1第2講小專題:牛頓第二定律的基本應(yīng)用考點(diǎn)一超重與失重問(wèn)題1.實(shí)重和視重(1)實(shí)重:物體實(shí)際所受的重力,它與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)。(2)視重:當(dāng)物體在豎直方向上有加速度時(shí),物體對(duì)彈簧測(cè)力計(jì)的拉力或?qū)ε_(tái)秤的壓力將不等于物體的重力,此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)或臺(tái)秤的讀數(shù)即為視重。2.超重、失重和完全失重的比較狀態(tài)超重失重完全失重現(xiàn)象視重大于物體重力視重小于物體重力視重等于0產(chǎn)生條件豎直方向上,物體的加速度向上豎直方向上,物體的加速度向下豎直方向上,物體的加速度向下且等于g運(yùn)動(dòng)狀態(tài)加速上升或減速下降加速下降或減速上升以g為加速度加速下降或減速上升原理方程F-mg=maF=mg+mamg-F=maF=mg-mamg-F=mg,F=0[例1]【對(duì)超、失重現(xiàn)象的理解】(2024·湖南長(zhǎng)沙期中)如圖所示,原地縱跳摸高是籃球和羽毛球運(yùn)動(dòng)中重要的訓(xùn)練項(xiàng)目之一。運(yùn)動(dòng)員先由靜止下蹲一段位移,經(jīng)過(guò)充分蓄力后,發(fā)力跳起摸到一定的高度,落地后屈腿緩沖。運(yùn)動(dòng)員在下降過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的是()2[A]始終處于超重狀態(tài)[B]始終處于失重狀態(tài)[C]先失重后超重[D]先超重后失重【答案】C【解析】由于物體加速度方向決定超失重情況,當(dāng)物體的加速度向上時(shí)處于超重狀態(tài),加速度向下時(shí)為失重狀態(tài)。運(yùn)動(dòng)員下降過(guò)程中先以重力加速度下落,接觸地面后支持力增大,向下的加速度減小,變?yōu)?后又反向增大,即先失重后超重。故C正確。[變式]運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中超、失重情況如何?【答案】完全失重【解析】運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中無(wú)論是上升還是下落,加速度均為重力加速度,則運(yùn)動(dòng)員處于完全失重狀態(tài)。[例2]【超、失重現(xiàn)象的圖像問(wèn)題】(2024·云南保山期末)(多選)某科技愛(ài)好者利用智能手機(jī)加速度傳感器,測(cè)量升降機(jī)在豎直方向運(yùn)行的加速度,如圖所示為手機(jī)顯示的a-t圖像,人站在升降機(jī)內(nèi)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng),規(guī)定豎直向上為正方向,人與手機(jī)質(zhì)量m=50kg,重力加速度g取10m/s2,下列說(shuō)法正確的是()[A]0～5s站在升降機(jī)上的人處于超重狀態(tài)[B]t=15s時(shí)升降機(jī)上升的速度大小為3m/s[C]15～20s升降機(jī)對(duì)人的支持力大小為520N[D]0～20s升降機(jī)上升的高度為30m【答案】AD3【解析】由a-t圖像可知,0～5s加速度方向向上,人處于超重狀態(tài),故A正確。在a-t圖像中,圖線與t軸所圍面積表示速度的變化,則0～5s升降機(jī)速度增加Δv=0.4×5m/s=2m/s,由于升降機(jī)由靜止向上做勻加速運(yùn)動(dòng),即5s末的速度為v1=2m/s,該過(guò)程升降機(jī)位移升降機(jī)加速度為0而做勻速運(yùn)動(dòng),則t=15s時(shí)升降機(jī)上升的速度大小為2m/s,其位移x2=vt2=20m;15～20s升降機(jī)做勻減速運(yùn)動(dòng),初速度v3=2m/s,加速度a′=-0.4m/s2,位移x3=v3t3+a′t32=5m;則0～20s升降機(jī)上升的高度為x=x1+x2+x3=30m,故B錯(cuò)誤,D正確。