…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年浙教版選修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、目前，我國(guó)正在開(kāi)展5G網(wǎng)絡(luò)試點(diǎn)工作，并將于2020年進(jìn)入全面5G時(shí)代．屆時(shí)，將開(kāi)啟萬(wàn)物互聯(lián)時(shí)代：車聯(lián)網(wǎng)、物聯(lián)網(wǎng)、智慧城市、無(wú)人機(jī)網(wǎng)絡(luò)、自動(dòng)駕駛技術(shù)等將一一變?yōu)楝F(xiàn)實(shí)．5G，即第五代移動(dòng)通信技術(shù)，采用3300-5000MHz頻段，相比于現(xiàn)有的4G（即第四代移動(dòng)通信技術(shù)，1880-2635MHz頻段）技術(shù)而言，具有極大的帶寬、極大的容量和極低的時(shí)延．5G信號(hào)與4G信號(hào)相比下列說(shuō)法正確的是：A.5G信號(hào)在真空中的傳播速度更快B.5G信號(hào)是橫波4G信號(hào)是縱波C.5G信號(hào)粒子性更顯著D.5G信號(hào)更容易發(fā)生明顯衍射2、如圖所示，光滑絕緣水平軌道上帶正電的甲球，以某一水平速度射向靜止在軌道上帶正電的乙球，當(dāng)它們相距最近時(shí)，甲球的速度變?yōu)樵瓉?lái)的已知兩球始終未接觸，則甲；乙兩球的質(zhì)量之比是（）

A.1：1B.1：2C.1：3D.1：43、如圖所示的電路，閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí)；下列說(shuō)法正確的是（）

A.小燈泡L變暗B.電源的總功率變小C.電容器C上電荷量減小D.電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大4、如圖所示，面積為0.01m2，內(nèi)阻不計(jì)的100匝矩形線圈ABCD，繞垂直于磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為100rad/s，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為矩形線圈通過(guò)滑環(huán)與理想變壓器相連，觸頭P可移動(dòng)，副線圈所接電阻R電表均為理想交流電表；當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.P上移時(shí)，電阻R上消耗的功率增大B.線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式為C.時(shí)刻，電壓表示數(shù)為0D.當(dāng)原副線圈匝數(shù)比為2：1時(shí)，電阻上消耗的功率為400W5、一束可見(jiàn)光從空氣進(jìn)入某介質(zhì)后，變?yōu)閍、b兩束單色光。如果光束b是藍(lán)光；則光束a可能是。

A.紫光B.黃光C.綠光D.紅光6、如圖所示，光滑水平桌面上有兩個(gè)大小相同的小球，m1：m2=2：1，球1以3m/s的速度與靜止的球2發(fā)生正碰并粘在一起，已知桌面距離地面的高度h=1.25m，g=10m/s2，則落地點(diǎn)到桌面邊沿的水平距離為（）

A.0.5mB.1.0mC.1.5mD.2.0m7、以下事實(shí)可作為“原子核可再分”的依據(jù)是A.天然放射現(xiàn)象B.粒子散射實(shí)驗(yàn)C.電子的發(fā)現(xiàn)D.氫原子發(fā)光評(píng)卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，下極板接地，一帶電油滴位于電容器中的P點(diǎn)且恰好處于平衡狀態(tài)；現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，則。

A.P點(diǎn)的電勢(shì)將降低B.帶電油滴的電勢(shì)能將增大C.帶電油滴將沿豎直方向向下運(yùn)動(dòng)D.電容器的電容減小，極板帶電荷量將增大9、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體，由狀態(tài)a等容變化到狀態(tài)b，再?gòu)臓顟B(tài)b等壓變化到狀態(tài)c，a、c兩狀態(tài)溫度相等。下列說(shuō)法正確的是（）

A.從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過(guò)程中氣體放熱B.氣體在狀態(tài)a的內(nèi)能等于在狀態(tài)c的內(nèi)能C.氣體在狀態(tài)b的溫度高于在狀態(tài)a的溫度D.從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過(guò)程中氣體對(duì)外做正功10、一簡(jiǎn)諧橫波以4m/s的波速沿x軸正方向傳播．已知t=0時(shí)的波形如圖所示；則()

