第第頁(yè)2025屆湖南名校教育聯(lián)盟高三上學(xué)期12月大聯(lián)考物理試題一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．物理學(xué)家在探究客觀世界的過(guò)程中發(fā)現(xiàn)了很多行之有效的科學(xué)研究方法，下列關(guān)于物理學(xué)常用方法的表述中正確的是（）A．電場(chǎng)強(qiáng)度E=Fq，速度v=ΔB．汽車(chē)在通過(guò)彎道時(shí)如果速度過(guò)大，往往會(huì)出現(xiàn)“甩尾”現(xiàn)象，這是由于受到離心力而產(chǎn)生的C．庫(kù)侖發(fā)現(xiàn)了庫(kù)侖定律并測(cè)出了靜電力常量kD．卡文迪什通過(guò)扭稱(chēng)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了萬(wàn)有引力常量G2．校園運(yùn)動(dòng)會(huì)是學(xué)校體育運(yùn)動(dòng)競(jìng)賽的一種重要形式，具有振奮師生精神，豐富校園生活等作用，下列關(guān)于各運(yùn)動(dòng)項(xiàng)目的說(shuō)法正確的是（）A．在標(biāo)準(zhǔn)田徑場(chǎng)舉行的男子1000m比賽中，運(yùn)動(dòng)員的平均速度相等B．在鉛球項(xiàng)目中，運(yùn)動(dòng)員的成績(jī)是鉛球拋出后的位移C．在跳高比賽中，運(yùn)動(dòng)員背越式跳高過(guò)欄桿時(shí)人體的重心可能低于桿的高度D．在跳遠(yuǎn)比賽中，起跳時(shí)地對(duì)人的作用力大于人對(duì)地的作用力3．如圖所示，光滑斜面上有一傾斜放置的彈簧，彈簧上端固定，下端連接物體P，其正在做振幅為x0A．如果在平衡位置處斷開(kāi)，A依然可以到達(dá)原來(lái)的最低點(diǎn)B．如果在最高點(diǎn)處斷開(kāi)，則B帶走的能量最多C．無(wú)論在什么地方斷開(kāi)，此后A振動(dòng)的振幅一定增大，周期一定減小D．如果在最低點(diǎn)處斷開(kāi)，此后A振動(dòng)的振幅變?yōu)閤4．phyphox是一款功能強(qiáng)大的軟件，它可以讓手機(jī)充當(dāng)一個(gè)真實(shí)的物理實(shí)驗(yàn)工具，讓用戶(hù)隨時(shí)隨地進(jìn)行物理學(xué)習(xí)。該軟件支持快速生成圖表和文字，并進(jìn)行統(tǒng)計(jì)分析，用戶(hù)可以通過(guò)選擇傳感器輸入來(lái)設(shè)計(jì)和分析實(shí)驗(yàn)，為用戶(hù)提供了豐富便利的實(shí)驗(yàn)輔助工具?，F(xiàn)用某款智能手機(jī)進(jìn)行豎直上拋實(shí)驗(yàn)：用手掌托著智能手機(jī)，在phyphox里面打開(kāi)加速度傳感器，把手機(jī)向上拋出，然后又在拋出點(diǎn)接住手機(jī)，以豎直向上為正方向，測(cè)得手機(jī)在豎直方向的加速度隨時(shí)間變化的圖像如圖所示，則手機(jī)（）A．在t1~t3時(shí)間內(nèi)手機(jī)先加速后減速B．在t3時(shí)刻手機(jī)到達(dá)最高點(diǎn)C．在t2~t3時(shí)間內(nèi)手機(jī)受到的支持力逐漸減小D．在t2~t4時(shí)間內(nèi)，手機(jī)處于失重狀態(tài)5．如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，R0為定值電阻，且r<R0，電容器的電容為C。閉合開(kāi)關(guān)S，調(diào)節(jié)可變電阻R的阻值，電流穩(wěn)定時(shí)，電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為Ⅰ，電壓表示數(shù)的變化量為ΔU，電流表示數(shù)的變化量為ΔA．將可變電阻R調(diào)大，電流穩(wěn)定時(shí)，電源輸出功率會(huì)增加B．電容器中電荷的變化量為CC．UD．Δ6．如圖所示，豎直平面內(nèi)有半徑為R的光滑半圓環(huán)BCD，AB在同一豎直線(xiàn)上且與直徑BD的夾角為θ，現(xiàn)有一質(zhì)量為m的小球（大小忽略不計(jì)）從A點(diǎn)靜止釋放，落到B點(diǎn)時(shí)可通過(guò)一大小忽略不計(jì)的拐角與半圓BCD平滑相接，認(rèn)為通過(guò)時(shí)無(wú)能量損失，小球恰好能通過(guò)半圓軌道最高點(diǎn)D，在空中運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后又恰好落在B點(diǎn)。下列說(shuō)法中正確的是（）A．θ=30° B．從D點(diǎn)落到B點(diǎn)的時(shí)間t=C．過(guò)D點(diǎn)的速度為22R 二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7．傳送帶在現(xiàn)代工業(yè)生產(chǎn)和物流體系中扮演著至關(guān)重要的角色，其能夠提升生產(chǎn)效率，節(jié)省空間成本，廣泛應(yīng)用于各領(lǐng)域，推動(dòng)物流自動(dòng)化發(fā)展。如圖所示，傳送帶與水平面夾角為θ，且?jiàn)A角θ可根據(jù)需求調(diào)整，貨物與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，在貨物隨傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是（）A．摩擦力對(duì)貨物不做功B．θ減小，貨物對(duì)傳送帶的壓力變大C．θ增大，貨物受的摩擦力大小始終等于μmgD．當(dāng)tanθ≥μ8．如圖所示，有兩個(gè)靜止的帶等量正電的點(diǎn)電荷，分別放置在M、N兩點(diǎn)，在M、N連線(xiàn)上有O、a，c三點(diǎn)，其中O點(diǎn)是連線(xiàn)的中點(diǎn)，a、c關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱(chēng)，在M、N連線(xiàn)的中垂線(xiàn)上還有對(duì)稱(chēng)的b、d兩點(diǎn)，則下列說(shuō)法中正確的是（）A．a(chǎn)、c兩點(diǎn)處場(chǎng)強(qiáng)相同，b、d兩點(diǎn)處場(chǎng)強(qiáng)相同B．a(chǎn)、c兩點(diǎn)處電勢(shì)相等，b、d兩點(diǎn)處電勢(shì)相等C．某負(fù)點(diǎn)電荷在c點(diǎn)的電勢(shì)能小于在d點(diǎn)的電勢(shì)能D．在b點(diǎn)靜止釋放一負(fù)點(diǎn)電荷（不計(jì)重力）將做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)9．在牛頓力學(xué)體系中，當(dāng)兩個(gè)質(zhì)量分別為m1、m2的質(zhì)點(diǎn)相距為r時(shí)具有的勢(shì)能，稱(chēng)為引力勢(shì)能，Ep=GA．衛(wèi)星在Ⅰ軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小為3gRB．