15～20s升降機(jī)做勻減速運(yùn)動(dòng),根據(jù)牛頓第二定律有FN-mg=ma′,解得FN=480N,故C錯(cuò)誤。判斷超重和失重的方法受力判斷物體除受重力外,僅受到豎直向上的拉力(或支持力)(1)F(或FN)>mg時(shí),物體處于超重狀態(tài)。(2)F(或FN)<mg時(shí),物體處于失重狀態(tài)。(3)F(或FN)=0時(shí),物體處于完全失重狀態(tài)加速度判斷物體具有的加速度:(1)方向豎直向上(或豎直分量向上)時(shí),物體處于超重狀態(tài)。(2)方向豎直向下(或豎直分量向下)時(shí),物體處于失重狀態(tài)。(3)方向豎直向下(或豎直分量向下)且等于重力加速度時(shí),物體處于完全失重狀態(tài)速度變化判斷(1)物體向上加速或向下減速運(yùn)動(dòng)時(shí)處于超重狀態(tài)。(2)物體向下加速或向上減速運(yùn)動(dòng)時(shí)處于失重狀態(tài)。(3)物體以重力加速度g向下加速或向上減速運(yùn)動(dòng)時(shí)處于完全失重狀態(tài)考點(diǎn)二動(dòng)力學(xué)兩類基本問(wèn)題1.解決動(dòng)力學(xué)兩類基本問(wèn)題的思路2.基本步驟4[例3]【已知受力求運(yùn)動(dòng)情況】(2024·安徽蕪湖階段檢測(cè))滑雪是很多人喜歡的運(yùn)動(dòng)項(xiàng)目。如圖所示,ABC為一簡(jiǎn)化的雪道模型,AB段為長(zhǎng)L=100m傾角θ=18°的山坡雪道,BC段為水平雪道,AB與BC平滑相連。一位質(zhì)量m=80kg(含裝備)的滑雪者從山坡雪道頂端A處從靜止開(kāi)始自由滑下,到達(dá)底端后進(jìn)入水平雪道。已知雪橇與水平雪道和山坡雪道之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.1,忽略空氣阻力,g取10m/s2,取sin18°=0.31,cos18°=0.95。如果滑雪者沒(méi)有任何助力動(dòng)作。求:(1)滑雪者在山坡雪道下滑時(shí)的加速度a1的大小;(2)為了使滑雪者利用雪橇與雪道間的摩擦停下來(lái),水平雪道BC的長(zhǎng)度x的最小值?！敬鸢浮?1)2.15m/s2(2)215m【解析】(1)滑雪者在山坡雪道下滑時(shí)受重力、支持力和摩擦力作用,根據(jù)平衡條件和牛頓第二定律有FN-mgcosθ=0,mgsinθ-μFN=ma1,聯(lián)立解得a1=2.15m/s2。(2)滑雪者在山坡雪道下滑過(guò)程中,根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)速度與位移關(guān)系式有VB2=2a1L,則5滑雪者在水平雪道上滑行時(shí)水平方向只受滑動(dòng)摩擦力Ff=μmg而做勻減速運(yùn)動(dòng),根據(jù)牛頓第二定律有μmg=ma2,代入數(shù)值解得a2=1m/s2;為使滑雪者利用雪橇與雪道間的摩擦停下來(lái),根據(jù)速度位移關(guān)系式得水平雪道BC的長(zhǎng)度即水平雪道BC的長(zhǎng)度x的最小值為215m。[變式]為了能在[例3]情境中的水平雪道上較快地停下,滑雪者在滑到山坡雪道上的P點(diǎn)時(shí),開(kāi)始通過(guò)調(diào)整姿態(tài)來(lái)增加阻力直到B點(diǎn),進(jìn)入水平雪道后不再增加阻力。若滑雪者在山坡雪道上增加的阻力為人對(duì)雪道壓力的0.9倍,進(jìn)入水平雪道后經(jīng)x2=44m停下,求滑雪者開(kāi)始調(diào)整姿態(tài)的位置P與B的距離x1?！