2025年天津市河?xùn)|區(qū)高三物理一模試題

第I卷

一、單項選擇題（每小題5分，共25分。每小題給出的四個選項中，只有一個選項是正確

的。）

3口

1.自然界中氤。H）是宇宙射線與上層大氣間作用，通過核反應(yīng)生成的，含量極微，工業(yè)上一般用中子轟

擊:U獲取，核反應(yīng)為：Li+｛）nfX+：H。旅核（：H）具有放射性，其中衰變產(chǎn)生的He核處于高能級,

能量不穩(wěn)定，總衰變方程為；H-Y+；He+7,則下列判斷正確的是（）

A.核反應(yīng);Li+；nfX+：H為a衰變

B,氤核衰變中釋放的y光子來自；He

C.X、Y由原子核釋放，因此原子核中含有X、Y粒子

D.X、Y、y光子三種粒子在真空中傳播速度大小相同

【答案】B

【解析】

【詳解】由質(zhì)量守恒和電荷數(shù)守恒，由方程

；Li+]n-X+：H

可知粒子X為；He。由方程

:HfY+；He+y

可知粒子Y為電子_褪。

A.核反應(yīng)；Li+[nfX+：H為人工轉(zhuǎn)變，故A錯誤；

B.笳核衰變中釋放的y光子來自衰變產(chǎn)生的新核；He處于激發(fā)態(tài)向低能級躍遷釋放的能量，故B正確；

C.原子核中不含有電子，原子核中不含Y粒子，故C錯誤；

D.X、Y、y光子三種粒子真空中y光子傳播速度最大，X最小，故D錯誤。

故選B。

2.如圖所示，一束紅光也從A點射入一球形水珠，光線在第一個反射點8反射后到達(dá)C點，CQ為出射

光線，。點為球形水珠的球心，下列判斷中正確的是（）

Q

A.光線在2點可能發(fā)生了全反射

B.光從空氣進(jìn)入球形水珠后，波長變長了

C.光從空氣進(jìn)入球形水珠后，頻率增大了

D,僅將紅光改為紫光，光從A點射入后到達(dá)第一個反射點的時間增加了

【答案】D

【解析】

【詳解】A.由圖象知在B點的入射角等于在A點的折射角，所以光線在B點不可能發(fā)生全反射，故A錯

誤；

B.光的波長

頻率不變

V=-

n

所以折射率大的介質(zhì)中波長小，所以光從空氣進(jìn)入球形水珠后，波長變短了，故B錯誤；

C.光的頻率是不變的，故C錯誤；

D.紅光的折射率比紫光的小，由

V=-

n

知在水中的傳播速度比紫光大，所以僅將紅光改為紫光，光從A點射入后到達(dá)第一個反射點的時間增加

了，故D正確。

故選D。

3.健身球是一種內(nèi)部充氣的健身輔助器材，如圖所示，球內(nèi)的氣體可視為理想氣體，當(dāng)球內(nèi)氣體被快速擠

壓時來不及與外界熱交換，而緩慢變化時可認(rèn)為能發(fā)生充分的熱交換。則下列說法正確的是（）

A.人體快速擠壓健身球過程中，球內(nèi)氣體壓強(qiáng)減小

B.人體快速擠壓健身球過程中，球內(nèi)氣體分子熱運動的平均動能增大

C.人體緩慢離開健身球過程中，球內(nèi)表面單位時間單位面積上撞擊的分子數(shù)不變

D.人體緩慢離開健身球過程中，球內(nèi)氣體對外放熱

【答案】B

【解析】

