高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025年東北三省四市教研聯(lián)合體高考模擬考試（二）物理（本試卷滿分100分，考試時間75分鐘）注意事項：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2.答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試題卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.2025年春晚創(chuàng)意融合舞蹈《秧BOT》節(jié)目中，人形機器人跳起了秧歌舞，轉(zhuǎn)起了手絹，如圖，當(dāng)手絹在機器人手中轉(zhuǎn)動時，手絹面上P、Q兩點做圓周運動的（）A.角速度大小相等B.線速度大小相等C.向心加速度大小相等D.相同時間內(nèi)的路程相等【答案】A【解析】A．手絹上的、兩點屬于同軸轉(zhuǎn)動，所以兩點的角速度大小相同，A正確；B．由可知角速度大小相同時，轉(zhuǎn)動半徑越大，線速度大小也越大，所以，B錯誤；C．由可知角速度大小相同時，轉(zhuǎn)動半徑越大，向心加速度也越大，所以，C錯誤；D．兩點角速度大小相等，所以相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的角度相同，轉(zhuǎn)動半徑越大則相同時間內(nèi)的路程也越大，即，D錯誤。故選A。2.一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡諧橫波時刻的波形如圖中實線所示，時刻的波形如圖中虛線所示。關(guān)于這列波，下列說法正確的是（）A.波長為 B.周期一定為C.頻率可能為 D.波速可能為【答案】D【解析】A．由題圖可知，波長為8cm，故A錯誤；BCD．簡諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播，根據(jù)波的平移知識，則有可得當(dāng)n=0時，可得周期為則頻率為波速為當(dāng)n=1時，可得周期則頻率為波速為由上分析可知頻率不可能為2Hz，故BC錯誤，D正確。故選D。3.利用所學(xué)知識判斷下列圖片及相應(yīng)描述正確的是（）A.太空授課失重環(huán)境下的“液橋”現(xiàn)象（圖a）說明表面張力方向與液體表面垂直B.鈮包頭礦是富含的硅酸鹽礦物（圖b），由微觀結(jié)構(gòu)可知該物質(zhì)有固定的熔點C.懸浮在液體中的微粒越大（圖c），單位時間內(nèi)受到液體分子撞擊次數(shù)越多，布朗運動越明顯D.“飲水小鴨”（圖d）“喝”完一口水后，直立起來，直立一會兒，又會慢慢俯下身去，再“喝”一口，如此循環(huán)往復(fù)，小鴨不需要外界提供能量，也能夠持續(xù)工作下去【答案】B【解析】A．表面張力的方向?qū)嶋H上是沿著液體表面的切線方向，而不是垂直于液體表面，A錯誤；B．硅酸鹽礦物通常具有固定的熔點，因為它們是晶體結(jié)構(gòu)，晶體物質(zhì)有固定熔點，B正確；C．布朗運動的明顯程度與微粒的大小和溫度有關(guān)，微粒越小，溫度越高，布朗運動越明顯，C錯誤；D．“飲水小鴨”實際上是通過蒸發(fā)和冷凝的物理過程來工作的，雖然看似不需要外界能量，但實際上它依賴于環(huán)境中的溫度變化和水的蒸發(fā)，D錯誤。故選B。4.某中學(xué)物理興趣小組研究某物體做勻變速直線運動的圖像，是平均速度，如圖所示，下列說法正確的是（）A.物體的初速度大小為b，加速度大小為B.陰影部分的面積表示物體在時間內(nèi)通過的位移C.物體在時刻回到出發(fā)點D.物體在時刻速度方向發(fā)生改變【答案】C【解析】A．物體做勻變速運動，根據(jù)運動學(xué)公式有整理得可知圖像的斜率為縱截距為所以物體的加速度大小為，故A錯誤；B．初速度為b，根據(jù)速度時間關(guān)系式代入數(shù)據(jù)得在時的速度為0，則為時間內(nèi)的平均速度，所以時間內(nèi)物體的位移為故B錯誤；CD．物體的加速度大小為初速度為b，則有將代入得即物體在時刻回到出發(fā)點，由此可知在t0時刻之前速度方向已發(fā)生改變，故C正確，D錯誤。故選C。5.福建艦是我國完全自主設(shè)計建造的首艘彈射型航空母艦，電磁彈射系統(tǒng)是福建艦的核心裝備之一，在測試電磁彈射系統(tǒng)時，配重小車自甲板前端水平射出，落至海面上。簡化模型如圖所示，兩輛質(zhì)量相同的配重小車1和小車2先后進(jìn)行彈射測試，軌跡分別為曲線1和曲線2，A、B為兩次彈射的落水點。忽略空氣阻力，配重小車可視為質(zhì)點。