…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教新版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、在下列四個核反應方程中，x表示中子的是（）A.B.C.D.2、如圖所示，矩形線圈abcd位于通電長直導線附近，線圈與導線在同一平面內，線圈的ad、bc邊與導線平行．下面的操作不能使線圈中產(chǎn)生感應電流的是。

A.使線圈水平向左平移B.使線圈水平向右平移C.使線圈豎直向下平移D.使線圈以bc邊為軸轉動3、如圖所示的平面內，光束a經(jīng)圓心O射入半圓形玻璃磚，出射光為b、c兩束單色光。下列說法正確的是（）

A.這是光的干涉現(xiàn)象B.在真空中光束b的波長大于光束c的波長C.玻璃磚對光束b的折射率大于對光束c的折射率D.在玻璃磚中光束b的傳播速度大于光束c的傳播速度4、物理研究中，粒子回旋加速器起著重要作用，下左圖為它的示意圖．它由兩個鋁制的D形盒組成，兩個D形盒正中間開有一條狹縫．兩個D形盒處在勻強磁場中并接有高頻交變電壓．右圖為俯視圖，在D形盒上半面中心S處有一正粒子源，它發(fā)出的正粒子，經(jīng)狹縫電壓加速后，進入D形盒中．在磁場力的作用下運動半周，再經(jīng)狹縫電壓加速．如此周而復始，最后到達D形盒的邊緣，獲得最大速度，由導出裝置導出．已知正離子電荷量為q，質量為m，加速時電極間電壓大小為U，磁場的磁感應強度大小為B，D形盒的半徑為R。每次加速的時間極短，可忽略不計。正粒子從離子源出發(fā)時的初速度為零，不計粒子所受重力，則（）

A.高頻交變電壓變化的周期為B.粒子可能獲得的最大動能為C.粒子第1次與第n次在下半盒中運動的軌道半徑之比為D.粒子在回旋加速器中的總的時間為5、如圖為小型旋轉電樞式交流發(fā)電機的原理圖，其矩形線圈在磁感應強度為B的勻強磁場中繞垂直于磁場方向的固定軸OO′勻速轉動．磁場的磁感應強度B=×10-2T，線圈的面積s=0.02m2，匝數(shù)N=400匝，線圈總電阻r=2Ω，線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)和電刷與電阻R=8Ω連接，與電阻R并聯(lián)的交流電壓表為理想電表，線圈的轉速n=r/s．在t＝0時刻，線圈平面與磁場方向平行，則下列說法正確的是

A.交流發(fā)電機產(chǎn)生電動勢隨時間的變化關系是e=8sin100t(V)B.交流電壓表的示數(shù)為8VC.從t＝0時刻開始線圈平面轉過30o的過程中，通過電阻的電量約為5.6×10-3CD.電阻R上的熱功率為6.4W6、如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，實線為t=0時的波形圖，虛線為t=0.5s時的波形圖．已知該簡諧波的周期大于0.5s．關于該簡諧波，下列說法正確的是（）

A.波長為2mB.波速為6m/sC.周期為2.0sD.t=1s時，x=1m處的質點處于波峰7、交通信號燈有紅、黃、綠三種顏色，關于這三種信號燈發(fā)出的單色光，下列說法正確的是（）A.紅光頻率最大B.紅光最容易發(fā)生衍射現(xiàn)象C.綠光波長最大D.黃光光子能量最小8、物理學重視邏輯，崇尚理性，其理論總是建立在對事實觀察的基礎上。下列說法正確的是A.貝克勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射現(xiàn)象，其中射線來自原子最外層的電子B.密立根油滴實驗表明核外電子的軌道是不連續(xù)的C.盧瑟福的a粒子散射實驗發(fā)現(xiàn)電荷量子化的D.湯姆遜發(fā)現(xiàn)電子使人們認識到原子內部是有結構的評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、如圖所示電路中，閉合開關S后當變阻器R3的滑動頭P向b移動時；下列說法正確的是（）

A.電壓表示數(shù)變大B.電流表示數(shù)變大C.電源消耗的總功率變小D.電源的效率（電源的輸出功率/電源消耗的總功率）變小10、如圖所示，三個等量的點電荷，固定在正三角形的三個頂點上，A、C兩點為正電荷，B點為負電荷，D為AC中點．下列說法正確的是。

