2025年高考云南卷物理真題

一、單選題

1．2025年3月，我國科學(xué)家研制的碳14核電池原型機“燭龍一號”發(fā)布，標(biāo)志著我國在核能技術(shù)領(lǐng)域與微型核電池

1414

領(lǐng)域取得突破。碳14的衰變方程為6C→7N+X，則（）

A．X為電子，是在核內(nèi)中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子的過程中產(chǎn)生的

B．X為電子，是在核內(nèi)質(zhì)子轉(zhuǎn)化為中子的過程中產(chǎn)生的

C．X為質(zhì)子，是由核內(nèi)中子轉(zhuǎn)化而來的

D．X為中子，是由核內(nèi)質(zhì)子轉(zhuǎn)化而來的

【答案】A

14140

【詳解】根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒有6C→7N+?1e

可知X為電子，電子是在核內(nèi)中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子的過程中產(chǎn)生的。

故選A。

2．如圖所示，中老鐵路國際旅客列車從云南某車站由靜止出發(fā)，沿水平直軌道逐漸加速到144km/h，在此過程中列

車對座椅上的一高中生所做的功最接近（）

A．4×105JB．4×104JC．4×103JD．4×102J

【答案】B

1

【詳解】高中生的質(zhì)量約為50kg，根據(jù)動能定理有?=??2=4.0×104J

2

故選B。

3．如圖所示，某同學(xué)將兩顆鳥食從O點水平拋出，兩只小鳥分別在空中的M點和N點同時接到鳥食。鳥食的運動

視為平拋運動，兩運動軌跡在同一豎直平面內(nèi)，則（）

A．兩顆鳥食同時拋出B．在N點接到的鳥食后拋出

C．兩顆鳥食平拋的初速度相同D．在M點接到的鳥食平拋的初速度較大

【答案】D

1

【詳解】AB．鳥食的運動視為平拋運動，則在豎直方向有?=??2

2

由于hM<hN，則tM<tN，要同時接到鳥食，則在N點接到的鳥食先拋出，故AB錯誤；

CD．在水平方向有x=v0t，如圖

過M點作一水平面，可看出在相同高度處M點的水平位移大，則M點接到的鳥食平拋的初速度較大，故C錯誤，

D正確。

故選D。

4．某介電電泳實驗使用非勻強電場，該電場的等勢線分布如圖所示。a、b、c、d四點分別位于電勢為－2V、－1V、

1V、2V的等勢線上，則（）

A．a(chǎn)、b、c、d中a點電場強度最小

B．a(chǎn)、b、c、d中d點電場強度最大

C．一個電子從b點移動到c點電場力做功為2eV

D．一個電子從a點移動到d點電勢能增加了4eV

【答案】C

【詳解】

AB．根據(jù)等勢面越密集電場強度越大，可知a、b、c、d中a點電場強度最大，故AB錯誤；

C．一個電子從b點移動到c點電場力做功為Wbc=－eUbc=2eV

故C正確；

D．一個電子從a點移動到d點電場力做功為Wad=－eUbc=4eV

由于電場力做正功電勢能減小，則一個電子從a點移動到d點電勢能減小了4eV，故D錯誤。

故選C。

5．國際編號為192391的小行星繞太陽公轉(zhuǎn)的周期約為5.8年，該小行星與太陽系內(nèi)八大行星幾乎在同一平面內(nèi)做

圓周運動。規(guī)定地球繞太陽公轉(zhuǎn)的軌道半徑為1AU，八大行星繞太陽的公轉(zhuǎn)軌道半徑如下表所示。忽略其它行星對

