______(選填R1或R2)．你的選擇理由是___________.

（6）實(shí)驗(yàn)中得到小燈泡的伏安特性曲線曲線如下圖（a）所示，由實(shí)驗(yàn)曲線可知，隨著電壓的增加小燈泡的電阻______(填“增大”“不變”或“減小”)

（7）現(xiàn)將與題中完全相同的兩個(gè)小燈泡與另一電源E0(電動(dòng)勢(shì)4V，內(nèi)阻1．0Ω)和一阻值為9Ω的定值電阻連接成如圖（b）所示電路．此電路中每個(gè)小燈泡的兩端的實(shí)際電壓為_(kāi)________V（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．評(píng)卷人得分六、解答題(共4題，共40分)32、如圖所示，圓柱形汽缸豎直放置，質(zhì)量為m＝3.0kg、橫截面積為S＝1.0×10－3m2的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與汽缸壁封閉良好，不計(jì)摩擦，不計(jì)活塞和汽缸的厚度。開(kāi)始時(shí)活塞距汽缸底的距離h1＝0.5m，此時(shí)溫度T1＝300K，給汽缸緩慢加熱至480K，活塞上升到距離汽缸底h2處，同時(shí)缸內(nèi)氣體吸收的熱量Q＝289J。已知外界大氣壓強(qiáng)p0＝1.0×105Pa，取g＝10m/s2。求：

(1)缸內(nèi)氣體加熱后距離汽缸底距離h2；

(2)此過(guò)程中缸內(nèi)氣體內(nèi)能變化。

33、絕熱氣缸A和導(dǎo)熱氣缸B固定在水平地面上，由鋼性桿連接的兩個(gè)等大活塞封閉著兩部分體積均為V的理想氣體，此時(shí)氣體的壓強(qiáng)與外界大氣壓強(qiáng)p0相同，氣體的溫度與環(huán)境溫度T0也相同．已知理想氣體的內(nèi)能U與溫度T的關(guān)系為為常量且>0．現(xiàn)給氣缸A的電熱絲通電，當(dāng)電熱絲放出的熱量為Q1時(shí)氣缸B的體積減為原來(lái)的一半．若加熱過(guò)程是緩慢的；求：

(1)氣缸A內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；

(2)氣缸B在該過(guò)程中放出的熱量Q2．34、如圖所示、一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，實(shí)線和虛線分別為t1=0s時(shí)與t2=2s時(shí)的波形圖像；已知該波中各個(gè)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期大于4s．求：

(ⅰ)該波的傳播速度大小；

(ii)從t1=0s開(kāi)始計(jì)時(shí)，寫(xiě)出x=1m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程．35、如圖所示，傾角的足夠長(zhǎng)的斜面上，放著兩個(gè)相距L0、質(zhì)量均為m的滑塊A和B，滑塊A的下表面光滑，滑塊B與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)由靜止同時(shí)釋放A和B，此后若A、B發(fā)生碰撞，碰撞時(shí)間極短且為彈性碰撞．已知重力加速度為g；求：

（1）A與B開(kāi)始釋放時(shí)，A、B的加速度和

（2）A與B第一次相碰后，B的速率

（3）從A開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到兩滑塊第二次碰撞所經(jīng)歷的時(shí)間t．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【詳解】

根據(jù)光電效應(yīng)方程

逸出功

可知

代入數(shù)據(jù)可知：

故D正確，ABC錯(cuò)誤2、A【分析】【詳解】

首先認(rèn)識(shí)電路的結(jié)構(gòu)：變阻器左右兩部分電阻并聯(lián)后與另一電阻串聯(lián)．電壓表測(cè)量路端電壓；電流表測(cè)量通過(guò)變阻器右邊部分的電流．當(dāng)滑動(dòng)頭滑到變阻器中點(diǎn)時(shí)，變阻器左右并聯(lián)的電阻最大．路端電壓隨外電阻的增大而增大，減小而減?。鶕?jù)歐姆定律及串并聯(lián)電阻關(guān)系分析電表讀數(shù)變化．

當(dāng)滑動(dòng)頭從a端滑到中點(diǎn)時(shí)，變阻器左右并聯(lián)的電阻增大，分擔(dān)的電壓增大，變阻器右邊電阻減小，電流減小，則通過(guò)電流表的電流增大．外電路總電阻增大，干路電流減小，電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，則電壓表的示數(shù)增大；當(dāng)滑動(dòng)頭從中點(diǎn)滑到b端時(shí)，變阻器左右并聯(lián)的電阻減小，分擔(dān)的電壓減小，外電路總電阻減小，干路電流增大，而通過(guò)變阻器左側(cè)的電流減小，則通過(guò)電流表的電流增大．電源的內(nèi)電壓增大，路端電壓減?。冏杵髯蠖穗娮柙龃?，電流減小，則電壓表的示數(shù)減?。訴的示數(shù)先增大后減小，A示數(shù)一直增大，A正確．3、A【分析】【詳解】

