廣西2024年高考物理模擬試卷及答案

國(guó)蒼人一、選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分.在每小題給出的四個(gè)

得分件項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的.

1.廣西是世界范圍內(nèi)巨猿化石發(fā)現(xiàn)最多的地區(qū)，巨猿是一種已經(jīng)滅絕的高等靈長(zhǎng)類動(dòng)物，其生活于距今

約20萬年前，利用14c衰變測(cè)定年代技術(shù)可以確定化石的大致年代，14c衰變方程為^c^N-X,

其半衰期是5730年，下列說法正確的是（）

A.X是電子，來源于核外電子

B.X是中子，來源于原子核

C.化石埋藏的環(huán)境會(huì)影響針。的半衰期，進(jìn)而對(duì)推算年代造成影響

D.鏟。的比結(jié)合能小于嚴(yán)”的比結(jié)合能

2.如圖甲，電鰻遇到危險(xiǎn)時(shí)，可產(chǎn)生數(shù)百伏的電壓來保護(hù)自己.如圖乙所示，若將電鰻放電時(shí)形成的電

場(chǎng)等效為等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)，其中正電荷集中在尾部，負(fù)電荷集中在頭部，。為電鰻身體的中點(diǎn)，

40=B。且AB為魚身長(zhǎng)的一半，下列說法正確的是（）

(a)(b)

A.人點(diǎn)電勢(shì)等于B點(diǎn)電勢(shì)

B.A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)

C.若電鰻頭尾部間產(chǎn)生300V的電壓時(shí)，A3間的電壓可能為100V

D.將正電荷由八點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，曲場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功

3.如圖甲所示，用手握住長(zhǎng)繩的端點(diǎn)A,t=0時(shí)刻在手的帶動(dòng)下4點(diǎn)開始上下振動(dòng)，其振動(dòng)圖像如圖乙

所示，則卜.列四幅圖中能正確反映S時(shí)刻繩波形狀的是（）

C.D.

4.我國(guó)將于2025年前后在文昌發(fā)射嫦娥六號(hào)，嫦娥六號(hào)將開展月球背面著陸區(qū)的現(xiàn)場(chǎng)調(diào)查和分析。采樣

返問后，在地面對(duì)樣品進(jìn)行研究。在發(fā)射過程中必須讓嫦娥六號(hào)探測(cè)器在環(huán)月階段圓軌道（II）的P點(diǎn)向

環(huán)月階段橢圓軌道（I）上運(yùn)動(dòng)以到達(dá)月球表面的Q點(diǎn)。已知在圓軌道和橢圓軌道上的探測(cè)器只受到月球

的萬有引力作用，下列說法正確的是（)

A.若已知引力常量、探測(cè)器在圓軌道上的運(yùn)動(dòng)周期和月球的半徑，可求得月球的質(zhì)量

B.探測(cè)器由環(huán)月圓軌道進(jìn)入環(huán)月橢圓軌道應(yīng)讓發(fā)動(dòng)機(jī)在尸點(diǎn)加速

C.探測(cè)器在環(huán)月階段橢圓軌道上P點(diǎn)的速度小于Q點(diǎn)的速度

D.探測(cè)器在環(huán)月階段橢圓軌道上戶點(diǎn)的加速度大于Q點(diǎn)的加速度

5.某同學(xué)用可拆變壓器探究“變壓器的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”.將圖甲中的零件組裝成圖乙中的變壓器，將原

線圈接在交流電源上，將副線圈接在電壓傳感器（可視為理想電壓表1上，觀察到副線圈電壓火隨時(shí)間/

變化的圖像如圖丙所示，在保證安全的前提下，該可學(xué)在“?上時(shí)間內(nèi)進(jìn)行的操作不可能是（）

A,增加了交流電源的頻率B.增加了副線圖的匝數(shù)

C.減少了原線圈的匝數(shù)D.擰緊變壓器鐵芯上松掉的螺絲

6.如圖所示，裝有沙子的小車靜止在光滑的水平面上，總質(zhì)量為1.5kg,將一個(gè)質(zhì)量為0.5kg的小球從距

沙面0.45m島度處以大小為4m/s的初速度水平拋出，小球落入車內(nèi)并陷入沙中最終與車?起向右勻速運(yùn)