A.波的周期為1sB.x=0處的質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)向y軸負(fù)向運(yùn)動(dòng)C.x=0處的質(zhì)點(diǎn)在t=s時(shí)速度為0D.x=0處的質(zhì)點(diǎn)在t=s時(shí)速度值最大11、如圖所示的裝置中，木塊B放在光滑的水平桌面上，子彈A以水平速度射入木塊后(子彈與木塊作用時(shí)間極短)，子彈立即停在木塊內(nèi)．然后將輕彈簧壓縮到最短，已知本塊B的質(zhì)量為M，子彈的質(zhì)量為m，現(xiàn)將子彈、木塊和彈簧合在一起作為研究對(duì)象(系統(tǒng))，則從子彈開(kāi)始入射木塊到彈簧壓縮至最短的整個(gè)過(guò)程中（）

A.系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒，機(jī)械能守恒B.系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒C.系統(tǒng)損失的機(jī)械能為D.彈簧最大的彈性勢(shì)能小于12、氫原子能級(jí)如圖，當(dāng)氫原子從n＝3躍遷到n＝2的能級(jí)時(shí)，輻射光的波長(zhǎng)為656nm．以下判斷正確的是（）

A.氫原子從n＝2躍遷到n＝1的能級(jí)時(shí)，輻射光的波長(zhǎng)大于656nmB.用波長(zhǎng)為325nm的光照射可使氫原子從n＝1躍遷到n＝2的能級(jí)C.大量處于n＝3能級(jí)上的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)最多產(chǎn)生3種譜線D.用波長(zhǎng)為633nm的光照射不能使氫原子從n＝2躍遷到n＝3的能級(jí)評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)13、如圖是學(xué)校體育館建筑工地的揚(yáng)塵噪聲監(jiān)測(cè)顯示牌，即時(shí)顯示工地周圍空氣的溫度、濕度、懸浮物微粒（PM2.5、PM10）濃度等信息。若某天早晨牌上顯示的溫度、濕度分別為28.9℃、61.7%，傍晚時(shí)分別顯示為34.5℃、51.7%，僅由這四個(gè)數(shù)據(jù)，能比較出__________（填“早晨”或“傍晚”）時(shí)空氣分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)更劇烈些，PM10在__________（填“早晨”或“傍晚”）時(shí)無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)更劇烈些，早晨時(shí)__________（填“PM2.5”、“PM10”）微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)更劇烈些，__________（填“能”或“不能”）比較出早晨時(shí)空氣的絕對(duì)濕度跟傍晚是否相同。

14、光敏電阻是由半導(dǎo)體材料制成的，受到光照射時(shí)，其導(dǎo)電性能顯著增強(qiáng)。將其與電磁繼電器組合，就可用來(lái)自動(dòng)控制街道路燈的開(kāi)與關(guān)。圖中所示是自動(dòng)控制路燈的工作原理圖，當(dāng)光照暗到一定程度時(shí)，路燈能點(diǎn)亮。電阻之一為光敏電阻，另一為定值電阻。當(dāng)放大電路的輸入a端電壓升高至某一值時(shí)，使經(jīng)過(guò)繼電器J的電流增大到受繼電器J控制的電鍵S閉合，路燈就點(diǎn)亮。則_____是光敏電阻，若要提高電路的靈敏度，則_____（選填“增大”或“減小”）定值電阻的阻值。

15、熱平衡的性質(zhì)：達(dá)到熱平衡的系統(tǒng)都具有相同的_______。16、一卡諾熱機(jī)，工作在300K的高溫?zé)嵩春?00K的低溫?zé)嵩粗g，則此熱機(jī)的效率η=__________________。若在等溫膨脹過(guò)程中此熱機(jī)吸熱2×105J，則在每一循環(huán)中對(duì)外所作的功W=_______________。17、如圖，豎直放置的均勻等臂U型導(dǎo)熱玻璃管兩端封閉，管內(nèi)水銀封有A、B兩段氣柱，右管水銀面高于左管水銀面，高度差為h，若環(huán)境溫度降低，穩(wěn)定后A、B氣柱的壓強(qiáng)之比pA∶pB與降溫前相比將_______（選填“變大”、“變小”或“不變”），右管水銀面的高度變化Δh______（選填“＞”、“＝”或“＜”）．