則關(guān)于配重小車1和小車2說法正確的是（）A.落水瞬間速度大小B.在空中運動過程中速度變化量C.落水瞬間重力的瞬時功率D.在空中運動過程中重力的平均功率【答案】B【解析】A．配重小車離開甲板后做平拋運動，二者下落高度相等，根據(jù)可知，二者下落時間相等；由豎直方向分速度可知水平分運動為勻速運動，根據(jù)及得由矢量運算法則可得故A錯誤；B．根據(jù)速度變化量公式因二者下落時間相等，故二者在空中運動過程中速度變化量，故B正確；D．下落高度相等重力做功相等，又下落時間相等，由及易知在空中運動過程中二者重力的平均功率相等，故D錯誤；C．落水瞬間重力的瞬時功率為，而，二者質(zhì)量相等，所以落水瞬間二者重力的瞬時功率相等，故C錯誤；故選B。6.一個足夠長的絕緣半圓柱體固定在水平面上，整個空間中加有沿半圓柱體半徑向內(nèi)的輻向磁場，半圓柱體表面處的磁感應(yīng)強度大小均為B，一根長度為L、質(zhì)量為m、粗細(xì)可忽略的導(dǎo)體棒A緊靠在半圓柱體底端靜止，其截面如圖所示。在導(dǎo)體棒A中通入方向垂直于紙面向外的變化電流，使導(dǎo)體棒A沿半圓柱體從底端緩慢向上滑動，導(dǎo)體棒A受到半圓柱體的摩擦力是導(dǎo)體棒A對半圓柱體的壓力的k倍。在導(dǎo)體棒A從底端緩慢滑動到頂端的過程中，下列說法正確的是（）A.當(dāng)時，導(dǎo)體棒A中的電流先變大再變小B.當(dāng)時，導(dǎo)體棒A所受的支持力與安培力合力先變大再變小C.當(dāng)時，導(dǎo)體棒A所受重力與安培力的合力一直變大D.當(dāng)時，導(dǎo)體棒A所受安培力一直變大【答案】C【解析】AB．當(dāng)時，根據(jù)左手定則確定安培力的方向，導(dǎo)體棒在上升至某位置時的受力分析如圖所示根據(jù)平衡條件可得因為逐漸變大，所以逐漸增大，根據(jù)可得，導(dǎo)體棒A中的電流變大；根據(jù)平衡條件可知，導(dǎo)體棒A所受的支持力與安培力合力始終與重力等大反向，保持不變，故AB錯誤；CD．當(dāng)時，導(dǎo)體棒在上升至某位置時的受力分析如圖所示其中則與的合力與的夾角保持不變，設(shè)為，則設(shè)與的合力為，則導(dǎo)體棒的受力情況可表示為如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可知，根據(jù)拉密原理可得隨著逐漸增大的過程，不變，減小，增大，所以安培力減小，增大。根據(jù)平衡條件可知，導(dǎo)體棒A所受重力與安培力的合力與等大反向，所以也一直增大，故C正確，D錯誤。故選C。7.足夠長的固定的光滑絕緣斜面傾角為α，質(zhì)量相等均帶正電的兩個小滑塊P和Q置于斜面上，重力加速度為g，用沿斜面向上的力F推動P，使兩滑塊均作勻速運動。某時刻突然撤去該推力，從此刻開始到P的速度剛要減為零的過程中，下列說法正確的是（）A.P的加速度大小的最大值為B.P的速度大小均不小于同一時刻Q的速度大小C.Q的動能先減小后增大D.Q的機械能一直減小【答案】A【解析】A．用沿斜面向上的力F推動P，使兩滑塊均作勻速運動，此時兩小滑塊間的電場力大小為撤去推力F時P的加速度大小為撤去推力后，P的加速度大小為Q的加速度大小為則P、Q都向上做減速運動，由于P的加速度大，P、Q間距離增大，電場力減小，P的加速度減小，當(dāng)P的速度減為零前，P的加速度小于，故A正確；B．由于P減速的加速度比Q大，所以P的速度大小均小于同一時刻Q的速度大小，故B錯誤；C．由于P減速的加速度比Q大，P的速度減為零前，Q一直做減速運動，Q的動能一直減小，故C錯誤；D．P的速度減為零前，電場力對Q一直做正功，所以Q的機械能一直增大，故D錯誤。故選A。8.我國載人航天事業(yè)已邁入“空間站時代”。若中國空間站繞地球近似做勻速圓周運動，運行周期為T，距離地面的高度約為地球半徑的倍，已知地球半徑為R，引力常量為G，忽略地球自轉(zhuǎn)的影響，則（）A.雖然宇航員在空間站中漂浮，但仍受到地球的引力B.空間站繞地球運動的角速度大小約為C.空間站繞地球運動的向心加速度大小約為地面重力加速度的倍D.地球的平均密度約為【答案】ACD【解析】A．漂浮在空間站中的宇航員依然受地球的引力，所受引力提供做勻速圓周運動的向心力，故A正確；B．根據(jù)角速度定義，可知空間站繞地球運動的角速度大小約為故B錯誤；C．設(shè)空間站的質(zhì)量為m，地球質(zhì)量為M，對空間站，根據(jù)萬有引力提供向心力，有由黃金代換式可知地表的重力加速度為聯(lián)立解得故C正確；D．對空間站，根據(jù)萬有引力提供向心力，有地球密度聯(lián)立解得故D正確。故選ACD。9.如圖所示，真空中有一平行板電容器，兩極板分別由鋅和鋁（其極限頻率分別為和）制成?