第=page66頁，共=sectionpages1414頁第=page11頁，共=sectionpages1414頁山東省青島市高一（上）期末物理模擬題8一、單選題（本大題共7小題，共35.0分）下列說法正確的是（）A.牛頓第一定律可以通過實驗進(jìn)行驗證

B.物體的運動不需要力來維持，但物體的運動速度越大時其慣性也越大

C.牛頓第二定律公式F=kmα中，比例系數(shù)k的數(shù)值由質(zhì)量、加速度和力三者的單位決定的

D.牛頓第三定律說明物體間的作用力是可以相互傳遞的修正帶是中學(xué)生必備的學(xué)習(xí)用具，其結(jié)構(gòu)如圖所示，包括上下蓋座、大小齒輪、壓嘴座等部件，大小齒輪分別嵌合于大小軸孔中，大小齒輪相互吶合，且大小齒輪的半徑之比為2：1，a、b點分別位于大小齒輪的邊緣，c點位于大齒輪的半徑中點，當(dāng)紙帶勻速走動時，關(guān)于a、b、c三點相對各自轉(zhuǎn)軸的轉(zhuǎn)動方向、線速度，角速度和向心加速度，下列說法正確的是（）

A.a、b點的轉(zhuǎn)動方向相同

B.a、b點的線速度大小之比為2：1

C.a、c點的角速度大小之比為2：1

D.b、c點的向心加速度大小之比為4：1如圖所示的圓周運動，下列說法不正確的是（）

A.如圖a，汽車通過拱橋的最高點處于失重狀態(tài)置

B.如圖b，火車轉(zhuǎn)彎超過規(guī)定速度行駛時，外軌對外側(cè)車輪的輪緣會有擠壓作用

C.如圖c，鋼球在水平面做圓周運動，鋼球距懸點的距離為l，則圓錐擺的周期T=2π

D.如圖d，在水平公路上行駛的汽車，車輪與路面之間的靜摩擦力提供轉(zhuǎn)彎所需的向心力固定在豎直平面內(nèi)的半圓形剛性鐵環(huán)，半徑為R，鐵環(huán)上穿著小球，鐵環(huán)圓心O的正上方固定一個小定滑輪。用一條不可伸長的細(xì)繩，通過定滑輪以一定速度拉著小球從A點開始沿鐵環(huán)運動，某時刻角度關(guān)系如下圖所示，若繩末端速度為v，則小球此時的速度為（）

A.v B.v C.v D.2v如圖所示，在水平面運動的小車內(nèi)，用輕繩AB、BC拴住一個重力為G的小球，輕繩AB、BC與水平方向夾角分別為30°和45°，繩AB的拉力為T1，繩BC的拉力為T2，下列敘述不正確的是（）

A.小車向右以加速度g勻加速運動時T1=0

B.小車向右以加速度g勻加速運動時T2=G

C.小車向右以加速度g勻減速運動時T2=0

D.小車向右以加速度g勻減速運動時T1=G如圖a，用力傳感器研究橡皮繩中拉力的大小隨時間變化。向下拉小球然后釋放，小球沿豎直方向運動，某段時間內(nèi)采集到的信息如圖所示，則（）

A.t2～t3時間內(nèi)小球向上運動，速度不斷減小

B.t3～t4時間內(nèi)小球向下運動，加速度不斷增大

C.t4～t5時間內(nèi)小球向上運動，速度不斷增大

D.t5～t6時間內(nèi)小球向下運動，加速度不斷增大關(guān)于曲線運動，下列說法正確的是（）A.合外力的方向與物體速度方向不相同，物體一定做曲線運動

B.物體在做曲線運動的過程中，某點的加速度方向不可能沿軌跡在該點的切線方向

C.若合力方向與速度方向垂直，合力只改變物體速度的方向，不改變其速度的大小

D.做曲線運動物體的加速度方向與其所受合外力方向不一定相同二、多選題（本大題共3小題，共15.0分）物體在直角坐標(biāo)系xOy所在的平面內(nèi)由O點開始運動，x軸方向的加速度隨時間變化圖象如圖a所示，y軸方向速度隨時間變化的圖象如圖b所示，物體的初速度為2m/s，則對該物體運動過程的描述正確的是（）

