2025年高考安徽卷物理真題

一、單選題

1．2025年4月，位于我國甘肅省武威市的釷基熔鹽實驗堆實現(xiàn)連續(xù)穩(wěn)定運行，標(biāo)志著人類在第四代核電技術(shù)上邁

2321233

出關(guān)鍵一步。該技術(shù)利用釷核（90Th）俘獲x個中子（0n），共發(fā)生y次β衰變，轉(zhuǎn)化為易裂變的鈾核（92U），

則（）

A．?=1，?=1B．?=1，?=2C．?=2，?=1D．?=2，?=2

【答案】B

【詳解】根據(jù)題意可知，釷核每俘獲1個中子質(zhì)量數(shù)加1，電荷數(shù)不變，每發(fā)生一次β衰敗，質(zhì)量數(shù)不變，電荷數(shù)加

1，釷核變成鈾核，質(zhì)量數(shù)加1，電荷數(shù)加2，則俘獲1個中子，發(fā)生2次β衰敗，即?=1，?=2

故選B。

2．如圖，某同學(xué)演示波動實驗，將一根長而軟的彈簧靜置在光滑水平面上，彈簧上系有一個標(biāo)記物，在左端沿彈

簧軸線方向周期性地推、拉彈簧，形成疏密相間的機械波。下列表述正確的是（）

A．彈簧上形成的波是橫波

B．推、拉彈簧的周期越小，波長越長

C．標(biāo)記物振動的速度就是機械波傳播的速度

D．標(biāo)記物由靜止開始振動的現(xiàn)象表明機械波能傳遞能量

【答案】D

【詳解】

A．彈簧上形成的波的振動方向與傳播方向平行是縱波，A錯誤；

B．同一介質(zhì)中，波的傳播速度相同，則波的傳播速度不變，推、拉彈簧的周期越小，波的周期越小，由公式?=??

可知，波長越短，B錯誤；

C．標(biāo)記物振動的速度反應(yīng)的是標(biāo)志物在平衡位置附近往復(fù)運動的快慢，機械波的傳播速度是波在介質(zhì)中的傳播速

度，二者不是同一個速度，C錯誤；

D．標(biāo)記物由靜止開始振動，說明它獲得了能量，這是因為機械波使得能量傳遞給標(biāo)記物，則標(biāo)記物由靜止開始振

動的現(xiàn)象表明機械波能傳遞能量，D正確。

故選D。

3．在恒溫容器內(nèi)的水中，讓一個導(dǎo)熱良好的氣球緩慢上升。若氣球無漏氣，球內(nèi)氣體（可視為理想氣體）溫度不

變，則氣球上升過程中，球內(nèi)氣體（）

A．對外做功，內(nèi)能不變B．向外放熱，內(nèi)能減少

C．分子的平均動能變小D．吸收的熱量等于內(nèi)能的增加量

【答案】A

【詳解】根據(jù)題意可知，氣球緩慢上升的過程中，氣體溫度不變，則氣體的內(nèi)能不變，分子的平均動能不變，氣體

的體積變大，氣體對外做功，由熱力學(xué)第一定律可知，由于氣體的內(nèi)能不變，則吸收的熱量與氣體對外做的功相等。

故選A。

4．汽車由靜止開始沿直線從甲站開往乙站，先做加速度大小為a的勻加速運動，位移大小為x；接著在t時間內(nèi)做

勻速運動；最后做加速度大小也為a的勻減速運動，到達(dá)乙站時速度恰好為0。已知甲、乙兩站之間的距離為8?，

則（）

1111

A．?=??2B．?=??2C．?=??2D．?=??2

181682

【答案】A

【詳解】由題意可知，設(shè)勻加速直線運動時間為?′，勻速運動的速度為?，

?

勻加速直線運動階段，由位移公式?=?′

2

根據(jù)逆向思維，勻減速直線運動階段的位移等于勻加速直線運動階段的位移，

則勻速直線運動階段有8?????=??

?

