2025屆高三下學期二輪模擬物理練習卷（十二）

（75分鐘100分）

考生須知：

1.本卷側(cè)重:高考評價體系之應用性。

2.本卷怎么考:①考查靈活應用物理知識和方法解決實際問題的能力（題7）;②考查靈活應用

公式解決較復雜問題的能力（題15）。

3.本卷典型情境題:題1、2、4、8、9o本卷拔高題:題10、150

4.本卷測試內(nèi)容:高考全部范圍。

一、單項選擇題:本題共7小題,每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一

項是符合題目要求的。

1.天然放射現(xiàn)象是指放射性元素自發(fā)地放出射線的現(xiàn)象。天然放射現(xiàn)象是1896年法國物理

學家貝克勒爾發(fā)現(xiàn)的。關于天然放射現(xiàn)象，下列說法正確的是

A.天然放射現(xiàn)象說明原子具有核式結(jié)構模型

B.天然放射現(xiàn)象中放出的p粒子來自原子的核外電子

C.天然放射現(xiàn)象中放出的a粒子貫穿本領最強

D.大量的某放射性原子核中,總數(shù)的一半發(fā)生衰變所需的時間就是該原子核的半衰期

2.抽制高強度纖維細絲可用激光監(jiān)控其粗細變化，如圖所示，觀察光束經(jīng)過細絲后在光屏上產(chǎn)

生的條紋即可判斷細絲粗細的變化，下列說法正確的是

激光器匚一

細^~?抽絲機

A.這里應用的是光的反射現(xiàn)象

B.這里應用的是光的干涉現(xiàn)象

C.如果光屏上條紋變寬，表明抽制的絲變細

D.如果光屏上條紋變寬，表明抽制的絲變粗

3.如圖所示,質(zhì)量為m的木塊A放置于水平地面上且質(zhì)量為M的三角形斜劈B上，現(xiàn)用大小

均為F、方向相反的力分別推A和8,它們均靜止不動，已知重力加速度為g,則

A.地面受向右的摩擦力

B.A一定受到沿斜面向上的摩擦力

C.B對A的支持力大小等于mgcos0

D.地面對B的支持力的大小一定等于（〃+能應

4.“巴羅輪”的示意圖如圖所示，下邊緣浸入水銀槽中的鋁盤置于蹄形磁鐵的磁場中（磁場方向

垂直鋁盤向里），可繞轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動。當轉(zhuǎn)軸、水銀槽分別與電源的正、負極相連時，鋁盤開始轉(zhuǎn)

動,下列說法中正確的是

鋁盤草軸鐵架臺

蹄形磁鐵N極'

