第PAGE"pagenumber"pagenumber頁，共NUMPAGES"numberofpages"numberofpages頁第PAGE"pagenumber"pagenumber頁，共NUMPAGES"numberofpages"numberofpages頁2026屆年邵陽市普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試物理綜合試卷2學(xué)校:___________姓名:___________班級:___________考號:___________注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在本試卷和答題卡上．2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑．如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．一、選擇題：本題共14小題，每小題3分，共42分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．2023年10月23日，日本對外宣布進(jìn)行福島核污水的第二次排海，核污水中含有釙、銫等數(shù)十種放射性物質(zhì)，其中釙核（）發(fā)生衰變時的核反應(yīng)方程為，、、X的質(zhì)量分別為、、。下列說法正確的是（）A．該核反應(yīng)為衰變B．釙核有84個質(zhì)子和126個中子，其半衰期隨溫度的升高而變大C．該核反應(yīng)產(chǎn)物的結(jié)合能之和大于釙核（）的結(jié)合能D．衰變時釋放能量2．如圖所示，地球赤道上空有兩顆在赤道平面內(nèi)運行的衛(wèi)星甲、乙，其中乙運行的軌道半徑為地球半徑R的2倍，運行周期為T，兩衛(wèi)星運行方向相同.甲對地球的最大觀測視角為2θ.則（）A．甲的線速度大于乙的線速度B．甲的角速度大于乙的角速度C．甲的周期是乙周期的1D．甲的周期是乙周期的13．如圖所示,S1、S2為水波槽中的兩個波源,它們分別激起兩列水波,圖中實線表示波峰、虛線表示波谷.已知兩列波的波長λ1<λ2,該時刻在P點兩列波的波峰與波峰相遇,則以下敘述正確的是 ()A．P點有時在波峰,有時在波谷,振動始終加強B．P點始終在波峰C．P點的振動不遵循波的疊加原理,P點的振動也不始終加強D．P點的振動遵循波的疊加原理,但并不始終加強4．（圓錐擺模型）如圖，兒童玩具撥浪鼓上分別系有長度不等的兩根細(xì)繩，繩一端系著小球，另一端固定在關(guān)于手柄對稱的鼓沿上。現(xiàn)使鼓繞豎直放置的手柄勻速轉(zhuǎn)動，兩小球在水平面內(nèi)做周期相同的勻速圓周運動。則兩球的位置關(guān)系可能正確的是（圖中細(xì)繩與豎直方向的夾角α<A． B．C． D．5．如圖所示，在圓心為O的光滑絕緣細(xì)圓環(huán)上的P點固定了一個電荷量為+q的點電荷；另一個電荷量也為+q的點電荷沿著圓環(huán)從M點順時針緩慢移動到N點的過程中，A．圓心O處的電場強度始終不變B．圓心O處的電勢始終不變C．兩點電荷組成的系統(tǒng)電勢能始終不變D．運動電荷受到的庫侖力先減小后增大，先做負(fù)功后做正功6．如圖，真空中有區(qū)域Ⅰ和Ⅱ,區(qū)域Ⅰ中存在勻強電場和勻強磁場，電場方向豎直向下（與紙面平行）,磁場方向垂直紙面向里，等腰直角三角形CGF區(qū)域（區(qū)域Ⅱ）內(nèi)存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外．圖中A、C、O三點在同一直線上，AO與GF垂直，且與電場和磁場方向均垂直．A點處的粒子源持續(xù)將比荷一定但速率不同的粒子射入?yún)^(qū)域Ⅰ中，只有沿直線AC運動的粒子才能進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ．若區(qū)域Ⅰ中電場強度大小為E、磁感應(yīng)強度大小為B1，區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強度大小為B2，則粒子從CF的中點射出，它們在區(qū)域Ⅱ中運動的時間為t0．