第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)安徽省滁州市定遠(yuǎn)縣2024-2025學(xué)年高三（上）11月檢測(cè)試卷物理試題一、單選題：本大題共8小題，共32分。1.一般教室門上都安裝一種暗鎖，這種暗鎖由外殼A、骨架B、彈簧C(勁度系數(shù)為k)、鎖舌D(傾角θ=30°)、鎖槽E以及連桿、鎖頭等部件組成，如圖甲所示。設(shè)鎖舌D的側(cè)面與外殼A和鎖槽E之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，最大靜摩擦力Ffm由Ffm=μFN(FN為正壓力)A.自鎖狀態(tài)時(shí)D的下表面所受摩擦力的方向向左

B.鎖舌D受到鎖槽E摩擦力的方向沿側(cè)面向上

C.無(wú)論μ多大，暗鎖仍然能夠保持自鎖狀態(tài)

D.無(wú)論用多大的力拉門，暗鎖仍然能夠保持自鎖狀態(tài)，μ存在其最小值?！敬鸢浮緿

【解析】A.

如圖所示，鎖舌D在水平面內(nèi)受底部的摩擦力f1、彈簧的彈力2個(gè)力的作用，鎖舌D的下表面所受到的最大靜摩擦力為f1，其方向向右，鎖舌D受到鎖槽E摩擦力

f2

CD.設(shè)鎖舌D受到鎖槽E的最大靜摩擦力為f2，正壓力為N，下表面的正壓力為FkF又ff聯(lián)立上述方程得N令N趨向于無(wú)窮大，則有1解得μ無(wú)論用多大的力拉門，暗鎖仍然能夠保持自鎖狀態(tài)，μ最小值為

2?3

，故D故選D。2.如圖，一質(zhì)量為M、半徑為R的光滑大圓環(huán)，用一細(xì)輕桿固定在豎直平面內(nèi)。有一個(gè)質(zhì)量為m的光滑小環(huán)(可視為質(zhì)點(diǎn))套在大環(huán)上，由于微小的擾動(dòng)從大環(huán)的最高處由靜止滑下。已知重力加速度大小為g，則小環(huán)下滑到大環(huán)最低點(diǎn)的過(guò)程中(

)

A.大環(huán)與小環(huán)所構(gòu)成的系統(tǒng)始終處于失重狀態(tài)

B.小環(huán)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，輕桿對(duì)大環(huán)的作用力為(M+5m)g

【答案】B

【解析】【解答】

A.小環(huán)在大環(huán)上先有向下的加速度分量，處于失重狀態(tài)；然后有向上的加速度分量，處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；

B.小環(huán)從最高到最低，由動(dòng)能定理得mg?2R=12mv2?C.由于小環(huán)在下滑的過(guò)程中豎直方向速度先增大后減小，根據(jù)

PG=mgD.當(dāng)大環(huán)對(duì)小環(huán)的作用力為零時(shí)，小環(huán)只受重力，重力指向圓心的分力提供向心力，則有mgcosα=m3.如圖所示，在一個(gè)“十”字架水平桿上用細(xì)線對(duì)稱地懸掛兩個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的小球A，B，已知A的質(zhì)量為mA，B的質(zhì)量為mB，且mA>mB，圖中OO1=OO2A.懸掛A球的細(xì)線與豎直方向的夾角等于懸掛B球的細(xì)線與豎直方向的夾角

B.懸掛A球的細(xì)線與豎直方向的夾角小于懸掛B球的細(xì)線與豎直方向的夾角

C.A球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大于B球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度

D.A球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度小于B球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度【答案】A

【解析】設(shè)兩球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度相同為ω，由牛頓第二定律得

mAgtanθ=mAω2(LAsinθ+OO1)，

mBgtan4.2024年6月嫦娥六號(hào)在鵲橋二號(hào)中繼星支持下，成功在月球背面南極著陸.以下是落月軌跡圖，嫦娥六號(hào)先在距離月球表面200km的圓軌道Ⅰ上運(yùn)行，經(jīng)過(guò)A點(diǎn)進(jìn)入近月點(diǎn)離月球表面15km、遠(yuǎn)月點(diǎn)離月球表面200km的橢圓軌道Ⅱ，最后經(jīng)過(guò)B點(diǎn)進(jìn)入距離月球表面15km的圓軌道Ⅲ.A.嫦娥六號(hào)在軌道Ⅰ和軌道Ⅲ運(yùn)行的速率之比vⅠvⅢ?(351388)12

B.嫦娥六號(hào)在軌道Ⅰ和軌道Ⅱ運(yùn)行的周期之比TⅠT【答案】A

【解析】略5.如圖所示，水平面OA段粗糙，AB段光滑，OA=AB=l2(l即小L).一原長(zhǎng)為25l、勁度系數(shù)為k(k>10μmgl)的輕彈簧右端固定，左端連接一質(zhì)量為mA. B.