聯(lián)立解得?′=

3

1

再根據(jù)?=??′2

2

1

解得?=??2

18

BCD錯誤，A正確。

故選A。

5．如圖，裝有輕質(zhì)光滑定滑輪的長方體木箱靜置在水平地面上，木箱上的物塊甲通過不可伸長的水平輕繩繞過定

滑輪與物塊乙相連。乙拉著甲從靜止開始運動，木箱始終保持靜止。已知甲、乙質(zhì)量均為1.0kg，甲與木箱之間的動

摩擦因數(shù)為0.5，不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2，則在乙下落的過程中（）

A．甲對木箱的摩擦力方向向左B．地面對木箱的支持力逐漸增大

C．甲運動的加速度大小為2.5m/s2D．乙受到繩子的拉力大小為5.0N

【答案】C

【詳解】

A．因為物塊甲向右運動，木箱靜止，根據(jù)相對運動，甲對木箱的摩擦力方向向右，A錯誤；

B．設(shè)乙運動的加速度為?，只有乙有豎直向下的恒定加速度，

對甲、乙和木箱，由整體法，豎直方向受力分析有?N=?總????

則地面對木箱的支持力大小不變，B錯誤；

CD．設(shè)繩子的彈力大小為?，對甲受力分析有?????=??

對乙受力分析有????=??

聯(lián)立解得?=2.5m/s2，?=7.5N

C正確，D錯誤。

故選C。

6．在豎直平面內(nèi)，質(zhì)點M繞定點O沿逆時針方向做勻速圓周運動，質(zhì)點N沿豎直方向做直線運動，M、N在運動

過程中始終處于同一高度。?=0時，M、N與O點位于同一直線上，如圖所示。此后在M運動一周的過程中，N

運動的速度v隨時間t變化的圖像可能是（）

A．B．

C．D．

【答案】D

【詳解】因為M、N在運動過程中始終處于同一高度，所以N的速度??與M在豎直方向的分速度???大小相等，

設(shè)M做勻速圓周運動的角速度為?，半徑為r，其豎直方向分速度???=??cos??

即??=??cos??

則D正確，ABC錯誤。

故選D。

7．如圖，在豎直平面內(nèi)的???直角坐標(biāo)系中，x軸上方存在垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B。在第

二象限內(nèi)，垂直紙面且平行于x軸放置足夠長的探測薄板MN，MN到x軸的距離為d，上、下表面均能接收粒子。

位于原點O的粒子源，沿???平面向x軸上方各個方向均勻發(fā)射相同的帶正電粒子。已知粒子所帶電荷量為q、質(zhì)

???

量為m、速度大小均為。不計粒子的重力、空氣阻力及粒子間的相互作用，則（）

?

A．粒子在磁場中做圓周運動的半徑為2?

B．薄板的上表面接收到粒子的區(qū)域長度為√3?

C．薄板的下表面接收到粒子的區(qū)域長度為d

π?

D．薄板接收到的粒子在磁場中運動的最短時間為

6??

【答案】C

【詳解】

??2??

A．根據(jù)洛倫茲力提供向心力有???=，可得?==?，A錯誤；

???

．當(dāng)粒子沿軸正方向射出時，上表面接收到的粒子離軸最近，如圖軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系可知；當(dāng)

Bxy1?上min=?

粒子恰能通過點到達(dá)薄板上方時，薄板上表面接收點距離軸最遠(yuǎn)，如圖軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系可知，，

Ny2?上max=√3?

故上表面接收到粒子的區(qū)域長度為?上=√3???，B錯誤；

C．根據(jù)圖像可知，粒子可以恰好打到下表面N點；當(dāng)粒子沿y軸正方向射出時，粒子下表面接收到的粒子離y軸

最遠(yuǎn)，如圖軌跡3，根據(jù)幾何關(guān)系此時離y軸距離為d，故下表面接收到粒子的區(qū)域長度為d，C正確；

60°2????

D．根據(jù)圖像可知，粒子恰好打到下表面N點時轉(zhuǎn)過的圓心角最小，用時最短，有?==，D錯誤。

min360°??3??

故選C。

8．某理想變壓器的實驗電路如圖所示，原、副線圈總匝數(shù)之比?1:?2=1:3，A為理想交流電流表。初始時，輸入

端a、b間接入電壓?=12√2sin(100π?)V的正弦式交流電，變壓器的滑動觸頭P位于副線圈的正中間，電阻箱R的

阻值調(diào)為6Ω。要使電流表的示數(shù)變?yōu)?.0A，下列操作正確的是（）

1

A．電阻箱R的阻值調(diào)為18ΩB．副線圈接入電路的匝數(shù)調(diào)為其總匝數(shù)的

3

C．輸入端電壓調(diào)為?=12√2sin(50π?)VD．輸入端電壓調(diào)為?=6√2sin(100π?)V

【答案】B

【詳解】

?