若改變電場或磁場強弱，能進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ中的粒子在區(qū)域Ⅱ中運動的時間為t，不計粒子的重力及粒子之間的相互作用A．若僅將區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?B1,B．若僅將區(qū)域Ⅰ中電場強度大小變?yōu)?E,則tC．若僅將區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?4B2D．若僅將區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?4B2二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項是符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7．如圖所示，高鐵的供電流程是將高壓220kV或110kV經(jīng)過牽引變電所進(jìn)行變壓，降至27.5kV，通過接觸網(wǎng)上的電線與車頂上的受電器進(jìn)行接觸而完成受電，機車最終獲得25kV的電力.以下說法正確的是 ()A．若電網(wǎng)的電壓為220kV，則變電所的變壓器原、副線圈匝數(shù)比為n1∶n2=1∶8B．若電網(wǎng)的電壓為110kV，則變電所的變壓器原、副線圈匝數(shù)比為n1∶n2=4∶1C．如果高鐵機車功率為8000kW，則自牽引變電所至機車間的等效電阻約為85.9ΩD．如果高鐵機車功率為8000kW，則自牽引變電所至機車間的牽引網(wǎng)等效電阻約為7.8Ω8．如圖所示，為玻璃等腰三棱鏡的橫截面，、兩束可見單色光從空氣垂直射入棱鏡底面（兩束光關(guān)于對稱），在棱鏡側(cè)面、上反射和折射的情況如圖所示，下列說法正確的是（）A．在玻璃棱鏡中，光的傳播速度小于光的傳播速度B．若保持光入射點位置不變，將光束順時針旋轉(zhuǎn)，則面可能有光線射出C．用、光在同樣的裝置中做“雙縫干涉”實驗，光的條紋間距大D．用、照射同一狹縫，光衍射現(xiàn)象更明顯9．在大型物流貨場，廣泛應(yīng)用著傳送帶搬運貨物。如圖甲所示，與水平面成角傾斜的傳送帶以恒定速率運動，皮帶始終是繃緊的，將的貨物放在傳送帶上的A處，經(jīng)過到達(dá)傳送帶的B端。用速度傳感器測得貨物與傳送帶的速度v隨時間t變化圖像如圖乙所示，已知重力加速度，由圖可知（）A．A、B兩點的距離為B．貨物與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為C．貨物從A運動到B過程中，傳送帶對貨物做功為

D．貨物從A運動到B過程中，貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為10．物塊a、b中間用一根輕質(zhì)彈簧相接，放在光滑水平面上，ma=3kg，如圖甲所示.開始時兩物塊均靜止，彈簧處于原長，t=0時對物塊a施加水平向右的恒力F，t=2s時撤去恒力F，在0~2s內(nèi)兩物塊的加速度隨時間變化的情況如圖乙所示.彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，整個運動過程中，以下分析正確的是 ()甲乙A．0~2s內(nèi)物塊a與物塊b間的距離一直在減小B．物塊b的質(zhì)量為mb=2kgC．撤去F瞬間，a的加速度大小為0.8m/s2D．若F不撤去，則2s后兩物塊將一起做勻加速運動二、非選擇題（本大題共8小題共56分）11．（1）某物理興趣小組用如圖甲所示的儀器驗證機械能守恒定律。①為了減小實驗誤差，實驗對象應(yīng)選用（填“金屬”或“塑料”）小球。②用游標(biāo)卡尺測量小球的直徑，如圖乙所示，則小球的直徑d=cm。③將小球從光電門1的正上方某處由靜止釋放，計時器記錄兩個光電門的擋光時間分別為和，同時測得兩個光電門之間的距離為L，小球通過光電門時的速度等于小球的直徑除以擋光時間，重力加速度大小為g，若等式（用題中物理量表示）成立，則表明該過程中小球的機械能守恒。12．（10分）某同學(xué)把銅片和鋅片相隔約1cm插入一個蘋果中，就制成了一個水果電池。