【詳解】AB.人體快速擠壓健身球過程中，來不及與外界熱交換，球內(nèi)氣體體積減小，外部對氣體做功，

氣體溫度升高，則壓強(qiáng)變大，球內(nèi)氣體分子熱運動的平均動能增大，故A錯誤，B正確；

CD.人體緩慢離開健身球過程中，球內(nèi)氣體能與外界發(fā)生充分的熱交換，則球內(nèi)氣體的溫度不變，體積變

大，壓強(qiáng)變小，氣體分子數(shù)密度減小，而分子的平均速率不變，則球內(nèi)表面單位時間單位面積上撞擊的分

子數(shù)減小，氣體對外做功，內(nèi)能不變，則球內(nèi)氣體從外界吸熱，故CD錯誤。

故選B。

4.兩塊相互靠近的平行金屬板M、N組成電容器，充電后與電源斷開，M板帶正電，N板帶負(fù)電，且電荷

量保持不變.如圖所示，板間有一個用絕緣細(xì)線懸掛的帶電小球（可視為質(zhì)點），小球靜止時與豎直方向

的夾角為仇忽略帶電小球所帶電荷量對極板間勻強(qiáng)電場的影響，則（）

MN

A小球帶負(fù)電；若將細(xì)線燒斷，小球?qū)⒆鰟蚣铀僦本€運動

B.小球帶正電；若將細(xì)線燒斷，小球?qū)⒆鲎杂陕潴w運動

C.若只將N板水平向右平移稍許，電容器的電容將變小，夾角。將變大

D.若只將N板豎直向上平移稍許，電容器的電容將變小，夾角。將變大

【答案】D

【解析】

【分析】

【詳解】AB.因為小球向右偏，而加板帶正電，故小球帶正電；若將細(xì)線燒斷，則小球?qū)⒀乩K的方向斜

向下做勻加速直線運動，故選項AB錯誤;

C.若只將N板水平向右平移稍許，由公式

C=-^—

4兀kd

可知，電容器的電容將變小，而又由

c=&

U

E上

d

可知，兩板間的電場強(qiáng)度

E=四也

sS

將不變，故夾角。將不變，選項C錯誤;

D.若只將N板豎直向上平移稍許，則因為S減小，故根據(jù)

E=也迎

sS

板間的電場強(qiáng)度E將變大，故電場力增大，夾角。將變大，選項D正確。

故選D。

5.一輛轎車在平直公路上由靜止開始勻加速運動，達(dá)到額定功率后保持功率不變，最終做勻速運動.轎車

在行駛過程中受到的阻力恒定，關(guān)于轎車的速度v,功率P隨時間，的變化規(guī)律正確的是（）

【答案】C

【解析】

【詳解】AB.設(shè)汽車的額定功率為尸，所受恒定阻力為一,牽引力為F，勻加速結(jié)束時的速度為V,由于

汽車開始做勻加速直線運動，設(shè)其加速度為。，則根據(jù)速度與時間的關(guān)系可得

v=at

當(dāng)汽車的勻加速階段結(jié)束，其速度還未達(dá)到最大值，此時根據(jù)

P=Fv

結(jié)合牛頓第二定律

F—于=ma

可知，速度將繼續(xù)增大，而牽引力將減小，則加速度將減小，即此后汽車將做加速度逐漸減小的加速運動，

直至牽引力等于阻力時，加速度減小為0,速度達(dá)到最大值%，而速度一時間圖像的斜率表示加速度，因

此可知該圖像第一階段為傾斜的直線，第二階段為斜率逐漸減小的向下彎曲的曲線，故AB錯誤；

CD.根據(jù)

