試卷第=page22頁，共=sectionpages2222頁絕密★啟用前2025年高考考前信息必刷卷04（湖北專用）物理（考試時間：75分鐘試卷滿分：100分）考情速遞高考·新動向：2025年高考物理科目的命題趨勢將更加注重對學生綜合能力的考查，尤其是對物理概念的理解和應用能力。題目呈現(xiàn)方式將更加多樣化，不僅限于傳統(tǒng)的計算題和選擇題，還會增加更多情境題和實驗題。這些題目將要求學生不僅掌握物理知識，還要能夠將知識應用到實際問題中，解決現(xiàn)實生活中的物理問題。例如，在力學部分，傳統(tǒng)的題目可能只是要求學生計算物體的運動軌跡或受力情況，而新的題目可能會設計一個實際情境，如汽車剎車距離的計算，要求學生考慮摩擦力、空氣阻力等多種因素，綜合運用力學知識解決問題。高考·新考法：在常規(guī)考點的考查上，2025年高考物理將更加注重知識點的融合和綜合運用。例如，力學與電磁學的結合、熱學與能量守恒的結合等。此外，對于非常規(guī)考點，命題者可能會通過創(chuàng)新性的設問方式，考查學生對物理原理的深入理解和靈活運用能力。例如，通過設計復雜的實驗情境，考查學生對實驗數(shù)據(jù)的分析和處理能力。例如，在電磁學部分，傳統(tǒng)的題目可能只是要求學生計算電場強度或磁場強度，而新的題目可能會設計一個實際情境，如電磁感應的應用，要求學生綜合運用電磁學和力學知識，分析電磁感應現(xiàn)象在實際中的應用。高考·新情境：情境題目的創(chuàng)新性、實時性和開放性將成為2025年高考物理的一大亮點。這些題目將緊密結合當前科技發(fā)展和社會熱點，如新能源技術、量子計算、人工智能等。同時，跨學科的融合性也將得到體現(xiàn)，例如物理與化學、生物等學科的結合，考查學生在多學科背景下的綜合應用能力。例如，在熱學部分，傳統(tǒng)的題目可能只是要求學生計算熱量的傳遞或熱機效率，而新的題目可能會設計一個實際情境，如太陽能電池的應用，要求學生綜合運用熱學和電學知識，分析太陽能電池的工作原理和效率。命題·大預測：基于以上分析，2025年高考物理試卷將呈現(xiàn)以下趨勢：1、綜合性強：題目將更加注重知識點的綜合運用，考查學生在復雜情境下的問題解決能力。2、創(chuàng)新性高：命題者將通過創(chuàng)新性的設問方式，考查學生對物理原理的深入理解和靈活運用能力。3、情境化明顯：題目將緊密結合當前科技發(fā)展和社會熱點，考查學生在實際情境中的應用能力。4、跨學科融合：物理與其他學科的融合將更加明顯，考查學生在多學科背景下的綜合應用能力?！飩淇挤较蜥槍σ陨馅厔?，考生在備考時應注重以下幾點：1、夯實基礎：熟練掌握物理基本概念和原理，確保在綜合性強的情境下能夠靈活運用。2、強化實驗能力：注重實驗操作和數(shù)據(jù)分析能力的培養(yǎng)，能夠獨立設計和完成物理實驗。3、關注科技熱點：關注當前科技發(fā)展和社會熱點，了解物理知識在實際中的應用。4、跨學科學習：加強物理與其他學科的聯(lián)系，提升在多學科背景下的綜合應用能力。通過以上備考策略，考生將能夠更好地應對2025年高考物理科目的挑戰(zhàn)，取得優(yōu)異成績。注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在本試卷和答題卡上．2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑．如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回．