A.若A處點電荷所受靜電力大小為F，則B處點電荷所受靜電力大小為2FB.若A處點電荷所受靜電力大小為F，則B處點電荷所受靜電力大小為FC.若將B處點電荷沿BD連線向D點移動，其電勢能一定逐漸減小D.在三個點電荷產(chǎn)生的電場中，沒有合場強為零的位置(無限遠處除外)11、一定質量理想氣體從初始狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B、C、D再回到狀態(tài)A，其體積V與溫度T的關系如圖所示。下列說法正確的是（）

A.從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程中，氣體內能增大B.從狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程中，氣體向外放熱C.從狀態(tài)C到狀態(tài)D的過程中，氣體壓強增大D.從狀態(tài)D到狀態(tài)A的過程中，外界對氣體做正功12、下列說法中正確的是_______。E.物理性質表現(xiàn)為各向同性的固體為非晶體A.飽和汽和液體之間的動態(tài)平衡，是指汽化和液化同時進行的過程，且進行的速率相等B.擴散現(xiàn)象說明分子之間存在空隙，同時分子在永不停息地做無規(guī)則運動C.用油膜法估測分子大小的實驗中，不考慮油酸分子（視為球形）間的空隙并認為水面上形成的油酸膜的厚度即分子直徑D.若一氣泡從湖底上升到湖面的過程中溫度保持不變，則此過程中氣泡內的氣體分子間的引力和斥力都增大13、質量的小球以的初速度沿水平方向拋出，小球距離地面的高度是（），下面說法正確的是A.小球落地時速度大小是B.小球在落地時重力的瞬時功率為C.小球在空中運動過程中，任意相等時間內小球動能變化相等D.小球在空中運動過程中，任意相等時間內小球動量變化相等評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、如圖所示為圓柱形區(qū)域的橫截面，在該區(qū)域加沿圓柱軸線方向的勻強磁場。帶電粒子（不計重力）第一次以速度v1沿截面直徑入射，粒子飛入磁場區(qū)域時，速度方向偏轉60°角；該帶電粒子第二次以速度v2從同一點沿同一方向入射，粒子飛出磁場區(qū)域時，速度方向偏轉90°角。則帶電粒子第一次和第二次在磁場中運動的半徑之比為_______；速度之比為__________；周期之比為_________；時間之比為__________。15、春天，人們會感覺到周圍環(huán)境比秋天潮濕，是因為空氣的_______（選填“相對”或“絕對”）濕度較大，即在相同溫度下，空氣中所含的水蒸氣的壓強_______（選填“較大”或“較小”）。16、某物理興趣小組用實驗探究光的色散規(guī)律，他們將半圓形玻璃磚放在豎直面內，在其左方豎直放置一個很大的光屏P，讓一復色光束SA射向玻璃磚的圓心O后，有a和b兩束單色光射向光屏P，如圖所示．他們根據(jù)實驗現(xiàn)象提出了以下五個猜想，你認為不正確的是_______

A．單色光a的波長小于單色光b的波長

B．在玻璃中單色光a的傳播速度大于單色光b的傳播速度

C．單色光a通過玻璃磚所需的時間大于單色光b通過玻璃磚所需的時間

D．在光束SA繞圓心O逆時針轉動的過程中，在光屏P上最早消失的是a光

E．單色光a比單色光b更容易發(fā)生明顯衍射17、一定質量的理想氣體，狀態(tài)經(jīng)A→B→C→A的變化過程可用如圖所示的p-V圖線描述，其中C→A為等溫過程，氣體在狀態(tài)A時溫度為該氣體在狀態(tài)B時的溫度為______K，C→A過程中氣體______（填“吸熱”或“放熱”）。

18、如右圖所示，在圓心為O、半徑為r的圓形區(qū)域內有方向垂直紙面向里的勻強磁場，一電子以速度v沿AO方向射入，后沿OB方向射出勻強磁場，若已知∠AOB=120°，則電子穿越此勻強磁場所經(jīng)歷的時間是________。評卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)19、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

20、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

21、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共20分)22、(1)用游標為20分度的卡尺測量某圓柱型電阻長度如圖甲，由圖可知其長度L＝________mm。