，F(xiàn)用頻率為的激光持續(xù)照射兩板內(nèi)表面，則（）A.穩(wěn)定后鋅板帶負(fù)電，鋁板帶正電B.電容器最終帶電量Q正比于C.保持入射激光頻率不變，增大入射激光的強度，板間電壓將增大D.改用頻率為的激光照射，板間電壓將增大【答案】BD【解析】A．根據(jù)題意可知，激光只能使鋅金屬板發(fā)生光電效應(yīng)，鋅板失去電子成為平行板電容器的正極板，光電子運動到鋁金屬板上后使鋁板成為電容器的負(fù)極板，故A錯誤；B．根據(jù)光電效應(yīng)方程有又光電子不斷從鋅金屬板中飛出到達(dá)鋁金屬板上，兩金屬板間電壓逐漸增大，且使光電子做減速運動，當(dāng)電壓增大到一定程度，光電子不能到鋁金屬板，即到達(dá)鋁金屬板時速度恰好減小到零，此時兩極板間的電壓為U，極板的帶電量最大為Q由功能關(guān)系得平行板電容器的電容又聯(lián)立可得S、d為已知量，為常數(shù)，故得電容器最終帶電量，故B正確；CD．由以上分析可得可見，兩平行金屬板間電壓與入射激光的強度無關(guān)，在能夠發(fā)生光電效應(yīng)的情況下，只取決于入射光的頻率，若改用頻率為的激光照射，板間電壓將增大為，故C錯誤，D正確；故選BD。10.碳是碳的一種同位素。如圖甲是一個粒子檢測裝置的示意圖，圖乙為其俯視圖，粒子源釋放出經(jīng)電離后的碳與碳原子核（初速度忽略不計），經(jīng)直線加速器加速后由通道入口的中縫MN進(jìn)入通道，該通道的上下表面是內(nèi)半徑為R、外半徑為3R的半圓環(huán)，磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場垂直于半圓環(huán)，正對著通道出口處放置一張照相底片，能記錄粒子從出口射出時的位置。當(dāng)直線加速器的加速電壓為時，碳原子核恰好能擊中照相底片的正中間位置，則下列說法正確的是（）A.加速電壓為時，碳原子核所擊中的位置比碳原子核更靠近圓心B.當(dāng)加速電壓在范圍內(nèi)，碳原子核全部打在內(nèi)圓環(huán)上C.若碳原子核全部打在內(nèi)圓環(huán)上，則碳原子核在磁場中運動的最短時間為D.碳原子核能打到底片上的電壓范圍是【答案】BD【解析】A．對原子核，設(shè)經(jīng)過加速電壓時速度為v，則有在磁場中圓周運動半徑聯(lián)立解得因為碳的比荷比碳的小，所以圓周運動半徑比的大，故碳原子核所擊中的位置比碳原子核更遠(yuǎn)離圓心，故A錯誤；B．題意知加速電壓為時，碳原子核恰好能擊中照相底片正中間位置，即有若碳原子核全部打在內(nèi)圓環(huán)上，則最小圓周運動半徑為，最小圓周運動半徑為，即有聯(lián)立解得當(dāng)加速電壓在范圍內(nèi)，碳原子核全部打在內(nèi)圓環(huán)上，故B正確；C．粒子打在內(nèi)圓環(huán)上，軌跡與內(nèi)圓環(huán)交于C點，如圖當(dāng)MC⊥CO時，圓弧MC對應(yīng)的圓心角θ最小，用時最短，幾何關(guān)系可知最小圓心角則最短時間為聯(lián)立解得故C錯誤；D．若碳原子核全部打在內(nèi)圓環(huán)上，則最小圓周運動半徑為，最小圓周運動半徑為，即有因為碳原子核的比荷時碳原子核的，聯(lián)立以上可得碳原子核能打到底片上的電壓范圍是。故D正確故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.用如圖甲所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律，已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。（1）關(guān)于該實驗的操作和數(shù)據(jù)分析，以下說法正確的是（）A.必須用天平測出重錘的質(zhì)量方可實驗B.先接通電源，后釋放紙帶C.將打點計時器接到8V直流電源上D.也可以用計算重錘從靜止下落h時的瞬時速度大?。?）如圖乙所示，選取紙帶上連續(xù)五個計時點A、B、C、D、E，測量出點B距運動起始點O的距離x0，點B、C間的距離為x1，點C、D間的距離為x2，若相鄰兩點的打點時間間隔為T，假設(shè)重錘質(zhì)量為m，根據(jù)這些條件計算從打點計時器打下O點到打下C點過程中重錘的重力勢能減少量ΔEp=_______，動能增加量ΔEk=_______；在實際計算中發(fā)現(xiàn)，重錘減少的重力勢能總是大于重錘增加的動能，其原因主要是_______?！敬鸢浮浚?）B（2）mg(x0+x1)重錘下落過程中受到空氣阻力【解析】【小問1詳析】A．不必用天平測出重錘的質(zhì)量，A錯誤；B．先接通電源，后釋放紙帶，B正確；C．將打點計時器接到8V交流電源上，C錯誤；D．