18、如圖，氣缸固定于水平面，用截面積為20cm2的活塞封閉一定量的氣體，活塞與缸壁間摩擦不計(jì)．當(dāng)大氣壓強(qiáng)為1.0×105Pa、氣體溫度為87℃時(shí)，活塞在大小為40N、方向向左的力F作用下保持靜止，氣體壓強(qiáng)為_(kāi)___Pa．若保持活塞不動(dòng)，將氣體溫度降至27℃，則F變?yōu)開(kāi)_____N．

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)19、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線方向．

20、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

21、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共8分)22、(1)某一電學(xué)黑箱內(nèi)可能有電容器、電感線圈、定值電阻等元件，在接線柱間以如圖所示的“Z”字形連接（兩接線柱間只有一個(gè)元件）．為了確定各元件種類，小華同學(xué)把DIS計(jì)算機(jī)輔助實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)中的電流傳感器由(相當(dāng)于電流表）與一直流電源、滑動(dòng)變阻器、開(kāi)關(guān)串聯(lián)后，分別將AB、BC、CD接入電路，閉合開(kāi)關(guān)，計(jì)算機(jī)顯示的電流隨時(shí)間變化的圖象分別如圖a、b、c所示，則如下判斷中正確的是____

A.AB間是電容器。

B.BC間是電感線圈。

C.CD間是電容器。

D.CD間是定值電阻。

(2)某同學(xué)欲設(shè)計(jì)一個(gè)電路；自制一臺(tái)電子秤，通過(guò)查閱資料發(fā)現(xiàn)電子秤的主要部件為一個(gè)壓敏電阻，允許通過(guò)的最大電流為0.5A，現(xiàn)有下列器材：

壓敏電阻；質(zhì)量為m的砝碼、電流表、滑動(dòng)變阻器、干電池各一個(gè)、開(kāi)關(guān)及導(dǎo)線若干、待測(cè)物體（可置于壓敏電阻的受壓面上）．

A.直流電源：電動(dòng)勢(shì)約4.5V；內(nèi)阻很小；

B.電流表Al:量程0?0.6A,內(nèi)阻0.125

C.電流表A2:量程0?3.0A,內(nèi)阻0.025

D.滑動(dòng)變阻器Rl:最大阻值10

E.滑動(dòng)變阻器R2：最大阻值50

F.開(kāi)關(guān)；導(dǎo)線等．

①在可供選擇的器材中，應(yīng)該選用的電流表是_____，應(yīng)該選用的滑動(dòng)變阻器是__________．（填器材前面對(duì)應(yīng)的選項(xiàng)字母）

②根據(jù)所選器材設(shè)計(jì)一個(gè)電路，用來(lái)描繪壓敏電阻的電流隨壓力變化的關(guān)系圖象，要求壓敏電阻兩端電壓調(diào)節(jié)范圍盡可能大，在方框中畫(huà)出測(cè)量的原理電路，并根據(jù)設(shè)計(jì)的電路圖連接實(shí)物圖_______；如圖所示：

23、如下圖所示是電子拉力計(jì)的示意圖，金屬?gòu)椈捎叶撕突瑒?dòng)觸頭P固定在一起（彈簧的電阻不計(jì)，P與R1之間的摩擦不計(jì)）．定值電阻R0；電阻R1是用均勻電阻絲密繞在瓷管上做成的（類似于滑動(dòng)變阻器），其長(zhǎng)度為10cm，總阻值R1=300Ω，電源電動(dòng)勢(shì)E=3V，內(nèi)阻不計(jì)．理想電流表的量程為0~100m。A．當(dāng)拉環(huán)不受拉力時(shí)，觸頭P剛好不與電阻R1接觸（即電路斷開(kāi)）．彈簧的勁度系數(shù)為10000N/m．

（1）電路中連入的R0阻值應(yīng)為_(kāi)____Ω；才能保證拉環(huán)最大拉力時(shí)(在測(cè)量范圍內(nèi))，剛好達(dá)到電流表量程。