(2)用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，由圖可知其直徑D＝________mm。

(3)該同學想用伏安法測量其電阻R（約200Ω）；現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：

待測圓柱體電阻R；

電流表A1（量程0~5mA，內阻約50Ω）；電流表A2（量程0~15mA；內阻約30Ω）；

電壓表V1（量程0~3V，內阻約10kΩ）；電壓表V2（量程0~15V；內阻約25kΩ）；

直流電源E（電動勢4V；內阻不計）；

滑動變阻器R1（阻值范圍0~15Ω；允許通過的最大電流2.0A）；

滑動變阻器R2（阻值范圍0~2kΩ；允許通過的最大電流0.5A）；

開關S；導線若干。

為使實驗誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)進行分析，應選用電流表______，電壓表______，滑動變阻器_______（選填A1、A2、V1、V2、R1、R2）。電路連接應是電流表______（選填內接或者外接），采用______接法（選填分壓或限流）。23、某同學用圖甲所示的裝置來驗證動量守恒定律,A、B為半徑相同的小球((mA>mB)；圖中PQ是斜槽，QR為水平槽．實驗時先使A球從斜槽上某一位置G由靜止釋放，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡．重復上述操作多次，得到多個落點痕跡．再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A球仍從位置G由靜止釋放.兩球碰撞后.A；B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡，重復這種操作多次．圖甲中O點是水平槽末端R在記錄紙上的豎直投影點．B球落點痕跡如圖乙所示,圖中米尺的零刻度線與O點對齊(未畫出)．

①碰撞后B球的水平射程應為________cm；

②以下選項，哪些是本次實驗必須進行的測量?________(填選項前的字母)

A.測量A球未與B球相碰時的平均落點到O點的距離。

B.測量A球與B球相碰后的平均落點到O點的距離。

C.測量A球和B球的直徑。

D.測量A球和B球的質量。

E.測量水平槽面相對于O點的高度24、用如圖所示的電路測量一節(jié)干電池的電動勢和內阻．干電池的內阻非常小，為防止調節(jié)滑動變阻器阻值過小時由于電流過大而損壞器材，電路中用了一個保護電阻R0．除干電池；滑動變阻器、開關、導線外；可供使用的實驗器材還有：

A.電流表（量程0.6A）

B.電流表（量程3A）

C.電壓表（量程3V）

D.電壓表（量程15V）

E.定值電阻（阻值3Ω、額定功率5W）

F.定值電阻（阻值10Ω、額定功率10W）

（1）為了調節(jié)方便，測量精度更高，實驗中應選用的電流表為_______，電壓表為________，定值電阻應選用________（填寫儀器前字母）．

（2）某位同學記錄的6組數(shù)據(jù)如下表所示，其中5組數(shù)據(jù)的對應點已經(jīng)標在下圖的坐標紙上，請標出余下一組數(shù)據(jù)的對應點，并畫出U-I圖線_______。序號123456電壓U（V）1.451.401.301.251.201.10電流I（A）0.060.120.240.270.360.48

根據(jù)坐標紙中所畫圖線可得出干電池的電動勢E=______V，內電阻r=______

（3）實驗中，隨著滑動變阻器滑片的移動，干電池的輸出功率P會發(fā)生變化，下列各示意圖中正確反映P—R關系的是____．25、某實驗室中有一捆銅電線，實驗小組的同學想應用所學的電學知識來測量這捆電線的長度．他們設計了如圖甲所示的電路來測量這捆電線的電阻Rx，圖中a、b之間連接這捆電線；V1和V2可視為理想電壓表；R為阻值范圍為0～999.0的電阻箱；E為電源；R0為定值電阻；S為開關．采用如下步驟完成實驗：

(1)先用螺旋測微器測量該銅電線的直徑d，如圖乙所示，則d＝__________mm；

(2)按照圖甲所示的實驗原理圖；完善圖丙中的實物連線______；

(3)將電阻箱R調節(jié)到適當?shù)淖柚?，閉合開關S，記下此時電阻箱的阻值R、電壓表V1的示數(shù)U1、電壓表V2的示數(shù)U2，則這捆電線的阻值表達式為Rx=__________(用R、U1、U2表示)；