不可以用計算重錘從靜止下落h時的瞬時速度大小，只能用紙帶計算速度，D錯誤。故選B。【小問2詳析】[1]重錘的重力勢能減少量為[2]動能增加量為，又因為，解得[3]在實際計算中發(fā)現(xiàn)，重錘減少的重力勢能總是大于重錘增加的動能，其原因主要是重錘下落過程中受到空氣阻力。12.動畫片《哪吒2》巧妙地融入了科學(xué)知識，如“敖丙”把河水變?yōu)楸?，限制了“申正道”變身電流后身體能瞬間傳導(dǎo)到任何位置的技能。為證實其科學(xué)性，某學(xué)?？茖W(xué)探究小組取松花江水設(shè)計實驗，探究溫度、長度對淡水冰柱的電阻的影響。將溫度探頭和測量傳感裝置凍結(jié)至圓柱形冰桶中，傳感裝置通過冰介質(zhì)與直流電源E（內(nèi)阻不計）、多路開關(guān)、定值電阻R、電壓表構(gòu)成回路，等效測量電路原理如圖甲所示。（操作中每次測量時通電時間很短）（1）如果將觸點O與接入電路的觸點間的介質(zhì)冰看作等效電阻，電壓表示數(shù)為U，則_______（用E、U、R表示）；（2）圖乙是把固定觸點O和5接入電路，多次試驗的抽樣數(shù)據(jù)，得出電阻與溫度的關(guān)系，由圖乙可知，冰柱在降溫過程中，其電阻隨溫度降低而_______（填“增大”、“不變”、“減小”）；（3）冰溫保持在基本不變，測量不同電源對應(yīng)連接O與1~5各觸點間電壓表的示數(shù)，記錄在表格中，分析表格中數(shù)據(jù)可以得出：隨長度l的增大，冰的等效電阻_______（填“增大”、“不變”或“減小”）；冰柱的電阻_______（填“遵循”或“不遵循”）導(dǎo)體的電阻計算公式，其中冰柱的電阻率和橫截面面積S為常數(shù)。1（5cm）2（10cm）3（15cm）4（20cm）5（25cm）51.261.231.211.131.0661.541511.501.421.3382.102.092.062.001.8992.352.332.342.272.14（4）結(jié)合圖乙和表格，可得出定值電阻R的阻值最接近_______。A.10MΩ B.20MΩ C.30MΩ D.40MΩ【答案】（1）（2）增大（3）增大不遵循（4）B【解析】【小問1詳析】根據(jù)歐姆定律，有【小問2詳析】由圖乙可知，冰柱在降溫過程中，其電阻隨溫度降低而增大；【小問3詳析】[1]由表格數(shù)據(jù)可知，隨著長度的增大，電壓表示數(shù)減小，冰柱的電壓在增大，冰柱的等效電阻增大；[2]當(dāng)電源選為5V時，冰柱長為L1=5cm，電壓為根據(jù)歐姆定律有冰柱長為L2=10cm，電壓為根據(jù)歐姆定律有冰柱長為L4=20cm，電壓為根據(jù)歐姆定律有由此可知，因為冰柱的電阻率和橫截面面積S為常數(shù)，即冰柱的長度與電阻不成正比，所以冰柱的電阻不遵循導(dǎo)體的電阻計算公式?！拘?詳析】圖乙是把固定觸點O和5接入電路，冰柱的阻值約為，電源選為5V時，觸點O和5接入電路，電壓為根據(jù)歐姆定律有，解得，故選B。13.某校物理實驗小組用鍍有反射膜的三棱鏡進(jìn)行實驗，如圖，棱鏡截面為直角三角形ABC，其中，AB長為，AC鍍有反射膜。一單色激光與AB成37°角從真空射向AB邊的中點D，折射后垂直入射到反射膜并沿原路返回在D點射出三棱鏡。已知真空中光速，。求：（1）三棱鏡對該單色激光的折射率n；（2）不考慮激光在AB內(nèi)表面的反射，該單色激光在棱鏡中的傳播時間t?！敬鸢浮浚?）1.2（2）6×10-11s【解析】【小問1詳析】根據(jù)題意，折射角為，根據(jù)折射定律得，【小問2詳析】該單色光在玻璃中的傳播速度為，單色激光在棱鏡中的傳播時間為14.如圖所示，一足夠長的固定斜面與水平方向夾角為，質(zhì)量的物塊B在斜面上恰好不下滑，質(zhì)量為的光滑物塊A沿斜面下滑，以速度與B碰撞。A與B視為質(zhì)點，碰撞為彈性碰撞且碰撞時間極短，重力加速度為，不計空氣阻力。求：（1）第一次碰撞后A和B的瞬時速度的大?。唬?）第一次碰撞結(jié)束后，經(jīng)過多長時間發(fā)生第二次碰撞及第二次碰撞前瞬間A速度大小。【答案】（1）2.4m/s，6.4m/s（2）10.4m/s【解析】【小問1詳析】根據(jù)動量守恒定律得，根據(jù)機械能守恒定律得，解得，方向沿斜面向下，，方向沿斜面向下【小問2詳析】碰撞后物塊A勻加速下滑，根據(jù)牛頓第二定律得，解得；物塊B做勻速運動，根據(jù)運動學(xué)公式得，解得；第二次碰撞前瞬間A速度為，方向沿斜面向下。15.如圖所示，圓弧導(dǎo)軌與水平導(dǎo)軌平滑相連，其末端GH處通過絕緣物質(zhì)與傾斜金屬導(dǎo)軌平滑連接，所有導(dǎo)軌間距均為，傾斜導(dǎo)軌與水平方向夾角為θ，傾斜導(dǎo)軌足夠遠(yuǎn)處連接有電感為L的電感線圈。