…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研銜接版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、一正弦交流電的電壓隨時間變化的規(guī)律如圖所示．由圖可知（）

A.該交流電的電壓瞬時值的表達(dá)式為u=100sin（25t）V

B.該交流電的頻率為50Hz

C.該交流電的電壓的有效值為

D.該交流電的電壓的有效值V

2、一個質(zhì)量為m的小球甲以速度v在光滑水平面上運(yùn)動；與一個等質(zhì)量的靜止小球乙正碰后，甲球的速度變?yōu)関，方向不變，那么乙球獲得的動能等于（）

A.

B.

C.

D.

3、關(guān)于某一閉合電路中感應(yīng)電動勢的大小E，下列說法中正確的是（）A.E跟穿過這一閉合電路的磁通量的大小成正比B.E跟穿過這一閉合電路的磁通量的變化大小成正比C.E跟穿過這一閉合電路的磁通量的變化率成正比D.E跟穿過閉合電路所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小成正比4、如圖所示為探究彈簧的彈性勢能與哪些因素有關(guān)的實(shí)驗(yàn)裝置，用向下的力緩慢推小球壓縮彈簧，撤去推力后，小球從豎直圓管中向上彈出..不計摩擦和空氣阻力，彈簧的形變始終在彈性限度內(nèi)，則()A.只增大彈簧的壓縮量，小球上升的高度不變B.只增大彈簧的壓縮量，小球上升的高度增大C.只增大彈簧的勁度系數(shù)，小球上升的高度不變D.只增大彈簧的勁度系數(shù)，小球上升的高度減小5、2013年4月16日18時44分，在伊朗哈什發(fā)生7.8級地震，導(dǎo)致很多房屋坍塌，場景慘不忍睹，就此事件，下列說法正確的有()A.所有建筑物周期相同B.所建筑物的振動振幅相同C.所有建筑物均做自由振動D.所有建筑物振動能量相同6、如圖(a)

左側(cè)的調(diào)壓裝置可視為理想變壓器，負(fù)載電路中R=55婁賂AV

為理想電流表和電壓表.

若原線圈接入如圖(b)

所示的正弦交變電壓；電壓表的示數(shù)為110V

下列表述正確的是(

)

A.電流表的示數(shù)為22A

B.原、副線圈匝數(shù)比為12

C.電壓表的示數(shù)為電壓的有效值D.原線圈中交變電壓的頻率為100Hz

評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)7、如圖，一個質(zhì)量為30g帶電量為-√3×10-8C的半徑極小的小球，用絲線懸掛在某勻強(qiáng)電場中，電場線與水平面平行，當(dāng)小球靜止時，測得懸線與豎直夾角為30°，由此可知勻強(qiáng)電場方向?yàn)開________，電場強(qiáng)度大小為_____N/C.（g取10m/s2）8、如圖所示，一透明半圓柱體折射率為n＝半徑為R，長為L.一平行光束從半圓柱體的矩形表面垂直射入，從部分柱面有光線射出．該部分柱面的面積S=___________9、如圖所示，Q帶負(fù)電荷，金屬導(dǎo)體P由于靜電感應(yīng)，兩端感應(yīng)電荷的電性分別是：導(dǎo)體P的a端帶______電荷，b端帶______電（填“正、負(fù)”），靜電平衡后P內(nèi)部的場強(qiáng)______零（填“大于、小于、于”）10、（4）電路如圖所示，已知電池組的總內(nèi)電阻r=1Ω，外電路電阻R=5Ω，電壓表的示數(shù)U=2.5V，則電池組的電動勢E應(yīng)等于11、如圖表示一交流隨時間變化的圖象，此交流的有效值為____A．

12、如圖（甲）所示，質(zhì)量不計的彈簧豎直固定在水平面上，t=0時刻，將一金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，小球落到彈簧上壓縮彈簧到最低點(diǎn)，然后又被彈起離開彈簧，上升到一定高度后再下落，如此反復(fù)．通過安裝在彈簧下端的壓力傳感器，測出這一過程彈簧彈力F隨時間t變化的圖象如圖（乙）所示，則________哪個時間段）小球動能最大13、手機(jī)已成為日常通信工具，手機(jī)使用的電磁波波長比可見光________(

選填“長”或“短”);

假如赫茲實(shí)驗(yàn)發(fā)出的電磁波(

赫茲波)

的頻率為109Hz

其傳播速度為3隆脕108m/s

則赫茲波的波長為________．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)14、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）15、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）16、空間兩點(diǎn)放置兩個異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

17、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、空間兩點(diǎn)放置兩個異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、作圖題(共2題，共12分)21、在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，電路圖如圖a

根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖a.