C. D.【答案】B

【解析】A、由題意可知，A點(diǎn)處，物塊受到的彈力大小為FA=k(l2?2l5)=110kl>μmg，可知物塊從O到A過(guò)程，一直做加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能一直增加，根據(jù)牛頓第二定律可得a=k(l?2l5?x)?μmgm=?kxm+3kl5m?μg(0≤x≤0.5l)，可知物塊從O到A過(guò)程，a?x圖像應(yīng)為一條斜率為負(fù)的傾斜直線，A錯(cuò)誤；

B、物塊從O到A過(guò)程(0≤x≤0.5l)，由于彈簧彈力一直大于滑動(dòng)摩擦力，物塊一直做加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能一直增加，但隨著彈力的減小，物塊受到的合力逐漸減小，根據(jù)動(dòng)能定理可知，Ek?6.如圖所示，輕質(zhì)細(xì)桿兩端分別固定小球P、Q，Q靜置于光滑的水平地面上?，F(xiàn)從圖示位置由靜止釋放P，則從釋放P到P落地前瞬間的整個(gè)過(guò)程中(

)

A.P做自由落體運(yùn)動(dòng) B.桿對(duì)Q做的功為零 C.P的機(jī)械能守恒 D.桿對(duì)P的沖量為零【答案】B

【解析】A.P下落過(guò)程中，除了受到重力外，還受到桿的作用力，所以不會(huì)做自由落體運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B.P下落過(guò)程中，P、Q組成的系統(tǒng)水平方向合力為零，水平動(dòng)量守恒，因?yàn)槌跛俣榷紴榱悖琍落地前的水平速度為零，所以P落地前Q的速度也為零，根據(jù)動(dòng)能定理可知，桿對(duì)Q做功為零，故B正確；C.由于當(dāng)P球落地的瞬間，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量為0，所以Q球先加速后減速到最后速度變?yōu)?，則輕桿對(duì)Q球先做正功后做負(fù)功，由于球Q、P與輕桿組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則在P球落地前的整個(gè)過(guò)程中，輕桿對(duì)P球先做負(fù)功后做正功，且對(duì)P球做的總功為0，由于輕桿對(duì)P球先做負(fù)功后做正功，此過(guò)程中P球的機(jī)械能不守恒，故C錯(cuò)誤；D.對(duì)P球，水平方向上動(dòng)量變化為零，由動(dòng)量定理可知，桿對(duì)P球的水平?jīng)_量為零。在豎直方向上，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可知，P落地時(shí)速度與只在重力作用下的速度一樣，如圖所示v?t圖像中斜線為P球自由落體運(yùn)動(dòng)的圖線，曲線為P球豎直方向的運(yùn)動(dòng)圖線，在豎直方向上運(yùn)動(dòng)的位移與落地速度相同，對(duì)比可知P球落地所用時(shí)間相對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間要長(zhǎng)，由動(dòng)量定理可知桿對(duì)P球的豎直方向的沖量必定不為零，且沖量方向向上，所以桿對(duì)P球的水平和豎直沖量可知，桿對(duì)P球的沖量不為零，故故選B。7.如圖所示，在豎直平面內(nèi)，AB⊥CD且A、B、C、D位于半徑為r的同一圓上，在C點(diǎn)有一固定點(diǎn)電荷，電荷量為?Q?，F(xiàn)從A點(diǎn)將一質(zhì)量為m、電荷量為?q的點(diǎn)電荷由靜止釋放，該點(diǎn)電荷沿光滑絕緣軌道ADB運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)的速度大小為4gA.A點(diǎn)的電勢(shì)高于D點(diǎn)的電勢(shì)

B.O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小是A點(diǎn)的2倍

C.點(diǎn)電荷由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至D點(diǎn)的過(guò)程中，靜電力做功為8mgr

D.【答案】D

【解析】A.由于A點(diǎn)更靠近場(chǎng)源電荷?Q，所以A點(diǎn)的電勢(shì)低于D點(diǎn)的電勢(shì)，故AB.根據(jù)點(diǎn)電荷周圍電場(chǎng)分布可知

EO=kQrC.點(diǎn)電荷沿光滑絕緣軌道ADB運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過(guò)程中，由動(dòng)能定理可得解得