動(dòng).不計(jì)空氣阻力，重力加速度g=lDm/s2,則下列說法正確的是（）

A.小球陷入沙子過程中，小球和沙、車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒

B.小球陷入沙子過程中，沙子對(duì)小球的沖量大小為孥N?s

C.小車最終的速度大小為1m/s

D.小車最終的速度大小為2m/s

7.如圖所示，冬奧會(huì)上甲、乙兩名運(yùn)動(dòng)員在水平冰面上滑冰，恰好同時(shí)到達(dá)虛線PQ左側(cè)的半圓滑道，然

后分別沿半徑為丁1和也（廠1>=2）的滑道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)半個(gè)圓周后勻加速沿直線沖向終點(diǎn)線.已知

甲、乙兩名運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量相等，他們做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)所受向心力大小相等，直線沖刺時(shí)的加速度大小也相

A.在做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，甲所用的時(shí)間比乙的短B.在做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，甲、乙的角速度大小相等

C.在沖刺時(shí)，甲到達(dá)終點(diǎn)線時(shí)的速度較大D.在沖刺時(shí)，乙一定先到達(dá)終點(diǎn)線

閱卷人二、選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分.在每小題給出的四個(gè)

選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3

得分分，有選錯(cuò)的得。分.

8.如圖甲所示，一輕彈簧豎直固定在水平面上，t=0時(shí)刻，將一小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋

放，小球落到彈簧上壓縮彈簧到最低點(diǎn)，然后又被彈起離開彈簧，上升到一定高度后再下落，如此反

復(fù).通過安裝在彈簧下端的壓力傳感器，測(cè)出這一過程彈簧彈力尸隨時(shí)間，變化的圖像如圖乙所示，則下

列說法正確的是（）

O

A.”時(shí)刻小球動(dòng)能最大

B.與時(shí)刻小球動(dòng)能最小

C.七~上時(shí)間內(nèi)，小球的動(dòng)能先減少后增加

D.亡2?打時(shí)間內(nèi)，小球增加的機(jī)械能小于彈簧減少的彈性勢(shì)能

9.半導(dǎo)體薄膜壓敏傳感器所受壓力越大其電阻越小，利用這?特性設(shè)計(jì)成蘋果大小自動(dòng)分揀裝置如圖所

示.其中心為壓敏電阻，R2為可變電阻，蘋果通過放置在壓敏電阻正上方的托盤秤時(shí)，可將壓力傳導(dǎo)至壓

敏電阻，電磁鐵的輸入電壓大于某?個(gè)值時(shí)，電磁鐵工作，將銜鐵吸卜.并保持此狀態(tài)?小段時(shí)間，蘋果進(jìn)

入通道2,否則蘋果將進(jìn)入通道1.若要挑選出質(zhì)量更大的蘋果，下列措施可行的是（）

A.將R2的電阻調(diào)小B.將&的電阻調(diào)大

C.增大電源々的電動(dòng)勢(shì)D.增大電源燈的內(nèi)阻

10.如圖所示，傾角為8的絕緣斜面上司定兩根足夠長(zhǎng)的平行光滑導(dǎo)軌，將定作電阻、電容器和電源在導(dǎo)

軌上端分別通過開關(guān)Si、S2、S3與導(dǎo)軌連接，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直斜面向下，初始時(shí)刻導(dǎo)體棒垂直導(dǎo)軌靜止放

置.已知導(dǎo)軌與導(dǎo)體棒電阻不計(jì)，則下列說法正確的是（）

A.Si閉合，S2、S3斷開，由靜止釋放導(dǎo)體棒，導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的t圖像可能如圖1所示

B.S2閉合，Si、S3斷開，由靜止釋放導(dǎo)體棒，導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的I；-t圖像可能如圖2所示

C.Si、S2、S3斷開，由靜止釋放導(dǎo)體棒一段時(shí)間后閉合開關(guān)Si，導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的t圖像可能如圖3所

D.Si、S2、S3斷開，由靜止釋放導(dǎo)體棒一段時(shí)間后閉合開關(guān)S3,導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的u-t圖像可能如圖4所

小

閱卷人

三、非選擇題：本題共5小題，共54分.