A.物體在0～2s做直線運動，在2s～3s做曲線運動

B.物體在0～2s的加速度大小為1m/s2，2s～3s的加速度大小為2m/s2

C.物體在0～2s和2s～3s內(nèi)位移之比為：1

D.物體2s末速度最大，最大值為2m/s如圖所示，質(zhì)量均為m的物體A、B疊放在粗糙水平面上保持靜止，B與A之間、A與水平面之間的動摩擦因數(shù)分別為μ1、μ2滑輪及細(xì)繩質(zhì)量不計最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，時刻起滑輪受到隨時間均勻增大的水平拉力F=kt的作用，則下列說法中正確的是（）A.B所受的摩擦力方向一定向左

B.B所受的摩擦力方向可能向右

C.當(dāng)F≤2μ2mg時，A、B均靜止

D.若μ1=μ2，不論水平力F有多大，物體A、B間都不會相對滑動如圖所示，一輕質(zhì)彈簧的下端固定在水平面上，上端疊放兩個質(zhì)量均為1kg的物體A、B（B物體與彈簧栓接），彈簧的勁度系數(shù)為k=50N/m，初始時系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用大小為15N

方向豎直向上的拉力F作用在物體A上，使物體A開始向上運動，g取10m/s2，空氣阻力忽略

不計，下列說法正確的是（）A.外力施加的瞬間，A、B的加速度大小為7.5m/s2

B.當(dāng)彈簧壓縮量減小0.05m時，A、B間彈力大小為2.5N

C.A、B分離時，A物體的位移大小為0.1m

D.B物體速度達(dá)到最大時，彈簧被壓縮了0.2m

三、實驗題（本大題共2小題，共15.0分）如圖所示，AB是一可升降的豎直支架，支架頂端A處固定一弧形軌道，軌道末端水平．一條形木板的上端鉸接于過A的水平轉(zhuǎn)軸上，下端擱在水平地面上．將一小球從弧型軌道某一位置由靜止釋放，小球落在木板上的某處，測出小球平拋運動的水平射程x和此時木板與水平面的夾角θ，并算出tanθ．改變支架AB的高度，將小球從同一位置釋放，重復(fù)實驗，得到多組x和tanθ，記錄的數(shù)據(jù)如表：實驗次數(shù)123456tanθ0.180.320.691.001.191.43x/m0.0350.0650.1400.1600.2400.290（1）在圖（b）的坐標(biāo)中描點連線，做出x-tanθ的關(guān)系圖象；

（2）根據(jù)x-tanθ圖象可知小球做平拋運動的初速度v0=______m/s；實驗中發(fā)現(xiàn)θ超過60°后，小球?qū)⒉粫袈湓谛泵嫔希瑒t斜面的長度為______m．（重力加速度g取10m/s2）；

（3）實驗中有一組數(shù)據(jù)出現(xiàn)明顯錯誤，可能的原因是______．

圖a為“探究小車的加速度與物體受力的關(guān)系”的實驗裝置圖，圖中A為小車，質(zhì)量為m1，連接在小車后面的紙帶穿過電磁打點計時器，它們均置于水平放置的一端帶有定滑輪的足夠長的木板上，B為沙桶和沙，質(zhì)量為m2，不計繩與滑輪問的摩擦，改變沙的質(zhì)量，測量多組數(shù)據(jù)，并在坐標(biāo)系中作出了如圖c所示的a-F圖象，其中F=m2g。

（1）下列說法正確的是______。

A．電磁打點計時器正常工作時使用220V的交流電

B．實驗時應(yīng)先接通電源后釋放小車

C．平衡摩擦力時，應(yīng)將沙桶用細(xì)繩通過定滑輪系在小車上

D．為了減小誤差，實驗中一定要保證m2遠(yuǎn)小于m1

（2）圖b為某次實驗得到的紙帶，紙帶上標(biāo)出了所選的四個計數(shù)點之間的距離，相鄰計數(shù)點間還有四個打印點沒有畫出，各點間的距離如圖所示，則小車的加速度大小為______m/s2（交流電的頻率為50Hz，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