衛(wèi)星在Ⅱ軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)的周期大小為10πC．當(dāng)衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅱ運(yùn)動(dòng)時(shí)，在近地點(diǎn)Р與在遠(yuǎn)地點(diǎn)Q的速率之比vD．至少需對(duì)衛(wèi)星做功14010．如圖所示，一根長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕桿的兩端分別固定小球A和B。輕桿可繞距A球?yàn)長(zhǎng)3處的軸O在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，初始時(shí)桿處于豎直位置，小球B恰好與水平光滑地面接觸。在桿的左側(cè)緊貼著B(niǎo)球有邊長(zhǎng)為L(zhǎng)A．力F的功率逐漸減少B．分離之前滑塊C的動(dòng)能始終小于球A的動(dòng)能C．力F做的功大于滑塊C的動(dòng)能增量與球A、B重力勢(shì)能增量之和D．滑塊C的最大速度為3三、非選擇題：本題共5小題，共56分。11．下面為某同學(xué)用單擺測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葘?shí)驗(yàn)部分操作。（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量小鋼球直徑，讀數(shù)如圖1所示，讀數(shù)為mm。（2）測(cè)出單擺偏角小于5°時(shí)完成n次全振動(dòng)時(shí)間為t，用毫米刻度尺測(cè)得擺線(xiàn)長(zhǎng)為L(zhǎng)，游標(biāo)卡尺測(cè)得擺球直徑為d，用上述測(cè)得的量寫(xiě)出測(cè)量重力加速度的一般表達(dá)式：g=。（3）他測(cè)得的g值偏小，可能原因是______。A．計(jì)算時(shí)將L當(dāng)成擺長(zhǎng)B．測(cè)擺線(xiàn)長(zhǎng)時(shí)擺線(xiàn)拉得過(guò)緊C．開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)，秒表過(guò)遲按下D．實(shí)驗(yàn)中誤將30次全振動(dòng)計(jì)為31次（4）該同學(xué)測(cè)出不同擺長(zhǎng)時(shí)對(duì)應(yīng)的周期T，作出T2?L圖線(xiàn)，如圖2所示，再利用圖線(xiàn)上任意兩點(diǎn)A、B的坐標(biāo)（x1，y1）、（x2，y2），可求得g=12．某物理探究小組的同學(xué)測(cè)量均勻金屬實(shí)心圓柱體電阻的電阻率。（1）使用螺旋測(cè)微器測(cè)定金屬實(shí)心圓柱體直徑d，某次測(cè)量結(jié)果如圖甲所示，讀數(shù)為mm，然后用游標(biāo)卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度L為22.7mm。（2）用伏安法測(cè)圓柱體電阻Rx的阻值，提供如下器材：電池組E：電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻不計(jì)；電流表A1：量程0~15mA，內(nèi)阻約100Ω；電流表A2：量程0~300μA，內(nèi)阻為1000Ω；滑動(dòng)變阻器R1：阻值范圍0~10Ω，額定電流為2A；電阻箱R2：阻值范圍0~9999Ω，額定電流為1A；待測(cè)電阻Rx（約180Ω）；開(kāi)關(guān)S，導(dǎo)線(xiàn)若干。要求實(shí)驗(yàn)中盡可能準(zhǔn)確地測(cè)量Rx的阻值，請(qǐng)回答下列問(wèn)題：①為了測(cè)量待測(cè)電阻兩端的電壓，將電流表（填寫(xiě)器材字母代號(hào)）與電阻箱串聯(lián)，并將電阻箱阻值調(diào)到Ω，改裝成一個(gè)量程為0~3.0V的電壓表。②在方框中畫(huà)出測(cè)量Rx阻值的電路圖，并在圖中標(biāo)明器材字母代號(hào)。13．圖中實(shí)線(xiàn)為一列簡(jiǎn)諧橫波在某一時(shí)刻的波形曲線(xiàn)，經(jīng)過(guò)0.1s后，其波形曲線(xiàn)如圖中虛線(xiàn)所示。（1）若波向左傳播，求它在0.1s內(nèi)傳播的最小距離；（2）若波向右傳播，求它的周期；（3）若波速是3.5m/s，求波的傳播方向。14．圖所示，水平放置的勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧右側(cè)與墻壁連接，初始彈簧處于原長(zhǎng)，水平面光滑且足夠長(zhǎng)，上面依次放有2024個(gè)質(zhì)量均為2m的彈性物塊（所有物塊在同一豎直平面內(nèi)），另有一個(gè)質(zhì)量為m的0號(hào)物塊在外力作用下將彈簧壓縮x0后由靜止釋放，以速度v0與1號(hào)物塊發(fā)生彈性正碰，0號(hào)物塊反彈后再次壓縮彈簧，在彈簧彈力作用下返回再次與1號(hào)物塊發(fā)生彈性正碰，如此反復(fù)。所有物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)，物塊之間的碰撞均為彈性碰撞，重力加速度為g，彈性勢(shì)能表達(dá)式為（1）0號(hào)物塊第一次壓縮彈簧后獲得的速度大小v0（2）2020號(hào)物塊的最終速度大?。唬?）從彈簧壓縮至x0處將0號(hào)物塊靜止釋放到最終所有物塊都能穩(wěn)定運(yùn)動(dòng)，整個(gè)過(guò)程中彈簧彈力的總沖量Ⅰ多大。（提示當(dāng)q>1且n很大時(shí)，115．如圖所示，空間中CE左側(cè)區(qū)域Ⅰ內(nèi)有場(chǎng)強(qiáng)大小E1=203N/C、方向水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一條長(zhǎng)L=0.8m且不可伸長(zhǎng)的輕繩一端固定在區(qū)域I內(nèi)的O點(diǎn)，另一端系一質(zhì)量m=0.2kg，帶電荷量q為0.1C的絕緣帶正電小球a，初始時(shí)小球靜止在M點(diǎn)。在緊靠區(qū)域I的右側(cè)豎直放置一足夠長(zhǎng)、半徑R=1m的光滑絕緣圓筒，圓筒上端截面水平，CD是圓筒上表面的一條直徑且與區(qū)域Ⅰ的O點(diǎn)共線(xiàn)，直徑PQ與直徑CD垂直，圓筒內(nèi)左半邊PQJHEC區(qū)域Ⅱ中存在大小E2=20N/C、方向垂直CDEF平面向里的勻強(qiáng)電場(chǎng)。第一次給M處的小球一垂直于OM斜向上的初速度v0（1）小球a第一次在M的初速度大小v0（2）繩斷后小球a從B到C過(guò)程電勢(shì)能的變化量ΔE（3）若小球a剛進(jìn)入圓筒時(shí)，另一質(zhì)量m1=0.2kg的絕緣不帶電小球b從D點(diǎn)以相同速度豎直向下貼著圓筒內(nèi)側(cè)進(jìn)入圓筒，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，小球a、b發(fā)生彈性碰撞，且碰撞中小球a的電荷量保持不變，則從小球b進(jìn)入圓筒到與兩球發(fā)生第7次碰撞后，小球b增加的機(jī)械能Δ