一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要求，第8～10題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1．原子彈是利用重核裂變的鏈式反應制成的，在極短的時間內能夠釋放大量的核能，發(fā)生猛烈爆炸。1964年10月16日中國自行制造的第一顆原子彈爆炸成功，有力地打破了西方國家的核壟斷和核訛詐，提高了中國的國際地位。下列核反應方程式中屬于原子彈爆炸的核反應方程式的是（）A． B．C． D．【答案】B【解析】A.該核反應是衰變，故A不符合題意；B.該核反應方程是重核裂變，故B符合題意；C.該核反應是一般的核轉變，故C不符合題意D.該核反應方程是氫核聚變，故D不符合題意。故選B。2．如圖所示，交流電源輸出電壓有效值恒定，變壓器為理想變壓器，燈泡阻值不隨溫度變化，電路穩(wěn)定后閉合開關，下列說法正確的是（）A．L1變暗L2變暗 B．L1不變L3變暗C．L2變暗L3變暗 D．L2變亮L3變亮【答案】B【解析】當S閉合后，原線圈電壓和原副線圈匝數(shù)比不變，則副線圈電壓不變，副線圈對應的總電阻變小，副線圈電流增大，燈泡L2變亮，L2上的電壓變大，則L3兩端的電壓變小，燈泡L3變暗，交流電源輸出電壓有效值恒定，則燈泡L1上的電壓也不變，所以燈泡L1亮度不變。故選B。3．嫦娥四號探測器成功發(fā)射，開啟了我國月球探測的新旅程，探測器經(jīng)過地月轉移、近月、制動、環(huán)月飛行，最終實現(xiàn)了人類首次月球背面軟著陸。如圖為探測器部分軌道示意圖，其中軌道I為圓形軌道，軌道II為橢圓軌道.點P為兩軌道的切點，Q點為軌道II上近月點。不考慮探測器質量變化，下列說法中正確的是（）A．探測器在軌道II上經(jīng)過點P時的加速度小于其在軌道I上經(jīng)過點P時的加速度B．探測器經(jīng)過Q點時動能比其在軌道I上的動能大C．探測器從P向Q運動過程中機械能增大D．探測器在軌道II上的機械能比其在軌道I上的機械能大【答案】B【解析】A．根據(jù)探測器在軌道II上經(jīng)過點P時的加速度等于其在軌道I上經(jīng)過點P時的加速度，故A錯誤；B．根據(jù)經(jīng)過Q點做圓周運動的速度大于在軌道I上的速度，又因為在軌道II上由Q點向P點運動的過程中，做離心運動，需要加速，所以在軌道II上經(jīng)過Q點時速度大于經(jīng)過Q點做圓周運動的速度，所以探測器經(jīng)過Q點時速度比其在軌道I上的速度大，探測器經(jīng)過Q點時動能比其在軌道I上的動能大，故B正確；C．探測器從P向Q運動過程中機械能守恒，故C錯誤；D．探測器從軌道I上變軌到軌道II上需要減速，探測器在軌道II上的機械能比其在軌道I上的機械能小，故D錯誤。故選B。4．如圖所示，一傾角為的斜面體置于水平地面上，一物體恰能在一個斜面體上沿斜面勻速下滑，設此過程中斜面受到水平地面的摩擦力為。若沿與斜面夾角的方向斜向下用力推此物體，使物體沿斜面加速下滑，斜面體始終保持靜止，設此過程中斜面受到地面的摩擦力為，則（）

A．為零，為零B．為零，不為零且方向向左C．為零，不為零且方向向右D．不為零且方向向右，不為零且方向向右【答案】A【解析】根據(jù)題意，對物塊勻速下滑時受力分析，受重力、支持力、滑動摩擦力，根據(jù)平衡條件可知，摩擦力與支持力的合力與重力等大反向，即斜面對滑塊的作用力方向豎直向上，根據(jù)牛頓第三定律，則物塊對斜面的作用力方向豎直向下，斜面水平方向上沒有運動趨勢，則有當用與斜面成角、大小為的力推物塊，物塊所受斜面的支持力增大，摩擦力也增大，但是支持力與摩擦力仍然成比例的增大，其合力的方向仍然豎直向上，保持不變，則物塊對斜面的作用力的方向仍然豎直向下，只是數(shù)值上變大，故斜面水平方向上仍沒有運動的趨勢，不受地面的摩擦力，即故選A。