(4)改變電阻箱的阻值R，記下R、U1、U2的多組數(shù)據(jù)，算出這捆電線的電阻Rx＝2.6Ω，已知該電線銅材料的電阻率為ρ＝2.00×10－8Ω·m，則這捆銅電線的長度為L＝__________m（結果保留三位有效字）．評卷人得分六、解答題(共3題，共9分)26、如圖所示，兩根相距L=0.5m的光滑平行金屬導軌MN、PQ處于同一水平面內，導軌的左端用R=3Ω的電阻相連，導軌電阻不計，導軌上跨接一電阻r=1Ω的金屬桿ab，質量m=0.2kg，整個裝置放在豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度B=2T，現(xiàn)對桿施加水平向右的拉力F=2N；使它由靜止開始運動，求：

（1）桿能達到的最大速度vm為多大？

（2）若已知桿從靜止開始運動至最大速度的過程中通過的位移x1=10m，電阻R上產(chǎn)生的電熱QR為多少？

（3）若桿達到最大速度后撤去拉力，則其繼續(xù)向前運動的最大位移x2多大？27、如圖所示，兩光滑金屬導軌，間距d＝0.2m，在桌面上的部分是水平的，處在磁感應強度B＝0.1T、方向豎直向下的有界磁場中，電阻R＝3Ω，桌面高H＝0.8m，金屬桿ab的質量m＝0.2kg，電阻r＝1Ω，在導軌上距桌面h＝0.2m的高處由靜止釋放，落地點距桌面左邊緣的水平距離s＝0.4m，g＝10m/s2.求：

(1)金屬桿進入磁場時，R上的電流大??；

(2)整個過程中R上產(chǎn)生的熱量．

(3)整個過程中通過R的電荷量.28、對于同一物理問題；常?？梢詮暮暧^與微觀兩個不同角度進行研究，找出其內在聯(lián)系，從而更加深刻地理解其物理本質．

（1）光電效應和康普頓效應深入地揭示了光的粒子性的一面．前者表明光子具有能量，后者表明光子除了具有能量之外還具有動量．我們知道光子的能量動量其中v為光的頻率，h為普朗克常量，λ為光的波長．由于光子具有動量，當光照射到物體表面時，會對物體表面產(chǎn)生持續(xù)均勻的壓力，這種壓力會對物體表面產(chǎn)生壓強，這就是“光壓”，用I表示．一臺發(fā)光功率為P0的激光器發(fā)出一束頻率為的激光，光束的橫截面積為S．當該激光束垂直照射到某物體表面時；假設光全部被吸收（即光子的末動量變?yōu)?）．求：

a．該激光器在單位時間內發(fā)出的光子數(shù)N；

b．該激光作用在物體表面時產(chǎn)生的光壓I．

（2）從微觀角度看，氣體對容器的壓強是大量氣體分子對容器壁的頻繁撞擊引起的．正方體密閉容器中有大量運動的粒子，每個粒子質量為m，單位體積內粒子數(shù)量為n．為簡化問題，我們假定：粒子大小可以忽略；速率均為v；且與容器壁各面碰撞的機會均等；與容器壁碰撞前后瞬間，粒子速度方向都與容器壁垂直，且速率不變．

a．利用所學力學知識，推導容器壁受到的壓強P與m、n和v的關系；

b．我們知道，理想氣體的熱力學溫度T與分子的平均動能成正比，即式中α為比例常數(shù)．請從微觀角度解釋說明：一定質量的理想氣體，體積一定時，其壓強與溫度成正比．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

A：據(jù)電荷數(shù)和質量數(shù)守恒，可得即A項中x表示．

B：據(jù)電荷數(shù)和質量數(shù)守恒，可得即B項中x表示．

C：據(jù)電荷數(shù)和質量數(shù)守恒，可得即C項中x表示．

D：據(jù)電荷數(shù)和質量數(shù)守恒，可得即D項中x表示．

綜上，四個核反應方程中，x表示中子的是D．2、C【分析】【詳解】

A．使線圈水平向左平移；垂直紙面向里的磁場，穿過線圈的磁通量增加，因此有感應電流，故A錯誤；

B．當線圈向右移動；逐漸遠離線圈，穿過線圈的磁場減小，即穿過線圈的磁通量減小，故產(chǎn)生感應電流，故B錯誤；

C．當線圈向下平動；穿過線圈的磁通量不變，則不會產(chǎn)生感應電流，故C正確；

D．線圈以直導線為軸轉動；穿過線圈的磁通量減小，則產(chǎn)生感應電流，故D錯誤；

故選C．3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．光束a經(jīng)圓心O射入半圓形玻璃磚，出射光為b、c兩束單色光；這是光的色散現(xiàn)象，A錯誤；