（3）圖c所示的a-F圖象中，圖線不過坐標(biāo)原點的原因是______，由圖象求出小車的質(zhì)量m1為______kg（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。四、計算題（本大題共4小題，共45.0分）“拋石機”是古代戰(zhàn)爭中常用的一種設(shè)備。如圖所示，某學(xué)習(xí)小組用自制的拋石機演練拋石過程。已知所用拋石機長臂的長度L=2m，質(zhì)量m=1.0kg的石塊裝在長臂末端的口袋中，開始時長臂處于靜止?fàn)顟B(tài)，與水平面間的夾角α=30°，現(xiàn)對短臂施力，當(dāng)長臂轉(zhuǎn)到豎直位置時立即停止轉(zhuǎn)動，水平拋出前，石塊對長臂頂部向上的壓力為2.5N，拋出后垂直打在傾角為45°的斜面上，不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2，試求斜面的右端點A距拋出點的水平距離。

如圖所示，質(zhì)量均為M的A、B兩滑塊放在粗糙水平面上，滑塊與粗糙水平面間的動摩擦因數(shù)為μ，兩輕桿等長，且桿長為L，桿與滑塊、桿與桿間均用光滑鉸鏈連接，桿與水平面間的夾角為θ，在兩桿鉸合處懸掛一質(zhì)量為m的重物C，整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)。重力加速度為g，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，試求：

（1）地面對物體A的靜摩擦力大小；

（2）無論物塊C的質(zhì)量多大，都不能使物塊A或B沿地面滑動，則μ至少要多大？

皮帶傳輸裝置示意圖的一部分如下圖所示，傳送帶與水平地面的夾角θ=37°，A、B兩端相距12m，質(zhì)量為M=1kg的物體以v0=14.0m/s的速度沿AB方向從A端滑上傳送帶，物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.5，傳送帶順時針運轉(zhuǎn)動的速度v=4.0ms（g取10m/s2），試求：

（1）物體從A點到達(dá)B點所需的時間；

（2）若物體能在傳送帶上留下痕跡，物體從A點到達(dá)B點的過程中在傳送帶上留下的劃痕長度。

如圖a所示，質(zhì)量為M=1kg的木板靜止在光滑水平面上，質(zhì)量為m=1kg的物塊以初速度v0=2.0m/s滑上木板的左端，物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為μ=0.2，在物塊滑上木板的同時，給木板施加一個水平向右的恒力F，當(dāng)恒力F取某一值時，物塊在木板上相對于木板滑動的路程為s，給木板施加不同大小的恒力F，得到-F的關(guān)系如圖b所示，當(dāng)恒力F=0N時，物塊恰不會從木板的右端滑下。將物塊視為質(zhì)點，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g取10m/s2試求：

（1）求木板長度；

（2）要使物塊不從木板上滑下，恒力F的范圍；

（3）圖b中CD為直線，求該段的-F的函數(shù)關(guān)系式。

相信自己！有付出就有回報！1.答案：C

解析：解：A．牛頓第一定律是在實驗的基礎(chǔ)上推理概括得出的規(guī)律，它告訴我們物體在不受力的作用時保持靜止?fàn)顟B(tài)或物體做勻速直線運動狀態(tài)，所以不能通過實驗進(jìn)行驗證，故A錯誤；

B．根據(jù)牛頓第一定律可知物體的運動不需要力來維持，質(zhì)量是慣性的唯一量度，故B錯誤；

C．牛頓第二定律公式F=kmα中，比例系數(shù)k的數(shù)值由質(zhì)量、加速度和力三者的單位決定的，只在三者的單位都取國際單位時，才有F=ma，故C正確；

D．力的作用是不可以相互傳遞的，故D錯誤。

故選：C。

牛頓第一定律是在實驗的基礎(chǔ)上推理概括得出的規(guī)律，它告訴我們物體在不受力的作用時保持靜止?fàn)顟B(tài)或物體做勻速直線運動狀態(tài)，根據(jù)牛頓第二定律、牛頓第三定律的意義進(jìn)行作答。

本題考查的就是學(xué)生對于牛頓運動定律的理解，這些是需要學(xué)生學(xué)習(xí)新課時了解并知道的，考查的學(xué)生對課本基本內(nèi)容的掌握情況，考查比較細(xì)，應(yīng)引起學(xué)生的重視。

2.答案：D

解析：解：AB、同緣傳動時，邊緣點的線速度大小相等，方向相反，va：vb=1：1，根據(jù)v=ωr知角速度與半徑成反比即為ωa：ωb=rb：ra=1：2；故AB錯誤；