請在圖b

中用筆畫線代替導(dǎo)線；把實(shí)驗(yàn)儀器連接成完整的實(shí)驗(yàn)電路．

22、畫出圖中帶電粒子剛進(jìn)入磁場時所受洛倫茲力的方向。

評卷人得分五、解答題(共4題，共24分)23、一個處于基態(tài)的氫原子射向另一個處于基態(tài)的靜止的氫原子發(fā)生碰撞并連成一體，損失的動能使其中的一個氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)，這個氫原子最多能發(fā)出兩個不同頻率的光子．已知：元電荷e=1.6×10-19C，真空中光速c=3.0×108m/s，普朗克常量h=6.63×10-34Js；光子的動量可以不計，氫原子能級如圖所示．求：

（1）碰撞后躍遷到激發(fā)態(tài)的氫原子所處能級的量子數(shù)n及該氫原子碰撞前后的能量值。

（2）兩個不同頻率的光子中波長較短的光子的波長值．

（3）入射氫原子的動能．

24、在《描繪小燈泡伏安特性曲線》實(shí)驗(yàn)中選擇“3V0.5A”的小燈泡作為研究對象；有下列實(shí)驗(yàn)器材供選用。

A．電流表（量程0～0.6A；內(nèi)阻1Ω）

B．電流表（量程0～3A；內(nèi)阻1Ω）

C．電壓表（量程0～15V；內(nèi)阻約10kΩ）

D．電壓表（0～3v；內(nèi)阻約2kΩ）

E．滑動變阻器（阻值0～100Ω）

F．滑動變阻器（阻值0-10Ω）

G．電源E=6V

H．開關(guān)I；導(dǎo)線若干。

（1）在方框中畫出電路圖。

（2）在本實(shí)驗(yàn)中；滑動變阻器應(yīng)選用______，電流表應(yīng)選用______．

25、在真空中P點(diǎn)，放一個q=-1.5×10-9的點(diǎn)電荷，測得電荷所受電場力大小7.5×10-6N；并且力的方向水平向西．求P點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小和方向．

26、質(zhì)量為0.01kg鉛制的子彈，以600m/s的速度射入固定的墻壁．這個過程中，子彈損失的動能有30%轉(zhuǎn)化為子彈的內(nèi)能．鉛的比熱容為13×102J/．求子彈的溫度將升高多少℃．

評卷人得分六、計算題(共3題，共15分)27、如圖所示的勻強(qiáng)電場中，有a、b、c三點(diǎn)，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿電場方向，bc和電場方向成60°角，一電子（其電荷量為e=1.6×10-19C）從a移到b電場力做功為Wab=3.2×10-18J．求：

（1）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小及方向；

（2）電子從b移到c；電場力對它做功；

（3）a、c兩點(diǎn)的電勢差等于多少？28、學(xué)校有一臺應(yīng)急備用發(fā)電機(jī)，內(nèi)阻為r=1Ω；升壓變壓器匝數(shù)比為1：4，降壓變壓器的匝數(shù)比為4：1，輸電線的總電阻為R=4Ω，全校22個教室，每個教室用“220V，40W”的燈6盞，要求所有燈都正常發(fā)光，求：

（1）發(fā)電機(jī)的輸出功率多大？

（2）發(fā)電機(jī)的電動勢多大？

（3）輸電線上損耗的電功率多大？29、如圖所示，光滑水平面MN

的左端M

處有一彈射裝置P

右端N

處與水平傳送帶理想連接.

傳送帶水平部分長L=8m

并以恒定速度v=3m/s

沿圖示箭頭方向移動.