5．某同學做用單擺測定重力加速度的實驗，為減小實驗誤差，多次改變擺長L，測量對應的單擺周期T，用多組實驗數(shù)據(jù)繪制圖像如圖所示。由圖可知，當?shù)刂亓铀俣却笮椋ǎ〢． B．C． D．【答案】B【解析】用多組實驗數(shù)據(jù)繪制圖像的斜率為單擺周期公式得所以變形得重力加速度大小為故選B。6．如圖所示，在豎直平面內，位于等高的P、Q兩點的兩個小球相向做平拋運動，二者恰好在M點相遇。已知P、Q、M三點組成邊長為L的等邊三角形，則下列說法正確的是（

）A．兩個小球不一定同時拋出B．兩個小球的初速度一定相同C．兩個小球相遇時速度大小一定相等D．兩個小球相遇時速度方向間的夾角為60°【答案】C【解析】A．兩小球下落的豎直高度相同，則時間相同，即兩個小球一定同時拋出，故A錯誤；B．兩個小球水平位移相同，時間相同，可知兩球的初速度大小一定相同，但方向不同，故B錯誤；C．兩個小球相遇時，因水平速度和豎直速度大小均相同，可知合速度大小一定相等，故C正確；D．兩個小球相遇時速度方向與豎直方向的夾角為，則，則兩個小球相遇時速度方向間的夾角不等于60°，故D錯誤。故選C。7．如圖所示，平行板電容器的電容為C，A板上有一小孔，小孔的正上方處有一質量為帶電量為的小球，小孔的直徑略大于小球的直徑，將小球由靜止釋放，經(jīng)時間小球速度減為零（小球未與B板相碰）。重力加速度為，空氣阻力不計．下列說法正確的是（

）A．小球全過程做勻變速直線運動B．時間內小球的平均速度為C．可以求出電容器極板上的電荷量D．可以求出平行板電容器兩板間距【答案】B【解析】A．小球先做勻加速運動后做勻減速運動，全程加速度不恒定，故A錯誤；B．小球剛到達小孔時的速度為，由解得在A、B板間，小球做勻減速直線運動，勻減速階段與自由落體階段平均速度均為，所以小球時間內平均速度為故B正確；C.根據(jù)自由落體運動規(guī)律有解得則小球在電容器內的位移根據(jù)加速度定義式可以求出小球在板間運動的加速度，根據(jù)牛頓第二定律可以求出電場強度大小，但兩板間距無法求出，板間電壓也無法求出，所以電容器極板上電荷量無法求出，故CD錯誤。故選B。8．如圖所示，兩條曲線分別表示兩分子間引力、斥力的大小隨分子間距離r的變化關系，e為兩曲線的交點．下列說法正確的是（）A．cd為斥力曲線，ab為引力曲線B．分子間距離減小，分子力一定增大C．當r＝re時，分子勢能最小D．re等于氣體分子間的平均距離【答案】AC【解析】A.由圖可知re為分子間的平衡距離，分子間距小于re時，斥力大于引力，故A正確；B.分子間距小于re時，分子間距離減小，分子力增大，分子間距大于re時，分子間距離減小時，分子力可能減小，可能增大，也可能先減小后增大，故B錯誤；C.分子間距從無窮遠處到re時，分子力表現(xiàn)為引力，分子力做正功，分子勢能減小，分子間距繼續(xù)減小時，分子力表現(xiàn)為斥力，分子力做負功，分子勢能增大，故r＝re時，分子勢能最小，故C正確；D.氣體分子間空隙較大，平均距離遠大于re，故D錯誤.9．如圖甲所示，輕彈簧下端固定在傾角37°的粗糙斜面底端A處，上端連接質量5kg的滑塊（視為質點），斜面固定在水平面上，彈簧與斜面平行。將滑塊沿斜面拉動到彈簧處于原長位置的O點，由靜止釋放到第一次把彈簧壓縮到最短的過程中，其加速度a隨位移x的變化關系如圖乙所示，，重力加速度取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。下列說法正確的是（）A．滑塊在下滑的過程中，滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒B．滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.1C．滑塊下滑過程中的最大速度為m/sD．滑塊在最低點時，彈簧的彈性勢能為10.4J【答案】BC【解析】A．滑塊在下滑的過程中，除重力和彈簧的彈力做功外，還有摩擦力做功，故滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能不守恒，故A錯誤；B．剛釋放瞬間，彈簧的彈力為零，由圖象可知此時加速度為a=5.2m/s2，根據(jù)牛頓第二定律有解得，故B正確；C．當x=0.1m時a=0，則速度最大，此時滑塊受到的合力為零，則有解得，則彈簧彈力與形變量的關系為當形變量為x=0.1m時，彈簧彈力F=26N，則滑塊克服彈簧彈力做的功為從下滑到速度最大，根據(jù)動能定理有解得m/s，故C正確；D．滑塊滑到最低點時，加速度為，根據(jù)牛頓第二定律可得解得，從下滑到最低點過程中，根據(jù)動能定理有解得Ep=5.2J，故D錯誤。故選BC。10．如圖所示，矩形金屬線框abcd放在光滑的絕緣水平桌面上，虛線為線框的對稱軸，線框的ab邊長為L，bc邊長為d，線框的電阻為R，用繞過定滑輪的不可伸長的絕緣細線將線框和放在地面上的重物連接，開始時繩子剛好拉直沒有張力，連接線框部分的細線水平，連接重物部分的細線豎直，重物的重力為G．現(xiàn)在虛線右側加垂直于桌面的勻強磁場，讓磁場的磁感應強度大小從0開始均勻增大，經(jīng)過t時間重物剛好要離開地面，則下列判斷正確的是（）A．t時間末，磁場的磁感應強度大小為B．t時間內，線框回路中的電流均勻增大C．t時間內，線框ab邊受到的安培力均勻增大D．t時間內，線框中電流的功率隨時間均勻增大【答案】AC【解析】設磁感應強度與時間的關系為B=kt，則=k；根據(jù)法拉第電磁感應定律得，感應電流為．經(jīng)過t時間重物剛好要離開地面，細線的拉力恰好等于重物的重力，則有BIL=G；其中B=kt，代入得kt??L=G，解得，所以t時間末，磁場的磁感應強度大小為B=kt=．故A正確．由，知線框回路中的電流恒定不變，故B錯誤．時間內，線框ab邊受到的安培力F=BIL=kt??L=t，則知安培力均勻增大，故C正確．線框中感應電動勢E恒定不變，感應電流I也恒定不變，由P=EI知線框中電流的功率恒定不變，故D錯誤．故選AC．二、非選擇題：本題共5小題，共60分。11.（8分）某實驗小組用一個彈簧測力計和一個量角器等器材驗證力的平行四邊形定則，設計了如圖所示的實驗裝置，固定在豎直木板上的量角器的直邊水平，橡皮筋的一端固定在量角器的圓心O的正上方A處，另一端系上繩套1和繩套2。主要實驗步驟如下：Ⅰ.彈簧測力計掛在繩套1上豎直向下拉橡皮筋，使橡皮筋與繩套的結點到達O處，記下彈簧測力計的示數(shù)F；Ⅱ.彈簧測力計掛在繩套1上，沿水平方向緩慢拉橡皮筋，同時用手拉著繩套2沿120°方向緩慢拉橡皮筋。使橡皮筋與繩套的結點到達O處，記下彈簧測力計的示數(shù)F1；Ⅲ.根據(jù)力的平行四邊形定則計算繩套1的拉力大小F1′＝F；Ⅳ.比較，若在誤差允許的范圍內相同，即可初步驗證力的平行四邊形定則；Ⅴ.只改變繩套2的方向，重復上述實驗步驟；若將繩套1由0°方向緩慢轉動到60°方向，同時繩套2由120°方向緩慢轉動到180°方向，此過程中保持橡皮筋與繩套的結點在O處不動，保持繩套1和繩套2的夾角120°不變。關于繩套1的拉力大小的變化，下列結論正確的是（填選項前的序號）。A．逐漸增大B．先增大后減小C．逐漸減小D．