C、同軸傳動時，角速度相等，故：ωa=ωc，角速度大小之比為1：1，故C錯誤；

D、根據(jù)a=ω2r知b、c點的向心加速度大小之比為：=：=4：1，故D正確。

故選：D。

同緣傳動時，邊緣點的線速度相等；同軸傳動時，角速度相等；然后結(jié)合v=ωr和a=ω2r列式求解。

本題關(guān)鍵明確同緣傳動同軸傳動的特點：同軸傳動時，角速度相等，同緣傳動時，邊緣點的線速度相等，然后結(jié)合公式v=ωr分析求解即可。

3.答案：C

解析：解：A、汽車通過最高點時，具有向下的加速度，故處于失重狀態(tài)，故A正確；

B、當(dāng)火車轉(zhuǎn)彎超過規(guī)定速度行駛時，重力和支持力的合力不足以提供向心力，輪緣壓迫外軌，外軌形變會對外側(cè)車輪的輪緣有擠壓作用，故B正確；

C、根據(jù)牛頓第二定律得：，故C錯誤；

D、在水平公路上行駛的汽車，豎直方向重力和支持力平衡，車輪與路面之間的靜摩擦力提供轉(zhuǎn)彎所需的向心力，故D正確；

本題讓選錯誤的，

故選：C。

根據(jù)加速度的方向確定汽車在最高點處于超重還是失重；當(dāng)火車轉(zhuǎn)彎的速度超過規(guī)定速度，支持力和重力的合力不夠提供向心力，會擠壓外軌；根據(jù)合力提供向心力得出角速度的表達(dá)式，從而進(jìn)行判斷；靜摩擦力提供向心力；

此題考查圓周運動常見的模型，每一種模型都要注意受力分析找到向心力，從而根據(jù)公式判定運動情況，如果能記住相應(yīng)的規(guī)律，做選擇題可以直接應(yīng)用，從而大大的提高做題的速度，所以要求同學(xué)們要加強相關(guān)知識的記憶。

4.答案：A

解析：解：將B的速度分解到沿繩方向和垂直繩方向，沿繩方向的速度為v，

由結(jié)合關(guān)系知此時速度方向與繩的夾角為θ=30°，

所以vB=

解得：vB=，故A正確，BCD。

故選：A。

小球沿繩方向的速度等于繩末端速度，經(jīng)小球的速度分解到沿繩方向和垂直繩方向，沿繩方向的速度為v，根據(jù)結(jié)合關(guān)系可求得此時小球的速度。

本題考查了運動的合成與分解，要知道沿繩方向的速度即為繩末端速度。

5.答案：D

解析：解：對小球受力分析并建立直角坐標(biāo)系，

AB、水平方向由牛頓第二定律得：T2cos45°-T1cos30°=mg

豎直方向加速度為0得：T1sin30°+T2sin45°=G

聯(lián)立解得：T1=0，T2=G，故AB正確；

CD、水平方向由牛頓第二定律得：T1cos30°-T2cos45°=m?

豎直方向加速度為0得：T1sin30°+T2sin45°=G

聯(lián)立解得：T1=2G，T2=0，故C正確D錯誤；

本題選不正確的，故選：D。

以小球為研究對象，分析受力，根據(jù)牛頓第二定律在水平方向和豎直方向列方程求解即可。

本題在正確分析受力的基礎(chǔ)上，根據(jù)牛頓第二定律，運用正交分解法求解兩繩拉力的大小。

6.答案：D

解析：解：A、t2～t3時間內(nèi)拉力大于重力，但越來越小，說明小球向上運動，加速度向上，速度增大，故A錯誤；

B、t3～t4時間內(nèi)拉力減小，且小于重力，說明小球向上運動，加速度向下增大，故B錯誤；

C、t4～t5時間內(nèi)小球受到拉力小于重力，但拉力變大，說明小球在向下運動，加速度向下，速度增大，故C錯誤；

D、t5～t6時間內(nèi)小球受拉力變大，故小球向下運動，加速度增大，故D正確。

故選：D。

明確圖象的性質(zhì)，知道繩子只能提供拉力，明確最終穩(wěn)定時拉力將趨向于重力，從而確定出重力的大小，再根據(jù)拉力的變化確定小球的運動方向，根據(jù)合力確定加速度方向，從而確定超重還是失理。