C．由題圖可知光束c的折射角大于光束b的折射角；根據(jù)折射定律可知。

nc<nbC正確；

B．由于光的折射率越大，其頻率越大，波長越短，則b光在真空中的波長較短；B錯誤；

D．根據(jù)v=知，c光束的折射率小，則c光在棱鏡中的傳播速度大；D錯誤。

故選C。4、C【分析】【詳解】

A．加速電場變化的周期與粒子在磁場中運動周期相等才能持續(xù)為粒子加速，所以加速電場變化的周期與粒子在磁場中運動周期相等，則有

故A錯誤；

B．粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據(jù)洛倫茲力提供向心力

解得

粒子獲得的最大動能

故B錯誤；

C．粒子在電場中第一次加速，則有

解得

則粒子以第一次在下半盒中運動，根據(jù)洛倫茲力提供向心力

解得

粒子在第n次進入下半盒運動前，已在電場中加速了（2n-1）次，則有

解得

則半徑為

故半徑之比為

故C正確；

D．粒子在加速器中運動的總時間為

故D錯誤。

選選C。5、C【分析】【詳解】

磁場的磁感應強度B=×10-2T，線圈的面積s=0.02m2，匝數(shù)n=400，線圈總電阻r=2.0Ω，線圈的轉速n0=r/s．所以ω=100rad/s，最大值為：Em=nBSω=8V，則瞬時值為e=8cos100tV，故A錯誤；交流電壓表顯示的是路端電壓有效值，示數(shù)為=6.4V，故B錯誤；從t=0時刻開始轉過30°的過程中，通過電阻的電量為：故C正確；電阻R上的熱功率為：P=I2R=()2R=5.12W；故D錯誤；故選C．

【點睛】

本題考查了交流電的峰值和有效值、周期和頻率的關系，記住，求電量用電動勢的平均值，求熱量用有效值．6、B【分析】【詳解】

由圖可知波長=4m，A錯誤；波沿x軸正方向傳播，由圖可知s，得周期為s，因為該簡諧波的周期大于0.5s，則有：>0.5s，解得：即當n=0時s，則波速為：m/s，B正確，C錯誤；波沿x軸正方向傳播，可得：t=0時刻，x=1m處質點在波峰，故s時，x=1m處質點位于波谷，D錯誤．7、B【分析】【詳解】

三種顏色的光中，紅光頻率最小，紅光的光子能量最??；紫光頻率最大，波長最??；紅光波長最長，最容易發(fā)生衍射現(xiàn)象，故ACD錯誤，B正確.8、D【分析】【詳解】

貝克勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射現(xiàn)象，其中射線來自于原子核內的質子轉化為中子和電子中得電子；而不是原子核外的電子，A錯。

波爾的氫原子模型說明原子核外的電子的軌道是不連續(xù)的；B錯；

密立根油滴實驗首次發(fā)現(xiàn)了電荷量子化；C錯誤；

電子的發(fā)現(xiàn)讓人們認識到原子核內的還存在粒子，說明原子核內還是有結構的，D對．二、多選題(共5題，共10分)9、B:D【分析】【詳解】

AB．滑動變阻器和并聯(lián)，將滑動變阻器的滑片P向b移動的過程中，滑動變阻器連入電路的電阻減小，故電路總電阻減小，電路總電流增大，根據(jù)閉合回路歐姆定律可知，路端電壓減小，即電壓表示數(shù)減小，而大小不變，通過的電流增大，所以兩端的電壓增大，故并聯(lián)電路兩端的電壓減小，即兩端的電壓減小，所以的電流減小；而總電流是增大的，故通過滑動變阻器的電流增大，即電流表示數(shù)增大，故A錯誤，B正確；