質(zhì)量均為m=1kg

靜止于MN

上的物塊AB(

視為質(zhì)點(diǎn))

之間壓縮一輕彈簧，貯有彈性勢能EP=16J.

若AB

與傳送帶間的動摩擦因數(shù)婁脤=0.2

則解除彈簧壓縮，彈開物塊AB

后，求：

(1)

物塊B

在傳送帶上向右滑行的最遠(yuǎn)距離L1

(2)

物塊B

返回到水平面MN

時的速度vB隆盲

(3)

若物塊B

返回水平面MN

后，與被彈射裝置P

彈回的物塊A

在水平面MN

上彈性碰撞(

碰撞過程無動能損失，碰撞時間極短)

使物塊B

從傳送帶水平部分的右端Q

滑出，則彈射裝置P

必須給物塊A

至少做多少功？參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】

由圖象可知交流電的最大值為100V，因此其有效值為：U=V；故C錯誤D正確；

由圖可知，T=4×10-2s，故f=ω=2πf=50πrad/s；所以其表達(dá)式為u=100sin（50πt）V，故AB錯誤．

故選D．

【解析】【答案】根據(jù)圖象可知交流電的最大值以及周期等物理量；然后進(jìn)一步可求出其瞬時值的表達(dá)式以及有效值等．

2、B【分析】

根據(jù)動量守恒得，mv=mv+mv′，解得v′=v-v．

所以乙球的動能．故B正確；A；C、D錯誤．

故選B．

【解析】【答案】小球甲與小球乙發(fā)生碰撞時動量守恒；根據(jù)動量守恒定律求出碰后乙球的速度，從而求出乙球的動能．

3、C【分析】【解析】試題分析：感應(yīng)電動勢的大小與磁通量的變化率成正比，與磁通量、磁通量的變化量沒有關(guān)系，AB錯；由于磁通量為BS的乘積，所以D錯；考點(diǎn)：考查法拉第電磁感應(yīng)定律【解析】【答案】Ｃ4、B【分析】【分析】由題知，不計摩擦和空氣阻力，彈簧的形變產(chǎn)生的彈性勢能最終轉(zhuǎn)化為小球的動能，進(jìn)而轉(zhuǎn)化為小球的重力勢能，小球上升到最大高度時，動能為0

其重力勢能的大小即為壓縮后彈簧彈性勢能的大小，根據(jù)功能關(guān)系求出上升高度和彈簧的關(guān)系。本題考查彈簧彈力相關(guān)的做功類題目；從彈簧做功等于小球機(jī)械能增量的角度考慮，容易解決，不難。

【解答】設(shè)彈簧的初始壓縮量為x

初始彈性系數(shù)為k

初始狀態(tài)小球上升的高度為h

小球的質(zhì)量為m

則從外力釋放彈簧彈動小球到小球上升到最大高度的過程中，小球受重力和彈力共同作用，其機(jī)械能的增量等于彈力做功，大小和初始彈性勢能相等；

即：mgh=12kx2

小球上升的高度：h=kx22mg

AB.

若只增大彈簧的壓縮量達(dá)到x1

小球上升的高度：h1=kx122mg

由于x1>x

故h1>h

故小球上升的高度增加，故A錯誤，B正確；

CD.

若只增大彈簧的勁度系數(shù)達(dá)到k1>k

則小球上升的高度為：h2=k1x22mg>kx22mg=h

故小球上升的高度增加；故CD錯誤；

故選B。

【解析】B

5、A【分析】【解析】試題分析：地震屬于機(jī)械波，所以波在傳播過程中所有質(zhì)點(diǎn)的振動周期和波源的周期相同，故A正確，由于地震屬于阻尼振動，所以離震源越遠(yuǎn)，振幅越小，能量越小，故BCD錯誤故選A考點(diǎn)：考查了阻尼振動【解析】【答案】A6、C【分析】解：A

根據(jù)電路圖可知，電阻R

的電壓為110V

電阻為55婁賂

所以電阻R

的電流I=11055=2A

故A錯誤．

B；由圖可知；輸入的電壓的有效值為220V

電壓表的示數(shù)為110V

即為輸出的電壓，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可得匝數(shù)比為21

故B錯誤．

C；電壓表、電流表等的讀數(shù)都是有效值；故C正確．

D、經(jīng)過變壓器前后電壓的頻率是不變的，根據(jù)圖象可知，輸出電壓的頻率為f=10.02=50Hz

所以原線圈中交變電壓的頻率也為50Hz

故D錯誤．

故選：C

．

根據(jù)圖象可以求得輸出電壓的有效值；周期和頻率等；再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結(jié)論．