本題考查牛頓第二定律的動態(tài)分析，注意掌握分析圖象的基本能力。

7.答案：B

解析：解：A、曲線運動是變速運動，一定有加速度，物體所受合外力的方向與速度方向不相同，物體一定做曲線運動。故A錯誤；

B、曲線運動是變速運動，一定有加速度，物體所受合外力的方向與速度方向不相同，則加速度方向不可能沿軌跡在該點的切線方向，故B正確。

C、合力方向與速度方向始終垂直，合力才只改變物體速度的方向，不改變其速度的大小。故C錯誤；

D、根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度的方向一定與合外力的方向相同。故D錯誤。

故選：B。

既然是曲線運動，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運動一定是變速運動。在恒力作用下，物體可以做曲線運動，如平拋運動，而勻速圓周運動受到的是變力，是變加速曲線運動。

本題關(guān)鍵是對質(zhì)點做曲線運動的條件的考查，勻速圓周運動，平拋運動等都是曲線運動，對于它們的特點要掌握住。

8.答案：BD

解析：解：AB．在0～2s內(nèi)，由圖可物體在y軸做勻速直線運動，速度大小為2m/s，又由物體的初速度為2m/s，可知物體在x軸上的初速度為0，由圖可知物體在x軸上的加速度為，所合加速度為，方向沿x軸的負(fù)方向，合初速度等于v0=vy0=2m/s，方向沿y軸的正方向，不共線，故物體做曲線運動；在2s～3s，由圖可知，在x軸方向，加速度為2m/s2，沿x軸的正方向，沿x軸的負(fù)方向做勻減速運動，由a-t圖的面積表示速度的變化可知，3s末在x軸方向的速度減小為0，在y軸方向，由v-t圖的斜率得加速度大小2m/s2，方向沿y軸的負(fù)方向，即在y軸方向物體做勻減速運動，根據(jù)平行四邊形可得：物體的加速度大小為，方向與x軸正方向成45°斜向下；

物體在2s末的速度大小為，方向與y正方向成45°左斜向上，故兩共線，即在在2s～3s內(nèi)，物體做直線運動，故A錯誤，B正確；

C．在0～2s內(nèi)，物體在x軸方向的位移為，在y軸方向的位移為y1=2×2m=4m，故位移為

在2s～3s內(nèi)，物體在物體在x軸方向的位移為，在y軸方向的位移為，故位移為，故C錯誤；

D．由前面的分析可知，故t=2s時，物體的速度最大，大小為為2m/s，故D正確。

故選：BD。

由平行四邊形法則求出合加速度與合速度，即可判斷是曲線運動還是直線運動；由圖象求出分加速度，即可得合加速度；由圖象讀出分速度，即可得合速度；先求出分位移，即可得合位移。

本題要知道運動的合成與分解的實質(zhì)是位移、速度、加速度的合成與分解，遵循平行四邊形定則

9.答案：AD

解析：解：AB、當(dāng)F較小時，兩物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時B受到向右的細(xì)線的拉力作用，可知受到的靜摩擦力向左；當(dāng)F增大到一定值時，A相對地面滑動，此時若AB相對靜止，則對整體：F-μ2?2mg=2ma；對B：F-fAB=ma，解得：fAB=μ2mg＞0，可知B受A的靜摩擦力向左；假設(shè)AB產(chǎn)生相對滑動，且B相對A向左滑動，則B受摩擦力方向向右，則對A：F-μ2?2mg-μ1mg=ma1；對B：F+μ1mg=ma2，可知a2＞a1，與假設(shè)矛盾，可知B的摩擦力方向不可能向右，故A正確B錯誤；

C、若AB均靜止時，同時滿足：F≤μ1mg=ma2；F≤μ2?2mg，故C錯誤；

D、若μ1=μ2=μ，對A：F-μ?2mg+μmg=ma1；對B：F-μmg=ma2，可知a1=a2，即不論水平力F有多大，物體A、B間都不會相對滑動，故D正確；