為了測量其電動勢E和內(nèi)阻r，他用到的實驗器材有電阻箱（最大阻值為9999Ω）、數(shù)字萬用表2V電壓擋（內(nèi)阻遠(yuǎn)大于普通電壓表）、開關(guān)、導(dǎo)線若干。實驗步驟如下：①將該水果電池與其余實驗器材按如圖甲所示的電路連接；②調(diào)節(jié)電阻箱阻值，閉合開關(guān)，待數(shù)字萬用表示數(shù)穩(wěn)定后，記錄電阻箱的阻值R和數(shù)字萬用表的示數(shù)U后立即斷開開關(guān)；③每次將電阻箱的阻值增大1000Ω，重復(fù)實驗，計算出相應(yīng)的1R和1U，數(shù)據(jù)記錄如表所示R/ΩU/V1R/kΩ1U/V20000．2060．5004．85430000．2750．3333．63640000．3350．2502．98550000．3800．2002．63260000．4250．1672．353乙④根據(jù)表中數(shù)據(jù)，繪制出1U－1R關(guān)系圖線如圖乙中的直線b請回答下列問題∶（1）步驟②中立即斷開開關(guān)的原因是；（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律，可以得到1U與1R的關(guān)系表達(dá)式為1U＝（用E、r和（3）根據(jù)由實驗數(shù)據(jù)繪制的圖線b可得該水果電池的電動勢為V，內(nèi)阻為kΩ（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）；（4）若用普通的電壓表代替數(shù)字萬用表進(jìn)行實驗，得到的圖線可能是圖乙中的直線（填“a”“b”“c”或“d”）。13．如圖甲所示，一質(zhì)量、橫截面積的絕熱活塞將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在開口向上的圓筒形絕熱的氣缸內(nèi)?，F(xiàn)通過電熱絲對氣體緩慢加熱，使活塞緩慢地向上移動到達(dá)位置（即任意時刻可以認(rèn)為活塞都處于平衡狀態(tài)），在此過程中，缸內(nèi)氣體的圖像如圖乙所示，已知大氣壓強，重力加速度。（1）求活塞處于位置時，氣缸內(nèi)氣體的壓強和體積；（2）若活塞由位置緩慢到達(dá)位置過程中，氣缸內(nèi)氣體內(nèi)能的變化量，則求氣缸內(nèi)氣體在該過程中從電熱絲吸收的總熱量。

14．光滑絕緣的水平面上有垂直平面的勻強磁場，磁場被分成區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，寬度均為h，其俯視圖如圖(a)所示.兩磁場磁感應(yīng)強度隨時間t的變化如圖(b)所示，0~τ時間內(nèi)，兩區(qū)域磁場恒定，方向相反，磁感應(yīng)強度大小分別為2B0和B0.一電阻為R、邊長為h的剛性正方形金屬框abcd，平放在水平面上，ab、cd邊與磁場邊界平行.t=0時，線框ab邊剛好跨過區(qū)域Ⅰ的左邊界以速度v向右運動.在τ時刻，ab邊運動到距區(qū)域Ⅰ的左邊界?2處，線框的速度近似為零，此時線框被固定，如圖(a)中的虛線框所示.隨后在τ~2τ時間內(nèi)，Ⅰ區(qū)磁感應(yīng)強度線性減小到0，Ⅱ區(qū)磁場保持不變；2τ~3τ時間內(nèi)，Ⅱ區(qū)磁感應(yīng)強度也線性減小到0.求(1)t=0時線框所受的安培力F；(2)t=1.2τ時穿過線框的磁通量Φ；(3)2τ~3τ時間內(nèi)，線框中產(chǎn)生的熱量Q.圖(a)圖(b)15．如圖,一豎直固定的長直圓管內(nèi)有一質(zhì)量為M的靜止薄圓盤,圓盤與管的上端口距離為l,圓管長度為20l.一質(zhì)量為m=13M的小球從管的上端口由靜止下落,并撞在圓盤中心,圓盤向下滑動,所受滑動摩擦力與其所受重力大小相等.小球在管內(nèi)運動時與管壁不接觸,圓盤始終水平,小球與圓盤發(fā)生的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時間極短.不計空氣阻力,重力加速度大小為g.(1)第一次碰撞后瞬間小球和圓盤的速度大小;(2)在第一次碰撞到第二次碰撞之間,小球與圓盤間的最遠(yuǎn)距離;(3)圓盤在管內(nèi)運動過程中,小球與圓盤碰撞的次數(shù).