C．因為總電流增大，根據(jù)P=EI可知電源消耗的功率增大；故C錯誤；

D．電源的效率

路端電壓U變?。凰噪娫吹男首冃?，故D正確。

故選BD。10、B:C【分析】【詳解】

若A處點電荷所受靜電力大小為F，因A、C兩點為正電荷，B點為負電荷，且三個等量的點電荷，分別對A與B受力分析，如下圖所示：

那么AB間的庫侖力為F，CB間的庫侖力也為F，根據(jù)矢量的合成法則，結合三角知識，即有，B處點電荷所受靜電力大小為2Fcos30°=F，故A錯誤，B正確；若將B處點電荷沿BD連線向D點移動，由矢量的合成法則，AC產(chǎn)生的合電場強度方向由D指向B，那么電場力做正功，其電勢能一定逐漸減小，故C正確；根據(jù)矢量的合成法則，在三個點電荷產(chǎn)生的電場中，在BD延長線某處存在合場強為零的位置，故D錯誤．11、A:B【分析】【詳解】

A．從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程中；氣體發(fā)生等容變化，溫度升高，氣體內能增加，故A正確；

B．從狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程中；氣體發(fā)生的是等溫變化，溫度不變，內能不變，體積減小，外界對氣體做正功，根據(jù)熱力學第一定律知氣體放熱，故B正確；

C．從狀態(tài)C到狀態(tài)D，氣體體積減小，溫度降低，由可知；壓強可能增大，可能減小，也可能不變，故C錯誤；

D．從狀態(tài)D到狀態(tài)A的過程中；體積增大，氣體對外做功，故D錯誤。

故選AB。12、A:B:C【分析】A.；飽和汽和液體之間的動態(tài)平衡；是指汽化和液化同時進行且速率相等的過程，A正確；

B.；只有分子之間存在空隙；并且分子在永不停息地做無規(guī)則運動，擴散現(xiàn)象才能進行，B正確；

說明，同時且進行的布朗運動是固體小顆粒的運動，它說明分子永不停息地做無規(guī)則運動，故A正確；每滴油酸酒精溶液所含油酸體積除以油膜面積得出的油膜面積厚度即為油酸分子直徑，B錯誤；

C；用油膜法估測分子大小的實驗中；認為油酸分子為球形且緊密排列，水面上形成的油酸膜的厚度即分子直徑，C正確；

D；氣泡內的氣體分子間的距離大于R0；引力和斥力都很弱，分子間距離增大，引力和斥力都減小，D錯誤；

E；物理性質表現(xiàn)為各向同性的固體為晶體；D錯誤。

故選：ABC。13、A:D【分析】【詳解】

A、根據(jù)解得：則小球落地時豎直方向的速度則小球落地時速度大小故A正確；

B、小球在落地時重力的瞬時功率故B錯誤；

C、由動能定理可得：由于物體在豎直方向上是自由落體運動，物體下落的速度越來越大，所以在相同的時間內物體下降的高度也是越來越大，重力做的功越來越多，動能的變化量也是越來越大，故C錯誤；

D、由動量定理可得：小球在空中運動過程中，任意相等時間內小球動量變化相等，故D正確．三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】【分析】

粒子進入磁場時，受到洛倫茲力作用而做勻速圓周運動，速度的偏向角等于軌跡對應的圓心角，再可求出軌跡對應的圓心角由求解時間之比；根據(jù)幾何知識求出軌跡半徑之比，由半徑公式求出速度之比．

【詳解】

設圓柱形區(qū)域為R。帶電粒子第一次以速度沿直徑入射時；軌跡如圖所示：

粒子飛出此磁場區(qū)域時速度方向偏轉60°角，則知帶電粒子軌跡對應的圓心角軌跡半徑為運動時間為帶電粒子第二次以速度沿直徑入射時，粒子飛出此磁場區(qū)域時速度方向偏轉90°角，則知帶電粒子軌跡對應的圓心角軌跡半徑為運動時間為所以軌跡半徑之比：時間之比：根據(jù)半徑公式得速度之比：根據(jù)可知；周期之比為1：1。