CD與EF間的導(dǎo)軌粗糙，寬度為d，其他導(dǎo)軌均可視為光滑。矩形ABCD區(qū)域、EFGH區(qū)域與傾斜導(dǎo)軌區(qū)域均存在垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小均為。金屬棒b靜止在EFGH區(qū)域，金屬棒a在圓弧導(dǎo)軌上與水平導(dǎo)軌間高度差為h的位置由靜止釋放，最終恰好停在EF邊界處，此時金屬棒b恰能從GH處滑入傾斜導(dǎo)軌。金屬棒a與CD、EF間的粗糙導(dǎo)軌的動摩擦因數(shù)為μ，金屬棒a的電阻為R，金屬導(dǎo)軌與金屬棒b的電阻均不計，金屬棒a、b的質(zhì)量均為m，長度均為，重力加速度取g。求：（1）在金屬棒a剛進(jìn)入磁場瞬間，金屬棒a的速度大小與金屬棒b的加速度大?。唬?）金屬棒a在離開ABCD區(qū)域后產(chǎn)生的焦耳熱Q；（3）金屬棒b能沿傾斜導(dǎo)軌向下滑行的最大距離。（已知自感線圈的自感電動勢，其自身的電阻為零）【答案】（1），（2）（3）【解析】【小問1詳析】a棒從圓弧軌道滑下，由機械能守恒的解得金屬棒a剛進(jìn)入磁場瞬間，金屬棒a的速度大小為a棒進(jìn)入磁場瞬間，產(chǎn)生電動勢和電流分別為，所以b棒所受的安培力為由牛頓第二定律得解得金屬棒b的加速度大小【小問2詳析】設(shè)金屬棒a離開磁場ABCD區(qū)域時的速度為，此時金屬棒b的速度為，金屬棒a在CD、EF間做勻減速運動，可得金屬棒a穿越磁場ABCD區(qū)域中，a和b組成的系統(tǒng)滿足動量守恒，則有解得此后，由能量關(guān)系可知，克服安培力做的功等于電路中產(chǎn)生的焦耳熱，金屬棒b此時的動能將全部轉(zhuǎn)化為金屬棒a的焦耳熱，則有【小問3詳析】金屬棒b恰能滑入斜軌，則在斜軌上初速度為0開始下滑，因為b棒與線圈組成的回路，直流電阻為零，所以必須滿足可得所以棒開始運動后棒上電流與棒的位移成正比，則有所以棒的運動方程為可知金屬棒做簡諧運動，平衡位置時，即由簡諧運動對稱性可知，下滑最大距離為2025年東北三省四市教研聯(lián)合體高考模擬考試（二）物理（本試卷滿分100分，考試時間75分鐘）注意事項：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2.答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試題卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.2025年春晚創(chuàng)意融合舞蹈《秧BOT》節(jié)目中，人形機器人跳起了秧歌舞，轉(zhuǎn)起了手絹，如圖，當(dāng)手絹在機器人手中轉(zhuǎn)動時，手絹面上P、Q兩點做圓周運動的（）A.角速度大小相等B.線速度大小相等C.向心加速度大小相等D.相同時間內(nèi)的路程相等【答案】A【解析】A．手絹上的、兩點屬于同軸轉(zhuǎn)動，所以兩點的角速度大小相同，A正確；B．由可知角速度大小相同時，轉(zhuǎn)動半徑越大，線速度大小也越大，所以，B錯誤；C．由可知角速度大小相同時，轉(zhuǎn)動半徑越大，向心加速度也越大，所以，C錯誤；D．兩點角速度大小相等，所以相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的角度相同，轉(zhuǎn)動半徑越大則相同時間內(nèi)的路程也越大，即，D錯誤。故選A。2.一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡諧橫波時刻的波形如圖中實線所示，時刻的波形如圖中虛線所示。關(guān)于這列波，下列說法正確的是（）A.波長為 B.周期一定為C.頻率可能為 D.波速可能為【答案】D【解析】A．由題圖可知，波長為8cm，故A錯誤；BCD．簡諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播，根據(jù)波的平移知識，則有可得當(dāng)n=0時，可得周期為則頻率為波速為當(dāng)n=1時，可得周期則頻率為波速為由上分析可知頻率不可能為2Hz，故BC錯誤，D正確。故選D。3.利用所學(xué)知識判斷下列圖片及相應(yīng)描述正確的是（）A.太空授課失重環(huán)境下的“液橋”現(xiàn)象（圖a）說明表面張力方向與液體表面垂直B.鈮包頭礦是富含的硅酸鹽礦物（圖b），由微觀結(jié)構(gòu)可知該物質(zhì)有固定的熔點C.懸浮在液體中的微粒越大（圖c），單位時間內(nèi)受到液體分子撞擊次數(shù)越多，布朗運動越明顯D.