高三年級12月月考物理答案1.

【解析】甲圖：勻變速直線運動位移公式的推導，用到了微元法；乙圖和丁圖：用到了微小形變放大法；丙圖：研究合力與分力，用到了等效法故乙和丁包含的物理思想方法相同，選B。2.

【解析】磁性棋盤是豎直放置的，棋子靜止在上面時受到重力、彈力、磁力及摩擦力彈力和磁力與棋盤垂直，二力為平衡力，重力豎直向下，而摩擦力豎直向上與重力平衡，A錯誤，B正確根據豎直方向上二力平衡知：，應不超過最大靜摩擦力，則有：，一定，要使棋子不滑下，應增大最大靜摩擦力，為此應增大，棋盤面應選取較粗糙的材料，C錯誤棋子質量小而重力小時，若沒有其他阻力存在，仍會向下運動，棋子不會掉落是因為棋子受到棋盤對它向上的摩擦力，D錯誤．3.

【解析】根據圖示，蜻蜓連續(xù)兩次點水過程中激起的波紋，圓圈越小，則時間越短，所以飛行方向則為從大圓到小圓，即蜻蜓的飛行方向向右若蜻蜓飛行的速度和水波的速度相同，那么蜻蜓的每一次點水的時候都會是在上一個水波的邊線上，而第二個水波和第一個水波都在以相同的速度運動，所以每個圓都應該是內切的然而圖中到圓圈邊線距離小于半徑，說明水波運動了一段時間，水波才到圓心，則說明蜻蜓飛行的速度比水波的速度大，故B正確．4.

【解析】A.載人飛船在軌道和空間站在軌道上的處，都由萬有引力來提供合外力，由牛頓第二定律，可知加速度大小相等，故A錯誤；B.軌道為橢圓軌道，載人飛船在處有，又，則載人飛船在軌道上經過點時的速度小于，故B錯誤；C.由開普勒第三定律可知，，則軌道和軌道運行周期之比為，故C正確；D.軌道為橢圓軌道，萬有引力與向心力大小不等，可利用軌道求解地球質量，由萬有引力提供向心力有，解得地球質量，故D錯誤。5.

【解析】由光路圖，分析可知，第一次折射時，光的折射角較大，而入射角相等，根據折射率公式得知，光的折射率較小，頻率較小，波長較長。A.由題意結合題圖知，霓是經過次折射和次全反射形成的現象，故A錯誤；B.由于光的波長較長，根據，可知光束、通過同一裝置發(fā)生雙縫干涉，光的相鄰亮條紋間距大，故B錯誤；C.由公式得知，光的折射率較小，速度較大，在同種玻璃中傳播，光的傳播速度一定大于光，故C正確；D.光的折射率較小，頻率較小，分別照射同一金屬，若光能使某金屬發(fā)生光電效應，則光不一定能使該金屬發(fā)生光電效應，故D錯誤。6.

【解析】選項A、在時間到內圖線形狀相同，下面分析到時間內線框的運動，該段時間線框出磁場，邊切割磁感線，且有效切割長度為，根據感應電動勢公式，由閉合電路的歐姆定律得感應電流線性減小，由楞次定律知電流方向為順時針，選項A、B錯誤。線框進出磁場，由楞次定律知產生的感應電流的效果是阻礙線框的相對運動，所以可判斷安培力方向為水平向左，拉力與安培力二力平衡，所以拉力水平向右，即拉力方向為正方向。在到時間范圍內，有，則圖線應為拋物線，選項C錯誤，選項D正確。7.

【解析】、小球運動到最低點時，彈性繩會拉長，彈性繩的彈性勢能增加，此過程彈性繩對小球做負功，由能量守恒定律知，小球的機械能會減小，則小球重力勢能的減少量大于動能的增加量，讓小球緊靠點由靜止釋放，小球向下運動到點時，由能量守恒定律知，小球此時有豎直向下的速度，則小球向下運動到的最低點一定在點下方，故A錯誤，BD正確；C、小球運動到點時，速度方向水平向左，與重力方向垂直，則此時重力的瞬時功率為，故C錯誤。8.

【解析】B.由題意

點的磁感應強度為零，則說明導線

、

在

點產生的磁場大小相等、方向相反，又因為

點距

、

的距離比為

，則

，可得電流之比為

，故B錯誤。A.由分析可知，導線

在

點產生的磁場強，

點的磁感應強度方向垂直

向下，由安培定則可知

中的電流方向向外、則

中的電流方向向里，故A正確。C.由安培定則可知，導線

、

在

點產生的磁場方向均垂直

連線向上，故C正確。D.由于

，分別作出兩電流在

、

兩點的磁感應強度大小和方向，如圖所示，根據磁場的矢量合成可知

、

兩點的磁感應強度大小相等、方向相同，故D正確。9.