【點睛】

本題關鍵要掌握推論：粒子速度的偏向角等于軌跡的圓心角，運用幾何知識求出半徑關系，就能正確解答【解析】111:12：315、略

【分析】【詳解】

[1][2]春天，人們會感覺到周圍環(huán)境比秋天潮濕，是因為空氣的相對濕度較大，即在相同溫度下，空氣中所含的水蒸氣的壓強較大，從而使得體表的水分難以蒸發(fā)?！窘馕觥肯鄬^大16、A:C:D【分析】【詳解】

A、由圖知，a光的偏折程度小于b光，所以a光的折射率小于b光的折射率，則a光的波長大于b光的波長；故A錯誤；

BC、由知，b光在玻璃磚中傳播速度較??；時間較長，故B正確，C錯誤；

D、由知a光的臨界角較大，b光的臨界角較小，則當光束SA繞圓心O逆時針轉動過程中，在光屏P上最早消失的是b光；D錯誤；

E、a光的波長大于b光的波長，a光波動性強，相同條件下，a光比b光容易發(fā)生衍射，故E正確；

不正確的是故選ACD．

【點睛】

根據(jù)光線的偏折程度，比較光的折射率大小，從而得出頻率的大小關系；由比較光在玻璃磚中傳播速度的大小，即可比較時間的長短；由比較臨界角的大小，臨界角小的光最先消失；折射率越小，波長越長，越容易發(fā)生衍射．17、略

【分析】【詳解】

[1]A→B等壓變化過程中，根據(jù)蓋—呂薩克定律

代入已知條件，可得

[2]在C→A等溫變化過程中

又由于體積減小，外界對系統(tǒng)做正功

根據(jù)熱力學第一定律

可得

故氣體放熱。【解析】600放熱18、略

【分析】弧AB對應的圓心角為60°，所以經(jīng)歷的時間為而粒子運動的半徑為根據(jù)幾何知識可得所以【解析】四、作圖題(共3題，共15分)19、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】20、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共20分)22、略

【分析】【詳解】

(1)[1]游標卡尺的讀數(shù)為L=50mm+4×0.05mm=50.20mm

(2)[2]螺旋測微器的讀數(shù)為：d=4.5mm+19.8×0.01mm=4.698mm=0.4698cm

(3)[3][4][5]由于電壓表V2量程太大（量程的大于電源的電動勢），所以電壓表應選擇V1，根據(jù)歐姆定律可求出通過待測電阻的最大電流為

所以電流表應選擇A2，根據(jù)實驗要求多測幾組數(shù)據(jù)可知變阻器應采用分壓式接法，應選擇阻值小的R1變阻器以方便調節(jié)；

[6][7]由于待測電阻滿足

電流表應用外接法；所以電路應是“分壓外接”電路，如圖所示。

【解析】50.15;0.4700;見解析；23、略

【分析】【詳解】

①由圖可知；取B落地的平均位置，則碰撞后B球的水平射程應為65.5cm；

②本實驗需要驗證的方程是：（其中的K、N、M分別是A球碰撞前后的平均落地點以及B球碰后的平均落地點），則需要測量兩球的質量mA、mB，水平槽上未放B球時，測量A球落點位置到O點的距離．A球與B球碰撞后，測量兩球落點位置到O點的平均距離和．故ABD正確，CE錯誤．故選ABD．【解析】①65.5（±0.3）；②ABD24、略

【分析】【詳解】

（1）一節(jié)干電池電動勢為因此電壓表應選：C、電壓表（量程）；

干電池內阻約為電路中接有保護電阻，電路電流不超過如果用量程為的電流表，誤差較大，因此電流表應選：A、電流表（量程）；

電源電動勢為定值電阻可以選E、（阻值額定功率），如果選擇另一個定值電阻，由于定值定值較大，電路電流較小，電流變化范圍小，不能測多組實驗數(shù)據(jù)；

（2）根據(jù)數(shù)據(jù)點排列趨勢；可知圖線為直線，畫圖時，應使數(shù)據(jù)點盡可能均勻分布在所畫直線兩邊且盡可能靠近所畫的直線：

由得出的電源U-I圖象可知，圖象與縱軸交點坐標值是則電源電動勢電源內阻：

（3）根據(jù)歐姆定律有：

則輸出功率為：則當時，輸出功率最大，最大為故選項D正確．