“飲水小鴨”（圖d）“喝”完一口水后，直立起來，直立一會兒，又會慢慢俯下身去，再“喝”一口，如此循環(huán)往復(fù)，小鴨不需要外界提供能量，也能夠持續(xù)工作下去【答案】B【解析】A．表面張力的方向?qū)嶋H上是沿著液體表面的切線方向，而不是垂直于液體表面，A錯誤；B．硅酸鹽礦物通常具有固定的熔點，因為它們是晶體結(jié)構(gòu)，晶體物質(zhì)有固定熔點，B正確；C．布朗運動的明顯程度與微粒的大小和溫度有關(guān)，微粒越小，溫度越高，布朗運動越明顯，C錯誤；D．“飲水小鴨”實際上是通過蒸發(fā)和冷凝的物理過程來工作的，雖然看似不需要外界能量，但實際上它依賴于環(huán)境中的溫度變化和水的蒸發(fā)，D錯誤。故選B。4.某中學(xué)物理興趣小組研究某物體做勻變速直線運動的圖像，是平均速度，如圖所示，下列說法正確的是（）A.物體的初速度大小為b，加速度大小為B.陰影部分的面積表示物體在時間內(nèi)通過的位移C.物體在時刻回到出發(fā)點D.物體在時刻速度方向發(fā)生改變【答案】C【解析】A．物體做勻變速運動，根據(jù)運動學(xué)公式有整理得可知圖像的斜率為縱截距為所以物體的加速度大小為，故A錯誤；B．初速度為b，根據(jù)速度時間關(guān)系式代入數(shù)據(jù)得在時的速度為0，則為時間內(nèi)的平均速度，所以時間內(nèi)物體的位移為故B錯誤；CD．物體的加速度大小為初速度為b，則有將代入得即物體在時刻回到出發(fā)點，由此可知在t0時刻之前速度方向已發(fā)生改變，故C正確，D錯誤。故選C。5.福建艦是我國完全自主設(shè)計建造的首艘彈射型航空母艦，電磁彈射系統(tǒng)是福建艦的核心裝備之一，在測試電磁彈射系統(tǒng)時，配重小車自甲板前端水平射出，落至海面上。簡化模型如圖所示，兩輛質(zhì)量相同的配重小車1和小車2先后進(jìn)行彈射測試，軌跡分別為曲線1和曲線2，A、B為兩次彈射的落水點。忽略空氣阻力，配重小車可視為質(zhì)點。則關(guān)于配重小車1和小車2說法正確的是（）A.落水瞬間速度大小B.在空中運動過程中速度變化量C.落水瞬間重力的瞬時功率D.在空中運動過程中重力的平均功率【答案】B【解析】A．配重小車離開甲板后做平拋運動，二者下落高度相等，根據(jù)可知，二者下落時間相等；由豎直方向分速度可知水平分運動為勻速運動，根據(jù)及得由矢量運算法則可得故A錯誤；B．根據(jù)速度變化量公式因二者下落時間相等，故二者在空中運動過程中速度變化量，故B正確；D．下落高度相等重力做功相等，又下落時間相等，由及易知在空中運動過程中二者重力的平均功率相等，故D錯誤；C．落水瞬間重力的瞬時功率為，而，二者質(zhì)量相等，所以落水瞬間二者重力的瞬時功率相等，故C錯誤；故選B。6.一個足夠長的絕緣半圓柱體固定在水平面上，整個空間中加有沿半圓柱體半徑向內(nèi)的輻向磁場，半圓柱體表面處的磁感應(yīng)強度大小均為B，一根長度為L、質(zhì)量為m、粗細(xì)可忽略的導(dǎo)體棒A緊靠在半圓柱體底端靜止，其截面如圖所示。在導(dǎo)體棒A中通入方向垂直于紙面向外的變化電流，使導(dǎo)體棒A沿半圓柱體從底端緩慢向上滑動，導(dǎo)體棒A受到半圓柱體的摩擦力是導(dǎo)體棒A對半圓柱體的壓力的k倍。在導(dǎo)體棒A從底端緩慢滑動到頂端的過程中，下列說法正確的是（）A.當(dāng)時，導(dǎo)體棒A中的電流先變大再變小B.當(dāng)時，導(dǎo)體棒A所受的支持力與安培力合力先變大再變小C.當(dāng)時，導(dǎo)體棒A所受重力與安培力的合力一直變大D.當(dāng)時，導(dǎo)體棒A所受安培力一直變大【答案】C【解析】AB．當(dāng)時，根據(jù)左手定則確定安培力的方向，導(dǎo)體棒在上升至某位置時的受力分析如圖所示根據(jù)平衡條件可得因為逐漸變大，所以逐漸增大，根據(jù)可得，導(dǎo)體棒A中的電流變大；根據(jù)平衡條件可知，導(dǎo)體棒A所受的支持力與安培力合力始終與重力等大反向，保持不變，故AB錯誤；CD．當(dāng)時，導(dǎo)體棒在上升至某位置時的受力分析如圖所示其中則與的合力與的夾角保持不變，設(shè)為，則設(shè)與的合力為，則導(dǎo)體棒的受力情況可表示為如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可知，根據(jù)拉密原理可得隨著逐漸增大的過程，不變，減小，增大，所以安培力減小，增大。根據(jù)平衡條件可知，導(dǎo)體棒A所受重力與安培力的合力與等大反向，所以也一直增大，故C正確，D錯誤。故選C。7.足夠長的固定的光滑絕緣斜面傾角為α，質(zhì)量相等均帶正電的兩個小滑塊P和Q置于斜面上，重力加速度為g，用沿斜面向上的力F推動P，使兩滑塊均作勻速運動。