P=Fv

而汽車在勻加速階段

F-f=ma

可得

F=ma+f

而

v=at

即在勻加速階段有

P=Fv=(ma+f)v=(ma+于)at

式中（〃za+/）a,則可知在汽車勻加速階段汽車的功率與時間成正比，即此圖像為過原點的一條傾斜直線,

而勻加速結(jié)束后，汽車的功率達(dá)到額定值，此后功率不變，其圖像與時間軸平行，故C正確，D錯誤。

故選c。

二、不定項選擇題（每題5分，共15分。每題給出的四個選項中，都有多個選項是正確的，

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，選錯或不答的得0分）

6.下表為地球與火星數(shù)據(jù)比較表，地球與火星繞太陽的運動視做圓周運動，根據(jù)表中信息，下列說法正

確的是（）

星球地球火星

與太陽的平均距離（億km）1.4962.279

赤道半徑（km）6.3783.395

公轉(zhuǎn)周期1年1.9年

自轉(zhuǎn)周期23小時56分24小時37分

質(zhì)量（地球視為1）10.11

體積（地球視為1）10.15

赤道平面與公轉(zhuǎn)軌道平面夾角23。26'23059

A.地球公轉(zhuǎn)的線速度大于火星公轉(zhuǎn)的線速度

B.地球公轉(zhuǎn)的向心加速度大于火星公轉(zhuǎn)的向心加速度

C.地球的自轉(zhuǎn)角速度小于火星的自轉(zhuǎn)角速度

D.地球表面的重力加速度大于火星表面的重力加速度

【答案】ABD

【解析】

【詳解】A.根據(jù)萬有引力提供向心力，則有色華=小

GM

解得v=

由于火星圓周運動的軌道半徑大于地球圓周運動的軌道半徑，故地球公轉(zhuǎn)的線速度大于火星公轉(zhuǎn)的線速

度，A正確;

B.根據(jù)牛頓第二定律可得上『=機(jī)。

解得

r

由于火星圓周運動的軌道半徑大于地球圓周運動的軌道半徑，故地球公轉(zhuǎn)的向心加速度大于火星公轉(zhuǎn)的向

心加速度，B正確;

2萬,2?

C.根據(jù)T=—,可得。=——

coT

由于地球的自轉(zhuǎn)周期小于火星的自轉(zhuǎn)周期，故地球的自轉(zhuǎn)角速度大于火星的自轉(zhuǎn)角速度，C錯誤;

GMm

D.在星球表面，根據(jù)萬有引力等于重力，則有=mg

k

g地_地旗3.395

解得地球和火星可知地球表面的重力加速度之比為------\-x尸土2.55

g火GM.火6.378

故地球表面的重力加速度大于火星表面的重力加速度，D正確。

故選ABDo

7.如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為4：1,電壓表和電流表均為理想交流電表，原線圈接

如圖乙所示的正弦交流電,圖中R為熱敏電阻(溫度升高時其電阻減小)，R為定值電阻。下列說法正確的

是()

A.原線圈兩端電壓的瞬時值表達(dá)式為a=36&sinlOOR(V)

B.變壓器原線圈的輸入功率和副線圈的輸出功率之比為1：4

C.R處溫度升高時，電流表的示數(shù)變大，電壓表V2的示數(shù)變大

D.電壓表V2的示數(shù)為9V

【答案】AD

【解析】

【詳解】A.由圖像可看出交變電壓為正弦圖像，交變電壓的最大值4=36回

周期T=2X10-2S

則角速度a>==lOO/rrad/s

原線圈兩端電壓的瞬時值表達(dá)式為〃=Umsin^(V)=36行sinlOOm(V)

故A正確；

B.根據(jù)由能量守恒可知輸入功率和輸出功率相等，故B錯誤；

C.R處溫度升高時，R的電阻減小，因原線圈的電壓不變，變壓器的原副線圈的匝數(shù)比不變，故副線圈兩

端的電壓不變，即電壓表V2的示數(shù)不變，則副線圈回路中的電流增大，故電流表的示數(shù)變大，故C錯

誤；

D.原線圈兩端的電壓為q=*=36V

U.n.4

根據(jù)#：

4%1

解得。2=9V

則電壓表V2的示數(shù)為9V,故D正確。

故選AD。

是z)

8.下列說法正確\(

M

7

/

/

/

M

N

圖②

A.圖①為兩列頻率相同，振幅相同的相干水波于某時刻疊加。實線和虛線分別表示波峰和波谷，則此時c

點正處于平衡位置且向下運動

B.圖②S為在水面上振動的波源，M、N為在水面上的兩塊擋板，要使A處水也能發(fā)生振動，則波源S的

頻率應(yīng)該變小

C.圖③是一個單擺做受迫振動，其共振曲線（振幅A與驅(qū)動力的頻率/的關(guān)系）圖，由此判斷出該單擺擺

長約為1m

D.圖④是豎直肥皂膜的橫截面，用單色光照射薄膜，在薄膜上產(chǎn)生明暗相間的豎直條紋

【答案】BC

【解析】

【詳解】A.c點是波峰和波谷疊加，兩列波的振動相互抵消，即。點處于平衡位置不動，故A錯誤；

B.要使A處水也能發(fā)生振動，要求波要發(fā)生衍射，由波長越長，越容易衍射，可知

V

A=vT=—

因V相同，所以頻率/越小，波長越長，波越容易發(fā)生衍射，A處水能發(fā)生振動，故B正確;