敬鸢浮?0m【解析】滑雪者到達(dá)P點(diǎn)過(guò)程中有vp2=2a1(L-x1),而滑雪者由B點(diǎn)到停下過(guò)程中有vB′2=2a2x2,滑雪者在PB段,根據(jù)牛頓第二定律有mgsinθ-μmgcosθ-0.9mgcosθ=ma3,根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律有vB′2-vp2=2a3x1,由以上各式聯(lián)立,代入數(shù)據(jù)得x1=20m。[例4]【已知運(yùn)動(dòng)情況求受力】(2024·湖南專題練習(xí))如圖甲所示,質(zhì)量為m=1kg小球從固定斜面上的A點(diǎn)由靜止開(kāi)始做加速度大小為a1的運(yùn)動(dòng),小球在t1=1s時(shí)刻在B處與擋板碰撞,然后沿著斜面做加速度大小為a2的運(yùn)動(dòng),在t2=1.25s時(shí)刻到達(dá)C點(diǎn),接著從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn),到達(dá)B點(diǎn)的時(shí)刻為t3。整個(gè)過(guò)程小球的v-t圖像如圖乙所示(v0未知),已知a2與a1大小的差值為4m/s2,重力加速度g取10m/s2,求:(1)小球受到阻力的大小和斜面傾角的正弦值;6(2)t3的值?！敬鸢浮?1)2N0.6(2)s【解析】(1)設(shè)斜面傾角為θ,小球從A運(yùn)動(dòng)到擋板,即在0～1s時(shí)間內(nèi)由速度時(shí)間公式和牛頓第二定律得2v0=a1t1,mgsinθ-Ff=ma1,小球從擋板運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn),即在t1～t2(1～1.25s)時(shí)間內(nèi)有v0=a2(t2-t1),mgsinθ+Ff=ma2,而a2-a1=4m/s2,聯(lián)立解得a1=4m/s2,a2=8m/s2,v0=2m/s,Ff=2N,sinθ=0.6。(2)根據(jù)v-t圖像中圖線與t軸所圍面積表示位移,由題圖乙可知,BC之間位移大小為x1×(t2-t1)=0.25m,設(shè)小球從C運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間為t,根據(jù)位移公式,有x1a1t2,解得ts,則[變式]若在[例4]的情境中,對(duì)小球施加一沿斜面向下的恒力F,從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng),到達(dá)B處力F突然消失,小球與擋板碰撞,此后以碰撞前速度的反向運(yùn)動(dòng)且恰好到達(dá)A點(diǎn),則恒力F的大小是多少?【答案】14N【解析】由題圖乙可知,A、B兩點(diǎn)間距離設(shè)小球與擋板碰撞前速度為v0′,則小球上滑初速度為v0′,小球上滑過(guò)程中,根據(jù)速度與位移關(guān)系式有(v0′)2=2a2xAB,聯(lián)立解得設(shè)小球由A到B的過(guò)程中加速度大小為a3,則v0′2=2a3xAB,又根據(jù)牛頓第二定律有F+mgsinθ-Ff=ma3,代入數(shù)據(jù)解得F=14N。7解答動(dòng)力學(xué)基本問(wèn)題的“兩個(gè)分析”“一個(gè)橋梁”考點(diǎn)三牛頓第二定律的瞬時(shí)性問(wèn)題和等時(shí)圓的應(yīng)用1.瞬時(shí)性問(wèn)題的兩種模型2.等時(shí)圓模型(1)結(jié)論。在同一豎直圓上,物體從不同位置沿不同的光滑弦由靜止開(kāi)始滑至最低點(diǎn),或者從同一豎直圓的最高點(diǎn)沿不同的光滑弦滑至圓上,物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等,且僅決定于圓的直徑。(2)類型。如圖甲、乙、丙所示,質(zhì)點(diǎn)由靜止開(kāi)始從豎直圓環(huán)上沿不同的光滑弦上端滑到圓環(huán)的最低點(diǎn)、質(zhì)點(diǎn)從豎直圓環(huán)上最高點(diǎn)沿不同的光滑弦滑到下端或相鄰圓環(huán)由C到D,從E到F。