【解析】解：令等效重力加速度為，則有解得，可知，多次改變圖中角的大小，即可獲得不同的等效重力加速度，故A正確；B.單擺在運動過程中，、兩位置擺線的拉力最小，根據圖可知，相鄰兩個擺線拉力最小的位置的時間間隔為半個周期，可知，單擺次全振動的時間為故B錯誤；C.根據單擺周期公式有，可知，多次改變斜面傾角，只要得出就可以驗證該結論成立，故C錯誤；D.擺球自然懸垂時，通過力傳感器圖中未畫出測得擺線的拉力為，根據平衡條件有,在圖的測量過程中，擺球在位置有,擺球在位置，根據牛頓第二定律有擺球從位置運動到位置，根據動能定理有,解得，故D正確。故選：。根據題意求出等效重力加速度。根據圖求周期，根據單擺周期和全振動時間的關系求解作答；根據單擺周期公式分析作答；擺球自然懸垂時，根據平衡條件細線的拉力；在、位置，求拉力與的關系；在最低處點，根據向心力公式求速度；小球從到，根據動能定理求速度，然后聯立求解作答。理解實驗原理是解題的前提與關鍵，能夠根據平衡條件求解等效重力，熟練掌握圓周運動向心力公式、動能定理和單擺周期公式。10.

【解析】A、小球由靜止釋放后先做初速度為零、加速度大小為的勻加速直線運動，到點正下方時設速度大小為，則，解得，由于細線繃緊，沿繩方向的分速度為，此后小球以的速度從點正下方開始向右做圓周運動，根據等效場的對稱性可知，小球運動到點的速度大小等于，故A錯誤、設小球從點正下方向點運動過程中的最大速度為，根據力與運動的關系可知，當小球位置與連線與豎直方向夾角為時速度最大，根據動能定理有，解得，因此小球運動到點正下方時的速度最大，最大速度為，故B正確，C錯誤D、由于，因此小球最終做往復運動，軌跡為半個圓周，故D正確。故選BD。11.上移【解析】由于鋼球運動一周的過程中，光電傳感器接收到次信號，則鋼球運動的周期若適當調大電機的轉速，則鋼球向上運動，則激光筆應上移；設當某時刻鋼球所在位置與凹槽圓心位置的連線與豎直方向夾角為，凹槽半徑為，則對鋼球分析可知，由幾何關系，可知，則將得到的多組

和

的數據記錄到表格中，并繪制

圖像，根據圖像的斜率

可得，可以進一步求出當地重力加速度。12.【答案】大于【解析】本實驗利用電橋法測電阻，電流計讀數為，；利用安阻法測電源電動勢和內阻，由閉合電路歐姆定律有，，整理得，可知，，如果考慮電流表內阻，測量的，則測量值大于真實值將電源與燈泡連接成圖丙電路圖，由閉合電路歐姆定律可知：，得，在燈泡伏安特性曲線中作出該圖像，由圖像可知，每個燈泡兩端的電壓為，通過燈泡的電流為，所以每個燈泡的實際功率為，此時電源效率為。13.【答案】解：初始狀態(tài)下氣體的壓強為

空氣柱長度

；設玻璃管橫截面積為，氣體的體積為

，設注入水銀后水平管進入左側豎直管內水銀長度為，則氣體的壓強為

，氣體的體積為

，注入過程氣體溫度不變，根據玻意耳定律得

，解得，則穩(wěn)定后空氣柱的長度要使空氣柱變?yōu)樵瓉黹L度則氣體壓強變?yōu)?/p>

，根據查理定律

，解得空氣柱的溫度變?yōu)?/p>

。14.【答案】解：由圖可知，當恒力時，小滑塊與木板將出現相對滑動，以小滑塊為研究對象，根據牛頓第二定律得，，，代入數據解得；

以木板為研究對象，根據牛頓第二定律有：，則，結合圖象可得，帶入點解得：，；

當水平恒力時，設在上滑動的時間為，滑塊的加速度為，而滑塊在時間內的位移為，木板的加速度為，代入數據解得，而木板在時間內的位移為，由題可知，，代入數據聯立解得。答：小滑塊與木板之間的滑動摩擦因數為；木板與地面的滑動摩擦因數為，的質量為；滑塊從木板上滑落經歷的時間為。

【解析】本題考查牛頓第二定律和圖象的綜合。解題的關鍵是理清運動規(guī)律，結合牛頓第二定律和運動學公式進行求解，通過圖象得出相對滑動時的拉力大小。由圖可知，當恒力時，滑塊與木板將出現相對滑動，由滑塊的加速度結合牛頓第二定律求出滑塊與木板間的動摩擦因數；對木板研究，根據牛頓第二定律得出加速度的表達式，結合圖線求出木板與地面間的動摩擦因數以及木板的質量；根據牛頓第二定律分別得出滑塊和木板的加速度，根據位移之差等于，結合運動學公式求出經歷的時間。15.【答案】解：粒子在電場中僅受電場力的作用做類平拋運動，設在第Ⅱ象限