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A．電場(chǎng)強(qiáng)度

E=Fq

速度

v=ΔxΔtB．汽車(chē)在通過(guò)彎道時(shí)，如果速度過(guò)大，往往會(huì)出現(xiàn)“甩尾”現(xiàn)象，這是一種離心現(xiàn)象，這是由于實(shí)際受到的力沿彎道半徑方向的合力不足以提供所需的向心力而導(dǎo)致的，離心力是效果力，實(shí)際上不能夠認(rèn)為物體受到離心力，故B錯(cuò)誤；C．庫(kù)侖發(fā)現(xiàn)了庫(kù)侖定律，但課本并沒(méi)有說(shuō)明庫(kù)侖測(cè)出了靜電力常量k。庫(kù)侖定律是描述兩個(gè)靜止電荷之間相互作用力的定律，靜電力常量k是描述這種相互作用力大小的物理量，故C錯(cuò)誤；D．牛頓發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力定律后，卡文迪什通過(guò)扭稱(chēng)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了萬(wàn)有引力常量，故D正確。故選D。

【分析】物理學(xué)史是各類(lèi)考試中的?？碱}型，解題關(guān)鍵是一定要牢記各位物理學(xué)家及其貢獻(xiàn)。根據(jù)常見(jiàn)的物理學(xué)史解答即可。2．【答案】C【解析】【解答】位移表示質(zhì)點(diǎn)在空間的位置的變化，用有向線(xiàn)段表示，位移的大小等于有向線(xiàn)段的長(zhǎng)度，位移的方向由初位置指向末位置．路程是質(zhì)點(diǎn)在空間運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度．在確定的兩位置間，物體的路程不是唯一的，它與質(zhì)點(diǎn)的具體運(yùn)動(dòng)過(guò)程有關(guān)。