電源

水嬴槽

A.鋁盤沿順時針方向轉(zhuǎn)動

B.只改變磁場方向,鋁盤的轉(zhuǎn)動方向不變

C.只改變電流方向,鋁盤的轉(zhuǎn)動方向不變

D.同時改變磁場方向與電流方向,鋁盤的轉(zhuǎn)動方向不變

5.三星系統(tǒng)在宇宙中有很多，形成的年代也不同，因此對于三星系統(tǒng)的研究，和對雙星系統(tǒng)的研

究一樣對銀河系及宇宙的演化有著重要的意義。有一種理想的三星系統(tǒng)如圖所示，三顆質(zhì)量

均為m的小行星位于等邊三角形的三個頂點,三角形邊長為R,忽略其他星體對它們的引力

作用，三星在同一平面內(nèi)繞三角形中心。做勻速圓周運動，引力常量為G,則每顆星做圓周運

動的

Qm

mm

A.向心加速度大小為空

B.角速度為Gm

3R3

C.周期為71R3

3Gm

D.線速度大小為J等

6.如圖所示，電路中理想變壓器原、副線圈接入電路的匝數(shù)可通過單刀雙擲開關改變，⑥為理

想交流電流表，在變壓器原線圈。、6兩端加上一峰值不變的正弦交變電壓，下列分析正確的

A.只將Si從2撥向1時，電流表示數(shù)變大

B.只將S2從3撥向4時，電流表示數(shù)變小

C.只將R的滑片上移,4的電功率變大

D.只將R的滑片下移，&的電功率變小

7.在xOy平面內(nèi)，有沿y軸方向的勻強電場（圖中未畫出），電場強度大小為瓦由A點斜射出一

質(zhì)量為加、帶電荷量為+q的粒子乃和C是粒子運動軌跡上的兩點，如圖所示，其中/o已知。

粒子所受重力忽略不計。則

A.電場的方向沿y軸正方向

B.粒子經(jīng)過C點時的速率為

C.粒子從A到C過程所經(jīng)歷的時間為6件

7qE

D.粒子從A到C過程中，電場力對它做的功為2qEl0

二、多項選擇題:本題共3小題,每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中有多項符

合題目要求,全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

8.地震，又稱地動、地振動，是地殼快速釋放能量過程中造成的振動，期間會產(chǎn)生地震波的一種

自然現(xiàn)象。最近某地發(fā)生了一場較大地震，導致很多房屋坍塌，給人們帶來很大的經(jīng)濟損失，

在地震過程中，下列說法正確的是

A.所有建筑物的振幅相同

B.所有建筑物的振動頻率均由振源的頻率決定

C.建筑物的振動周期均由其固有周期決定

D.所有建筑物均做受迫振動

9.小李同學學習了動量守恒的知識后,對物理學產(chǎn)生了濃厚的興趣，他用如圖所示的裝置探究

動量守恒，長L=8m的木板右端固定一立柱，板和立柱的總質(zhì)量A/=50kg,木板置于地面上，木

板與地面間的動摩擦因數(shù)〃=0.1。質(zhì)量機=50kg的人立于木板左端，木板與人均靜止。若人

以大小為3m/s2的加速度勻加速向右奔跑至板的右端，并立即抱住立柱，重力加速度g=10

m/s2,則

A.人從開始奔跑至到達木板右端所經(jīng)歷的時間為2s

B.人抱住立柱前的瞬間，人的速度的大小為3m/s

C.人抱住立柱后的瞬間，人的速度的大小為2m/s

D.從人開始運動到最終木板靜止，木板發(fā)生的總位移大小為2m

10.【拔高題】如圖甲所示，兩根電阻不計的光滑金屬導軌豎直固定放置，導軌間距d為0.5m,

上端通過導線與阻值為2。的電阻R連接，下端通過導線與阻值為4Q的小燈泡L連接。在

CDFE矩形區(qū)域內(nèi)有水平向外的勻強磁場，磁感應強度B隨時間變化的關系如圖乙所示,CE

長為2m。在片0時,電阻為2。的金屬棒以某一初速度從AB位置緊貼導軌向下運動。在

金屬棒從AB位置運動到EF位置過程中,小燈泡的亮度沒有發(fā)生變化，重力加速度g=10

A.通過小燈泡的電流為0.2A

B.金屬棒進入磁場時的速度大小為20m/s

C.金屬棒的質(zhì)量為0.24kg

Dl=0.25s時，金屬棒兩端的電勢差為1.6V

三、非選擇題:本題共5小題，共54分。

11.（6分）電容器是電路中常用的電子元件,某物理興趣小組利用高電阻放電法測一標示模糊

的電容器的電容。

102030405060t/s

(1)完成以下實驗步驟：

費圖甲電路圖連接好電路；

②先使開關S與2端相連，剛接通時電容器處于(選填“充電”或“放電”)狀態(tài),這個狀

態(tài)可在短時間內(nèi)結(jié)束；

③再把開關S與1端相連，同時開始計時并測量數(shù)據(jù)，每隔一定時間記錄一次電流表。的示

數(shù)/,將測得的數(shù)據(jù)填入預先設計的表格中；

④在坐標紙上標出測量的數(shù)據(jù)點，并用平滑的曲線把數(shù)據(jù)點連接起來,如圖乙所示。

(2)以下電子元件中，屬于電容器的是o

ARC

(3)若電源兩端的電壓為10V,可估算電容器的電容為F(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。

12.(9分)在練習使用螺旋測微器和用自由落體運動驗證機械能守恒定律的實驗中，某同學手

邊有一質(zhì)量為0.50kg的圓柱形重物，他想用該重物結(jié)合其他實驗器材完成該實驗。

甲

(1)實驗中，他用螺旋測微器測量該圓柱形重物的直徑，如圖甲所示，讀數(shù)為mm。

(2)正確組裝好了實驗器材后，使該重物自由下落，打點計時器在紙帶上打出一系列的點，選取

一條符合實驗要求的紙帶如圖乙所示。。為第一個點,A、8、C為從合適位置開始選取的連

續(xù)的三個點。已知打點計時器每隔0.02s打一個點，當?shù)氐闹亓铀俣萭=9.8m/s?,那么

<?OM?BC???