C.由圖③知當(dāng)/=0.5Hz時發(fā)生共振

根據(jù)

L

T=2%

g

聯(lián)立得

L=lm

故C正確；

D.光從肥皂膜的前后表面反射形成相干光，其路程差與薄膜厚度有關(guān)，在重力作用下，肥皂膜形成上薄

下厚的楔形，在同一水平面上厚度相等，形成亮紋(或暗紋)，因此，干涉條紋是水平的，故D錯誤。

故選BC?

第II卷(共60分)

9.在“探究求合力的方法”實驗中，現(xiàn)有木板、白紙、圖釘、橡皮條、細(xì)繩套和彈簧測力計。

(1)本實驗采用的科學(xué)方法是“等效替代法”，其含義是O

A.橡皮筋可以用細(xì)繩替代

B.左側(cè)彈簧測力計的作用效果可以替代右側(cè)彈簧測力計的作用效果

C.右側(cè)彈簧測力計的作用效果可以替代左側(cè)彈簧測力計的作用效果

D.兩彈簧測力計共同作用的效果可以用一個彈簧測力計的作用效果替代

(2)某次實驗中，彈簧測力計C的指針位置如圖甲所示，其示數(shù)為No

乙

（3）在另一次實驗中，兩彈簧測力計拉力的圖示已作出（如圖乙所示），方格每邊的長度表示LON,。是

橡皮條的一個端點，則合力F的大小為N?（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

【答案】①.D②.2.10（3）.7.0

【解析】

【詳解】（1）口］本實驗采用的科學(xué)方法是“等效替代法”，其含義是兩彈簧測力計共同作用的效果可以用

一個彈簧測力計的作用效果替代。

故選D。

（2）⑵該彈簧測力計的分度值為0.1N,則其示數(shù)為2.10N。

（3）［3］根據(jù)平行四邊形，作出合力的示意圖，如圖所示

得其合力的理論值為7.0N

10.物理實驗一般都涉及實驗?zāi)康摹嶒炘?、實驗器材、實驗操作、?shù)據(jù)分析等。

（1）用電壓表（內(nèi)阻約為5k。）和電流表（內(nèi)阻約為2。）測量一段金屬絲的電阻值（約為25。）。為了

盡量提高測量精度，應(yīng)該選擇的測量電路圖是圖______（填“甲”或“乙”）。

--------^C=b(A>

甲乙

（3）利用多用電表測量金屬絲的電阻：選用歐姆擋“xlO”擋進(jìn)行測量時，發(fā)現(xiàn)多用電表指針的偏轉(zhuǎn)角

度過大，因此需重新選擇(填“X1”或“X100”)擋，并需重新調(diào)零后，再次進(jìn)行測量,

若此時多用電表的指針如圖丁所示，則測量結(jié)果R為Qo

(4)已知該金屬絲的長度為L則該金屬絲的電阻率夕=(用題中相關(guān)字母R、L、1表示)。

【答案】⑴甲(2)0.607##0.608##0.609

(3)①.XI②.歐姆③.19.0##19

(4)

4L

【解析】

【小問1詳解】

因為待測電阻約為25Q,由

R、＜[RVRA=100Q

可知為了減小誤差應(yīng)該采用電流表的外接法，即選用甲圖；

【小問2詳解】

由圖丙讀數(shù)可知，金屬絲直徑為

d=0.5nmi+10.9x0.01mm=0.609mm(0.607、0.608)

【小問3詳解】

[1]多用電表指針的偏轉(zhuǎn)角度過大說明待測電阻小則要換成低倍率，故選xl檔；

⑵換倍率后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；

[3]根據(jù)圖丙可得歐姆表讀數(shù)為

R=19.0x1=19.00(19Q)