（2）保證第一問(wèn)中R0阻值不變，設(shè)計(jì)中需要將電流表上的電流數(shù)值改為拉力的數(shù)值，那么在原電流表的40mA處應(yīng)改為_(kāi)____N．分析可知，拉力計(jì)的刻度是_____（填寫(xiě)“均勻”或“不均勻”）評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共21分)24、在豎直平面內(nèi)有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)中有一根長(zhǎng)L=2m的絕緣細(xì)線，一端固定在O點(diǎn)，另一端系質(zhì)量為0.4kg的帶電小球，靜止時(shí)細(xì)線與豎直方向成37°角，如圖所示．把小球緩慢拉至最低點(diǎn)給其一水平向右的初速度v0，為了使小球能繞O點(diǎn)在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，求v0應(yīng)滿足的條件．(cos37°=0.8，g=10m/s2)

25、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B、C、D后又回到狀態(tài)A，其狀態(tài)變化過(guò)程的圖像如圖所示。已知該氣體在狀態(tài)A時(shí)的壓強(qiáng)為氣體在過(guò)程中吸熱在過(guò)程中放熱

(1)求氣體在C狀態(tài)時(shí)的壓強(qiáng)；

(2)將該循環(huán)過(guò)程用圖像表示出來(lái)；

(3)求氣體經(jīng)過(guò)一次循環(huán)又回到初態(tài)的過(guò)程中；外界對(duì)氣體做的功。

26、航空母艦，是一種以艦載機(jī)為主要武器的大型水面作戰(zhàn)平臺(tái)．是世界上最龐大、最復(fù)雜、威力最強(qiáng)的武器之一．艦載機(jī)起飛技術(shù)是航母的最關(guān)鍵技術(shù)之一，據(jù)報(bào)道，目前我國(guó)已經(jīng)成功完成了所有相關(guān)實(shí)驗(yàn)，成為世界上僅有的幾個(gè)擁有航母艦載機(jī)電磁彈射技術(shù)的國(guó)家之一．電磁彈射器的工作原理如圖所示，由兩條平行的長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌AB、CD和電樞MN與高功率電源G等構(gòu)成，兩金屬導(dǎo)軌固定在水平底座上不能移動(dòng)，其間距離為d，當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后，恒定電流I通過(guò)金屬導(dǎo)軌并在兩導(dǎo)軌間產(chǎn)生磁場(chǎng)，電樞MN由于受到電磁力加速進(jìn)而帶動(dòng)飛機(jī)至起飛速度．

（1）判斷電樞MN所在位置的磁場(chǎng)方向；

（2）已知該裝置中某條通電導(dǎo)軌在電樞MN處產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度可以表示為B=μ0I/4πr,其中常數(shù)μ0是真空磁導(dǎo)率，I為導(dǎo)軌中電流強(qiáng)度，r為該點(diǎn)到軌道的距離，試證明電樞MN的中點(diǎn)附近單位長(zhǎng)度d0上所受的磁場(chǎng)力大小與電流的平方成正比（不考慮電樞MN對(duì)磁場(chǎng)的影響）

（3）在某次實(shí)際艦載機(jī)彈射過(guò)程中，電樞所受到的磁場(chǎng)力可以簡(jiǎn)化為F=LrI2模型，Lr=6.4×10-3N/A2稱為電感梯度，艦載飛機(jī)質(zhì)量為30t，遠(yuǎn)大于電樞質(zhì)量，發(fā)動(dòng)機(jī)提供推力的等效功率為4500kw,在彈射過(guò)程中受到的阻力為重力的0.1倍，經(jīng)過(guò)90m長(zhǎng)的加速距離，速度即達(dá)到324km/h，從而完成起飛，試估算在此彈射中流經(jīng)電樞MN的電流強(qiáng)度．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】A；5G信號(hào)與4G信號(hào)都是電磁波；在真空中的傳播速度等于光速，故A錯(cuò)誤；

B；5G信號(hào)與4G信號(hào)都是電磁波；5G信號(hào)和4G信號(hào)是橫波，故B錯(cuò)誤；

C；5G信號(hào)的頻率高；粒子性越顯著，故C正確；

D；4G信號(hào)的頻率低；波長(zhǎng)長(zhǎng)，更容易發(fā)生明顯衍射，故D錯(cuò)誤；

故選C．2、D【分析】【分析】

【詳解】

甲、乙組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，當(dāng)兩球相距最近時(shí)具有共同速度v，由動(dòng)量守恒m甲v0=（m甲+m乙）