該小行星的引力作用，則該小行星的公轉(zhuǎn)軌道應(yīng)介于（）

行星水星金星地球火星木星土星天王星海王星

軌道半徑??AU0.390.721.01.55.29.51930

A．金星與地球的公轉(zhuǎn)軌道之間B．地球與火星的公轉(zhuǎn)軌道之間

C．火星與木星的公轉(zhuǎn)軌道之間D．天王星與海王星的公轉(zhuǎn)軌道之間

【答案】C

33

?行?地

【詳解】根據(jù)開普勒第三定律可知2=2

?行?地

其中?地=1AU，?地=1年，?行=5.8年

代入解得?行≈3.23AU

故可知該小行星的公轉(zhuǎn)軌道應(yīng)介于火星與木星的公轉(zhuǎn)軌道之間。

故選C。

6．如圖所示，質(zhì)量為m的滑塊（視為質(zhì)點）與水平面上MN段的動摩擦因數(shù)為?1，與其余部分的動摩擦因數(shù)為?2，

且?1>?2。第一次，滑塊從I位置以速度?0向右滑動，通過MN段后停在水平面上的某一位置，整個運動過程中，

滑塊的位移大小為?1，所用時間為?1；第二次，滑塊從Ⅱ位置以相同速度?0向右滑動，通過MN段后停在水平面上

的另一位置，整個運動過程中，滑塊的位移大小為?2，所用時間為?2。忽略空氣阻力，則（）

A．?1<?2B．?1>?2C．?1>?2D．?1<?2

【答案】A

【詳解】

AB．根據(jù)牛頓第二定律???=??

可得?=??

由于?1>?2，故滑塊在MN上時的加速度大，根據(jù)前面分析可知兩次運動的總位移相等，即兩次運動過程中???圖

22

像與橫軸圍成的面積相等，由于第二次時滑塊距離M點的距離較近，根據(jù)公式?0??=2?2??可知第二次到達M

點時速度較大，作出整個過程中兩種運動狀態(tài)的???圖像

可得?2>?1，A正確，B錯誤；

11

CD．對兩種運動的整個過程根據(jù)能量守恒有??2=????+???(???)，??2=????+

201??21??201??

?2??(?2????)

可得?1=?2，CD錯誤；

故選A。

7．如圖所示，均勻介質(zhì)中矩形區(qū)域內(nèi)有一位置未知的波源。?=0時刻，波源開始振動產(chǎn)生簡諧橫波，并以相同波

速分別向左、右兩側(cè)傳播，P、Q分別為矩形區(qū)域左右兩邊界上振動質(zhì)點的平衡位置。?=1.5s和?=2.5s時矩形區(qū)

域外波形分別如圖中實線和虛線所示，則（）

A．波速為2.5m/s

B．波源的平衡位置距離P點1.5m

C．?=1.0s時，波源處于平衡位置且向下運動

D．?=5.5s時，平衡位置在P、Q處的兩質(zhì)點位移相同

【答案】D

【詳解】

1

A．根據(jù)波形可知?=4m，?=2.5s?1.5s

2

可得?=2s

?

故波速為?==2m/s

?

A錯誤；

2+?

B．設(shè)波源的平衡位置距離P點距離為?，根據(jù)左側(cè)?=1.5s時的波形可知0=1.5s

0?

解得?0=1m

B錯誤；

1

C．根據(jù)左側(cè)實線波形結(jié)合同側(cè)法可知波源剛開始的振動方向向下，由于?=1.0s=?，故可知此時波源處于平衡位

2

置且向上運動，故C錯誤；

D．由于?0=1m，可知波源的平衡位置距離Q點距離為?1=3m

??

故波傳到PQ兩點的時間分別為?=0=0.5s，?=1=1.5s

0?1?

5

故?=5.5s時，平衡位置在P、Q處的兩質(zhì)點已經(jīng)振動的時間分別為?′=5.5s?0.5s=?，?′=5.5s?1.5s=2?