A．在標(biāo)準(zhǔn)田徑場(chǎng)上的內(nèi)外圈長(zhǎng)度不同，所以運(yùn)動(dòng)員跑1000m不一定回到原點(diǎn)，位移不都為0，運(yùn)動(dòng)時(shí)間也可能不相等，則平均速度可以不相等，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．在鉛球項(xiàng)目中，運(yùn)動(dòng)員的成績(jī)是鉛球拋出后的水平位移，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．人的彈跳把重心跳起一定的高度，背越式通過(guò)調(diào)整姿勢(shì)使重心低于橫桿，則同樣高度重心過(guò)桿高度背越式更高，背越式跳高過(guò)欄桿時(shí)人體的重心可能低于桿的高度，選項(xiàng)C正確；D．跳遠(yuǎn)起跳時(shí)地對(duì)人的作用力與人對(duì)地的作用力為一對(duì)相互作用力，大小相等，方向相反，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。

【分析】根據(jù)校園運(yùn)動(dòng)會(huì)中各運(yùn)動(dòng)項(xiàng)目的實(shí)際情況，結(jié)合相關(guān)的物理概念如平均速度、位移、重心和相互作用力等逐一分析。3．【答案】B【解析】【解答】回復(fù)力定義：如果物體在運(yùn)動(dòng)方向上所受的力與它偏離平衡位置位移的大小成正比，并且總是指向平衡位置，質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)就是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。用數(shù)學(xué)式表達(dá)即為F=-kx。A．如果在平衡位置處斷開(kāi)，由于振子質(zhì)量減小，從能量角度分析，假設(shè)依然可以到達(dá)斷開(kāi)的最低點(diǎn)，則彈簧彈性勢(shì)能的增加量大于A振子動(dòng)能和重力勢(shì)能的減小量（彈簧彈性勢(shì)能的增加量等于整個(gè)物體的動(dòng)能和重力勢(shì)能的減小量），則假設(shè)錯(cuò)誤，經(jīng)過(guò)分析，A到不了原來(lái)的最低點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B．由于在上升過(guò)程中，A、B間的力一直對(duì)B做正功，所以到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，B的機(jī)械能最大，則如果在最高點(diǎn)斷開(kāi)，則B帶走的能量最多，故B正確；CD．設(shè)物體掉下前彈簧的勁度系數(shù)為k，質(zhì)量為m，振幅為x0mg振子到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，彈簧的形變量為2x1則x振子掉下一半時(shí)，設(shè)振幅為A'A而越是在彈簧短的時(shí)候斷開(kāi)，此后A的振幅就越小，當(dāng)在最高點(diǎn)斷開(kāi)時(shí)，此后A的振幅為12故選B。

【分析】如果在平衡位置處斷開(kāi)，從能量角度分析能否到達(dá)原來(lái)的最低點(diǎn)，最高點(diǎn)處斷開(kāi)，在上升過(guò)程中，A、B間的力一直對(duì)B做正功，結(jié)合簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)回復(fù)力公式分析。4．【答案】C【解析】【解答】加速度是連接力學(xué)與運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁。通過(guò)加速度變化情況，可判斷速度變化情況，可判斷物體所受合力變化情況。A．a(chǎn)?t圖像中圖線(xiàn)與坐標(biāo)軸所圍面積表示速度的變化量，t1~t3時(shí)間內(nèi)速度一直增加，所以手機(jī)一直加速，故A錯(cuò)誤；B．由圖可知，t3時(shí)刻后加速度方向向下，為失重狀態(tài)，速度方向向上，所以向上做減速運(yùn)動(dòng)，t3時(shí)刻還沒(méi)有達(dá)到最高點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C．對(duì)手機(jī)進(jìn)行受力分析可知，t2~t3時(shí)間內(nèi)，有F該段時(shí)間內(nèi)，a逐漸減小，因此支持力FND．在t2~t4時(shí)間內(nèi)，手機(jī)加速度先向上后向下，則手機(jī)先處于超重狀態(tài)后處于失重狀態(tài)，故D錯(cuò)誤。故選C。

【分析】在a-t圖像中，t軸上方加速度為正，表示物體在加速運(yùn)動(dòng)；t軸下方加速度為負(fù)，表示物體在減速運(yùn)動(dòng)。圖像與時(shí)間軸圍成的“面積”表示速度的變化量。加速度的方向代表了合力的方向，由牛頓第二定律可列方程判斷支持力變化。5．【答案】B【解析】【解答】本題中兩電表讀數(shù)的比值要根據(jù)歐姆定律分析，電壓變化量與電流變化量比值要根據(jù)閉合電路歐姆定律來(lái)分析。含電容器電路的分析與計(jì)算方法：首先確定電路的連接關(guān)系及電容器和哪部分電路并聯(lián)，最后根據(jù)公式Q=CU或ΔQ=CΔU，求電荷量及其變化量。A．令電路的外電阻為R外P根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，電源輸出功率隨外電阻變化的圖像如圖所示當(dāng)外電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)，電源輸出功率最大，由于r<可知，將可變電阻R調(diào)大，外電阻增大，由于外電阻總大于電源內(nèi)阻，則電流穩(wěn)定時(shí)，電源輸出功率會(huì)減小，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)電容的定義式有C=解得該過(guò)程電容器的電荷量變化量Δ故B正確；C．可變電阻R兩端電壓為電壓表示數(shù)U，電流表示數(shù)Ⅰ為流過(guò)可變電阻R的電流，由電阻的定義可知，可變電阻的阻值R=故C錯(cuò)誤；D．由閉合電路歐姆定律可知U=E?I可知Δ故D錯(cuò)誤。故選B。