得分

11.在“測(cè)玻璃磚的折射率”實(shí)驗(yàn)中：

（1）如圖甲所示，用插針法測(cè)定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，下列說法正確的是一（填字母）.

A.P］、P2的距離較大時(shí)，通過玻璃石專會(huì)看不到P］、P2的像

B.為測(cè)量方便，Pl、P2的連線與法線N"的夾角應(yīng)盡量小些

C.若Pl、P2的連線與法線NM夾角較大時(shí)有可能在8//面發(fā)生全反射，所以在8//一側(cè)就看不到Pl、P2

的像

D.為了減小作圖誤美，P3和P4的距離應(yīng)適當(dāng)取大些

（2）在該實(shí)驗(yàn)中，光線是由空氣射入玻璃磚，根據(jù)測(cè)得的入射角和折射角的正弦值畫出的圖線如圖乙

所示，從圖線可知玻璃磚的折射率是.

（3）在該實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)在紙上西出的界面。優(yōu)、油，與玻璃磚位置的關(guān)系分別如圖內(nèi)所示，該同學(xué)用

的是矩形玻璃磚，他的其他操作均正確，旦均以。優(yōu)、為界面畫光路圖，則該同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)

值相比（填“偏大”“偏小”或“不變”）.

12.利用如圖甲所示電路觀察電容器的充、放電現(xiàn)象，連接計(jì)算機(jī)的電流傳感器可以捕捉并記錄到電流變

化，當(dāng)電流從上向下流過電流傳感器時(shí)，電流計(jì)為正值，已知直流電源電動(dòng)勢(shì)為9V,內(nèi)阻可忽略，實(shí)驗(yàn)

過程中顯示出電流隨時(shí)間變化的/-2圖像如圖乙所示.

（1）在4~7s時(shí)間內(nèi)，開關(guān)S接（填“1”或“2”）.

（2）關(guān)于電容器充電過程中兩極板所帶電荷量Q隨時(shí)間f變化的圖像，下列正確的是（填字

（3）如果不改變電路其他參數(shù)，只減小電阻R,充電時(shí)/-t曲線與橫軸所圍成的面積將（填

“增大不變"或“變小”），充電時(shí)間將（填“變長(zhǎng)皿不變”或“變短”）.

（4）某同學(xué)研究電容器充電后儲(chǔ)存的能.鼠石與電容C、電荷鼠。及兩極板間電壓U之間的關(guān)系.他從

等效的思想出發(fā)，認(rèn)為電容器儲(chǔ)存的能量等于把電荷從一個(gè)極板搬運(yùn)到另一個(gè)極板過程中克服電場(chǎng)力所做

的功.為此他作出電容器兩極間的電壓U隨電荷量Q變化的圖像如圖丙所示，下列說法正確的是

（填字母）.

△q

A.對(duì)同一電容器，電容器儲(chǔ)存的能量E與電荷量。成正比

B.搬運(yùn)dq的電量，克服電場(chǎng)力所做的功近似等于上方小矩形的面枳

C.若電容器兩極板間電壓為U時(shí)儲(chǔ)存的能量為￡則電壓為g時(shí)儲(chǔ)存的能量為。

24

13.如圖所示，我國(guó)研制的“飛天”艙外航天服各項(xiàng)技術(shù)水平均處于世界前列，航天服的氣密性良好，為部

氣體可視為理想氣體.已知其初始狀態(tài)體積為％溫度為。壓強(qiáng)為06p0,其中Po為大氣壓強(qiáng).

3）若保持航天服內(nèi)氣體壓強(qiáng)不變，緩慢升高氣體溫度至L27,求此過程氣體對(duì)外做的功W：

（2）若在初始狀態(tài)將航天服的閥門打開，外界氣體緩慢進(jìn)入航天服內(nèi)，直至內(nèi)、外氣體壓強(qiáng)均為網(wǎng)后

不再進(jìn)氣，此時(shí)航天服內(nèi)理想氣體的體積為1.2%且此過程中，氣體的溫度保持為了不變，求進(jìn)入航天服

內(nèi)氣體的質(zhì)量與原有質(zhì)量的比值.