8甲圖中質(zhì)點(diǎn)分別由A、C、D、E到達(dá)B點(diǎn)的時(shí)間相等;乙圖中質(zhì)點(diǎn)由A點(diǎn)到達(dá)B、C、D、E的時(shí)間相等;丙圖中質(zhì)點(diǎn)從E到F、從C到D的時(shí)間相等。[例5]【輕繩模型】(2024·湖南卷,3)如圖,質(zhì)量分別為4m、3m、2m、m的四個(gè)小球a、b、c、d,通過(guò)細(xì)線或輕彈簧互相連接,懸掛于O點(diǎn),處于靜止?fàn)顟B(tài),重力加速度為g。若將b、c間的細(xì)線剪斷,則剪斷瞬間b和c的加速度大小分別為()[A]g,1.5g[B]2g,1.5g[C]2g,0.5g[D]g,0.5g【答案】A【解析】b、c間細(xì)線剪斷前,a、b間彈簧彈力Fab=(3m+2m+m)g=6mg,b、c間細(xì)線拉力Fbc=(2m+m)g=3mg,c、d間彈簧彈力Fcd=mg;細(xì)線剪斷瞬間,a、b間彈力不變,對(duì)小球b有,Fab-3mg=3mab,解得ab=g,方向豎直向上;對(duì)球c,由于b、c間細(xì)線拉力突然消失,有Fdc+2mg=2mac,解得ac=1.5g,方向豎直向下。選項(xiàng)A正確。[變式]在[例5]情境中,若不是剪斷b、c間細(xì)線,而是緊靠b球上側(cè)剪斷彈簧,則剪斷彈簧瞬間各球加速度是多少?【答案】aa=0ab=ac=1.2gad=0【解析】在b球上側(cè)剪斷a、b間彈簧瞬間,彈簧彈力不發(fā)生突變,則a、d兩球不受影響而加速度為0;由于b球受到的向上的彈力突然消失,而細(xì)線拉力會(huì)發(fā)生突變,若細(xì)線拉力突然消失,小球b只受重力,小球c除受重力外,還有c、d間彈簧彈力,此時(shí)有ab<ac,顯然細(xì)線拉力不可能消失,而使球b、c具有共同的加速度,對(duì)b、c整體,有(3m+2m)g+Fdc=5mabc,即abc=1.2g。[例6]【輕桿模型】如圖所示,光滑斜面的傾角為θ,球A質(zhì)量為2m、球B質(zhì)量為m,圖甲中A、B兩球用輕彈簧相連,圖乙中A、B兩球用輕質(zhì)桿相連,擋板C與斜面垂直,輕彈簧、輕桿均與斜面平行,在系統(tǒng)靜止時(shí),突然撤去擋板的瞬間,則有()9[A]圖甲中球A的加速度為gsinθ[B]圖甲中球B的加速度為0[C]圖乙中兩球的加速度均為0[D]圖乙中兩球的加速度均為gsinθ【答案】D【解析】題圖甲中撤去擋板瞬間,由于彈簧彈力不能突變,則球A所受合力為0,加速度為0,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;撤去擋板前,擋板對(duì)球B的彈力大小為3mgsinθ,撤去擋板瞬間,球B與擋板之間彈力消失,則所受合力為FB=3mgsinθ,由F合=ma可知加速度為aB=3gsinθ,選項(xiàng)B錯(cuò) 誤;題圖乙中撤去擋板前,輕桿上的彈力為2mgsinθ,撤去擋板瞬間,球B所受擋板支持力突然消失,桿的彈力發(fā)生突變,由于A、B用輕桿連接,則球A、B加速度相等,其整體所受合力為3mgsinθ,加速度均為gsinθ,選項(xiàng)C錯(cuò)誤,D正確。[變式]若把[例6]中圖甲、乙中的小球A、B均用細(xì)繩懸掛在天花板下處于靜止?fàn)顟B(tài),如圖丙、丁所示,則在兩細(xì)繩燒斷的瞬間,圖丙和圖丁中兩球的加速度是否相等?【答案】圖丙中B球加速度為零,A球加速度為g;圖丁中,A、B的加速度相同,均為g【解析】細(xì)繩燒斷的瞬間彈簧彈力不能突變,而桿的彈力會(huì)突變,所以細(xì)繩燒斷瞬間,題圖丙中球B所受合力仍為零,加速度為零,球A所受合力為3mg,加速度為g;題圖丁中,細(xì)繩燒斷瞬間,A、B的加速度相同,設(shè)為a。以整體為研究對(duì)象,根據(jù)牛頓第二定律有3mg=3ma,解得a=g。