A．輸入電壓峰值為?=12√2V，則輸入電壓有效值為?=m=12V，滑動觸頭在正中間，根據(jù)變壓比可知，輸

m1√2

0.5?2

出電壓?2=?1=18V，若將電阻箱阻值調(diào)為18歐姆，則電流為1A，A錯誤；

?1

1

?

132?2′

B．若將副線圈匝數(shù)調(diào)為總匝數(shù)的，根據(jù)變壓比可知，輸出電壓?2′=?1=12V，則副線圈電流變?yōu)?2′==2A，

3?1?

B正確；

?

C．輸入端電壓調(diào)為?=12√2sin(50πt)V時，其有效值不變，不會導(dǎo)致電流的變化，仍然為?=2=3.0A，C錯誤；

?

1

?

2m0.5?2

D．將輸入電壓峰值減小一半，則輸入電壓有效值變?yōu)?1′′==6V，輸出電壓?2′′=?1′′=9V，副線圈電

√2?1

?′′

流變?yōu)?′′=2=1.5A，D錯誤。

2?

故選B。

二、多選題

9．2025年4月，我國已成功構(gòu)建國際首個基于DRO（遠(yuǎn)距離逆行軌道）的地月空間三星星座，DRO具有“低能進(jìn)

入、穩(wěn)定停泊、機動轉(zhuǎn)移”的特點。若衛(wèi)星甲從DRO變軌進(jìn)入環(huán)月橢圓軌道，該軌道的近月點和遠(yuǎn)月點距月球表面

的高度分別為a和b，衛(wèi)星的運行周期為T；衛(wèi)星乙從DRO變軌進(jìn)入半徑為r的環(huán)月圓形軌道，周期也為T。月球

的質(zhì)量為M，半徑為R，引力常量為G。假設(shè)只考慮月球?qū)?、乙的引力，則（）

?+?+??+?4π2?34π2?3

A．?=B．?=+?C．?=D．?=

22??2??2

【答案】BC

【詳解】

?+?+2?3

()?3

AB．對于題述環(huán)月橢圓軌道和環(huán)月圓軌道，根據(jù)開普勒第三定律有2=

?2?2

?+?

可得?=+?

2

故A錯誤，B正確；

???2?

CD．對于環(huán)月圓軌道，根據(jù)萬有引力提供向心力可得=?()2?

?2?

4?2?3

可得?=

??2

故C正確，D錯誤。

故選BC。

10．如圖，兩個傾角相等、底端相連的光滑絕緣軌道被固定在豎直平面內(nèi)，空間存在平行于該豎直平面水平向右的

勻強電場。帶正電的甲、乙小球（均可視為質(zhì)點）在軌道上同一高度保持靜止，間距為L，甲、乙所帶電荷量分別

為q、2?，質(zhì)量分別為m、2?，靜電力常量為k，重力加速度大小為g。甲、乙所受靜電力的合力大小分別為?1、?2，

勻強電場的電場強度大小為E，不計空氣阻力，則（）

1??

A．?=?B．?=

1222?2

??2

C．若將甲、乙互換位置，二者仍能保持靜止D．若撤去甲，乙下滑至底端時的速度大小?=√

??

【答案】ABD

【詳解】

AB．如圖，對兩球進(jìn)行受力分析，設(shè)兩球間的庫侖力大小為F，傾角為?，對甲球根據(jù)平衡條件有?N1cos?=??，

?=?N1sin?+??①

對乙球有?N2cos?=2??，?N2sin?=?+2??

聯(lián)立解得?=4??②

?4?????1

故1==

?24??+2??2

???2?

同時有?=

?2

??

解得?=，AB正確；

2?2

C．若將甲、乙互換位置，若二者仍能保持靜止，同理可得對甲有?N1′cos?=??，?N1′sin?=?+??

對乙有?N2′cos?=2??，?N2′sin?+2??=?

聯(lián)立可得?+4??=0，無解

假設(shè)不成立，C錯誤；

??1

D．若撤去甲，對乙球根據(jù)動能定理2???tan??2???=?2??2

222

3??

根據(jù)前面分析由①②可知tan?=

??

??2

聯(lián)立解得?=√，D正確。

??