故選：AD。

分析兩個物體的受力情況，利用假設(shè)法，結(jié)合整體法和隔離法根據(jù)牛頓第二定律列式來判斷AB間的摩擦力的可能方向。

本題考查了牛頓第二定律的應(yīng)用，注意整體法和隔離法的靈活運用，對判斷方向未知的力時通過假設(shè)法也是常用的方法。

10.答案：ACD

解析：解：A、施加外力前，系統(tǒng)處于靜止，合力為0，外力施加的瞬間，合力為外力F=15N，由牛頓第二定律得：a==7.5m/s2，故A正確；

B、初始時系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，即2mg=kx0，解得：x0=0.4m，當(dāng)彈簧壓縮量減小0.05m時，設(shè)A、B間彈力大小為FAB，此時物體的加速度大小為a1，由牛頓第二定律得：對A：F+FAB-mg=ma1

對B：k（x0-0.05）-mg-FAB=ma1，聯(lián)立解得：FAB=1.25N，故B錯誤；

C、設(shè)A、B分離時，彈簧的形變量為x1，物體的加速度為a2，對A：F-mg=ma2，對B：kx1-mg=ma2，聯(lián)立解得：x1=0.3m，所以A物體的位移大小為x0-x1=0.1m，故C正確；

D、當(dāng)B物體的合力為0時速度達(dá)到最大，由C選項的分析知AB分離時有向上的加速度，所以速度最大時AB已經(jīng)分離，由合力為0得：kx2=mg，解得：x2=0.2m，故D正確；

故選：ACD。

A、施加外力前，系統(tǒng)處于靜止，合力為0，外力施加的瞬間，由牛頓第二定律可求得加速度；

B、初始時系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，由合力為0可求得彈簧的形變量，當(dāng)彈簧壓縮量減小0.05m時，對A、B分別列由牛頓第二定律表達(dá)式可求得A、B間彈力大?。?/p>

C、A、B分離時，AB間彈力為0，二者加速度和速度相等，對A、B分別列由牛頓第二定律表達(dá)式可求得彈簧的形變量，則A的位移可求解；

D、B物體速度達(dá)到最大時，加速度為0，合力為0，以此可求得此時彈簧的形變量。

本題考查了牛頓第二定律的應(yīng)用，明確A與B分離的時刻，它們間的彈力為零這一臨界條件；然后分別對AB整體和B物體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程。

11.答案：1.0

0.69

小球釋放位置低于其他次實驗

解析：解：（1）x-tanθ的關(guān)系圖象如圖所示．

（2）根據(jù)得：t=，

則水平射程為：x=．

可知圖線的斜率k=，k=，

解得：．

當(dāng)θ=60°時，有t=，

則斜面的長度為：s=．

（3）實驗中有一組數(shù)據(jù)出現(xiàn)明顯錯誤，由圖可知，水平射程偏小，由x=知，初速度偏小，即小球釋放位置低于其他次實驗．

故答案為：（1）如圖所示，（2）1.0，0.69，（3）小球釋放位置低于其他次實驗．

（1）根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)做出x-tanθ的關(guān)系圖象．

（2）根據(jù)平拋運動的規(guī)律，結(jié)合豎直位移和水平位移的關(guān)系得出x-tanθ的表達(dá)式，結(jié)合表達(dá)式和圖象求出初速度．

（3）根據(jù)水平射程的表達(dá)式，以及圖中偏離比較遠(yuǎn)的點，分析錯誤的原因．

本題考查了平拋運動與圖象的綜合運用，根據(jù)平拋運動規(guī)律得出x與tanθ的表達(dá)式是解決本題的關(guān)鍵，知道圖線斜率的物理意義．

12.答案：BD

0.40

沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足

1.0

解析：解：（1）考察實驗過程及原理：A、電磁打點計時器使用的是低壓交流電源，且為6V以下，故選項A錯誤；

B、為防止打不上點，要先通電再釋放小車，故選項B正確；

C、平衡的是小車的摩擦力，當(dāng)然不用掛上沙桶，讓小車帶著紙帶能在木板上做勻速直線運動；

D、據(jù)牛頓第二定律表示出拉力F=m1a=m1×=，由此看出，當(dāng)m2＜＜m1時，F(xiàn)≈m2g，故選項D正確。

故選：BD

（2）由逐差公式求加速度，a====0.40m/s2。

（3）由圖象看出，當(dāng)力為某一值時，但加速度代仍為零，說明沒有平衡摩擦力或平衡不足。由牛頓第二定律a=，所以a-F圖象的斜率是小車質(zhì)量的倒數(shù)，所以m1===1.0kg。