A．根據(jù)PV=nRT

根據(jù)圖線的特點(diǎn)可知；過(guò)程①中，氣體的體積不變，故A錯(cuò)誤；

B．過(guò)程②中；氣體的壓強(qiáng)不變，溫度升高，體積增大，故氣體對(duì)外界做正功，故B正確；

CD．過(guò)程③中；溫度不變，氣體內(nèi)能不變，壓強(qiáng)減小，體積增大，氣體對(duì)外界做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體需要從外界吸熱，故C；D正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選A。4、C【分析】【詳解】

磁感線是閉合曲線，磁鐵內(nèi)部穿過(guò)線圈的磁感線條數(shù)等于外部所有磁感線的總和，圖中內(nèi)部磁感線線比外部多．外部的磁感線與內(nèi)部的磁感線方向相反，外部的磁感線將內(nèi)部抵消，Ⅰ位置磁鐵外部磁感線條數(shù)少，將內(nèi)部磁感線抵消少，則Ⅰ位置磁通量大．而Ⅱ位置磁鐵外部磁感線條數(shù)多，將內(nèi)部磁感線抵消多，則Ⅱ位置磁通量?。蔬xC.5、A【分析】【分析】

標(biāo)量是只有大小沒(méi)有方向的物理量；矢量是既有大小又有方向的物理量．根據(jù)有無(wú)方向確定．

【詳解】

電場(chǎng)強(qiáng)度；磁感應(yīng)強(qiáng)度和力都是矢量；只有電勢(shì)能是標(biāo)量，故屬于標(biāo)量的選A．

【點(diǎn)睛】

矢量與標(biāo)量明顯的區(qū)別是：矢量有方向，標(biāo)量沒(méi)有方向．要掌握物理量的矢標(biāo)性．6、D【分析】【詳解】

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：故D正確，ABC錯(cuò)誤．7、D【分析】【詳解】

AB．原來(lái)電荷靜止，電荷所受重力與電場(chǎng)力平衡．電容器與電源相連，電容器的電壓不變，兩極板的間距變大，則板間場(chǎng)強(qiáng)減小，電荷所受電場(chǎng)力減??；電荷將向下加速運(yùn)動(dòng)．故AB兩項(xiàng)錯(cuò)誤．

CD．據(jù)可得，兩極板的間距變大，電容器的電容減??；電容器的電壓不變，電容的帶電量減小，電容器放電，電流表中將有從b到a的電流．故C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確．8、B【分析】【詳解】

A.小球滑上曲面的過(guò)程；小車(chē)向右運(yùn)動(dòng)，小球滑下時(shí)，小車(chē)還會(huì)繼續(xù)前進(jìn)，故不會(huì)回到原位置，故A錯(cuò)誤．

B.由小球恰好到最高點(diǎn)，知道兩者有共同速度，根據(jù)動(dòng)量守恒有小球?qū)π≤?chē)壓力的沖量等于小車(chē)動(dòng)量的變化量，即B正確；

C.由于系統(tǒng)滿足動(dòng)量守恒定律；系統(tǒng)機(jī)械能又沒(méi)有增加，結(jié)合小球與小車(chē)的質(zhì)量相等，彈性碰撞類(lèi)似，可知，相互作用結(jié)束后小車(chē)的速度仍然等于0，小球的速度仍為v，故C不正確；

D.根據(jù)能量關(guān)系，有解得D錯(cuò)誤．9、B【分析】【詳解】

原子核衰變過(guò)程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，所以X為電子，該衰變?yōu)棣滤プ?，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；原子核的半衰期與原子核的物理化學(xué)性質(zhì)無(wú)關(guān)，不能通過(guò)降低溫度的方法使的半衰期變短，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；在β衰變中原子核內(nèi)的一個(gè)中子轉(zhuǎn)變成一個(gè)電子和一個(gè)質(zhì)子，所以原子核內(nèi)的中子數(shù)比原子核內(nèi)的中子數(shù)多一個(gè)，選項(xiàng)B正確；不同原子核的比結(jié)合能是不同的，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．二、多選題(共9題，共18分)10、A:B:C【分析】【詳解】