021

由于波源剛開始向下振動，故?=5.5s時，P處質(zhì)點處于平衡位置向上振動，Q處質(zhì)點處于平衡位置向下振動，故此

時平衡位置在P、Q處的兩質(zhì)點位移相同。

D正確。

故選D。

二、多選題

8．電動汽車充電樁的供電變壓器（視為理想變壓器）示意圖如圖所示。變壓器原線圈的匝數(shù)為?1，輸入電壓?1=1.1kV；

兩副線圈的匝數(shù)分別為?2和?3，輸出電壓?2=?3=220V。當(dāng)I、Ⅱ區(qū)充電樁同時工作時，兩副線圈的輸出功率分別

為7.0kW和3.5kW，下列說法正確的是（）

A．?1:?2=5:1B．?1:?3=1:5

C．變壓器的輸入功率為10.5kWD．兩副線圈輸出電壓最大值均為220V

【答案】AC

【詳解】

AB．根據(jù)理想變壓器的電壓比等于匝數(shù)比可得?1:?2=?1:?2=5:1，?1:?3=?1:?3=5:1

A正確，B錯誤；

C．根據(jù)能量守恒可知變壓器的輸入功率等于總的輸出功率，故?輸入=?輸出=7.0kW+3.5kW=10.5kW，C正確；

D．輸出電壓為交流電的有效值，根據(jù)正弦交流電的最大值與有效值的關(guān)系可知，兩副線圈輸出電壓最大值均為?m=

220√2V，D錯誤。

故選AC。

9．圖甲為1593年伽利略發(fā)明的人類歷史上第一支溫度計，其原理如圖乙所示。硬質(zhì)玻璃泡a內(nèi)封有一定質(zhì)量的氣

體（視為理想氣體），與a相連的b管插在水槽中固定，b管中液面高度會隨環(huán)境溫度變化而變化。設(shè)b管的體積與

a泡的體積相比可忽略不計，在標(biāo)準(zhǔn)大氣壓?0下，b管上的刻度可以直接讀出環(huán)境溫度。則在?0下（）

A．環(huán)境溫度升高時，b管中液面升高B．環(huán)境溫度降低時，b管中液面升高

C．水槽中的水少量蒸發(fā)后，溫度測量值偏小D．水槽中的水少量蒸發(fā)后，溫度測量值偏大

【答案】BD

【詳解】

?

AB．根據(jù)題意，?中氣體做等容變化，根據(jù)=?，當(dāng)環(huán)境溫度升高，則?中氣體壓強增大，又?+???=?

??液0

可知b管中液面降低，同理可知環(huán)境溫度降低時，b管中液面升高，B正確，A錯誤；

CD．由AB選項分析可知，?管中刻度從上到下溫度逐漸升高，同一溫度，?中壓強不變，?管中液面液槽內(nèi)液面

高度差不變，水槽中的水少量蒸發(fā)后，槽中液面降低，則?管內(nèi)液面降低，則溫度測量值偏大，D正確，C錯誤。

故選BD。

10．如圖所示，傾角為?的固定斜面，其頂端固定一勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧，彈簧處于原長時下端位于O點。質(zhì)

量為m的滑塊Q（視為質(zhì)點）與斜面間的動摩擦因數(shù)?=tan?。過程I：Q以速度?0從斜面底端P點沿斜面向上運

動恰好能滑至O點；過程Ⅱ：將Q連接在彈簧的下端并拉至P點由靜止釋放，Q通過M點（圖中未畫出）時速度

最大，過O點后能繼續(xù)上滑。彈簧始終在彈性限度內(nèi)，假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，忽略空氣阻力，重力加

速度為g。則（）

??2?4???2sin2?

A．P、M兩點之間的距離為0

4???sin?

1

B．過程Ⅱ中，Q在從P點單向運動到O點的過程中損失的機械能為??2

40

??2?8???2sin2?

C．過程Ⅱ中，Q從P點沿斜面向上運動的最大位移為0

2???sin?

D．連接在彈簧下端的Q無論從斜面上何處釋放，最終一定靜止在OM（含O、M點）之間

【答案】BCD

【詳解】

1

A．設(shè)??的距離為?，過程I，根據(jù)動能定理有???sin???????cos???=0???2

20

設(shè)??的距離為?1，過程Ⅱ中，當(dāng)Q速度最大時，根據(jù)平衡條件??1=??sin?+???cos?

P、M兩點之間的距離?2=???1

??2?4???2sin2?