分析瞬時(shí)問(wèn)題要“瞻前顧后”[例7]【“等時(shí)圓”模型】(2024·山西大同階段檢測(cè))(多選)如圖所示,在斜面上有四條光滑細(xì)桿,其中OA桿豎直放置,OB桿與OD桿等長(zhǎng),OC桿與斜面垂直放置,若每根桿上都套著一個(gè)小滑環(huán)分別從O點(diǎn)由靜止釋放,沿OA、OB、OC、OD滑到斜面上所用的時(shí)間依次為t1、t2、t3、t4。下列關(guān)系正確的是()[A]t1>t2>t3[B]t1=t3>t2[C]t2=t4>t1[D]t2<t3<t4【答案】BD【解析】以O(shè)A桿為直徑作圓,由圓的知識(shí)可知C點(diǎn)處于圓上,B點(diǎn)在圓內(nèi),D點(diǎn)在圓外,如圖所示,由于四個(gè)環(huán)均從圓的最高點(diǎn)滑下,由等時(shí)圓模型規(guī)律可知t1=t3,而沿OB滑下的環(huán)早于沿OA或OC滑下的環(huán)到達(dá)斜面,沿OD滑下的環(huán)晚于沿OA或OC滑下的環(huán)到達(dá)斜面,即t2<t1=t3<t4,故選B、D。[變式]若豎直面內(nèi)三根固定的光滑細(xì)桿Oa、Ob、Oc的O、a、b、c與d點(diǎn)位于同一圓周上,d點(diǎn)為圓周的最高點(diǎn),c點(diǎn)為最低點(diǎn),如圖所示。每根桿上都套著一個(gè)小滑環(huán)均從O點(diǎn)無(wú)初速度釋放,用t1、t2、t3依次表示滑環(huán)到達(dá)a、b、c所用的時(shí)間,則()[A]t1=t2=t3[B]t3>t1>t2[C]t1<t2<t3[D]t1>t2>t3【答案】D【解析】以O(shè)點(diǎn)為最高點(diǎn),取合適的豎直直徑Oe作等時(shí)圓,使圓交Ob于b,如圖所示,根據(jù)等時(shí)圓模型規(guī)律可知,小滑環(huán)分別從O由靜止到f、b、g的時(shí)間相等,此時(shí)沿Oa桿滑下的環(huán)未到a點(diǎn),沿Oc桿滑下的環(huán)早到達(dá)c點(diǎn),可得t1>t2>t3,D正確。“等時(shí)圓”模型規(guī)律的應(yīng)用(滿分:70分)對(duì)點(diǎn)1.超重與失重問(wèn)題1.(4分)(2024·云南昆明階段練習(xí))一乘客乘坐豎直電梯上樓,其位移x與時(shí)間t的關(guān)系圖像如圖所示,乘客的速度大小用v表示。以下判斷正確的是()[A]0～t1時(shí)間內(nèi),v增大,乘客處于超重狀態(tài)[B]t1～t2時(shí)間內(nèi),v減小,乘客處于失重狀態(tài)[C]t2～t3時(shí)間內(nèi),v增大,乘客處于超重狀態(tài)[D]t2～t3時(shí)間內(nèi),v減小,乘客處于超重狀態(tài)【答案】A【解析】由于x-t圖像中圖線的斜率表示速度,可知0～t1時(shí)間內(nèi),v向上且增大,則加速度向上,乘客處于超重狀態(tài);t1～t2時(shí)間內(nèi),v不變,乘客勻速上升,即處于平衡狀態(tài);t2～t3時(shí)間內(nèi),v向上且減小,則加速度向下,乘客處于失重狀態(tài)。A正確。2.(4分)(2025·云南高考適應(yīng)性考試)某同學(xué)站在水平放置于電梯內(nèi)的電子秤上,電梯運(yùn)行前電子秤的示數(shù)如圖甲所示。電梯豎直上升過(guò)程中,某時(shí)刻電子秤的示數(shù)如圖乙所示,則該時(shí)刻電梯(重力加速度g取10m/s2)()[A]做減速運(yùn)動(dòng),加速度大小為1.05m/s2[B]做減速運(yùn)動(dòng),加速度大小為0.50m/s2[C]做加速運(yùn)動(dòng),加速度大小為1.05m/s2[D]做加速運(yùn)動(dòng),加速度大小為0.50m/s2【答案】D【解析】由題意知,電梯在上升的過(guò)程中,視重大于實(shí)重,受到的支持力大于重力,處于超重狀態(tài),加速度向上,做加速運(yùn)動(dòng);由牛頓第二定律有FN-mg=ma,解得a=0.50m/s2,故D正確。對(duì)點(diǎn)2.動(dòng)力學(xué)兩類基本問(wèn)題3.