由題意知A、B組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，所以系統(tǒng)的總動(dòng)量始終為mv，故A正確；A向右壓縮彈簧，B在彈簧彈力的作用下加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧再次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)B的速度最大，設(shè)此時(shí)A的速度為v1，B的速度為v2，根動(dòng)量守恒：再根據(jù)機(jī)械能守恒：聯(lián)立解得：v1=0，v2=v，A的動(dòng)量mv1=0，此時(shí)彈簧為原長(zhǎng)，彈性勢(shì)能為零，所以B、C正確；D錯(cuò)誤．11、B:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．對(duì)于兩個(gè)分子組成的系統(tǒng)，分子間的分子力最小時(shí)，兩分子距離為r0；若增大距離，則分子力表現(xiàn)為引力，分子力做負(fù)功分子勢(shì)能增加，若減小距離，則分子間表現(xiàn)為斥力，分子力做負(fù)功分子勢(shì)能增加。故此時(shí)分子勢(shì)能最小。故A正確，與題意不符；

B．內(nèi)能大小的決定因素有溫度；體積和組成物質(zhì)的分子數(shù)。選項(xiàng)中只談到了溫度一個(gè)因素。故B錯(cuò)誤；與題意相符；

C．分子的平均動(dòng)能與宏觀量溫度相對(duì)應(yīng)；與其運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)。故C錯(cuò)誤，與題意相符；

D．根據(jù)熱力學(xué)第一定律；改變物體內(nèi)能，有兩種方式，做功和熱傳遞，選項(xiàng)中只給了做功一個(gè)信息。故D正確，與題意不符；

E．溫度與分子的平均動(dòng)能相對(duì)應(yīng)；當(dāng)一定質(zhì)量的理想氣體溫度升高時(shí)，它的內(nèi)能肯定會(huì)變故E錯(cuò)誤，與題意相符。

故選BCE。12、A:D:E【分析】【詳解】

A．熱力學(xué)第二定律也可以表述為：氣體向真空的自由膨脹是不可逆的；故A正確；

B．熱量能自發(fā)從高溫物體傳向低溫物體；空調(diào)制冷不是自發(fā)的，要消耗電能，故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可知一定量的某種理想氣體在等壓膨脹過(guò)程中；氣體的溫度升高；又因?yàn)橐欢ㄙ|(zhì)量理想氣體的內(nèi)能大小只與溫度有關(guān)，與體積無(wú)關(guān)，所以?xún)?nèi)能一定增加，故C錯(cuò)誤；

D．布朗運(yùn)動(dòng)是指懸浮在液體中的固體顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)；是液體分子對(duì)它的撞擊作用不平衡的結(jié)果，故D正確；

E．溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，一定量100的水變成100的水蒸氣；吸收熱量，溫度不變，其分子的平均動(dòng)能不變，吸收的熱量增加了分子之間的勢(shì)能，故E正確。

故選ADE。13、A:E【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)并不是分子的運(yùn)動(dòng)；但能間接地反映液體分子運(yùn)動(dòng)的無(wú)規(guī)則性，A正確；

B．一種物質(zhì)溫度升高時(shí)；分子的平均動(dòng)能增加，這是一種統(tǒng)計(jì)規(guī)律，可能有的分子熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能要增加，有的反而要減少，B錯(cuò)誤；

C．液體能夠流動(dòng)與液體分子間作用力無(wú)必然聯(lián)系；固體有固定形狀也與固體間分子作用力無(wú)必然聯(lián)系，C錯(cuò)誤；

D．一定質(zhì)量的物質(zhì)；在一定的溫度和壓強(qiáng)下，汽化時(shí)吸收的熱量與液化時(shí)放出的熱量相等，D錯(cuò)誤；

E．一切自然過(guò)程總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)的無(wú)序性增大的方向進(jìn)行；E正確。

故選AE。14、A:C:D【分析】因?yàn)闅怏w的初末溫度相同，所以氣體的內(nèi)能不變，發(fā)生等壓膨脹時(shí)，氣體對(duì)外做功，發(fā)生等容升溫時(shí)，不對(duì)外做功，所以等壓膨脹過(guò)程吸熱更多，故A正確；熱量不可能自發(fā)的從低溫物體傳遞到高溫物體而不產(chǎn)生其它影響，這是熱力學(xué)第二定律克勞修斯表述，故B錯(cuò)誤；第一類(lèi)永動(dòng)機(jī)不能制成是違背了能量守恒定律，故C正確；溫度與分子熱運(yùn)動(dòng)平均動(dòng)能成正比，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能不可能為零，故絕對(duì)零度不可能達(dá)到，故D正確；一定質(zhì)量的物質(zhì)，溫度升高，內(nèi)能不一定增大，故E錯(cuò)誤．所以ACD正確，BE錯(cuò)誤．15、A:B:D【分析】【詳解】