14.如圖所示，在坐標(biāo)系xQv的％=2d、x=5d處有兩條虛線/IC、DF,y軸與八。之間的勻強(qiáng)磁場(chǎng)I大小

未知，AC與3〃之間的勻強(qiáng)磁場(chǎng)H磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8,兩磁場(chǎng)方向均垂直于坐標(biāo)平面向外.在原點(diǎn)O

下方有一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域，場(chǎng)強(qiáng)方向沿y軸正方向，在），軸上與O相町為，/的P點(diǎn)將一質(zhì)量為〃h電荷量

為+q（q>0）的帶電微粒由靜止釋放，它在電場(chǎng)力作用下向上運(yùn)動(dòng)經(jīng)。點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，先后經(jīng)過Q、G點(diǎn)從

磁場(chǎng)射出，經(jīng)過x釉，S點(diǎn)時(shí)速度方向與x釉正方向成8=37。角.己知Q、G兩點(diǎn)縱坐標(biāo)相同，取

sin37°=0.6,cos37°=0.8,不計(jì)微粒受到的重力.求：

AD

J?R???;

imiir〃

p

（i）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小后

（2）勻強(qiáng)磁場(chǎng)I的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小;

（3）帶電微粒從P點(diǎn)釋放到經(jīng)過5點(diǎn)的時(shí)間.

15.如圖甲所示，質(zhì)量為M=1kg的長(zhǎng)木板靜止在光滑水平面上，質(zhì)晝?yōu)閙=2kg的物塊以水平向右的初

速度滑上長(zhǎng)木板的左端，物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=0.2,將物塊視為質(zhì)點(diǎn)，最大靜摩擦力等于滑

動(dòng)摩擦力，重力加速度g=10m/s2.

............................M）

（1）當(dāng)物塊的初速度%=2后m/s時(shí)，物塊恰好不滑離木板，求木板長(zhǎng)度L

（2）當(dāng)物塊以巧=6m/s的初速度滑上木板時(shí)，同時(shí)給木板施加一個(gè)水平向右的恒力凡求:

①要使物塊不滑離木板，恒力E的取值范圍；

②在①的情形下，物塊的最終速度大小與恒力E的關(guān)系；

③物塊與木板因摩擦產(chǎn)生的熱量。與恒力F的關(guān)系.

答案解析部分

1.【答案】D

【解析】【解答】AB.根據(jù)衰變方程3CT；4N+X可知，X為電子，為夕衰變，X來源于原子核內(nèi)隹中子

轉(zhuǎn)化而成，AB不符合題意；

C.半衰期只與原子核本身性質(zhì)有關(guān)，與環(huán)境無關(guān)，c不符合題意；

D.可知肥。自發(fā)衰變?yōu)樵?故/C不穩(wěn)定，比結(jié)合能小，D符合題意。

故答案為：Do

【分析】利用核反應(yīng)方程質(zhì)量守恒的特點(diǎn)可得出粒子種類。

2.【答案】C

【解析】【解答】A.由圖可知，電場(chǎng)線由A指向B,故A點(diǎn)的電勢(shì)大于B點(diǎn)的電勢(shì)，A不符合題意；

B.由題可知，AO=BO,故A、B兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相同，B符合題意：

C.若電鰻頭尾間產(chǎn)生300V的電壓，A、B兩點(diǎn)在其電壓取值區(qū)間內(nèi)，故AB間的電壓可能為100V,C符

合題意；

D.將正電荷由A移動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力一直做正功，D不符合題意。

故答案為：Co

【分析】利用等量異種電荷周圍產(chǎn)生電場(chǎng)的分布特點(diǎn)可得出結(jié)論。

3.【答案】B

【解析】【解答】由乙圖可知，A點(diǎn)振動(dòng)的頻率-定，故波形圖的波長(zhǎng)一定；t=0時(shí)，A點(diǎn)振動(dòng)方向沿x軸

正方向，故起振方向沿x軸正方向，B符合題意，ACD不符合題意。

故答案為：Bo

【分析】利用質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的特，點(diǎn)，結(jié)合波的產(chǎn)生和傳播規(guī)律可得出結(jié)論。

4.【答案】C

【解析】【解答】A.若已知引力常量、探測(cè)器在圓軌道上的運(yùn)動(dòng)周期和探測(cè)器的軌道半徑，由

GMm47r2

-7

----丁-/5—=m——5*

可求出月球的質(zhì)量大小，若已知引力常量、月球表面的重力加速度和月球半徑，由

GMm.