W=7mD.根據(jù)牛頓第二定律可得

N?mg?根據(jù)牛頓第三定律可得點(diǎn)電荷在D點(diǎn)對(duì)軌道的壓力為

N′=N8.如圖所示電路中，定值電阻R1=R，電源內(nèi)阻r=1.5R，滑動(dòng)變阻器R2A.電壓表V2示數(shù)在變小

B.電壓表V3示數(shù)增大，電流表示數(shù)減小

C.電容器的電荷量增大，電阻R1消耗的電功率減小【答案】A

【解析】A.滑片P向下滑動(dòng)的過(guò)程中，接入電阻增大，干路電流減小，根據(jù)U2=E?IB.滑片P向下滑動(dòng)的過(guò)程中，根據(jù)U3=E?Ir，由于干路電流減小，則電壓表C.結(jié)合上述可知，電容器兩端的電壓為路端電壓，根據(jù)Q=CU，可知電容器的帶電量增大，由于干路電流減小，則電阻

R1D.電源內(nèi)阻損耗的功率P內(nèi)=I2r，由于干路電流變小，則電源內(nèi)阻損耗的功率變小，電源的輸出功率P出=Er+R外2R外=E2r2R外+R外+2二、多選題：本大題共2小題，共10分。9.如圖所示，水平地面上固定一傾角為α、足夠長(zhǎng)的斜面，從斜面上的P點(diǎn)以初速度v0拋出一可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，調(diào)整初速度與水平面的夾角θ，使小球在斜面上的落點(diǎn)Q最遠(yuǎn)，重力加速度大小為g，不計(jì)空氣阻力，下列判斷正確的是

A.θ=π4?α2

B.P、Q兩點(diǎn)間的距離為v02g(【答案】ABD

【解析】AB、對(duì)小球在空中的運(yùn)動(dòng)進(jìn)行分解，沿斜面方向和垂直斜面方向的速度分別為v0cos(θ+α)，v0sin(θ+α)，加速度分別為gsinα，gcosα，小球在空中飛行的時(shí)間t=2v0sin(θ+α)gcosα，如果沿水平方向和豎直方向正交分解，則水平速度和豎直速度分別為v0cosθ，v0sinθ(豎直向上)10.如圖，質(zhì)量為0.3?kg的滑塊套在水平固定的光滑軌道上，質(zhì)量為0.2?kg的小球(視為質(zhì)點(diǎn))通過(guò)長(zhǎng)為0.75?m的輕桿與滑塊上的光滑軸O連接，可繞O點(diǎn)在豎直平面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動(dòng)。初始時(shí)滑塊靜止，輕桿處于水平狀態(tài)。小球以3?m/A.小球從初始位置到第一次到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程中，滑塊向右移動(dòng)了0.30?m

B.小球第一次到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，滑塊的速度大小為2?m/s

C.【答案】AD

【解析】解：A.小球從初始位置到第一次到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程中，設(shè)滑塊在水平軌道上向右移動(dòng)的距離為x，

取向左為正方向，根據(jù)水平動(dòng)量守恒有mL?xt?Mxt=0，解得x=0.30m，故A正確;

B.小球從初始位置到第一次到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程中，小球和滑塊系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，取水平向左為正方向，

設(shè)小球到最低點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度為v1，滑塊的速度為v2，則有mv1?Mv2=0

根據(jù)能量守恒有mgL+12mv02=12mv12+12Mv22

聯(lián)立解得v三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共16分。11.某同學(xué)用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究線速度與角速度的關(guān)系并驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。先將兩個(gè)完全相同的鋼球P、Q固定在長(zhǎng)為3L的輕質(zhì)空心紙桿兩端，然后在桿長(zhǎng)13處安裝一個(gè)阻力非常小的固定轉(zhuǎn)軸O。最后在兩個(gè)鋼球的球心處分別固定一個(gè)相同的擋光片，如圖乙所示，保證擋光片所在平面和桿垂直。已知重力加速度為g

實(shí)驗(yàn)步驟如下：(1)該同學(xué)將桿抬至水平位置后由靜止釋放，當(dāng)P轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)時(shí)，固定在鋼球P、Q球心處的擋光片剛好同時(shí)通過(guò)光電門1、光電門2；(兩個(gè)光電門規(guī)格相同，均安裝在過(guò)O(2)若擋光片通過(guò)光電門1、光電門2的時(shí)間為tP和t(3)若要驗(yàn)證“機(jī)械能守恒定律”，該同學(xué)__________(選填“需要”或者“不需要”)測(cè)量鋼球的質(zhì)量(4)用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光片的寬度，示數(shù)如圖丙所示，則擋光片寬度d=

(5)在誤差允許范圍內(nèi)，關(guān)系式__________成立，則可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律(關(guān)系式用g、L、d、tP、t(6)通過(guò)多次測(cè)量和計(jì)算，發(fā)現(xiàn)第(2)問(wèn)的關(guān)系式均存在誤差，其中一組典型數(shù)據(jù)為A.空氣阻力對(duì)鋼球的影響