解得m乙=4m甲

故選D。3、C【分析】【分析】

首先認(rèn)識(shí)電路的結(jié)構(gòu)：燈泡與變阻器串聯(lián)；電容器與燈泡并聯(lián)．當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，根據(jù)歐姆定律分析．

【詳解】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí)；變阻器接入電路的電阻減?。?/p>

A.燈泡功率P=I2RL，RL不變；I增大，P增大，則燈泡變亮．故A錯(cuò)誤；

B.電源的總功率P總=EI，E不變，I增大，P總增大．故B錯(cuò)誤；

C.電容器電壓UC=E-I（RL+r）減小，電容器電量Q=CUC減?。蔆正確；

D.根據(jù)歐姆定律可知，電流增大，電壓表的讀數(shù)U=E-Ir減小．故D錯(cuò)誤；

故選C．

【點(diǎn)睛】

本題考查電路動(dòng)態(tài)分析的能力，比較簡(jiǎn)單．對(duì)于電路動(dòng)態(tài)分析往往按“局部→整體→局部”的思路．4、A【分析】【詳解】

AB．根據(jù)題意可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值表達(dá)式：代入數(shù)據(jù)得：所以電動(dòng)勢(shì)有效值：根據(jù)變壓器原理：輸入電壓P上移，原線圈匝數(shù)變小，副線圈電壓變大，根據(jù)可知；電阻消耗功率變大，A正確B錯(cuò)誤。

C．電壓表示數(shù)為有效值，即C錯(cuò)誤。

D．此時(shí)，副線圈電壓：電阻消耗功率：D錯(cuò)誤。5、A【分析】由圖可知，a的折射率大于b，則a的頻率大于b，若b是藍(lán)光，則a一定是紫光，故選A.6、B【分析】【詳解】

小球1在桌面上滑動(dòng)的過(guò)程中速度不變；與小球2碰撞的過(guò)程中水平方向受到的合外力為0，所以滿足動(dòng)量守恒定律，選取向右為正方向，設(shè)碰撞后速度分別是v，則：

由于則v=2m/s；

兩物塊桌面后做平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：

所以落地時(shí)距桌面右邊緣的水平距離：x=vt=2×0.5=1.0m

故選：B．7、A【分析】【詳解】

A.天然放射現(xiàn)象是原子發(fā)生衰變之后會(huì)放出三種射線；這說(shuō)明原子核可再分。故A正確。

B.粒子散射實(shí)驗(yàn)說(shuō)明了原子的核式結(jié)構(gòu)模型。故B錯(cuò)誤。

C.電子位于原子核外的；不能說(shuō)明原子核可再分。故C錯(cuò)誤。

D.氫原子發(fā)光說(shuō)明核外電子的躍遷，不能說(shuō)明原子核可再分。故D錯(cuò)誤。二、多選題(共5題，共10分)8、A:B:C【分析】【詳解】

A．因?yàn)殡娙萜骱椭绷麟娫聪噙B；所及極板間電壓不變，間距增大，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度減小，所以P點(diǎn)和下極板間的電勢(shì)差減小，又下極板接地，所以P點(diǎn)電勢(shì)減小，A正確。

B．根據(jù)題意可知；上極板帶正電，又油滴初始靜止，所以可知油滴帶負(fù)電，P點(diǎn)電勢(shì)減小，因此油滴電勢(shì)能增大，B正確。

C．因?yàn)闃O板間電場(chǎng)強(qiáng)度減小；原來(lái)電場(chǎng)力等于重力，現(xiàn)在電場(chǎng)力小于重力，油滴向下運(yùn)動(dòng)，C正確。

D．根據(jù)平行板電容器電容決定式可知，間距增大，電容減小，又電壓不變，所以極板所帶電荷量減小，D錯(cuò)誤9、B:D【分析】【詳解】

B．a(chǎn)、c兩狀態(tài)溫度相等，則氣體在狀態(tài)a的內(nèi)能等于在狀態(tài)c的內(nèi)能；故B正確；

C．根據(jù)