—y—=mg

R2

可求出月球的質(zhì)量大小，A不符合題意：

B.探測(cè)涔由環(huán)月圓軌道進(jìn)入環(huán)月橢圓凱道時(shí)，探測(cè)器做近心運(yùn)動(dòng)，應(yīng)讓發(fā)動(dòng)機(jī)在尸點(diǎn)減速，B不符合題

意；

c.由開普勒第二定律可知，探測(cè)器在橢圓軌道上近日點(diǎn)的速度大于遠(yuǎn)日點(diǎn)的速度，故在橢圓軌道上.P點(diǎn)

的速度小于Q點(diǎn)的速度，C符合題意：

D.由

GMm

-----5—=ma

R2

可知，探測(cè)器在環(huán)月階段橢圓軌道上P點(diǎn)的加速度等于Q點(diǎn)的加速度，D不符合題意。

故答案為：Co

【分析】利用衛(wèi)星做離心運(yùn)動(dòng)和近心運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)分析衛(wèi)星變軌的特點(diǎn)：根據(jù)衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，

利用萬有引力提供向心力的特點(diǎn)可得出結(jié)論。

5.【答案】A

【解析】【解答】A.變壓器原副線圈上的交變電流頻率相同，故不可能改變交變電流的頻率，A符合題

意；

BC.可以通過改變忡.數(shù)來增加副線圈的匝數(shù)或減小原線圈的匝數(shù)，BC不符合題意：

D.可以擰緊變壓器鐵芯上松掉的螺絲，D不符合題意。

故答案為：A。

【分析】根據(jù)變壓器的基本原理可得出結(jié)論。

6.【答案】C

【解析】【解答】A.小球陷入沙子過程中，小球會(huì)受到重力的作用，故小球和沙、車組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守

恒，A不符合題意：

B.小球在落入車時(shí)，豎直分速度

2

vy=2gh

可得

vy=3m/s

CD.水平方向動(dòng)量守恒，故有

mvQ=(m+M)v

可知

v=lm/s

C符合題意，D不符合題意。

【分析】根據(jù)小球和小車在運(yùn)動(dòng)過程中的受力特點(diǎn)可得出系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，利用水平方向上的動(dòng)量守恒定

律可求出速度大小。

7.【答案】C

【解析】【解答】A.在做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由

47r2

%=m-亍丫

V

可知，半徑越大，周期越大，甲乙做囪周運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為半個(gè)周期，則甲運(yùn)動(dòng)所用時(shí)間比乙的長(zhǎng)，A不符合

題意；

B.在做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由

2

Fn=ma)r

可知，半徑越大，角速度小，故甲的角速度比乙的角速度小，B不符合題意；

C.在做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由

2

rV

可知，半徑越大，線速度越大，沖刺過程加速度大小相等，位移相同，由

v，2-V2=2ax

可知，甲到達(dá)終點(diǎn)線時(shí)的速度較大，C符合題意；

D.沖剌過程中，甲的速度較大，故甲先到達(dá)終點(diǎn)線，D不符合題意。

故答案為：Co

【分析】根據(jù)物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，利用牛頓第二定律可得出物體做圓周運(yùn)動(dòng)的速度大小特點(diǎn)。

8.【答案】B,D

【解析】【解答】AB.由題可知，小球在空中做自由落體運(yùn)動(dòng)，在接觸到彈簧后先做加速度減小的加速運(yùn)

動(dòng)，然后做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，故在UF之間某時(shí)刻小球的速度最大，動(dòng)能最大，匕時(shí)刻彈簧形變量

最大，小球速度為零，動(dòng)能最小，A不符合題意，B符合題意；

CD.12F時(shí)間內(nèi)，小球處于上升階段，速度先增大后減小，彈簧減小的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能和重力勢(shì)能，

小球增加的機(jī)械能等于彈簧減小的彈性勢(shì)能，D符合題意。

故答案為：BDo

【分析】根據(jù)小球的受力特點(diǎn)，結(jié)合彈力的大小變化可得出小球的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，進(jìn)而可得到不同時(shí)刻小球速