能夠根據(jù)圖象得到我們需要的物理信息，掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關(guān)系，最大值和有效值之間的關(guān)系即可解決本題．【解析】C

二、填空題(共7題，共14分)7、略

【分析】試題分析：如題所示，帶負(fù)電的小球所受的電場力水平向左，故電場強(qiáng)度方向向右.由平衡條件可知：Eq=mgtan30°，解得E=1.0×107N/C?？键c(diǎn)：物體的平衡；電場強(qiáng)度.【解析】【答案】水平向右;1.0×107N/C8、略

【分析】從側(cè)面看去，發(fā)生全反射的臨界角為45°，有光線射出的圓心角為90°，弧長為R，圓柱面積為RL【解析】【答案】RL9、略

【分析】解：當(dāng)負(fù)電荷Q處在金屬導(dǎo)體P附近時，負(fù)電荷周圍存在電場，從而使得金屬中的自由電子在電場力作用下向b端發(fā)生移動，導(dǎo)致a端的正電荷多余，b端的負(fù)電荷多余，最終導(dǎo)體P的a端帶正電，b端帶負(fù)電．

當(dāng)金屬導(dǎo)體a端帶正電，b端帶負(fù)電時，導(dǎo)體中有自a向b的電場．由于負(fù)電荷Q也產(chǎn)生電場．故只有當(dāng)復(fù)合電場為0時；自由電子才停止運(yùn)動．

故答案為：正；負(fù)；等于。

物體帶電有接觸起電；有感應(yīng)帶電，有摩擦起電．對于感應(yīng)帶電，是利用同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引的原理．

感應(yīng)帶電的本質(zhì)是電荷的轉(zhuǎn)移；當(dāng)金屬導(dǎo)體處于電場時出現(xiàn)靜電平衡現(xiàn)象．【解析】正；負(fù)；等于10、略

【分析】【解析】【答案】3.0V（4分）11、略

【分析】

將交流與直流通過阻值都為R的電阻；設(shè)直流電流為I，則根據(jù)有效值的定義有。

=I2RT

解得；I=5A

故答案為：5

【解析】【答案】根據(jù)有效值的定義求解．取一個周期時間；將交流與直流分別通過相同的電阻，若產(chǎn)生的熱量相同，直流的電流值，即為此交流的有效值．

12、小球動能最大的時刻應(yīng)在t1到t2之間的某時間【分析】【解答】t1時刻小球小球剛與彈簧接觸，與彈簧接觸后，先做加速度不斷減小的加速運(yùn)動，當(dāng)彈力增大到與重力平衡，即加速度減為零時，速度達(dá)到最大；t2時刻，彈力最大，故彈簧的壓縮量最大，小球運(yùn)動到最低點(diǎn)，速度等于零，故小球動能最大的時刻應(yīng)在t1到t2之間的某時間【分析】小球先自由下落，與彈簧接觸后，彈簧被壓縮，在下降的過程中，彈力不斷變大，當(dāng)彈力小于重力時，物體加速下降，但合力變小，加速度變小，故做加速度減小的加速運(yùn)動，當(dāng)加速度減為零時，速度達(dá)到最大，之后物體由于慣性繼續(xù)下降，彈力變的大于重力，合力變?yōu)橄蛏锨也粩嘧兇?，故加速度向上且不斷變大，故物體做加速度不斷增大的減速運(yùn)動；同理，上升過程，先做加速度不斷不斷減小的加速運(yùn)動，當(dāng)加速度減為零時，速度達(dá)到最大，之后做加速度不斷增大的減速運(yùn)動，直到小球離開彈簧為止．13、長0.3m【分析】【分析】手機(jī)使用的電磁波波長比可見光波長長；電磁波在真空中傳播速度為c=3隆脕108m/s