,<—15.55cm-

<------19.20cm——?

*------------23.23cm-——A

乙

①m據(jù)圖上所得的數(shù)據(jù)，應取圖中o點到點來驗證機械能守恒定律。

②從0點到⑦中所取的點，重物重力勢能的減少量AEP=J,動能增加量A￡k=

J(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)。

彝測出紙帶上各點到。點之間的距離，根據(jù)紙帶算出打各點時重物的速度v及重物下落的

高度八重物下落過程中機械能守恒，則以I為縱軸，以h為橫軸畫出的圖像是o

ohohohoh

13.(10分)圖為某一定質(zhì)量理想氣體狀態(tài)變化的p-V圖像48、BC、CA為直線，對應狀態(tài)的

壓強人體積V均已在圖中標出。已知氣體在狀態(tài)A時的溫度為7b,求：

(1)氣體在過程中放出的熱量0。

(2)氣體在A^B過程中的最高溫度To

14.(13分)如圖所示，一粗糙斜面AB與圓心角為37。的光滑圓弧BC相切，經(jīng)過。點的切線水

平。已知圓弧的半徑K=1.25m,斜面A3的長度￡=2m。質(zhì)量機=1kg的小物塊(可視為質(zhì)

點)在水平外力N作用下，從斜面頂端A點處由靜止開始沿斜面向下運動，當其到達B

點時撤去外力，物塊沿圓弧滑至C點拋出，落地點E與C點間的水平距離x=2.5m,C點距離

地面的高度/z=L25m。5m37。=0.6,8537。=0.8,重力加速度8=10向$2,空氣阻力不計。求：

(1)物塊經(jīng)過C點時對圓弧面的壓力大小。

(2)物塊滑至B點時的速度大小。

(3)物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)。

15.【拔高題】（16分）半徑為R和2R的同軸柱形金屬網(wǎng)橫截面如圖所示，把兩金屬網(wǎng)接在電

壓為U的恒壓電源上，兩網(wǎng)之間產(chǎn)生徑向的電場，在同軸的半徑為2R（較大的金屬網(wǎng)）和4R之

間的區(qū)域內(nèi)（邊界有磁場），存在垂直紙面向里的勻強磁場（未畫出）。一比荷為k的帶正電粒子

從軸心。處以速度出沿半徑方向運動,經(jīng)小金屬網(wǎng)的〃點后再到達大金屬網(wǎng)上的N點，已知

粒子從M運動到N經(jīng)過的時間為擊,不計粒子重力，設粒子運動中未碰到金屬網(wǎng)。

（1）求粒子進入磁場的速度大小。

（2）若使粒子不能從磁場區(qū)域的外邊界射出，磁感應強度的大小應滿足什么條件？

（3）調(diào)整磁感應強度的大小，使粒子在磁場中運動的半徑為竽R,求粒子連續(xù)兩次經(jīng)過N點的

時間間隔。

★參考答案★

題序1234567891cl

唇案DCDDABBBDACBD

1卷案D

解理分析本題考查天然放射現(xiàn)象。天然放射現(xiàn)象說明原子核具有復雜的結(jié)構,A項錯誤;0

衰變射出的電子來自原子核內(nèi)部，不是核外電子,B項錯誤;天然放射現(xiàn)象中放出的a粒子貫

穿本領最弱,C項錯誤;半衰期是大量放射性原子核有半數(shù)發(fā)生衰變所需的時間,D項正確。

2答籌C

解理分析本題為光的衍射現(xiàn)象在工業(yè)生產(chǎn)中的實際應用,考查光的衍射現(xiàn)象。障礙物的尺

寸與光的波長相比差不多或更小時，衍射現(xiàn)象較明顯。通過觀察光屏上條紋的變化情況，從而

監(jiān)測抽制的細絲的情況,如果光屏上條紋變寬，表明抽制的細絲變細,C項正確。

3.笞塞D

解理分析本題考查受力分析、力的平衡。對A、8整體進行受力分析,整體受到重力

(M+%)g、地面的支持力FN和已知的兩個推力,由于水平方向上兩個推力剛好平衡，故整體與

水平地面間沒有摩擦力，根據(jù)共點力的平衡條件,豎直方向上有FN=(M+Mg,A項錯誤、D項

正確。再對木塊A進行受力分析，木塊受重力機g、已知的推力足斜劈2對A的支持力尸N'