從狀態(tài)a到狀態(tài)b為等容過(guò)程；壓強(qiáng)減小，溫度降低，故C錯(cuò)誤；

D．從狀態(tài)b到狀態(tài)c為等壓過(guò)程；體積增大，氣體對(duì)外做正功，故D正確；

A．從狀態(tài)a到狀態(tài)b，溫度降低，內(nèi)能減小，氣體對(duì)外不做功；從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過(guò)氣體對(duì)外做正功，內(nèi)能減小，而a、c兩狀態(tài)內(nèi)能相同，說(shuō)明從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過(guò)程中氣體吸熱；故A錯(cuò)誤。

故選BD。10、A:B【分析】【詳解】

由波的圖象可知半個(gè)波長(zhǎng)是2m，波長(zhǎng)m，周期是s，A正確；根據(jù)上下坡法，由波向x軸正方向傳播，可知x=0處的質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)向y軸負(fù)向運(yùn)動(dòng)，B正確；x=0的質(zhì)點(diǎn)的位移是振幅的一半，則s時(shí)，x=0的質(zhì)點(diǎn)既沒(méi)有在平衡位置也不在最大位移處，速度不是最大，也不是零，CD錯(cuò)誤．11、C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．由于子彈射入木塊過(guò)程中；二者之間存在著摩擦，故此過(guò)程系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，子彈與木塊一起壓縮彈簧的過(guò)程中，速度逐漸減小到零，所以此過(guò)程動(dòng)量不守恒，故整個(gè)過(guò)程中，系統(tǒng)動(dòng)量；機(jī)械能均不守恒，故AB錯(cuò)誤；

C．對(duì)子彈和木塊由動(dòng)量守恒定律及能量守恒定功率

聯(lián)立解得系統(tǒng)損失的機(jī)械能為故C正確；

D．由于子彈和木塊碰撞有機(jī)械能損失，所以最終彈簧彈性勢(shì)能小于子彈最初的動(dòng)能故D正確。

故選CD。12、C:D【分析】【詳解】

試題分析：從n=3躍遷到n=2的能級(jí)時(shí)，輻射光的波長(zhǎng)為656nm，即有：而當(dāng)從n=2躍遷到n=1的能級(jí)時(shí)，輻射能量更多，則頻率更高，則波長(zhǎng)小于656nm．故A錯(cuò)誤．當(dāng)從n=2躍遷到n=1的能級(jí)，釋放的能量：=[-3．4-（-13．6）]×1．6×10-19，則解得，釋放光的波長(zhǎng)是λ=122nm，則用波長(zhǎng)為122nm的光照射，才可使氫原子從n=1躍遷到n=2的能級(jí)．故B錯(cuò)誤．根據(jù)數(shù)學(xué)組合可知一群n=3能級(jí)上的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)最多產(chǎn)生3種譜線，故C正確；同理，氫原子的電子從n=2躍遷到n=3的能級(jí)，必須吸收的能量為△E′，與從n=3躍遷到n=2的能級(jí)，放出能量相等，因此只能用波長(zhǎng)656nm的光照射，才能使得電子從n=2躍遷到n=3的能級(jí)．故D正確．

故選CD．

考點(diǎn)：波爾理論三、填空題(共6題，共12分)13、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]溫度越高；分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)越劇烈。傍晚的溫度高，傍晚時(shí)空氣分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)更劇烈些；

[3]溫度相同時(shí)；分子的平均動(dòng)能相同，分子質(zhì)量小的分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)更劇烈。所以PM2.5微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)更劇烈些；

[4]飽和汽壓強(qiáng)未知，所以不能比較出早晨時(shí)空氣的絕對(duì)濕度跟傍晚是否相同?！窘馕觥堪戆鞵M2.5不能14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由自動(dòng)控制路燈的工作原理圖，當(dāng)光照暗到一定程度時(shí)，路燈能點(diǎn)亮。當(dāng)放大電路的輸入a端電壓升高至某一值時(shí)，使經(jīng)過(guò)繼電器J的電流增大到受繼電器J控制的電鍵S閉合，路燈就點(diǎn)亮。當(dāng)R2是光敏電阻時(shí)，若無(wú)光照其阻值變大，從而使a端的電壓升高；最終將路燈點(diǎn)亮；

[2]若要提高電路的靈敏度，即當(dāng)光很弱時(shí)路燈可以點(diǎn)亮，即當(dāng)電阻R2阻值較大時(shí)，a端的電壓升高到某一值，則定值電阻的阻值變大了?！窘馕觥吭龃?5、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】溫度16、略