聯(lián)立可得??=0，A錯誤；

22???sin?

B．根據(jù)功能關(guān)系，可知過程Ⅱ中，Q在從P點單向運動到O點的過程中損失的機械能Δ?=???cos???，結(jié)合

1

???sin???????cos???=0???2

20

1

可得Δ?=??2，B正確；

40

1

C．設(shè)過程Ⅱ中，Q從P點沿斜面向上運動的最大位移?，根據(jù)能量守恒定律??2=??sin???+???cos???+

2

1

?(???)2

2

1

結(jié)合???sin???????cos???=0???2

20

??2?8???2sin2?

解得?=0，C正確；

2???sin?

D．無論Q從何處釋放，Q在斜面上運動過程中，彈簧與Q初始時的勢能變?yōu)槟Σ翢?，?dāng)在?點時，滿足??1=

??sin?+???cos?

當(dāng)在?點時，滿足??sin?=???cos?

所以在OM（含O、M點）之間速度為零時，Q將靜止，D正確。

故選BCD。

三、實驗題

11．某實驗小組做了測量木質(zhì)滑塊與橡膠皮之間動摩擦因數(shù)?的實驗，所用器材如下：釘有橡膠皮的長木板、質(zhì)量

為250g的木質(zhì)滑塊（含掛鉤）、細線、定滑輪、彈簧測力計、慢速電機以及砝碼若干。實驗裝置如圖甲所示。

實驗步驟如下：

①將長木板放置在水平臺面上，滑塊平放在橡膠面上；

②調(diào)節(jié)定滑輪高度，使細線與長木板平行（此時定滑輪高度與掛鉤高度一致）；

③用電機緩慢拉動長木板，當(dāng)長木板相對滑塊勻速運動時，記錄彈簧測力計的示數(shù)F；

④在滑塊上分別放置50g、100g和150g的砝碼，重復(fù)步驟③；

⑤處理實驗數(shù)據(jù)（重力加速度g取9.80m/s2）。

實驗數(shù)據(jù)如下表所示：

滑塊和砝碼的總質(zhì)量??g彈簧測力計示數(shù)??N動摩擦因數(shù)?

2501.120.457

3001.35a

3501.570.458

4001.790.457

完成下列填空：

(1)表格中a處的數(shù)據(jù)為（保留3位有效數(shù)字）；

(2)其它條件不變時，在實驗誤差允許的范圍內(nèi)，滑動摩擦力的大小與接觸面上壓力的大小，?與接觸面上壓

力的大小（以上兩空填“成正比”“成反比”或“無關(guān)”）；

(3)若在實驗過程中未進行步驟②，實驗裝置如圖乙所示，掛鉤高于定滑輪，則?的測量結(jié)果將（填“偏大”“偏

小”或“不變”）。

【答案】

(1)0.459

(2)成正比無關(guān)

(3)偏大

【詳解】

1.35

（1）表格中a處的數(shù)據(jù)?=≈0.459

0.3×9.8

（2）根據(jù)表中數(shù)據(jù)分析可知其它條件不變時，在實驗誤差允許的范圍內(nèi)，滑動摩擦力的大小與接觸面上壓力的大

小成正比；

[2]根據(jù)表中數(shù)據(jù)分析可知其它條件不變時，在實驗誤差允許的范圍內(nèi)，?與接觸面上壓力的大小無關(guān)。

（3）實驗裝置如圖乙所示，掛鉤高于定滑輪，則繩子拉力有豎直向下的分力，實際的正壓力大于測量值的正壓力，

即?壓測<?壓實

?