【分析】對(duì)R，根據(jù)歐姆定律求電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I的比值；根據(jù)閉合電路歐姆定律列式求解ΔU和ΔI的比值；由Q=CU求解電容器電荷的增加量；根據(jù)內(nèi)外電阻的關(guān)系，分析電源的輸出功率變化情況。6．【答案】D【解析】【解答】在研究某一物體受到力的持續(xù)作用而發(fā)生狀態(tài)改變時(shí)，如涉及位移和速度而不涉及時(shí)間時(shí)應(yīng)首先考慮應(yīng)用動(dòng)能定理，而后考慮牛頓定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，如涉及加速度時(shí)，先考慮牛頓第二定律。沿BD和垂直BD方向建立直角坐標(biāo)系，可以知道從D點(diǎn)飛出后ax=gay=g又因?yàn)樾∏蚯『猛ㄟ^(guò)D點(diǎn)，即F有mg聯(lián)立上式可得θ=45°，t=42A到D過(guò)程中，由動(dòng)能定理可得mg(h?2R所以h=故選D。

【分析】沿BD和垂直BD方向建立直角坐標(biāo)系，將重力加速度沿x軸以及y軸方向分解，在兩個(gè)方向結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分解。A到D過(guò)程中，由動(dòng)能定理求解AB的長(zhǎng)度。7．【答案】B,D【解析】【解答】利用傳送帶運(yùn)送物體，涉及摩擦力的判斷、物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的分析、運(yùn)動(dòng)學(xué)和動(dòng)力學(xué)知識(shí)的綜合運(yùn)用問(wèn)題。A．貨物所受摩擦力沿斜面向上，與速度方向同向，故做正功，故A錯(cuò)誤；B．貨物對(duì)傳送帶的壓力Fθ減小，貨物對(duì)傳送帶的壓力增大，故B正確；C．貨物隨傳送帶一起保持勻速運(yùn)動(dòng)，兩者之間無(wú)相對(duì)滑動(dòng)，所受摩擦力為靜摩擦力f=mg故C錯(cuò)誤；D．如果μ≤tanθ，則最大靜摩擦力小于重力的分力故選BD。

【分析】摩擦力沿斜面向上，與速度方向同向，力做正功，對(duì)物體受力分析，結(jié)合各個(gè)力的表達(dá)式與θ變化分析。8．【答案】B,C【解析】【解答】該題考查常見(jiàn)的電場(chǎng)和電場(chǎng)線(xiàn)，只有掌握兩個(gè)等量同種點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)的特點(diǎn)，即可正確解答。本題的關(guān)鍵要掌握等量同種點(diǎn)電荷電場(chǎng)線(xiàn)的分布情況，抓住對(duì)稱(chēng)性進(jìn)行分析。靜電力做功與路徑無(wú)關(guān)，電荷在電場(chǎng)中沿一閉合路徑移動(dòng)，靜電力做功為零。A．根據(jù)等量同種正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線(xiàn)分布特征，可知a、c兩點(diǎn)處電場(chǎng)線(xiàn)分布的密集程度相同，即a、c兩點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但是電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，a、c兩點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度不相同，b、d兩點(diǎn)處電場(chǎng)線(xiàn)分布的密集程度相同，即b、d兩點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但是電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，b、d兩點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度不相同，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)等量同種正點(diǎn)電荷的等勢(shì)線(xiàn)分布特征，可知a、c兩點(diǎn)處電勢(shì)相等，b、d兩點(diǎn)處電勢(shì)相等，B正確；C．沿電場(chǎng)線(xiàn)電勢(shì)降低，根據(jù)等量同種正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線(xiàn)分布特征可知

φc>φd

則有D．根據(jù)等量同種正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線(xiàn)分布特征可知，在b點(diǎn)靜止釋放一負(fù)點(diǎn)電荷（不計(jì)重力），所受電場(chǎng)力為合力，電場(chǎng)力方向指向O點(diǎn)，負(fù)點(diǎn)電荷靠近從b到O做加速運(yùn)動(dòng)，越過(guò)O點(diǎn)后速度向下，電場(chǎng)力指向O點(diǎn)，負(fù)點(diǎn)電荷遠(yuǎn)離O點(diǎn)后做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)減速至0后，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性，恰好到達(dá)d點(diǎn)，之后又向上靠近O位置做加速運(yùn)動(dòng)，越過(guò)O位置后速度向上，所受電場(chǎng)力為合力，電場(chǎng)力方向指向O點(diǎn)向下，減速至0，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性，恰好到達(dá)b點(diǎn)，之后重復(fù)先前的運(yùn)動(dòng)，即在b點(diǎn)靜止釋放一負(fù)點(diǎn)電荷（不計(jì)重力）將在b，d之間往復(fù)運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤。故選BC。