參考答案1．【答案】C【詳解】根據(jù)核反應(yīng)中電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒，可知X為，即該核反應(yīng)為衰變。A錯誤；釙核有84個質(zhì)子和126個中子，其半衰期由原子核內(nèi)部決定，不會隨溫度的升高而變大。B錯誤；衰變時釋放能量，生成物更穩(wěn)定，則生成物的比結(jié)合能更大，由于反應(yīng)過程總的核子數(shù)不變，則核反應(yīng)產(chǎn)物的結(jié)合能之和大于釙核（）的結(jié)合能。C正確；衰變時釋放能量，D錯誤。2．【答案】C【解析】根據(jù)GMmr2=mv2r=mω?2r,解得v=GMr,ω=GMr3,由題圖可知r甲>r乙,可得甲的線速度小于乙的線速度,甲的角速度小于乙的角速度,故A、B錯誤3．【答案】D【解析】波發(fā)生干涉的條件是兩列波的頻率相同,由于λ1<λ2,且同種介質(zhì)中波速相同,根據(jù)v=λf,可知兩列波頻率不同,不能發(fā)生干涉現(xiàn)象,但能疊加,則P點的振動不可能一直加強,A、B、C錯誤,D正確.4．【答案】C【詳解】①常規(guī)方法：手柄勻速轉(zhuǎn)動，穩(wěn)定后兩小球均做周期T相同的圓錐擺運動。設(shè)鼓的半徑為r，繩長為L，繩與豎直方向夾角為θ，則繩長的豎直分量為?=Lcosθ，由小球的重力與細(xì)繩拉力的合力提供向心力，有mgtanθ=m(2πT)2(r+Lsinθ)，變形得T②圓錐擺法：手柄勻速轉(zhuǎn)動，用細(xì)繩系于鼓邊的兩小球穩(wěn)定時做與手柄轉(zhuǎn)動周期相同的圓錐擺運動，圓錐擺的周期T=2πHg(H為圓錐擺運動的圓錐高度)【對比總結(jié)】常規(guī)解法基于小球做圓錐擺運動由合力提供向心力，得到周期T、繩偏角θ及繩長的豎直分量?的函數(shù)關(guān)系進(jìn)行分析求解。若充分利用圓錐擺的周期由圓錐的高度與重力加速度決定這一特點，結(jié)合題給條件α<θ<β，畫出圖示結(jié)合幾何圖形進(jìn)行分析，5．【答案】B【解析】根據(jù)矢量合成法則，圓心O處電場強度由兩個點電荷獨立產(chǎn)生的場強合成，先減小后增大，方向也不斷改變，A錯誤；電勢是標(biāo)量，運動電荷與O點的距離不變，故兩電荷在O點處的合電勢不變，B正確；運動電荷受到的庫侖力為斥力，因二者距離先增大后減小，故庫侖力先減小后增大，靜電力先做正功，后做負(fù)功，故系統(tǒng)電勢能先減小后增大，C、D錯誤?！疽活}多解】設(shè)兩點電荷在圓心O處的電場強度方向的夾角為θ，θ先由90°增大到180°后由180°減小到90°，根據(jù)點電荷電場強度公式和矢量合成法則可知圓心O處電場強度EO=2kqr2cosθ2，所以圓心O處的電場強度先減小后增大，方向也不斷改變，A錯誤；電勢是標(biāo)量【一題多解】設(shè)兩點電荷在圓心O處的電場強度方向的夾角為θ，θ先由90°增大到180°后由180°減小到90°，根據(jù)點電荷電場強度公式和矢量合成法則可知圓心O處電場強度EO=2kqr2cosθ2，所以圓心O處的電場強度先減小后增大，方向也不斷改變，A錯誤；電勢是標(biāo)量，根據(jù)點電荷的電勢公式?=kq6．