某時刻突然撤去該推力，從此刻開始到P的速度剛要減為零的過程中，下列說法正確的是（）A.P的加速度大小的最大值為B.P的速度大小均不小于同一時刻Q的速度大小C.Q的動能先減小后增大D.Q的機械能一直減小【答案】A【解析】A．用沿斜面向上的力F推動P，使兩滑塊均作勻速運動，此時兩小滑塊間的電場力大小為撤去推力F時P的加速度大小為撤去推力后，P的加速度大小為Q的加速度大小為則P、Q都向上做減速運動，由于P的加速度大，P、Q間距離增大，電場力減小，P的加速度減小，當(dāng)P的速度減為零前，P的加速度小于，故A正確；B．由于P減速的加速度比Q大，所以P的速度大小均小于同一時刻Q的速度大小，故B錯誤；C．由于P減速的加速度比Q大，P的速度減為零前，Q一直做減速運動，Q的動能一直減小，故C錯誤；D．P的速度減為零前，電場力對Q一直做正功，所以Q的機械能一直增大，故D錯誤。故選A。8.我國載人航天事業(yè)已邁入“空間站時代”。若中國空間站繞地球近似做勻速圓周運動，運行周期為T，距離地面的高度約為地球半徑的倍，已知地球半徑為R，引力常量為G，忽略地球自轉(zhuǎn)的影響，則（）A.雖然宇航員在空間站中漂浮，但仍受到地球的引力B.空間站繞地球運動的角速度大小約為C.空間站繞地球運動的向心加速度大小約為地面重力加速度的倍D.地球的平均密度約為【答案】ACD【解析】A．漂浮在空間站中的宇航員依然受地球的引力，所受引力提供做勻速圓周運動的向心力，故A正確；B．根據(jù)角速度定義，可知空間站繞地球運動的角速度大小約為故B錯誤；C．設(shè)空間站的質(zhì)量為m，地球質(zhì)量為M，對空間站，根據(jù)萬有引力提供向心力，有由黃金代換式可知地表的重力加速度為聯(lián)立解得故C正確；D．對空間站，根據(jù)萬有引力提供向心力，有地球密度聯(lián)立解得故D正確。故選ACD。9.如圖所示，真空中有一平行板電容器，兩極板分別由鋅和鋁（其極限頻率分別為和）制成。現(xiàn)用頻率為的激光持續(xù)照射兩板內(nèi)表面，則（）A.穩(wěn)定后鋅板帶負(fù)電，鋁板帶正電B.電容器最終帶電量Q正比于C.保持入射激光頻率不變，增大入射激光的強度，板間電壓將增大D.改用頻率為的激光照射，板間電壓將增大【答案】BD【解析】A．根據(jù)題意可知，激光只能使鋅金屬板發(fā)生光電效應(yīng)，鋅板失去電子成為平行板電容器的正極板，光電子運動到鋁金屬板上后使鋁板成為電容器的負(fù)極板，故A錯誤；B．根據(jù)光電效應(yīng)方程有又光電子不斷從鋅金屬板中飛出到達(dá)鋁金屬板上，兩金屬板間電壓逐漸增大，且使光電子做減速運動，當(dāng)電壓增大到一定程度，光電子不能到鋁金屬板，即到達(dá)鋁金屬板時速度恰好減小到零，此時兩極板間的電壓為U，極板的帶電量最大為Q由功能關(guān)系得平行板電容器的電容又聯(lián)立可得S、d為已知量，為常數(shù)，故得電容器最終帶電量，故B正確；CD．由以上分析可得可見，兩平行金屬板間電壓與入射激光的強度無關(guān)，在能夠發(fā)生光電效應(yīng)的情況下，只取決于入射光的頻率，若改用頻率為的激光照射，板間電壓將增大為，故C錯誤，D正確；故選BD。10.碳是碳的一種同位素。如圖甲是一個粒子檢測裝置的示意圖，圖乙為其俯視圖，粒子源釋放出經(jīng)電離后的碳與碳原子核（初速度忽略不計），經(jīng)直線加速器加速后由通道入口的中縫MN進(jìn)入通道，該通道的上下表面是內(nèi)半徑為R、外半徑為3R的半圓環(huán)，磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場垂直于半圓環(huán)，正對著通道出口處放置一張照相底片，能記錄粒子從出口射出時的位置。當(dāng)直線加速器的加速電壓為時，碳原子核恰好能擊中照相底片的正中間位置，則下列說法正確的是（）A.加速電壓為時，碳原子核所擊中的位置比碳原子核更靠近圓心B.當(dāng)加速電壓在范圍內(nèi)，碳原子核全部打在內(nèi)圓環(huán)上C.若碳原子核全部打在內(nèi)圓環(huán)上，則碳原子核在磁場中運動的最短時間為D.碳原子核能打到底片上的電壓范圍是【答案】BD【解析】A．對原子核，設(shè)經(jīng)過加速電壓時速度為v，則有在磁場中圓周運動半徑聯(lián)立解得因為碳的比荷比碳的小，所以圓周運動半徑比的大，故碳原子核所擊中的位置比碳原子核更遠(yuǎn)離圓心，故A錯誤；B．題意知加速電壓為時，碳原子核恰好能擊中照相底片正中間位置，即有若碳原子核全部打在內(nèi)圓環(huán)上，則最小圓周運動半徑為，最小圓周運動半徑為，即有聯(lián)立解得當(dāng)加速電壓在范圍內(nèi)，碳原子核全部打在內(nèi)圓環(huán)上，故B正確；C．