【分析】等量同種正點(diǎn)電荷電場(chǎng)分布特點(diǎn)：即關(guān)于兩正點(diǎn)電荷連線(xiàn)對(duì)稱(chēng)，又關(guān)于連線(xiàn)中垂線(xiàn)對(duì)稱(chēng)。結(jié)合電勢(shì)能Ep=qφ即可判斷。根據(jù)等量同種電荷周?chē)妶?chǎng)分布情況，分析ac兩點(diǎn)和bd兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度是否相同；分析ac兩點(diǎn)、bd兩點(diǎn)、cd兩點(diǎn)的電勢(shì)高低，從而判斷cd兩點(diǎn)電勢(shì)能的大??；分析負(fù)電荷的受力情況，判斷其運(yùn)動(dòng)情況。9．【答案】B,C,D【解析】【解答】開(kāi)普勒第二定律（面積定律）?：對(duì)任意一個(gè)行星來(lái)說(shuō)，它與太陽(yáng)的連線(xiàn)在相等的時(shí)間內(nèi)掃過(guò)相等的面積。開(kāi)普勒第三定律（周期定律）?：所有行星的軌道的半長(zhǎng)軸的三次方跟它的公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等。A．人造地球衛(wèi)星在Ⅰ軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得GMm在地球表面有GMm聯(lián)立可得衛(wèi)星在Ⅰ軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小v=故A錯(cuò)誤；B．在Ⅰ軌道時(shí)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得GMm解得T根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可得T解得衛(wèi)星在Ⅱ軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)的周期為T(mén)故B正確；C．衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅱ運(yùn)行時(shí)，根據(jù)開(kāi)普勒第二定律可得v則在近地點(diǎn)P與在遠(yuǎn)地點(diǎn)Q的速率之比等于P、Q兩點(diǎn)與地球連線(xiàn)的長(zhǎng)度的倒數(shù)之比，則有v故C正確；D．衛(wèi)星在軌道Ⅱ上運(yùn)動(dòng)時(shí)機(jī)械能守恒，在最遠(yuǎn)點(diǎn)和最近點(diǎn)滿(mǎn)足1其中v衛(wèi)星在Ⅰ軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小v=則衛(wèi)星在Ⅰ軌道的P點(diǎn)變軌到Ⅱ軌道至少需對(duì)衛(wèi)星做功為W=解得W=故D正確。故選BCD。

【分析】人造地球衛(wèi)星在軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，結(jié)合開(kāi)普勒三定律分析，衛(wèi)星在軌道Ⅱ上運(yùn)動(dòng)時(shí)機(jī)械能守恒，根據(jù)動(dòng)能定理求解對(duì)衛(wèi)星做功。10．【答案】C,D【解析】【解答】本題考查系統(tǒng)的機(jī)械能守恒定律、功率公式、動(dòng)能定理、功能原理等知識(shí)點(diǎn)，此題關(guān)鍵有二：一是要注意三個(gè)物體的關(guān)聯(lián)速度，其次是要弄清B球與C球分離的位置。功是能量轉(zhuǎn)化的量度，即做了多少功就有多少能量發(fā)生了轉(zhuǎn)化。做功的過(guò)程一定伴隨著能量的轉(zhuǎn)化，而且能量的轉(zhuǎn)化必通過(guò)做功來(lái)實(shí)現(xiàn)。AC．用vA表示A球轉(zhuǎn)過(guò)α角時(shí)A球的速度大小，用vB表示A球轉(zhuǎn)過(guò)v由于A與B的角速度相同，且OA=L則OB=2L則v根據(jù)能量守恒定律可知，力F做的功等于滑塊C的動(dòng)能增量與球A，B機(jī)械能增量之和，則力F做的功大于滑塊C的動(dòng)能增量與球A、B重力勢(shì)能增量之和，可得F×解得v由幾何關(guān)系可知轉(zhuǎn)過(guò)的最大角度為α=60°則力F的功率為P=F由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，功率增加，故A錯(cuò)誤，C正確；B．分離前C的動(dòng)能為E分離前A的動(dòng)能為E由數(shù)學(xué)知識(shí)可知角度轉(zhuǎn)動(dòng)的范圍為0≤α≤60°則1≤2可知E故B錯(cuò)誤；D．當(dāng)α=60°時(shí)，C速度最大為v=故D正確。故選CD。

【分析】對(duì)B球和C物體，將B球的速度進(jìn)行分解，寫(xiě)出兩者的關(guān)系，對(duì)整體根據(jù)機(jī)械能守恒寫(xiě)出當(dāng)輕桿轉(zhuǎn)過(guò)α角時(shí)，各物體的速度的通式。根據(jù)功率的公式可判斷功率的變化；并能比較C和A的動(dòng)能的大小；根據(jù)動(dòng)能定理分析F做功與AB機(jī)械能的變化量的關(guān)系；當(dāng)轉(zhuǎn)過(guò)60°角時(shí)速度最大。11．【答案】（1）9.8（2）4（3）A（4）4π【解析】【解答】在“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)，單擺擺長(zhǎng)等于懸線(xiàn)的長(zhǎng)度與擺球半徑之和，即擺線(xiàn)長(zhǎng)度與擺球半徑之和，這是易錯(cuò)點(diǎn)；圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)是常用的方法，要掌握實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的圖象處理方法。關(guān)鍵得出T2-L的表達(dá)式。