根據(jù)?=

?壓測

可得?測>?實

12．基于鉑電阻阻值隨溫度變化的特性，某興趣小組用鉑電阻做了測量溫度的實驗。可選用的器材如下：Pt1000型

號鉑電阻、電源E（電動勢5V，內(nèi)阻不計）、電流表A1。（量程100μA，內(nèi)阻4.5kΩ）、電流表A2（量程500μA，內(nèi)阻

約1kΩ）、定值電阻?1（阻值15kΩ）、定值電阻?2（阻值1.5kΩ）、開關(guān)S和導(dǎo)線若干。

查閱技術(shù)手冊可知，Pt1000型號鉑電阻測溫時的工作電流在0.1~0.3mA之間，在0~100°C范圍內(nèi)，鉑電阻的阻值?t隨

溫度t的變化視為線性關(guān)系，如圖（a）所示。

完成下列填空：

(1)由圖（a）可知，在0~100°C范圍內(nèi)，溫度每升高1°C，該鉑電阻的阻值增加Ω；

(2)興趣小組設(shè)計了如圖（b）所示的甲、乙兩種測量鉑電阻阻值的電路圖，能準(zhǔn)確測出鉑電阻阻值的是（填

“甲”或“乙”），保護電阻R應(yīng)選（填“?1”或“?2”）；

(3)用（2）問中能準(zhǔn)確測出鉑電阻阻值的電路測溫時，某次測量讀得A2示數(shù)為295μA，A1示數(shù)如圖（c）所示，該示

數(shù)為μA，則所測溫度為°C（計算結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。

【答案】

(1)3.85

(2)乙?1

(3)62.051

【詳解】

1.385?1.000

（1）溫度每升高1°C，該鉑電阻的阻值增加Δ?=×103Ω=3.85Ω

100

（2）由于A1內(nèi)阻確定，所以用A1測量電阻的電壓，用A2與A1之差來測量經(jīng)過電阻的電流，故能準(zhǔn)確測出鉑電阻阻

值的是乙；

5

電路中的最大電流為0.3mA，可得電路中的最小阻值?=Ω≈17kΩ

min0.0003

可知保護電阻R應(yīng)選?1。

（3）由圖可知A1的分度值為1μA，則其讀數(shù)為62.0μA；

??

根據(jù)歐姆定律可得?=1A1

?2??1

根據(jù)題圖可得?=1000+3.85?

代入數(shù)據(jù)可得?≈51℃

四、解答題

13．用光學(xué)顯微鏡觀察樣品時，顯微鏡部分結(jié)構(gòu)示意圖如圖甲所示。蓋玻片底部中心位置O點的樣品等效為點光源，

為避免O點發(fā)出的光在蓋玻片上方界面發(fā)生全反射，可將蓋玻片與物鏡的間隙用一滴油填充，如圖乙所示。已知蓋

玻片材料和油的折射率均為1.5，蓋玻片厚度?=2.0mm，蓋玻片與物鏡的間距?=0.20mm，不考慮光在蓋玻片中

的多次反射，取真空中光速?=3.0×108m/s,π=3.14。

(1)求未滴油時，O點發(fā)出的光在蓋玻片的上表面的透光面積（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）；

(2)滴油前后，光從O點傳播到物鏡的最短時間分別為?1、?2，求?2??1（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。

【答案】

(1)1.0×10?5m2

(2)3.3×10?13s

【詳解】

12

（1）由折射定律可知，全反射的臨界角滿足sin?==

?3

?

設(shè)未滴油時，O點發(fā)出的光在蓋玻片的上表面的透光圓的半徑為r，由幾何關(guān)系sin?=

√?2+?2

45

代入數(shù)據(jù)解得?=√mm

5

根據(jù)?=??2

所以未滴油時，O點發(fā)出的光在蓋玻片的上表面的透光面積為?≈1.0×10?5m2

（2）當(dāng)光從O點垂直于蓋玻片的上表面入射時，傳播的時間最短，則未滴油滴時，光從O點傳播到物鏡的最短時

??????+?

間為?=+=+=

1?????

?

?????(?+?)

滴油滴時，光從O點傳播到物鏡的最短時間為?=+=+=

2?????

??