粒子打在內(nèi)圓環(huán)上，軌跡與內(nèi)圓環(huán)交于C點，如圖當(dāng)MC⊥CO時，圓弧MC對應(yīng)的圓心角θ最小，用時最短，幾何關(guān)系可知最小圓心角則最短時間為聯(lián)立解得故C錯誤；D．若碳原子核全部打在內(nèi)圓環(huán)上，則最小圓周運動半徑為，最小圓周運動半徑為，即有因為碳原子核的比荷時碳原子核的，聯(lián)立以上可得碳原子核能打到底片上的電壓范圍是。故D正確故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.用如圖甲所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律，已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。（1）關(guān)于該實驗的操作和數(shù)據(jù)分析，以下說法正確的是（）A.必須用天平測出重錘的質(zhì)量方可實驗B.先接通電源，后釋放紙帶C.將打點計時器接到8V直流電源上D.也可以用計算重錘從靜止下落h時的瞬時速度大小（2）如圖乙所示，選取紙帶上連續(xù)五個計時點A、B、C、D、E，測量出點B距運動起始點O的距離x0，點B、C間的距離為x1，點C、D間的距離為x2，若相鄰兩點的打點時間間隔為T，假設(shè)重錘質(zhì)量為m，根據(jù)這些條件計算從打點計時器打下O點到打下C點過程中重錘的重力勢能減少量ΔEp=_______，動能增加量ΔEk=_______；在實際計算中發(fā)現(xiàn)，重錘減少的重力勢能總是大于重錘增加的動能，其原因主要是_______?！敬鸢浮浚?）B（2）mg(x0+x1)重錘下落過程中受到空氣阻力【解析】【小問1詳析】A．不必用天平測出重錘的質(zhì)量，A錯誤；B．先接通電源，后釋放紙帶，B正確；C．將打點計時器接到8V交流電源上，C錯誤；D．不可以用計算重錘從靜止下落h時的瞬時速度大小，只能用紙帶計算速度，D錯誤。故選B。【小問2詳析】[1]重錘的重力勢能減少量為[2]動能增加量為，又因為，解得[3]在實際計算中發(fā)現(xiàn)，重錘減少的重力勢能總是大于重錘增加的動能，其原因主要是重錘下落過程中受到空氣阻力。12.動畫片《哪吒2》巧妙地融入了科學(xué)知識，如“敖丙”把河水變?yōu)楸?，限制了“申正道”變身電流后身體能瞬間傳導(dǎo)到任何位置的技能。為證實其科學(xué)性，某學(xué)?？茖W(xué)探究小組取松花江水設(shè)計實驗，探究溫度、長度對淡水冰柱的電阻的影響。將溫度探頭和測量傳感裝置凍結(jié)至圓柱形冰桶中，傳感裝置通過冰介質(zhì)與直流電源E（內(nèi)阻不計）、多路開關(guān)、定值電阻R、電壓表構(gòu)成回路，等效測量電路原理如圖甲所示。（操作中每次測量時通電時間很短）（1）如果將觸點O與接入電路的觸點間的介質(zhì)冰看作等效電阻，電壓表示數(shù)為U，則_______（用E、U、R表示）；（2）圖乙是把固定觸點O和5接入電路，多次試驗的抽樣數(shù)據(jù)，得出電阻與溫度的關(guān)系，由圖乙可知，冰柱在降溫過程中，其電阻隨溫度降低而_______（填“增大”、“不變”、“減小”）；（3）冰溫保持在基本不變，測量不同電源對應(yīng)連接O與1~5各觸點間電壓表的示數(shù)，記錄在表格中，分析表格中數(shù)據(jù)可以得出：隨長度l的增大，冰的等效電阻_______（填“增大”、“不變”或“減小”）；冰柱的電阻_______（填“遵循”或“不遵循”）導(dǎo)體的電阻計算公式，其中冰柱的電阻率和橫截面面積S為常數(shù)。1（5cm）2（10cm）3（15cm）4（20cm）5（25cm）51.261.231.211.131.0661.541511.501.421.3382.102.092.062.001.8992.352.332.342.272.14（4）結(jié)合圖乙和表格，可得出定值電阻R的阻值最接近_______。A.10MΩ B.20MΩ C.30MΩ D.40MΩ【答案】（1）（2）增大（3）增大不遵循（4）B【解析】【小問1詳析】根據(jù)歐姆定律，有【小問2詳析】由圖乙可知，冰柱在降溫過程中，其電阻隨溫度降低而增大；【小問3詳析】[1]由表格數(shù)據(jù)可知，隨著長度的增大，電壓表示數(shù)減小，冰柱的電壓在增大，冰柱的等效電阻增大；[2]當(dāng)電源選為5V時，冰柱長為L1=5cm，電壓為根據(jù)歐姆定律有冰柱長為L2=10cm，電壓為根據(jù)歐姆定律有冰柱長為L4=20cm，電壓為根據(jù)歐姆定律有由此可知，因為冰柱的電阻率和橫截面面積S為