故選ABD。

三、實驗題

11．某實驗小組通過實驗探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系。

(1)利用圖甲裝置進(jìn)行實驗，要平衡小車受到的阻力。平衡阻力的方法是：調(diào)整軌道的傾斜度，使小車。（選

填正確答案標(biāo)號）

a.能在軌道上保持靜止

b.受牽引時，能拖動紙帶沿軌道做勻速運動

c.不受牽引時，能拖動紙帶沿軌道做勻速運動

(2)利用圖乙裝置進(jìn)行實驗，箱體的水平底板上安裝有力傳感器和加速度傳感器，將物體置于力傳感器上，箱體沿豎

直方向運動。利用傳感器測得物體受到的支持力?N和物體的加速度a，并將數(shù)據(jù)實時傳送到計算機。

①圖丙是根據(jù)某次實驗采集的數(shù)據(jù)生成的?N和a隨時間t變化的散點圖，以豎直向上為正方向。?=4s時，物體處

于（選填“超重”或“失重”）狀態(tài)；以?N為橫軸、a為縱軸，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)擬合得到的???N圖像為圖丁中

的圖線a、

②若將物體質(zhì)量增大一倍，重新進(jìn)行實驗，其???N圖像為圖丁中的圖線。（選填“b”“c”或“d”）

【答案】

(1)c

(2)失重d

【詳解】

（1）平衡阻力的方法是：調(diào)整軌道的傾斜度，使小車不受牽引時，能拖動紙帶沿軌道做勻速運動。

故選c。

（2）[1]根據(jù)圖像可知?=4s時，加速度方向豎直向下，故處于失重狀態(tài)；

[2]對物體根據(jù)牛頓第二定律?N???=??

1

整理得?=????

?N

1

可知圖像的斜率為，故將物體質(zhì)量增大一倍，圖像斜率變小，縱軸截距不變，其???圖像為圖丁中的圖線d。

?N

12．某同學(xué)設(shè)計了一個具有兩種擋位（“×1”擋和“×10”擋）的歐姆表，其內(nèi)部電路如圖甲所示。電源為電池組（電

動勢E的標(biāo)稱值為3.0V，內(nèi)阻r未知），電流表G（表頭）的滿偏電流?g=20mA，內(nèi)阻?g=45Ω，定值電阻?0=5Ω，

滑動變阻器R的最大阻值為200Ω。設(shè)計后表盤如圖乙所示，中間刻度值為“15”。

(1)測量前，要進(jìn)行歐姆調(diào)零：將滑動變阻器的阻值調(diào)至最大，閉合開關(guān)S1、S2，此時歐姆表處于“×1”擋，將紅表

筆與黑表筆，調(diào)節(jié)滑動變阻器的阻值，使指針指向（選填“0”或“∞”）刻度位置。

(2)用該歐姆表對阻值為150Ω的標(biāo)準(zhǔn)電阻進(jìn)行試測，為減小測量誤差，應(yīng)選用歐姆表的（選填“×1”或“×10”）

擋。進(jìn)行歐姆調(diào)零后，將電阻接在兩表筆間，指針指向圖乙中的虛線位置，則該電阻的測量值為Ω。

(3)該同學(xué)猜想造成上述誤差的原因是電源電動勢的實際值與標(biāo)稱值不一致。為了測出電源電動勢，該同學(xué)先將電阻

箱以最大阻值（9999Ω）接在兩表筆間，接著閉合S1、斷開S2，將滑動變阻器的阻值調(diào)到零，再調(diào)節(jié)電阻箱的阻值。

當(dāng)電阻箱的阻值調(diào)為228Ω時，指針指向“15”刻度位置（即電路中的電流為10mA）；當(dāng)電阻箱的阻值調(diào)為88Ω時，指

針指向“0”刻度位置（即電路中的電流為20mA）。由測量數(shù)據(jù)計算出電源電動勢為V。（結(jié)果保留2位有效

數(shù)字）

【答案】

(1)短接0

(2)×10160/160.0

(3)2.8

【詳解】

（1）測量前，要進(jìn)行歐姆調(diào)零：將滑動變阻器的阻值調(diào)至最大，閉合開關(guān)S1、S2，此時歐姆表處于“×1”擋，將紅

表筆與黑表筆短接，調(diào)節(jié)滑動變阻器的阻值，使指針指向0刻度位置。

（2）用該歐姆表對阻值為150Ω的標(biāo)準(zhǔn)電阻進(jìn)行試測，為減小測量誤差，應(yīng)選用歐姆表的×10擋；

[2進(jìn)行歐姆調(diào)零后，將電阻接在兩表筆間，指針指向圖乙中的虛線位置，則該電阻的測量值為16×10Ω=160Ω

′

（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律?=?1（?+?g+?阻），?=?2（?+?g+?阻）