故答案為：（1）BD；（2）0.40；（3）沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，1.0

（1）電磁打點計時器使用的是低壓交流電源，電火花打點計時器工作電壓為220V交流電壓，每隔0.02s打一個點；

（2）在實驗中需平衡摩擦力，長木板的一端應(yīng)略微太高，實驗時先接通電源后釋放小車；由于實驗中的繩子拉力可以直接測量，無需m2應(yīng)遠(yuǎn)小于m1．由牛頓第二定律可求解測力計的讀數(shù)。

解決本題的關(guān)鍵知道實驗的原理，以及實驗中的注意事項，注意繩子的拉力可以直接測量，不需要滿足m2應(yīng)遠(yuǎn)小于m1。

13.答案：解：在長臂頂部，據(jù)牛頓第二定律解得：v0=5m/s；

石塊被拋出后做平拋運動，其速度垂直于斜面，故解得vy=v0tan45°=5m/s，

從水平拋出到落到斜面上所經(jīng)歷的時間vy=gt得，故平拋的水平位移x=v0t=2.5m，平拋的豎直高度h=，

則石塊打在斜面上的點距地面高度為H=L+Lsinα-h=1.75m，該點到斜面的右端點A的水平距離，

故斜面的右端點A距拋出點的水平距離△x=x-s=2.5-1.75m=0.75m；

答：斜面的右端點A距拋出點的水平距離為0.75m。

解析：根據(jù)石塊在最高點的受力求解平拋的初速度，根據(jù)石塊垂直打在斜面上，可求平拋的水平位移和豎直位移，根據(jù)幾何關(guān)系可求斜面的右端點A距拋出點的水平距離。

本題是平拋運動的綜合應(yīng)用，平拋運動采用運動的合成和分解的方法研究都是經(jīng)常運用的方法。

14.答案：解：（1）將C的重力按照作用效果分解，如圖所示：

根據(jù)平行四邊形定則，有：F1=F2==

對A分析，受重力、桿的推力、支持力和向右的靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，有：

f=F1cosθ=；

（2）以整體為研究對象，豎直方向根據(jù)平衡條件可得A受到的支持力N=Mg+

則無論物塊C的質(zhì)量多大，都不能使物塊A或B沿地面滑動時滿足：μN≥f

即μ（Mg+）≥；

解得μ≥=

當(dāng)m→∞大時，有μ≥

故μ至少要等于時，無論物塊C的質(zhì)量多大，都不能使物塊A或B沿地面滑動。

答：（1）地面對物體A的靜摩擦力大小為；

（2）μ至少要等于時，無論物塊C的質(zhì)量多大，都不能使物塊A或B沿地面滑動。

解析：（1）先將C的重力按照作用效果分解，根據(jù)平行四邊形定則求解輕桿受力；再隔離物體A受力分析，根據(jù)平衡條件并結(jié)合正交分解法列式求解滑塊與地面間的摩擦力；

（2）求出地面對A的支持力，當(dāng)滑動摩擦力大于桿在水平方向的分力時，A或B不會滑動，由此列方程進(jìn)行解答。

本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進(jìn)行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答。

15.答案：解：（1）對物體受力分析由牛頓第二定律得：Mgsinθ+μMgcosθ=Ma1

解得：a1=10m/s2

設(shè)經(jīng)時間t1達(dá)到共同速度，則t1==1s

發(fā)生的位移：x1=t1=9m

由于μ＜tanθ，物體不會相對傳送帶靜止，而是做減速運動，

由牛頓第二定律得：Mgsinθ-μMgcosθ=Ma2

解得：a2=2m/s2

減速發(fā)生的位移x2=L-x1=3m

解得：t2=1s（另一解舍去）

物體從A點到達(dá)B點所需的時間t=t1+t2=2s

（2）在t1時間內(nèi)傳送帶的位移：x1′=vt1=4m

在t2時間內(nèi)傳送帶的位移：x2′=vt2=4m

在傳送帶上留下的劃痕長度：△x=（x1-x1′）-（x2′-x2）=4m

答：（1）物體從A點到達(dá)B點所需的時間是2s；

（2）物體從A點到達(dá)B點的過程中在傳送帶上留下的劃痕長度是4m。

解析：（1）根據(jù)受力及牛頓第二定律求出物體的加速度，結(jié)合運動學(xué)公式求解時間；

（2）求出物體在第