而c=婁脣f

由此公式求電磁波的波長婁脣

本題關(guān)鍵要知道電磁波在真空中的傳播速度等于光速c

并掌握波速公式c=婁脣f

基礎(chǔ)題目?！窘獯稹渴謾C(jī)使用的電磁波波長比可見光波長長；電磁波在真空中傳播速度為c=3隆脕108m/s

頻率f=109Hz

由c=婁脣f

得，波長：婁脣=cf=3隆脕108109m=0.3m

故答案為：長；0.3m

【解析】長0.3m

三、判斷題(共7題，共14分)14、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．15、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大小．18、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?、作圖題(共2題，共12分)21、解：由原理圖可知；本實(shí)驗(yàn)采用滑動變阻器分壓接法，同時電流表采用外接法，故連接實(shí)物圖如圖所示；

故答案如圖所示：

【分析】

明確電路結(jié)構(gòu)；根據(jù)電路圖即可得出對應(yīng)的實(shí)物圖，注意實(shí)物圖的連線要求．

本題考查測量燈泡伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)實(shí)物圖連接，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理圖，在連線時注意導(dǎo)線不能交叉，不能跨過電器，滑動變阻器上方接線不能接在鞍片上，只能接在兩端的接線柱上．【解析】解：由原理圖可知；本實(shí)驗(yàn)采用滑動變阻器分壓接法，同時電流表采用外接法，故連接實(shí)物圖如圖所示；

故答案如圖所示：

22、解：根據(jù)左手定則可得；帶電粒子剛進(jìn)入磁場時所受洛倫茲力的方向，如圖所示：

答：如圖所示?！痉治觥?/p>

本題考查了左手定則的直接應(yīng)用；根據(jù)左手定則即可正確判斷磁場；運(yùn)動方向、洛倫茲力三者之間的關(guān)系，特別注意的是四指指向和正電荷運(yùn)動方向相同和負(fù)電荷運(yùn)動方向相反。

安培定則、左手定則、右手定則是在電磁學(xué)中經(jīng)常用到的，要掌握它們的區(qū)別，并能熟練應(yīng)用?！窘馕觥拷猓焊鶕?jù)左手定則可得；帶電粒子剛進(jìn)入磁場時所受洛倫茲力的方向，如圖所示：

答：如圖所示。五、解答題(共4題，共24分)23、略

【分析】

（1）處于量子數(shù)為n激發(fā)態(tài)的氫原子能發(fā)出C種頻率不同的光子；因?yàn)榕鲎埠蟮臍湓幼疃嗄馨l(fā)出兩個不同頻率的光子，所以碰撞使氫原子從基態(tài)躍遷到n=3的激發(fā)態(tài)．

由氫原子能級圖可知；氫原子在這兩個狀態(tài)的能量分別為：

E1=-13.60eV，E3=-1.51eV

（2）波長較短的光子是氫原子是從n=2的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)發(fā)出的，由氫原子能級圖可知，氫原子在n=2的激發(fā)態(tài)的能量為E2=-3.40eV；由玻爾理論得：

得波長較短的光子的波長值為。

m=1.22×10-7m

（3）設(shè)氫原子質(zhì)量為m，入射氫原子的入射速度為v；兩個氫原子發(fā)生完全非彈性碰撞后的速度為v，根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律有。

mv=2mv

所以；入射氫原子的動能為。

eV

答：

（1）碰撞后躍遷到激發(fā)態(tài)的氫原子所處能級的量子數(shù)n為3個；該氫原子碰撞前后的能量值分別為，-13.60eV，-1.51eV．

（2）兩個不同頻率的光子中波長較短的光子的波長值為1.22×10-7m．

（3）入射氫原子的動能為24.18eV．

【解析】【答案】（1）處于量子數(shù)為n激發(fā)態(tài)的氫原子能發(fā)出C種頻率不同的光子；對照能級圖可得到該氫原子碰撞前后的能量值．

（2）根據(jù)玻爾理論：Em-En=hγ=h（m＞n）；兩個能級差越大，所放出的光子波長越長．

（3）兩個氫原子發(fā)生完全非彈性碰撞；根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律求入射氫原子的動能．