先減小后增大【答案】F1和F1′A【解析】由力的平行四邊形定可計算出繩套1的拉力為F1為彈簧測力計測出的示數(shù)，而F1′為根據(jù)平行四邊形定則計算出的繩套1所受拉力大小，即計算出的彈簧測力計示數(shù)，通過二者若在誤差允許的范圍內相同，即可初步驗證力的平行四邊形定則。兩個繩套在轉動過程中，合力保持不變，根據(jù)平行四邊形定則畫出圖像，如圖所示，由圖像可知，繩套1的拉力大小逐漸增大。12.（10分）某實驗小組想測量某導體的電阻值。（1）實驗小組先用多用電表的歐姆擋粗測電阻，機械調零、歐姆調零后，選擇“”檔，按正確的操作步驟來測量，表盤的示數(shù)如圖所示，則阻值；

（2）實驗小組再選用如下實驗器材精確測量電阻，器材及其符號和規(guī)格如下：A．電池組（，內阻不計）B．定值電阻（）C．定值電阻（）D．電流表（量程為，內阻為）E.電流表（量程為，內阻約為）F.滑動變阻器（最大阻值，允許通過的最大電流為）G.開關導線若干

為了減小實驗誤差，要求電表的測量值在量程的以上，定值電阻應該選擇（選填“”或“”），在方框中畫出合適的電路圖，并標上各器材的符號；（3）若實驗中電流表、的示數(shù)分別為、，則待測電阻（用實驗測得的物理量符號和題設中給出的物理量符號來表示）?！敬鸢浮?50

【解析】（1）歐姆表示數(shù)為。（2）電源電動勢，電路中通過待測電阻的最大電流為故需將電流表與帶測電阻串聯(lián)測量通過待測電阻的電流。實驗器材中沒有電壓表，需要將其中一個電流表與定值電阻串聯(lián)改裝成電壓表，因電流表內阻已知，且當電流表與定值電阻串聯(lián)時，最大電流恰好滿偏；當電流表與定值電阻串聯(lián)時，最大電流不足滿偏值的，故定值電阻應選，其與電流表串聯(lián)改裝成量程為的電壓表。因為電流表內阻已知，故電流表應外接，由于滑動變阻器的最大阻值遠小于待測電阻的阻值，，所以滑動變阻器應采用分壓接法，電路圖如圖所示。

（3）待測電阻13.（9分）如圖所示，橫截面為矩形的玻璃磚ABCD長L=12cm，當細單色光束從AD邊的中點F以α=60°角射入玻璃磚時，CD邊恰好沒有光線射出。已知真空中光速c=3×108m/s。求：（1）玻璃磚對該光的折射率n；（2）光束通過玻璃磚的時間t?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】（1）如圖甲，由折射定律：光束在CD邊恰好發(fā)生全反射有解得（2）如圖乙，光束在AB邊上也恰好發(fā)生全反射，光束在玻璃磚中通過的路程光在玻璃中的傳播速度傳播時間14.（15分）如圖所示，固定的光滑平臺上靜止著兩個滑塊A、B，mA＝0.1kg，mB＝0.2kg，兩滑塊間夾有少量炸藥，平臺右側有一帶擋板的小車，靜止在光滑的水平地面上。小車質量為M＝0.3kg，車面與平臺的臺面等高，小車的上表面的右側固定一根輕彈簧，彈簧的自由端在Q點，小車的上表面左端點P與Q點之間是粗糙的，P、Q間距L＝0.75m，滑塊B與PQ之間表面的動摩擦因數(shù)為，Q點右側表面是光滑的。點燃炸藥后，A、B分離瞬間A滑塊獲得向左的速度vA＝6m/s，而滑塊B則沖向小車。兩滑塊都可以看作質點，炸藥的質量忽略不計，爆炸的時間極短，爆炸后兩個物塊的速度方向在同一水平直線上，且g＝10m/s2。求：(1)滑塊B滑上小車后的運動過程中彈簧的最大彈性勢能；(2)滑塊B運動到何處小車速度最大？

并求出小車運動過程中的最大速度?！敬鸢浮?1)0.24J；(2)滑塊B壓縮彈簧后返回Q點時小車速度最大，小車最大速度為2m/s【解析】（1）爆炸過程系統(tǒng)動量守恒，以向左為正方向，由動量守恒定律得解得彈簧壓縮到最短時彈簧的彈性勢能最大，B與小車組成的系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動