和摩擦力當推力尸沿斜面向上的分量大于重力沿斜面向下的分量時，摩擦力的方向沿斜

面向下;當推力尸沿斜面向上的分量小于重力沿斜面向下的分量時，摩擦力的方向沿斜面向

上;當推力尸沿斜面向上的分量等于重力沿斜面向下的分量時，摩擦力為零，根據(jù)共點力的平

衡條件，運用正交分解法，可以得到FN'=mgcos3+Fsin0,B、C項錯誤。

4答塞D

解博分析本題考查安培力。鋁盤、水銀與電源構成一個閉合回路,鋁盤中有電流，由左手定

則可知，鋁盤受到的安培力的方向與盤的半徑垂直，且沿逆時針方向，則鋁盤沿逆時針方向轉(zhuǎn)

動,A項錯誤;只改變磁場的方向，由左手定則可知，鋁盤受到的安培力方向與開始時相反，所以

鋁盤的轉(zhuǎn)動方向改變,B項錯誤;只改變電流方向，由左手定則可知,鋁盤所受安培力反向，鋁盤

的轉(zhuǎn)動方向相反,C項錯誤;由左手定則可知，將電流方向及磁場方向同時改變，鋁盤所受安培

力方向不變，鋁盤的轉(zhuǎn)動方向不變,D項正確。

5.笞塞A

R

解題分析本題考查三星系統(tǒng)。由題圖可知，每顆星做勻速圓周運動的半徑片，r心

????cos303

由牛頓第二定律得察-?2cos30°=無~=冽口2r=機衰「二根。，可解得

v=惇,60=傳g,T=2兀仔二。二卑NA項正確,B、C、D項錯誤。

vRNR3'3GmR"