BC.鋼球半徑對(duì)線速度計(jì)算的影響

D.【答案】1:2;不需要;【解析】(2)又v解得t(3)本實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律時(shí)，由于鋼球P、(4)20分度游標(biāo)卡尺的精確值為(5)即2(6故選C。12.為了測(cè)量一未知電阻Rx的阻值，某學(xué)習(xí)小組做了以下實(shí)驗(yàn)：

(1)同學(xué)們先用多用電表粗測(cè)電阻Rx的阻值，把選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋“×100”位置，若多用電表的讀數(shù)如圖甲所示，Rx(2)為了更準(zhǔn)確地測(cè)量電阻A.學(xué)生電源(12VB.電壓表V(量程15VC.電流表A1(量程6D.電流表A2(量程0.1E.滑動(dòng)變阻器R(最大阻值為F.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干則電流表應(yīng)選擇

(填器材前字母序號(hào))。(3)某同學(xué)正確選擇儀器后連接了如圖乙所示的電路，為保證待測(cè)電阻兩端電壓變化范圍較大，并使測(cè)量誤差盡量減小，實(shí)驗(yàn)前請(qǐng)你檢查該電路，指出電路存在的問(wèn)題：?①

?【答案】(1)1900；(2)C【解析】(1)Rx的阻值為19×100Ω=1900Ω。

(2)流過(guò)Rx的最大電流約為12V四、計(jì)算題：本大題共3小題，共42分。13.水平地面上，固定一個(gè)傾角為30°的斜面．斜面上有一個(gè)質(zhì)量為M=1.5?kg的箱子，一細(xì)繩上端固定在箱子的上頂面O點(diǎn)，另一端連接一個(gè)質(zhì)量為m=0.1?k(1)穩(wěn)定時(shí)，細(xì)繩上的拉力F1(2)作用在箱子上的力F【答案】(1根據(jù)圖中幾何關(guān)系可得重力、細(xì)繩拉力與合力ma能構(gòu)成等邊的矢量三角形，

所以細(xì)繩上的拉力F1的大小為F1=m(2)以箱子和小球整體為研究對(duì)象，沿斜面方向根據(jù)牛頓第二定律

可得F+

【解析】本題主要是考查了牛頓第二定律的知識(shí);利用牛頓第二定律答題時(shí)的一般步驟是：確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、進(jìn)行正交分解、在坐標(biāo)軸上利用牛頓第二定律建立方程進(jìn)行解答;注意整體法和隔離法的應(yīng)用。

(1)以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，根據(jù)平行四邊形法則求解細(xì)繩上的拉力F1的大小，根據(jù)牛頓第二定律求解小球的加速度;

(214.如圖，在豎直平面內(nèi)，一半徑為R的光滑絕緣圓弧軌道ABC和水平絕緣軌道PA在A點(diǎn)相切，BC為圓弧軌道的直徑，O為圓心，OA和OB之間的夾角為α，sinα=35，整個(gè)裝置處于水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中。一質(zhì)量為m、電荷量為q(q>(1(2)小球到達(dá)(3)小球從C點(diǎn)落至水平軌道上的位置與A【答案】解：

(1)設(shè)小球所受電場(chǎng)力為F0，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E，

由力的合成法則有：F0mg=tanα，F(xiàn)0=qE

解得：E=3mg4q；

(2)小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)所受合力的大小為F，由力的合成法則有：F2=mg2+F02

設(shè)小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度大小為vC，由牛頓第二定律得：F=mvC2R

解得：vC=5gR2

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：v⊥t解得：t=355Rg

小球水平方向上做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度大小為a，小球落至水平軌道上的位置到A點(diǎn)的距離為s，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：s

【解析】本題考查帶電粒子在重力場(chǎng)和電場(chǎng)復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵是掌握力的合成法則，應(yīng)用牛頓第二定律、動(dòng)能定理求解。同時(shí)注意運(yùn)動(dòng)的合成與分解的應(yīng)用。

(1)根據(jù)力的合成法則和電場(chǎng)力公式求出電場(chǎng)強(qiáng)度的大??；

(2)在C點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律和向心力公式求出C點(diǎn)的速度，作CD⊥PA15.一游戲裝置豎直截面如圖所示，固定的光滑水平直軌道AB、半徑為R的光滑螺旋圓形軌道BCD、光滑水平直軌道DE平滑連接，直軌道的左邊平滑連接一光滑曲面軌道。長(zhǎng)為L(zhǎng)、質(zhì)量為M的平板緊靠光滑且足夠長(zhǎng)的固定凹槽EFGH放置，平板上表面