【小問4詳解】

根據(jù)電阻定律可知

R=pL=p￡

S兀d2

丁

可得電阻率為

11.如圖所示，半徑為R的四分之一光滑圓弧軌道豎直固定在水平地面上，下端與水平地面在尸點相切，

一個質(zhì)量為2爪的物塊B(可視為質(zhì)點)靜止在水平地面上，左端固定有水平輕彈簧，。點為彈簧處于原

長時的左端點，P、。間的距離為R,P。段地面粗糙、動摩擦因數(shù)為〃=0.5,。點右側(cè)水平地面光滑,

現(xiàn)使質(zhì)量為機(jī)的物塊A（可視為質(zhì)點）從圓弧軌道的最高點由靜止開始下滑，重力加速度為g。求:

（1）物塊A沿圓弧軌道滑至P點時對軌道的壓力大小；

（2）彈簧被壓縮的最大彈性勢能（未超過彈性限度）。

【答案】（1）3〃zg；（2）；mgR

【解析】

【詳解】（1）物塊A從靜止沿圓弧軌道滑至尸點，設(shè)物塊A在尸點的速度大小為匕，由機(jī)械能守恒定律

有

12

mgR=-mv~

在最低點軌道對物塊的支持力大小為"，由牛頓第二定律有

FN-mg=m^

K

聯(lián)立解得

FN=3777g

由牛頓第三定律可知在尸點物塊對軌道的壓力大小為3"歷。

（2）設(shè)物塊A與彈簧接觸前瞬間的速度大小為％,由動能定理有

12

mgR-/nmgR=—mv0-0

解得

當(dāng)物塊A、物塊B具有共同速度v時，彈簧的彈性勢能最大，由動量守恒定律有

mv0=(m+2m)v

根據(jù)能量守恒

2

—niVQ=—(m+2m)v+Ep

聯(lián)立解得

12.如圖所示，MN和尸。是兩根互相平行、間距為工、豎直放置的光滑金屬導(dǎo)軌，已知導(dǎo)軌足夠長，電

阻不計，且處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為8的水平勻強(qiáng)磁場中；導(dǎo)軌上端接有開關(guān)S和阻值為R）的定值電阻。ab

是一根與導(dǎo)軌垂直而且始終與導(dǎo)軌接觸良好的金屬桿，已知金屬桿的質(zhì)量為，然，電阻為凡重力加速度

為g。現(xiàn)將開關(guān)閉合，讓金屬桿由靜止開始下落，下落〃后速度達(dá)到最大。求

XmX

R

XX

XX

（1）金屬桿的最大速度Vm；

（2）金屬桿由靜止下落到達(dá)最大速度的過程中通過金屬桿的電荷量/

（3）金屬桿由靜止下落到達(dá)最大速度的過程中金屬桿產(chǎn)生的熱量。。

［答案］（1）-

B2f

BLh

32

mghRmg（R+R0）R

R+風(fēng)2B4￡4

【解析】

【小問1詳解】

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律

E=BLv

由歐姆定律可得

R+&

金屬桿達(dá)到最大速度時受力平衡

mg=F安

其中

F^=BIL

聯(lián)立解得

_mg（R+4）

%=~冊-

【小問2詳解】

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律

-卜△—①......=BL--h----

A?A?

電流路中的平均感應(yīng)電流

-EBLh

R+RQ（7?+7?Q）A/

經(jīng)歷的時間為At,則通過金屬桿的電荷量

q=IN

解得

BLh

q-

R+用

【小問3詳解】

對該過程由能量守恒定律得

1、

mgh.m『Qa

金屬桿由靜止下落到達(dá)最大速度的過程中金屬桿產(chǎn)生的熱量

R

Q=總

聯(lián)立解得

mghRm3g2（R+&））R

Q—R+用2B4￡4

13.亥姆霍茲線圈是一種制造小范圍區(qū)域均勻磁場的器件。它由一對完全相同的圓形導(dǎo)體線圈組成，這兩

個線圈的半徑和匝數(shù)相同，且同軸排列。亥姆霍茲線圈能產(chǎn)生標(biāo)準(zhǔn)磁場，因此在物理實驗中經(jīng)常被使用。

如圖所示為一對通有