(4分)(2024·海南階段練習(xí))如圖所示,光滑的水平地面上靜止放置一輛小車(chē),在小車(chē)的內(nèi)部用兩根細(xì)繩拴一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的小球,其中a繩水平,b繩傾斜且與a繩之間的夾角為150°,下列說(shuō)法正確的是()[A]小車(chē)靜止時(shí),a、b兩繩上的拉力大小之比為1∶2[B]小車(chē)靜止時(shí),a、b兩繩上的拉力大小之比為3∶2[C]若小球隨著小車(chē)一起水平向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng),隨著加速度的逐漸增大,兩繩上的拉力也逐漸增大[D]若小球隨著小車(chē)一起水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度等于1.5g時(shí),a繩上的拉力恰好為0【答案】B【解析】設(shè)細(xì)繩a、b的拉力分別FTa、FTb,小車(chē)靜止時(shí),由平衡條件可得故B正確,A錯(cuò)誤;設(shè)小球的質(zhì)量為m,若小球隨著小車(chē)一起水平向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng),豎直方向有FTbsin30°=mg,可得FTb=2mg,水平方向有FTa-FTbcos30°=ma,可得FTa=ma+3mg,即FTa隨著加速度增大而增大,而FTb不變,故C錯(cuò)誤;若小球隨著小車(chē)一起水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng),當(dāng)a繩上的拉力恰好為0時(shí),豎直方向根據(jù)平衡條件FTbsin30°=mg,可得FTb=2mg,水平方向FTbcos30°=ma,得a=3g,可知當(dāng)加速度為1.5g時(shí),細(xì)繩a處于張緊狀態(tài),故D錯(cuò)誤。4.(16分)(2024·安徽合肥期中)鋼架雪車(chē)比賽的一段賽道如圖甲所示,長(zhǎng)12m的水平直道AB與長(zhǎng)20m的傾斜直道BC在B點(diǎn)平滑連接,斜道BC與水平面的夾角為15°。運(yùn)動(dòng)員從A點(diǎn)由靜止出發(fā),推著雪車(chē)勻加速到B點(diǎn)時(shí)速度大小為8m/s,緊接著快速俯臥到車(chē)上沿BC勻加速下滑(圖乙所示),到C點(diǎn)共用時(shí)5.0s。若雪車(chē)(包括運(yùn)動(dòng)員)可視為質(zhì)點(diǎn),始終在冰面上運(yùn)動(dòng),其總質(zhì)量為110kg,取sin15°=0.26,g取10m/s2,求:(1)雪車(chē)(包括運(yùn)動(dòng)員)在直道AB上的加速度大小和在AB上運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1;(2)過(guò)C點(diǎn)的速度大小;(3)在斜道BC上運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力大小?！敬鸢浮?3)66N【解析】(1)設(shè)雪車(chē)在直道AB段加速度大小為a1,根據(jù)位移速度公式有VB2=2a1xAB,解得根據(jù)速度公式有vB=a1t1,則(2)從B點(diǎn)到C點(diǎn)過(guò)程中,由勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度與位移關(guān)系式得其中t2=5.0s-t1=2s,聯(lián)立解得a2=2m/s2,過(guò)C點(diǎn)的速度大小為vC=vB+a2t2=12m/s。(3)設(shè)在斜道BC上運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力大小為Ff,由牛頓第二定律可得mgsin15°-Ff=ma2,代入數(shù)值解得Ff=66N。