代入數(shù)據(jù)?1=10mA，?2=20mA

聯(lián)立可得?=7Ω，?=2.8V

四、解答題

13．如圖，玻璃磚的橫截面是半徑為R的半圓，圓心為O點，直徑與x軸重合。一束平行于x軸的激光，從橫截面

√2

上的P點由空氣射入玻璃磚，從Q點射出。已知P點到x軸的距離為?，P、Q間的距離為√3?。

2

(1)求玻璃磚的折射率；

(2)在該橫截面沿圓弧任意改變?nèi)肷潼c的位置和入射方向，使激光能在圓心O點發(fā)生全反射，求入射光線與x軸之間

夾角的范圍。

【答案】

(1)√2

(2)（0,45°]或[135°,180°）

【詳解】

（1）根據(jù)題意得出光路圖如圖所示

23

√?√?

根據(jù)幾何關(guān)系可得sin?=2，cos?=2，?=?

??

可得?=45°，?=30°

sin?

根據(jù)折射定律?==√2

sin?

1

（2）發(fā)生全反射的臨界角滿足sin?=

?

可得?=45°

要使激光能在圓心O點發(fā)生全反射，激光必須指向?點射入，如圖所示

只要入射角大于45°，即可發(fā)生全反射，則使激光能在圓心O點發(fā)生全反射，入射光線與x軸之間夾角的范圍（0,45°]。

由對稱性可知，入射光線與x軸之間夾角的范圍還可以為[135°,180°）。

14．如圖，M、N為固定在豎直平面內(nèi)同一高度的兩根細(xì)釘，間距?=0.5m。一根長為3?的輕繩一端系在M上，另

一端豎直懸掛質(zhì)量?=0.1kg的小球，小球與水平地面接觸但無壓力。?=0時，小球以水平向右的初速度?0=10m/s

開始在豎直平面內(nèi)做圓周運動。小球牽引著繩子繞過N、M，運動到M正下方與M相距L的位置時，繩子剛好被拉

斷，小球開始做平拋運動。小球可視為質(zhì)點，繩子不可伸長，不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2。

(1)求繩子被拉斷時小球的速度大小，及繩子所受的最大拉力大??；

(2)求小球做平拋運動時拋出點到落地點的水平距離；

(3)若在?=0時，只改變小球的初速度大小，使小球能通過N的正上方且繩子不松弛，求初速度的最小值。

【答案】

(1)?=4√5m/s，?=17N

(2)4m

(3)2√15m/s

【詳解】

12

（1）小球從最下端以速度v0拋出到運動到M正下方距離為L的位置時，根據(jù)機械能守恒定律??=???2?+

20

1

??2

2

?2

在該位置時根據(jù)牛頓第二定律????=?

?

解得?=4√5m/s，?=17N

1

（2）小球做平拋運動時?=??，2?=??2

2

解得x=4m

?′2

（3）若小球經(jīng)過N點正上方繩子恰不松弛，則滿足??=?

2?

11

從最低點到該位置由動能定理??′2=???5?+??′2

202

′

解得?0=2√15m/s

15．如圖，平行光滑金屬導(dǎo)軌被固定在水平絕緣桌面上，導(dǎo)軌間距為L，右端連接阻值為R的定值電阻。水平導(dǎo)軌

上足夠長的矩形區(qū)域MNPQ存在豎直向上的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B。某裝置從MQ左側(cè)沿導(dǎo)軌水平向右發(fā)

射第1根導(dǎo)體棒，導(dǎo)體棒以初速度v0進(jìn)入磁場，速度減為0時被鎖定；從原位置再發(fā)射第2根相同的導(dǎo)體棒，導(dǎo)體

棒仍以初速度v0進(jìn)入磁場，速度減為0時被鎖定，以此類推，直到發(fā)射第n根相同的導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場。已知導(dǎo)體棒

的質(zhì)量為m，電阻為R，長度恰好等于導(dǎo)軌間距，與導(dǎo)軌接觸良好（發(fā)射前導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌不接觸），不計空氣阻力、

導(dǎo)軌的電阻，忽略回路中的電流對原磁場的影響。

求：

(1)第1根導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場時，所受安培力的功率；

(2)第2根導(dǎo)體棒從進(jìn)入磁場到速度減為0的過程中，其橫截面上通過的電荷量；

(3)從第1根導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場到第n根導(dǎo)體棒速度減為0的過程中，導(dǎo)軌右端定值電阻R上產(chǎn)生的總熱量。

【答案】

?2?2?2

(1)0

2?

??

(2)0

??

???2

(3)0，n=1，2，3，…

2(?+1)

【詳解】

（1）第1根導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E=BLv0