(??1)?0.5×0.2×10?3

故???==s≈3.3×10?13s

21?3.0×108

14．磁屏蔽技術(shù)可以降低外界磁場對屏蔽區(qū)域的干擾。如圖所示，?≥0區(qū)域存在垂直???平面向里的勻強磁場，其

磁感應(yīng)強度大小為?1（未知）。第一象限內(nèi)存在邊長為2?的正方形磁屏蔽區(qū)ONPQ，經(jīng)磁屏蔽后，該區(qū)域內(nèi)的勻強

磁場方向仍垂直???平面向里，其磁感應(yīng)強度大小為?2（未知），但滿足0<?2<?1。某質(zhì)量為m、電荷量為?(?>0)

的帶電粒子通過速度選擇器后，在???平面內(nèi)垂直y軸射入?≥0區(qū)域，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后剛好從ON中點垂直O(jiān)N射入

磁屏蔽區(qū)域。速度選擇器兩極板間電壓U、間距d、內(nèi)部磁感應(yīng)強度大小?0已知，不考慮該粒子的重力。

(1)求該粒子通過速度選擇器的速率；

(2)求?1以及y軸上可能檢測到該粒子的范圍；

???

(3)定義磁屏蔽效率?=12×100%，若在Q處檢測到該粒子，則?是多少？

?1

【答案】

?

(1)

?0?

??

(2)，?<?<3?

???0?

(3)60%

【詳解】

（1）由于該粒子在速度選擇器中受力平衡，故??=??0?0

?

其中?=

?

?

則該粒子通過速度選擇器的速率為?0=

?0?

（2）粒子在?≥0區(qū)域內(nèi)左勻速圓周運動，從ON的中點垂直O(jiān)N射入磁屏蔽區(qū)域，由幾何關(guān)系可知?1=?

2

?0

由洛倫茲力提供給向心力??0?1=?

?1

??

聯(lián)立可得?1=

???0?

2

?0

由于?2<?1，根據(jù)洛倫茲力提供給向心力??0?2=?

?2

解得?2>?

當(dāng)?2=0時粒子磁屏蔽區(qū)向上做勻速直線運動，離開磁屏蔽區(qū)后根據(jù)左手定則，粒子向左偏轉(zhuǎn)，如圖所示

2

?0

根據(jù)洛倫茲力提供向心力??0?1=?

?3

可得?3=?1=?

故粒子打在y軸3L處，綜上所述y軸上可能檢測到該粒子的范圍為?<?<3?。

（3）若在Q處檢測到該粒子，如圖

222

由幾何關(guān)系可知?2=(2?)+(?2??)

5

解得?=?

22

2

?0

由洛倫茲力提供向心力??0?2=?

?2

2??

聯(lián)立解得?2=

5??0??

??

其中?1=

???0?

???

根據(jù)磁屏蔽效率?=12×100%可得若在Q處檢測到該粒子，則?=60%

?1

15．如圖所示，光滑水平面上有一個長為L、寬為d的長方體空絕緣箱，其四周緊固一電阻為R的水平矩形導(dǎo)線框，

箱子與導(dǎo)線框的總質(zhì)量為M。與箱子右側(cè)壁平行的磁場邊界平面如截面圖中虛線PQ所示，邊界右側(cè)存在范圍足夠

大的勻強磁場，其磁感應(yīng)強度大小為B、方向豎直向下。?=0時刻，箱子在水平向右的恒力F（大小未知）作用下

由靜止開始做勻加速直線運動，這時箱子左側(cè)壁上距離箱底h處、質(zhì)量為m的木塊（視為質(zhì)點）恰好能與箱子保持

相對靜止。箱子右側(cè)壁進入磁場瞬間，木塊與箱子分離；箱子完全進入磁場前某時刻，木塊落到箱子底部，且箱子

與木塊均不反彈（木塊下落過程中與箱子側(cè)壁無碰撞）；木塊落到箱子底部時即撤去F。運動過程中，箱子右側(cè)壁

始終與磁場邊界平行，忽略箱壁厚度、箱子形變、導(dǎo)線粗細及空氣阻力。木塊與箱子內(nèi)壁間的動摩擦因數(shù)為μ，假

設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g。

(1)求F的大??；

(2)求?=0