度及其能量的變化。

9.【答案】A,D

【解析】【解答】AB.由題可知，質(zhì)量更大的蘋果進(jìn)入通道2,即電磁鐵電壓增大，對(duì)應(yīng)R?兩邊電壓增

大，即回路中電流增大，將氐的電阻調(diào)小，則氐兩端電壓較小，需要更大的回路電流觸發(fā)電磁鐵的吸引

作用，故Ri的電阻要求更小，壓力更大，可挑選出質(zhì)量更大的蘋果，A符合題意，B不符合題意；

C.增大電源的電動(dòng)勢(shì)，會(huì)使回路電流增大，氐兩端電壓更大，質(zhì)量較小的蘋果也會(huì)進(jìn)入通道2,C不符合

題意；

D.增大電源的電動(dòng)勢(shì)，會(huì)是回路電流減小，氐兩端電壓變小，質(zhì)量更大的蘋果才能進(jìn)入通道2,D符合題

意。

故答案為：ADo

【分析】根據(jù)電路結(jié)構(gòu)，利用閉合電路歐姆定律可得出回路中的電流特點(diǎn)，進(jìn)而得出結(jié)論。

10.【答案】A,C

【解析】【解答】A.閉合SI,S2、S3斷開，導(dǎo)體棒受到重力作用沿斜導(dǎo)軌下滑，切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電

動(dòng)勢(shì)，由

E

E=BLv,/F=BIL

可得

B2L2V

F=~R~

由牛頓第二定律有

n2r2

BLV

mgsinO------——=ma

K

隨著速度增大，加速度逐漸減小，A符合題意；

B.S2閉合，Si、S3斷開，由靜止釋放導(dǎo)體棒，導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)

,△(/CUCBLv..

Ec=BDLlv,1=-^=—==CBLa?F=BnIiL

由牛頓第二定律有

mgsinO—B217cd=ma

則加速度為

mgsinO

m+CBzLz

導(dǎo)體棒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，B不符合題意；

c.Si、S2、S3斷開，由靜止釋放導(dǎo)體棒一段時(shí)間后閉合開關(guān)Si,此時(shí)導(dǎo)體棒速度為

v—gsin6t

此時(shí)安培力大小為

B2L2gs\n6t

R

若安培力大于重力的分力，則導(dǎo)體棒做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，c符合題意;

D.S］、S2、S3斷開，由靜止釋放導(dǎo)體棒一段時(shí)間后閉合開關(guān)S3,若此時(shí)導(dǎo)體棒速度為

v=gsinOt

則安培力沿斜面向上，大小為

B2L2

若安培力大于重力的分力，則導(dǎo)體棒做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，速度不會(huì)減小到零，D不符合題意。

故答案為：ACo

【分析】利用導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式，結(jié)合電路結(jié)構(gòu)可得出電流的大小，進(jìn)而得出安

培力的表達(dá)式，結(jié)合牛頓第二定律可得出導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)。

11.【答案】（I）D

（2）1.5

（3）偏小

【解析】【解答】（1）A.Pi、P2距離較大時(shí)，不影響光線射入玻璃磚的入射角與折射角大小，依舊能看到

PHP2的像，A符合題意：

B.為測(cè)量方便，PHP2的連線與發(fā)現(xiàn)MN的夾角應(yīng)合適，不能太大，不能太小，B不符合題意：

C.由幾和關(guān)系可知，光線在上表面的折射角與下表面入射角相同，由光路圖的可逆行可知，光線一定從

下表面射出，C不符合題意：

D.為了減小作圖誤差，將出射光線確定更加準(zhǔn)確，P3和P4的距離應(yīng)適當(dāng)取大些，D符合題意。

故答案為：D

（2）由

sin。1

71

-sin02

可知，玻璃的折射率為

n=1.5

（3）若在bb，界面記錄出射點(diǎn)，則會(huì)使折射角增大，折射率會(huì)偏小。

【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可得出實(shí)驗(yàn)步驟的可行性；（2）利用折射率與入射角、折射角的關(guān)系式可得出