【答案】D【解析】設(shè)沿AC做直線運動的粒子的速度大小為v，有qvB1=qE,即v=EB1，粒子在磁場Ⅱ中做勻速圓周運動，如圖中軌跡1，由幾何關(guān)系可知運動軌跡所對的圓心角為90°,則運動時間為14周期，又qvB2=mv2r，可得r=mvqB2，時間t0=14?2πmqB2，根據(jù)幾何關(guān)系可知OC=2r，若僅將區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?B1，則做勻速直線運動的粒子的速度變?yōu)樵瓉淼囊话?，粒子在區(qū)域Ⅱ內(nèi)做勻速圓周運動的軌跡半徑變?yōu)樵瓉淼囊话?，如圖中軌跡2，軌跡對應(yīng)的圓心角依然為90°，時間t=14?2πmqB2=t0，A錯誤；若僅將區(qū)域Ⅰ中電場強度大小變?yōu)?E，則做勻速直線運動的粒子的速度變?yōu)樵瓉淼?倍，粒子在區(qū)域Ⅱ內(nèi)做勻速圓周運動的軌跡半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，如圖中軌跡3，粒子從F點離開磁場，對應(yīng)的圓心角依然為90°，時間t=14?2πmqB2=t0，B錯誤；若僅將區(qū)域Ⅱ中的磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?4B7．【答案】BD【解析】若電網(wǎng)的電壓為220kV，則變電所的變壓器原、副線圈匝數(shù)比為U1U2=n1n2=220kV27.5kV=81，若電網(wǎng)的電壓為110kV，則變電所的變壓器原、副線圈匝數(shù)比為n1∶n2=4∶1，A錯誤，B正確；若高鐵機車功率為8000kW，根據(jù)P=IU，U=25kV，得電流I8．【答案】BC【詳解】A．由題圖可知，光在面上發(fā)生了全反射，而光在面上沒有發(fā)生全反射，而兩束光的入射角相同，說明光的臨界角小于光的臨界角，由分析得知，玻璃對光的折射率小于對光的折射率，由得知，在玻璃棱鏡中光的傳播速度比光的大，故A錯誤；B．若保持光入射點位置不變，將光束順時針旋轉(zhuǎn)，其入射角減小，入射角可能小于臨界角，則面可能有光線射出，故B正確；C．由于玻璃對光的折射率小于對光的折射率，則光的頻率比光的低，光的波長比光的長，而雙縫干涉條紋間距與波長成正比，所以光束的條紋間距大，故C正確；D．波長越長越容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故光比光更容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故D錯誤。故選BC。9．【答案】BC【詳解】A．貨物的位移就是AB兩點的距離，求出貨物的圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積即可。所以有故A錯誤；B．由圖像可以看出貨物做兩段勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律有由圖像得到解得故B正確；C．傳送帶對貨物做的功分兩段來求，有故C正確；D．貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量也分兩段來求，有故D錯誤。故選BC。10．