24、略

【分析】

（1）描繪燈泡伏安特性曲線時，要求電壓值從零開始變化，故滑動變阻器應(yīng)采有分壓接法；燈泡內(nèi)阻約為：R===6Ω；而電流表內(nèi)阻約為1Ω，電壓表內(nèi)阻為2kΩ，相對來說，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法；故電路圖如圖所示；

（2）由燈泡銘牌可知；燈泡額定電流為0.5A，則電流表要選A；滑動變阻器采用分壓接法，為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動變阻器應(yīng)選F；

故答案為：（1）電路圖如圖所示；（2）F；A．

【解析】【答案】（1）描繪小燈泡伏安特性曲線；電壓與電流要從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，根據(jù)燈泡電阻與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表接法，然后作出電路圖．

（2）根據(jù)燈泡的額定功率可求出額定電流；則可確定出電流表；為方便實(shí)驗(yàn)操作，在保證安全的前提下，要選擇最大阻值較小的滑動變阻器．

25、略

【分析】

P點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小為E===5000N/C；方向水平向東．

答：P點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小為5000N/C；方向水平向東．

【解析】【答案】由場強(qiáng)的定義式E=求解電場強(qiáng)度的大??；電場強(qiáng)度的方向與負(fù)電荷所受的電場力方向相反．

26、略

【分析】

子彈損失的動能△Ek==1800J

子彈產(chǎn)生的內(nèi)能Q=30%×△Ek=540J

由Q=cm△t得。

△t==415℃

答：子彈溫度的升高415℃．

【解析】【答案】先由題設(shè)條件求出子彈產(chǎn)生的內(nèi)能；再根據(jù)熱量公式Q=cm△t求子彈溫度的升高．

六、計算題(共3題，共15分)27、略

【分析】

根據(jù)電場力做功的大小，結(jié)合功的公式求出電場強(qiáng)度的大小和方向，從而得出電子從b移到c電場力做的功．通過a；c間電場力做功；結(jié)合電場力做功與電勢差的關(guān)系求出a、c間的電勢差．

解決本題的關(guān)鍵掌握電場力做功的求法，可以根據(jù)W=qU求解，也可以根據(jù)W=qExcosθ求解，注意第二個公式只對勻強(qiáng)電場適用．【解析】解：（1）對a到b的過程有：W=eExab，解得電場強(qiáng)度E=方向向左．

（2）電子從b到c，電場力做功Wbc=eExbccos60°==3.84×10-18J．

（3）從a到c電場力做功J=7.04×10-18J．

則ac兩點(diǎn)的電勢差．

答：（1）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為400N/C；方向向左．

（2）電子從b移到c，電場力對它做功為7.04×10-18J．

（3）a、c兩點(diǎn)的電勢差等于-44V．28、略

【分析】

利用高壓輸電的目的是降低線路的功率損失；從而提高用戶得到的功率．由教室獲得的功率與正常發(fā)光的電壓可求得線路上的損失電壓．由理想變壓器的變壓比與變流比可求出發(fā)電機(jī)的電動勢．

理想變壓器的輸入功率與輸出功率相等，且沒有漏磁現(xiàn)象．遠(yuǎn)距離輸電，由于導(dǎo)線通電發(fā)熱導(dǎo)致能量損失，所以通過提高輸送電壓，從而實(shí)現(xiàn)降低電損．輸電線上的損失功率與其電流的平方成正比，而與輸電線兩端的電壓的平方成反比．【解析】解：

（1）所有燈都正常工作的總功率為：P用22×6×40=5280W

用電器總電流為：A

輸電線上的電流為：A

降壓變壓器上：U2=4U2′=880V

輸電線上的電壓損失為：Ur=IRR=24V

升壓變壓器的輸出電壓為U1′=UR+U2=904V

輸入電壓為U1=U1′=226V，輸入電流為I1=4I1′=24A

發(fā)電機(jī)輸出功率為P出=U1I1=5424W

（2）發(fā)電機(jī)的電動勢E=U1+I1r=250V

（3）輸電線上損耗的電功率PR=IR2R=144W

答：（1）發(fā)電機(jī)的輸出功率為5424W；

（2）發(fā)電機(jī)的電動勢為250V；

（