A.線框做勻加速運(yùn)動(dòng)，其速度v=at，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv，感應(yīng)電流i與t成正比；故A錯(cuò)誤；

B.線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中受到的安培力由牛頓第二定律得：得F-t圖象是不過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線；故B錯(cuò)誤；

C.線框的電功率P-t圖象是拋物線的一部分；故C正確；

D.線框的位移電荷量q-t圖象應(yīng)是拋物線，故D錯(cuò)誤。16、A:D:E【分析】【詳解】

固體可以分為晶體和非晶體兩類(lèi)，非晶體和多晶體都沒(méi)有確定的幾何形狀，選項(xiàng)A正確；給籃球打氣時(shí)，會(huì)越來(lái)越費(fèi)力這是氣體壓強(qiáng)作用的緣故，與分子間的斥力無(wú)關(guān)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；布朗運(yùn)動(dòng)表明了顆粒越小，溫度越高，分子運(yùn)動(dòng)越劇烈，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；凡作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱(chēng)為液體表面張力，在圍繞地球運(yùn)行的航天器中，自由飄浮的水滴呈球形，這是表面張力作用的結(jié)果，故D正確；水的飽和汽壓與溫度有關(guān)，溫度越高，飽和汽壓越大，故E正確；故選ADE.17、A:C【分析】【詳解】

ABC．微粒在水平方向上均做勻速直線運(yùn)動(dòng)，且水平速度相同，三微粒在水平方向上的位移xC＜xB＜xA

則三微粒的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為tC＝tB＝tA＝

可得tC＜tB＜tA

微粒在豎直方向上做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，則有＝aAtA2＝aBtB2＝aCtC2

可得aA＜aB＜aC

所以落在A處的微粒必帶正電，B處的不帶電，而C處的帶負(fù)電；故AC正確，B錯(cuò)誤；

D．根據(jù)動(dòng)能定理得，在A處mg－qAE＝EkA－mv2

在B處mg＝EkB－mv2

在C處mg＋qCE＝EkC－mv2

由此可知EkA<EkB<EkC

故D錯(cuò)誤。

故選AC。18、C:D【分析】【分析】

根據(jù)光路圖，首先判斷出三種介質(zhì)的折射率的大小關(guān)系，可判斷折射率的大小，再結(jié)合光在介質(zhì)中的傳播速度與折射率的關(guān)系分析光在介質(zhì)中速度的大小，由光發(fā)生全反射的條件可判斷．

【詳解】

A．由圖可知，光從介質(zhì)1射入介質(zhì)2中折射角大于入射角，則介質(zhì)1、2相比較有：n1>n2；光從介質(zhì)2射入介質(zhì)3中折射角小于入射角，則介質(zhì)2、3相比較有：n2<n3，根據(jù)光的可逆性知，光從2射向1或從2射向3時(shí)，入射角相等，從折射角上可判斷n3>n1，所以有n3>n1>n2；即介質(zhì)3折射率最大，故A錯(cuò)誤；

B．由對(duì)A的分析可知；相對(duì)來(lái)說(shuō)，2是光疏介質(zhì)，故B錯(cuò)誤；

C．因2的折射率最小，由公式知；光在介質(zhì)2中的傳播速度最大，故C正確；

D．光從1到2是從光密介質(zhì)到光疏介質(zhì)；入射角小于折射角，在入射角逐漸增大時(shí)，在此界面上可能發(fā)生全反射，故D正確．

【點(diǎn)睛】

本題主要考查了折射定律和全反射的應(yīng)用，根據(jù)公式分析，較為簡(jiǎn)單．三、填空題(共9題，共18分)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]非門(mén)的特點(diǎn)是輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)完全相反；其中R的阻值大一點(diǎn)好?！窘馕觥看笠稽c(diǎn)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]氣體的狀態(tài)參量。

由等容變化；有。

得。

發(fā)生等溫變化；壓強(qiáng)又降低到原來(lái)的數(shù)值，由。

知。

【解析】8L600K21、略

【分析】【詳解】

[1]由圖像可知，過(guò)程中即為等容變化，所以狀態(tài)時(shí)氣體的體積等于狀態(tài)時(shí)氣體的體積。

[2]由圖可知，過(guò)程為等壓降溫，則氣體內(nèi)能減小，由可知，體積減小，外界對(duì)氣體做功，由熱力學(xué)第一定律可知；外界對(duì)氣體所做的功小于氣體所放的熱。