（1）根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)律，該游標(biāo)尺讀數(shù)為9mm+8×0.1mm=9.8mm（2）單擺周期T=單擺擺長(zhǎng)l=L+由單擺周期公式有T=2π解得g=（3）A．根據(jù)單擺周期公式可得T=2π解得g=若測(cè)擺長(zhǎng)時(shí)只測(cè)了懸線(xiàn)的長(zhǎng)度，沒(méi)有考慮擺球的半徑，即擺長(zhǎng)測(cè)量值小，計(jì)算得到的g值偏小，故A正確；B．測(cè)擺線(xiàn)長(zhǎng)時(shí)擺線(xiàn)拉得過(guò)緊，會(huì)導(dǎo)致擺長(zhǎng)測(cè)量值大，結(jié)合上述可知，計(jì)算得到的g值偏大，故B錯(cuò)誤；C．開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)，秒表過(guò)遲按下，則使得測(cè)量的周期偏小，計(jì)算得到的g值偏大，故C錯(cuò)誤；D．實(shí)驗(yàn)中誤將30次全振動(dòng)次數(shù)記為31次，使得測(cè)量的周期偏小，計(jì)算得到的g值偏大，故D錯(cuò)誤。故選A。（4）根據(jù)單擺周期公式有T=2π則有T故T2k=解得g=測(cè)擺長(zhǎng)時(shí)漏加了小球半徑，結(jié)合上述可知，圖線(xiàn)向平行左偏移動(dòng)了，但斜率不變，故重力加速度的測(cè)量值不變。

【分析】（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加游標(biāo)尺的讀數(shù)，不需估讀；

（2）單擺完成一次全振動(dòng)需要的時(shí)間是一個(gè)周期，擺線(xiàn)長(zhǎng)度與擺球半徑之和是單擺擺長(zhǎng)，應(yīng)用單擺周期公式可以求出重力加速度；

（3）根據(jù)單擺周期公式推導(dǎo)出重力加速度的表達(dá)式進(jìn)行分析。

（4）根據(jù)單擺的周期公式得出T2-L的關(guān)系式，結(jié)合圖線(xiàn)的斜率求出重力加速度的大，當(dāng)測(cè)擺長(zhǎng)時(shí)漏加了小球半徑，結(jié)合圖線(xiàn)的斜率是否變化確定重力加速度的測(cè)量值是否發(fā)生改變。（1）根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)律，該游標(biāo)尺讀數(shù)為9mm+8×0.1mm=9.8mm（2）單擺周期T=單擺擺長(zhǎng)l=L+由單擺周期公式有T=2π解得g=（3）A．根據(jù)單擺周期公式可得T=2π解得g=若測(cè)擺長(zhǎng)時(shí)只測(cè)了懸線(xiàn)的長(zhǎng)度，沒(méi)有考慮擺球的半徑，即擺長(zhǎng)測(cè)量值小，計(jì)算得到的g值偏小，故A正確；B．測(cè)擺線(xiàn)長(zhǎng)時(shí)擺線(xiàn)拉得過(guò)緊，會(huì)導(dǎo)致擺長(zhǎng)測(cè)量值大，結(jié)合上述可知，計(jì)算得到的g值偏大，故B錯(cuò)誤；C．開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)，秒表過(guò)遲按下，則使得測(cè)量的周期偏小，計(jì)算得到的g值偏大，故C錯(cuò)誤；D．實(shí)驗(yàn)中誤將30次全振動(dòng)次數(shù)記為31次，使得測(cè)量的周期偏小，計(jì)算得到的g值偏大，故D錯(cuò)誤。故選A。（4）[1]根據(jù)單擺周期公式有T=2π則有T故T2k=解得g=[2]測(cè)擺長(zhǎng)時(shí)漏加了小球半徑，結(jié)合上述可知，圖線(xiàn)向平行左偏移動(dòng)了，但斜率不變，故重力加速度的測(cè)量值不變。12．【答案】（1）7.520（2）A2；9000；【解析】【解答】實(shí)驗(yàn)原理：把電阻絲連入如圖所示的電路，用電壓表測(cè)其兩端電壓，用電流表測(cè)電流，根據(jù)計(jì)算金屬絲的電阻Rx，然后用米尺測(cè)量金屬絲的有效長(zhǎng)度l，用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑d，計(jì)算出金屬絲的橫截面積S，根據(jù)電阻定律計(jì)算出電阻率。

（1）金屬實(shí)心圓柱體直徑d=7.5mm+2.0×0.01mm=7.520mm；（2）根據(jù)電表的改裝原理可知，應(yīng)將電流表A2與電阻箱串聯(lián)，改裝成一個(gè)量程為0~3.0V的電壓表，根據(jù)歐姆定律有

R=U因?yàn)楦难b電表內(nèi)阻已知，電流表采用外接法，滑動(dòng)變阻器最大阻值較小，采用分壓式接法，如圖

??????????????【分析】（1）根據(jù)螺旋測(cè)微器和游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則完成讀數(shù)；