6.等塞B

解理分析本題考查變壓器、動態(tài)電路的分析。只將Si從2撥向1時，會使副線圈兩端電

壓變小，變壓器的輸出功率減小,電流表示數(shù)會變小,A項錯誤;只將S2從3撥向4時,會使副

線圈兩端電壓變小，變壓器輸出功率變小,電流表示數(shù)會變小,B項正確;只將R的滑片上移，副

線圈兩端的電壓不變,Ri的電功率不變,C項錯誤;只將R的滑片下移，使得變阻器R接入電路

的阻值變小,變阻器R兩端的電壓變小，所以此兩端的電壓會增大,R2的電功率變大,D項錯

誤。

解博分析本題考查帶電粒子在電場中的運動。帶正電的粒子從A點斜向上射出，最終運動

到x軸的下方，可知正電荷所受電場力沿y軸負方向，正電荷所受電場力的方向與其所在位置

的電場的方向相同,A項錯誤;由功的定義，有WAC=qE（yA-yc）=3qEl0,D項錯誤;根據(jù)拋體運動

的特點，粒子在無軸方向上做勻速直線運動，由對稱性可知軌跡最高點。在y軸上，可令

t4D=f?B=T,則加c=T,由qE=ma,得。="又yD^a7S,yD+3lo-^a（2T）2M^T=碧則粒子從A

Tfl22

到C過程所經(jīng)歷的時間t=3晤,C項錯誤;粒子在DC段做類平拋運動，有

\qE

2

2lo=vCx-2T,vcy=a-2TM^vc=y/vCx+項正確。

8答案BD

解理分析本題考查受迫振動。地面上的所有建筑物都在同一驅(qū)動力作用下做受迫振動，它

們的振動周期（頻率）都由驅(qū)動力的周期（頻率）決定,與其固有周期（頻率）無關,B、D項正確,C

項錯誤;由于不同的建筑物的固有周期不盡相同，所以做受迫振動時，它們的振幅不一定相

同,A項錯誤。

9脊塞AC

解型分析本題考查牛頓第二定律、動量守恒定律。人向右加速運動,受到木板向右的摩擦

力大小F&=加＜72=150N,人向右運動的位移大小X2=12產(chǎn)，木板水平方向受兩個力，人對木板向

左的摩擦力壓'=150N,地面對木板向右的摩擦力居i=〃(M+m)g=100N,則木板向左運動的

加速度大小為。1=1m/s2,木板向左發(fā)生的位移大小xi=#ziP,由￡=尤1+血解得t=I=2

So如圖所示,人向右奔跑時，木板向左運動的位移大小即二|〃1於=2m,人抱住立柱時，人的速率

V2=a2t=6m/s,木板的速率v\=a[t=2m/s,人抱住立柱的時間很短,人與立柱間的相互作用力遠

大于地面的摩擦力,兩者動量守恒，取向右為正方向，有/也-/也=(m+M)",解得"=詈券^2

m/s,人抱住立柱后，人和木板一起向右運動，加速度大小的=零乎=/^=1m/s2,共同運動的位

田2

移大?。?弓一=2m,故木板的總位移為零。A、C項正確。

2a3

10.等率BD

解題分析本題考查電磁感應。金屬棒未進入磁場時，有昂=竽=爛=0.5x2x"V=2V,人

=RL+《=5。五=善=：A=0.4A,A項錯誤。因燈泡亮度不變，故0.2s末金屬棒進入磁場時剛

2R苣5

好做勻速運動,/=/L+/R=/L+吟=L2A,G=/安=B/d=0.24N,所以金屬棒的質(zhì)量%￡=0.024

kg,C項錯誤。金屬棒在磁場中運動時的電動勢E2=/(R+^^)=4V,尸號=20m/s,金屬棒從

R+RLDU

運動到所經(jīng)過的時間在這段時間內(nèi)燈泡兩端的電壓

C￡)t2=V-=20-s=0.1s,U=/LRL=0.4X4

V=1.6V,所以占0.25s時金屬棒兩端的電勢差為1.6V,B、D項正確。

11尊塞⑴充電(2分)

(2)A(2分)

(3)1.6xl03(2分)

解博分析本題考查測電容器的電容。

(1)開關S與2端相連，電容器與電源相連，電容器處于充電狀態(tài)。

(2)A元件外表面標示了“2200四。,說明A元件是電容器,B元件是電阻,C元件是滑動變阻器,

故選Ao

（3）題圖乙中圖線與坐標軸所圍的面積表示放電總電荷量,通過數(shù)小方格可以得到陰影面積約

為32格,每格面積表示5x10-4C,則總電荷量0=32x5x10-4C=1.6xl（y2c,由C=制得

C=1.6X10-3FO

12.省漾（1）4.700（2分）

Q）①B（1分）②0.94（2分）0.92（2分）③N（2分）

解題分析本題考查驗證機械能守恒定律。

（1）圓柱形重物的直徑為4.5mm+20x0.01mm=4.700mm。

（2）①m據(jù)題圖乙所得的數(shù)據(jù)，應取圖中O點到2點來驗證機械能守恒定律。

②從O點到B點的過程中，重物重力勢能的減少量AEp=sg/z=0.50x9.8x0.1920J=0.94J;8

點的瞬時速度等于AC段的平均速度，有形=等=。,232：二及555向s=1.92m/s,重物動能的增加

2.10.04

2

SAEk-^mvB-Q.92J。

③m據(jù)機械能守恒定律得〃皿=加2,則有產(chǎn)=g/,,可知|內(nèi)7的圖線是過原點的傾斜直線，故

A項正確,B、C、D項錯誤。

13.解理分析本題考查熱力學第一定律、理想氣體狀態(tài)方程。

⑴由p-V圖像可知,ATB—C—A過程中，外界對氣體做功W^poVo（2分）

由熱力學第一定律得氣體放出的熱量Q=W=1oVo。（1分）

⑵由圖分析知，直線AB的方程為p=（.3-^）p0（2分）

由理想氣體狀態(tài)方程得竽=整（2分）

解得7=喈浮7。（1分）

當3%v=y,即v=萼時,T有最大值，解得?=淑。（2分）

Zo

14.解博分析本題考查牛頓第二定律、動能定理。

（1）物塊從C點運動到E點的過程做平拋運動

由h=^gP（1分）解得f=0.5s

vc=|=5m/s（1分）

由牛頓第二定律知小:a=機與（1分），解得FN=30N（1分）

R

由牛頓第三定律知,物塊在C點時對圓弧面的壓力大小為30N。（1分）

（2）物塊從B點運動到C點,由動能定理有

22

mgR-mgRcos37°=|mvc-|mvB（2分），解得監(jiān)=2時m/s。（1分）

（3）從A點到B點，由勻變速直線運動規(guī)律，有外2=2ot（1分）

解得a=5m