[3]b和c兩個(gè)狀態(tài)中，溫度相等，則分子平均動(dòng)能相同，由圖可知，則【解析】等于小于大于22、B:C:D【分析】【詳解】

A．將大顆粒的粗鹽磨成細(xì)鹽；細(xì)鹽仍然是晶體，A錯(cuò)誤；

B．兩個(gè)分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過(guò)程中；分子間表現(xiàn)出先斥力后引力，故分子力先做正功，后做負(fù)功，它們的分子勢(shì)能先減小后增大，B正確；

C．空氣的相對(duì)濕度定義為空氣中所含水蒸氣壓強(qiáng)與同溫度水平的飽和蒸氣壓的比值；C正確；

D．給自行車(chē)打氣，越打越困難主要是因?yàn)樘?nèi)氣體壓強(qiáng)增大，與分子間的斥力無(wú)關(guān)，因?yàn)榉肿映饬ζ鹱饔玫木嚯xD正確；

E．第二類(lèi)永動(dòng)機(jī)違反了熱力學(xué)第二定律；因?yàn)閮?nèi)能在轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的過(guò)程中要生熱，所以要引起其它變化，E錯(cuò)誤。

故選BCD。23、略

【分析】【詳解】

①電源電壓不變,閉合電鍵S,兩電表只有一個(gè)有示數(shù),則有:

若電壓表有示數(shù),電流表無(wú)示數(shù),只能是小燈泡發(fā)生斷路,電壓表串聯(lián)在電路中,小燈泡不發(fā)光;

若電壓表無(wú)示數(shù),電流表有示數(shù),只能是小燈泡短路,小燈泡不發(fā)光;

綜上所述,電路發(fā)生故障時(shí),小燈泡L不可能發(fā)光;

②將一個(gè)檢查小燈L′并在R兩端,電流表A的示數(shù)不發(fā)生變化,故障為小燈泡L斷路,或者小燈泡L斷路且電阻R短路,此時(shí)電壓表串聯(lián)在電路中,電流表無(wú)示數(shù),電壓表有示數(shù).

因此；本題正確答案是:①不可能;②L斷路(或L斷路且R短路).

【點(diǎn)睛】

電路故障包括短路和斷路,電流表示數(shù)為零,則說(shuō)明電路斷路;電壓表示數(shù)為零,則說(shuō)明與電壓表并聯(lián)部分短路;根據(jù)電壓表示數(shù)情況確定電路故障問(wèn)題.【解析】不可能L斷路（或L斷路且R短路）24、略

【分析】（1）A；B小球和細(xì)繩整體豎直方向處于平衡；A受到水平桿的彈力為。

N=（mA+mB）g①

則A受到的摩擦力為f=μ（mA+mB）g②

由幾何關(guān)系，sB="0.5"m③

由能量關(guān)系，拉力F1做功為：

W1=fsA+mBgsB④

得：W1="0.8"J⑤

(2)設(shè)細(xì)繩與豎直方向的夾角為θ，因繩不可伸長(zhǎng)，所以vBcosθ=vAsinθ⑥

則=vBcotθ1=m/s；⑦

=vBcotθ2=m/s⑧

設(shè)拉力F2做功為W2，對(duì)系統(tǒng)由能量關(guān)系得W2-fsA-mBgsB=mAvA22-mAvA21⑨

代入數(shù)據(jù)解得W2="6.8"J⑩【解析】（1）0.8J(2)6.8J25、略

【分析】設(shè)向右為正方向,由動(dòng)量守恒定律得代入數(shù)據(jù)解得負(fù)號(hào)表示方向向左?！窘馕觥?.2m/s向左26、略

【分析】【詳解】

[1]由動(dòng)能定理可知

解得

[2]設(shè)小球在運(yùn)動(dòng)中細(xì)線與水平方向的夾角為α，則對(duì)任一時(shí)刻應(yīng)有

解得

當(dāng)時(shí)，v最大，為【解析】27、略

【分析】手榴彈爆炸過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒；以手榴彈的初速度方向?yàn)檎较颍?/p>

根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：Mv0=m1v1+m2v2．即：0.6×10=0.2×250+0.4×v2；

解得：v2=-110m/s，負(fù)號(hào)表示方向，與v0反向．

點(diǎn)睛：本題考查了求手榴彈彈片的速度，知道手榴彈爆炸過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律即可解題，解題時(shí)要注意正方向的選擇．【解析】110m/s與v0反向四、作圖題(共3題，共27分)28、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】29、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T(mén)，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】30、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共4分)31、略

【分析】【詳解】

（1）因要得到從