對(duì)點(diǎn)3.牛頓第二定律的瞬時(shí)性問(wèn)題和等時(shí)圓的應(yīng)用5.(6分)(2024·貴州三模)(多選)如圖所示,可視為質(zhì)點(diǎn)的小球用輕質(zhì)細(xì)繩OA和OB懸掛靜止在O點(diǎn),繩OA與豎直方向的夾角為θ,繩OB水平。重力加速度為g,下列說(shuō)法正確的是[A]剪斷繩OB瞬間,小球的加速度大小為gtanθ[B]剪斷繩OB瞬間,小球的加速度大小為gsinθ[C]剪斷繩OA瞬間,小球的加速度為零[D]剪斷繩OA瞬間,小球的加速度為g【答案】BD【解析】剪斷繩OB瞬間,小球即將開(kāi)始繞A點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng),此時(shí)速度為0,則沿細(xì)繩方向加速度為0,沿垂直于細(xì)繩方向有mgsinθ=ma,解得a=gsinθ,故A錯(cuò)誤,B正確;同理剪斷OA瞬間,其豎直方向有mg=ma′,即a′=g,故C錯(cuò)誤,D正確。6.(4分)(2025·陜晉青寧高考適應(yīng)性考試)如圖,質(zhì)量均為m的兩個(gè)相同小球甲和乙用輕彈簧連接,并用輕繩L1、L2固定,處于靜止?fàn)顟B(tài),L1水平,L2與豎直方向的夾角為60°,重力加速度大小為g。則()[A]L1的拉力大小為3mg[B]L2的拉力大小為3mg[C]若剪斷L1,該瞬間小球甲的加速度大小為3g[D]若剪斷L1,該瞬間小球乙的加速度大小為g【答案】C【解析】對(duì)甲、乙整體受力分析可知,L1的拉力大小為FT1=2mgtan60°=23mg,L2的拉力大小為選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤。剪斷L1的瞬間,彈簧的彈力不變,則小球乙受的合力仍為零,加速度為零;對(duì)甲分析,L2中拉力發(fā)生突變,重力和彈簧彈力的合力沿輕繩L2方向的分力與L2的拉力平衡,垂直于輕繩L2方向的分力提供加速度,有選項(xiàng)C正確,D錯(cuò)誤。7.(12分)(2024·四川綿陽(yáng)課時(shí)練習(xí))滑滑梯是小朋友們愛(ài)玩的游戲。有兩部直滑梯AB和AC,A、B、C在豎直平面內(nèi)的同一圓周上,且A為圓周的最高點(diǎn),示意圖如圖所示,已知圓周半徑為R。在圓周所在的豎直平面內(nèi)有一位置P,距離A點(diǎn)為3R,且與A等高。各滑梯的摩擦均不計(jì),已知重力加速度為g。(1)如果小朋友由靜止開(kāi)始分別沿AB和AC滑下,試通過(guò)計(jì)算說(shuō)明兩次沿滑梯運(yùn)動(dòng)的時(shí)間關(guān)系;(2)若設(shè)計(jì)一部上端在P點(diǎn),下端在圓周上某點(diǎn)的直滑梯,則小朋友沿此滑梯由靜止滑下時(shí),在滑梯上運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間是多少?【答案】(1)見(jiàn)解析【解析】(1)設(shè)AB與水平方向的夾角為θ,小朋友沿AB下滑時(shí)的加速度由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有由幾何關(guān)系知xAB=2Rsinθ,解得則沿滑梯運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t與滑梯和水平面間的夾角無(wú)關(guān),同理可知故tAB=tAC。(2)作以P點(diǎn)為最高點(diǎn)、半徑為r且與題圖中圓外切的圓,如圖,設(shè)切點(diǎn)為D,根據(jù)第(1)問(wèn)的結(jié)論,當(dāng)小朋友沿滑梯PD下滑時(shí),在滑梯上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最短,由幾何關(guān)系知(R+r)2=(R-r)2+(3R)2,解得結(jié)合第(1)問(wèn)的結(jié)論有8.(4分)(2024