【分析】【詳解】

[1]卡諾熱機(jī)的效率

[2]由

可得【解析】33.3%6.67×104J17、略

【分析】【詳解】

假設(shè)若環(huán)境溫度降低后，△h不變化，則兩部分氣體均做等容變化，由查理定律得：對(duì)于左邊氣體：對(duì)于右邊氣體：而由題意知，p1＞p2，故有：△p＞△p′，若溫度降低，壓強(qiáng)都減小，左邊氣體壓強(qiáng)降的多，則水銀柱會(huì)向下移動(dòng)，顯然原假設(shè)錯(cuò)誤，△h將減?。瓵部分的體積減小，B部分的體積增大．設(shè)A部分的氣體的物質(zhì)的量是n1，B部分氣體的物質(zhì)的量是n2，則由克拉伯龍方程得：PAVA=n1RT；PBVB=n2RT，其中的R為克拉伯龍常數(shù)．則有：變形得：由于降溫后A部分的體積減小，B部分的體積增大，所以穩(wěn)定后A、B氣柱的壓強(qiáng)之比pA：pB與降溫前相比將變大．由以上的分析可知，雖然水銀柱向下運(yùn)動(dòng)，但PAVA＞PBVB，所以左側(cè)氣體的壓強(qiáng)仍然大于右側(cè)的壓強(qiáng)，所以穩(wěn)定后左側(cè)的液面仍然低于右側(cè)的液面，所以△h小于．【解析】變大小于18、略

【分析】【詳解】

對(duì)活塞：，解得

若保持活塞不動(dòng)，將氣體溫度降至27℃，則根據(jù)；解得；因此時(shí)內(nèi)外氣壓相等，故F=0.【解析】0四、作圖題(共3題，共24分)19、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】20、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T(mén)，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共8分)22、略

【分析】試題分析：根據(jù)電流-時(shí)間圖象的特點(diǎn)和電容器；電感線圈的特性；分析判斷AB、BC、CD各是什么元件；（2）①應(yīng)根據(jù)通過(guò)電子秤的最大電流來(lái)選擇電流表量程，通過(guò)估算電路中需要的最大電阻來(lái)選擇變阻器；②應(yīng)根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求電壓調(diào)節(jié)范圍盡可能大可知變阻器應(yīng)采用分壓式接法；

（1）由圖a看出，a接入電路時(shí)有瞬間的電流，電容器充電過(guò)程有短暫的電流，電路穩(wěn)定后電路中沒(méi)有電流．說(shuō)明AB間是電容器．由b圖看出，此元件接入電路時(shí)，電流逐漸增大，是由于線圈中產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)的阻礙作用，電流只能逐漸增大，說(shuō)明BC間是電感線圈．從c圖看出，此元件接入電路時(shí)電流恒定不變，說(shuō)明CD是定值電阻；ABD正確．

（2）①根據(jù)通過(guò)電子秤的最大電流為0.5A可知，電流表應(yīng)選擇即B；根據(jù)閉合電路歐姆定律可求出電路中需要的最大電阻應(yīng)為：所以變阻器應(yīng)選擇即D

②由于實(shí)驗(yàn)要求壓敏電阻兩端電壓調(diào)節(jié)范圍盡可能大；所以變阻器應(yīng)采用分壓式接法，又壓敏電阻應(yīng)與電流表串聯(lián)，電路圖及實(shí)物連線圖如圖所示：

【解析】ABD①BD

②

23、略

【分析】試題分析：（1）電路中連入的目的是對(duì)電流表起保護(hù)作用，防止短路，燒壞電流表；故電路中電流應(yīng)小于電流表的最大量程；（2）由圖可知定值電阻與可變電阻組成串聯(lián)電路；電流表測(cè)電路中的電流；根據(jù)歐姆定律求出電路的總電阻，再根據(jù)電阻的串聯(lián)特點(diǎn)求出變阻器接入電路電阻的大小，再根據(jù)題意求出彈簧的伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度，根據(jù)圖乙得出拉力的大?。?/p>

（1）電路中連入的目的是對(duì)電流表起保護(hù)作用，防止當(dāng)P移動(dòng)到的最右端時(shí)電流表被燒壞；故至少為

（2）當(dāng)時(shí)，電路