折射率的大小。（3）根據(jù)折射定律分析，入射角不變，折射角偏大，刺折射率偏小。

12.【答案】（1）2

（2）B

（3）不變：變短

（4）B：C

【解析】【解答】（1）由乙圖可知，4?7s電容器處于放電過程，故開關(guān)S接2：

（2）ABC.電容器充電時(shí)開始電流較大，故電荷量增加，旦變化率較大，電流隨時(shí)間減小，電荷隨時(shí)間變

化率減小，最后充滿電保持不變，B符合題意，AC不符合題意。

故答案為：B

（3）目容器兩極板所攜帶電荷量與電容器電壓有關(guān)，不改變電路其他參數(shù)，只減小電阻R,則電容器兩

端電壓不變，故兩極板間電荷量不變，貝卜-七曲線與橫軸所圍成的面積不變：由于電阻減小，回路中電流

較大，充電時(shí)間會(huì)縮短。

（4）A.從等效的思想出發(fā)，認(rèn)為電容器儲(chǔ)存的能量等于把電荷從一個(gè)極板搬運(yùn)到另一個(gè)極板過程中克

服電場(chǎng)力所做的功，即E=3QU=：Q-g=*Q2,可知E與電荷量的平方成正比，A不符合題意：

B.由W=qU可知，圖像面枳代表電場(chǎng)力做的功，即搬運(yùn)/q的電量，克服電場(chǎng)力所做的功近似等于Aq上方

小矩形的面積，B符合題意；

C.由￡=/（22可知電容一定時(shí)，電荷量變?yōu)樵瓉淼囊话?，?chǔ)存的能量變?yōu)樵瓉淼?/4,C符合題意。

故答案為：BC

【分析】（1）根據(jù)電流隨時(shí)間變化的大小和方向特點(diǎn)，結(jié)合電流傳感器檢測(cè)電流的正負(fù)可得出結(jié)論；（2）

利用電容器充電過程電流變化的特點(diǎn)可得出電量隨時(shí)間變化的特點(diǎn)；（3）根據(jù)圖像含義，結(jié)合電場(chǎng)力做功

的特點(diǎn)可得出結(jié)論。

13.【答案】（1）解：氣體的壓強(qiáng)不變，氣體等壓變化，則有節(jié)="

解得匕=L2V

氣體對(duì)外做功W=O.6po（彩一V）=0.12poV

（2）解：氣體的溫度保持為T不變，氣體等溫變化，則O.6poV=PoW

解得V,=0.6V

進(jìn)入航天服內(nèi)氣體的質(zhì)量與原有質(zhì)量之比為細(xì)=Q2,乎，）=1

m0.6V

【解析】【分析】（1）利用氣體做等壓變化可得出末狀態(tài)的體積大小，結(jié)合氣體做功公式可得出做功大小；

（2）利用等溫變化的規(guī)律可得出氣體在P0狀態(tài)卜的體枳大小，根據(jù)體積與質(zhì)量的關(guān)系可得出結(jié)論。

14?【答案】（1）解：因?yàn)镼、G兩點(diǎn)縱坐標(biāo)相同，可知微粒在勻強(qiáng)磁場(chǎng)H中運(yùn)動(dòng)時(shí)，軌跡具有對(duì)稱性；

微粒離開磁場(chǎng)區(qū)域后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則微粒射出磁場(chǎng)時(shí)速度方向與x軸正方向的夾角也是6=37。，畫出

微粒運(yùn)動(dòng)軌跡示意圖如圖所示.

AD

設(shè)微粒在勻強(qiáng)磁場(chǎng)II中做圓周運(yùn)動(dòng)的乂徑為萬.

根據(jù)幾何關(guān)系有3d=2rzsin0

根據(jù)洛倫茲力提供向心力有Bqu=等

r2

解得U=嬰

2m

微粒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)速率不變，大小等于經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)的速率

由動(dòng)能定理有qEd=

解得E=25dq/?

8m

（2）解：根據(jù)幾何關(guān)系可知，微粒經(jīng)過磁場(chǎng)區(qū)域I時(shí)的速度偏特角

a=90°-37°=53°

設(shè)微粒在磁場(chǎng)區(qū)域I內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r「

根據(jù)幾何關(guān)系有2d=q-qcosa

解得門=5d

又qvB'=mp-

可得B=今

（3）解:微粒在磁場(chǎng)區(qū)域I內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間G=瑞鼎