（2）根據(jù)電流表的內(nèi)阻值的條件選擇改裝的表頭，結(jié)合歐姆定律計(jì)算改裝時(shí)串聯(lián)電阻；根據(jù)電表參數(shù)結(jié)合待測(cè)電阻值以及電壓要求，分析采用的電流表的接法以及滑動(dòng)變阻器的接法再作出合適的電路。（1）金屬實(shí)心圓柱體直徑d=7.5mm+2.0×0.01mm=7.520mm；（2）[1][2][3]根據(jù)電表的改裝原理可知，應(yīng)將電流表A2與電阻箱串聯(lián)，改裝成一個(gè)量程為0~3.0V的電壓表，根據(jù)歐姆定律有R=U因?yàn)楦难b電表內(nèi)阻已知，電流表采用外接法，滑動(dòng)變阻器最大阻值較小，采用分壓式接法，如圖13．【答案】（1）由題圖可知λ=20cm若波向左傳播，傳播距離最小值

Δx=（2）若波向右傳播，傳播距離Δ所用時(shí)間Δ解得T=0.4（3）若波速是3.5m/s，波在0.1s內(nèi)傳播的距離Δx若波向右傳播，傳播距離滿(mǎn)足Δ此時(shí)n=1，所以波向右傳播?！窘馕觥俊痉治觥浚?）若波向左傳播，傳播距離最小值等于四分之一波長(zhǎng)，結(jié)合波長(zhǎng)分析；

（2）若波向左傳播，傳播距離最小值等于四分之三波長(zhǎng)，結(jié)合波的周期性分析；

（3）若波向右傳播，根據(jù)傳播距離滿(mǎn)足的公式分析。（1）由題圖可知λ=20cm若波向左傳播，傳播距離最小值Δx=（2）若波向右傳播，傳播距離Δ所用時(shí)間Δ解得T=0.4（3）若波速是3.5m/s，波在0.1s內(nèi)傳播的距離Δx若波向右傳播，傳播距離滿(mǎn)足Δ此時(shí)n=1，所以波向右傳播。14．【答案】（1）對(duì)0號(hào)物體，彈簧壓縮至x01解得v由題可知，2024個(gè)彈性物體兩兩之間碰撞時(shí)交換速度，所以2024號(hào)物體最終速度是0號(hào)物體與1號(hào)物體發(fā)生彈性正碰后1號(hào)物體的速度，由機(jī)械能守恒和動(dòng)量守恒有1m解得vv可知2024號(hào)物塊最終速度v（2）0號(hào)與1號(hào)發(fā)生碰撞后，1號(hào)將于2號(hào)發(fā)生正碰，因兩者質(zhì)量相同，將發(fā)生速度交換，1號(hào)將靜止，最終2024號(hào)物塊獲得此速度。之后0號(hào)將繼續(xù)與1號(hào)發(fā)生第二次碰撞，同理可得，0號(hào)第二次碰撞后的速度為v1號(hào)發(fā)生第二次碰撞后的速度為v=最終2023號(hào)物塊獲得此速度，依上述分析可知2020號(hào)物塊最終速度為1號(hào)物塊與0號(hào)物塊第5次碰撞后1號(hào)物塊的速度，0號(hào)物體與1號(hào)物塊第4次碰撞后的速度為13v=（3）第一次將彈簧壓縮至x0I0號(hào)與1號(hào)物塊第1次碰撞后，再次壓縮彈簧至彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，彈簧彈力對(duì)0號(hào)物塊的沖量為I0號(hào)與1號(hào)物塊第2次碰撞后，再次壓縮彈簧至彈簧再次恢復(fù)原長(zhǎng)，彈簧彈力對(duì)0號(hào)物塊的沖量為I以此類(lèi)推，直至0號(hào)物塊與1號(hào)物塊發(fā)生第2024次碰撞后，0號(hào)物塊最后一次壓縮彈簧至彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)后，0號(hào)物塊速度向左，無(wú)法再與1號(hào)物塊碰撞，達(dá)到穩(wěn)定運(yùn)動(dòng)，因此，從彈簧壓縮至心x0I==m=m【解析】【分析】（1）彈簧壓縮至x0處由靜止釋放，彈簧彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為0號(hào)物塊動(dòng)能，物體發(fā)生彈性碰撞，物體機(jī)械能守恒和動(dòng)量守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒定律和動(dòng)量守恒定律求解；

（2）物體發(fā)生彈性碰撞，由于質(zhì)量相等，將發(fā)生速度交換，一次求解物體最終的速度；

（1）對(duì)0號(hào)物體，彈簧壓縮至x01解得v由題可知，2024個(gè)彈性物體兩兩之間碰撞時(shí)交換速度，所以2024號(hào)物體最終速度是0號(hào)物體與1號(hào)物體發(fā)生彈性正碰后1號(hào)物體的速度，由機(jī)械能守恒和動(dòng)量守恒有1m解得vv可知2024號(hào)物塊最終速度v（2）0號(hào)與1號(hào)發(fā)生碰撞后，1號(hào)將于2號(hào)發(fā)生正碰，因兩者質(zhì)量相同，將發(fā)生速度交換，1號(hào)將靜止，最終2024號(hào)物塊獲得此速度。之后0號(hào)將繼續(xù)與1號(hào)發(fā)生第二次碰撞，同理可得，0號(hào)第二次碰撞后的速度為v1號(hào)發(fā)生第二次碰撞后的速度為v=最終2023號(hào)物塊獲得此速度，依上述分析