【答案】BC【詳解】根據(jù)a-t圖線與橫軸所圍圖形的面積表示速度的變化量，由題圖乙可看出，0~2s(0時刻除外)內(nèi)a的速度一直大于b的速度，所以0~2s內(nèi)物塊a與物塊b間的距離一直在增大，故A錯誤；t=0時，彈簧彈力為零，對a，根據(jù)牛頓第二定律可得F=maa0=6N，t=2s時，a、b整體加速度相同，對整體，根據(jù)牛頓第二定律可得F=(ma+mb)a1=6N，解得mb=2kg，故B正確；2s時，對b，根據(jù)牛頓第二定律可得，彈簧彈力大小為Fx=mba1=2.4N，撤去F瞬間，彈簧彈力不會突變，此時a的加速度大小為a'1=Fxma=0.8m/s2，故C正確；a-t圖線與橫軸所圍圖形的面積表示速度的變化量，由題圖乙可看出，t=2s時a的速度大于b的速度，所以若此時不撤去F，彈簧在之后的一段時間內(nèi)會繼續(xù)伸長，a的加速度減小，b的加速度增大，并不能一起做勻加速運動，故11．【答案】金屬；1.430；【詳解】（1）①[1]為了減小空氣阻力的影響，實驗對象密度要大，不能選擇塑料材質(zhì)的，應(yīng)選擇金屬小球。②[2]由題圖可知游標(biāo)卡尺為二十分度的，所以小球的直徑③[3]小球從光電門1下落到光電門2的過程中小球的重力勢能減小量，動能增加量，若小球下落過程中機械能守恒，則有，整理后有12．【答案】（1）水果電池長時間工作后內(nèi)阻會發(fā)生明顯變化（2分）（2）rE·1R＋1E（2分）（3）0.91（0.85～0.95均可）（2分）7.0（6.0～7.5均可）（2分）（4）a【解析】（1）水果電池持續(xù)放電時其內(nèi)阻會發(fā)生明顯變化，因此每次測量后應(yīng)立即斷開開關(guān)。（2）由閉合電路歐姆定律可得U＝RR＋rE，整理得1U＝rE（3）將圖線b延伸至與縱軸相交，則縱截距大小為1.1V－1＝1E，解得E≈0.91V，圖線b的斜率為5.0－1.10.51－0（4）設(shè)普通電壓表的內(nèi)阻為RV，外電路為電阻箱與RV的并聯(lián)電路，R并＝RRVR＋RV，電壓表示數(shù)為并聯(lián)電路兩端的電壓，則由閉合電路歐姆定律可得U＝R并R并＋rE，整理得1U＝r【技巧必背】電源電動勢與內(nèi)阻的測量實驗中的圖像伏安法：由E＝U＋I(xiàn)r得U＝E－Ir，U－I圖像的斜率為－r，縱截距為E；伏阻法：由E＝U＋URr得1U＝1E＋rE·1R，1U－1安阻法：由E＝I（R＋r）得1I＝1E·R＋rE，1I－R圖像的斜率為113．【答案】（1）；；（2）【詳解】（1）活塞從位置緩慢到位置，活塞受力平衡，氣體為等壓變化，以活塞為研究對象有解得氣缸內(nèi)氣體的壓強由蓋-呂薩克定律有解得氣缸內(nèi)氣體的體積（2）由于氣體溫度升高所以氣體的內(nèi)能增加了，外界對氣體做的功由熱力學(xué)第一定律得氣體變化過程中從電熱絲吸收的總熱量為14．【答案】(1)9B02?2vR，方向向左【解析】(1)t=0時，線框左側(cè)邊和右側(cè)邊同時分別切割區(qū)域Ⅰ、Ⅱ中的磁感線，分別作出感應(yīng)電流和安培力的方向示意圖如圖所示，因兩側(cè)各自切割磁感線時產(chǎn)生的感應(yīng)電流均沿順時針方向，所以總感應(yīng)電動勢應(yīng)是兩者疊加.線框ab邊切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢Eab=2B0hv，線框cd邊切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢Ecd=B0hv，通過線框的感應(yīng)電流I=E總R=Eab線框ab邊受到的安培力Fab=2B0Ih=6B線框cd邊受到的安培力Fcd=B0Ih=3B所以t=0時線框受到的安培力F=Fab+Fcd=9B02(2)由題圖(b)可知，t=1.2τ時，磁場區(qū)域Ⅰ、Ⅱ的磁感應(yīng)強度大小分別為