湘豫名校聯(lián)考2022年8月高三秋季入學(xué)摸底考試物理一、選擇題：本題共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~8題只有一項(xiàng)符合題目要求，第9~12題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1.钚238是钚的同位素，半衰期為86.4年。钚238用作核電池的熱源，也可用作空間核動(dòng)力和飛船的電源，我國(guó)設(shè)計(jì)的“玉兔號(hào)”月球車上就應(yīng)用了钚238小型核能電池。已知钚（）會(huì)衰變成較穩(wěn)定的镅（），若初始時(shí)電池中的钚（）與镅（）的原子數(shù)量之比為4:1則下列說(shuō)法正確的是（）A.钚（）衰變成較穩(wěn)定的镅（）的反應(yīng)為衰變B.钚（）衰變成較穩(wěn)定的镅（）的反應(yīng)為重核的裂變反應(yīng)C.钚（）的比結(jié)合能比镅（）的比結(jié)合能大D.經(jīng)過(guò)86.4年后電池中的钚（）與镅（）的原子數(shù)量之比為2:1【答案】A【解析】【詳解】AB．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒，新核的質(zhì)量數(shù)為238-238=0根據(jù)電荷數(shù)守恒，新核的電荷數(shù)為94-95=-1可知新核為電子，即粒子，則钚（）衰變成較穩(wěn)定的镅（）的反應(yīng)為衰變，A正確，B錯(cuò)誤；C．由于衰變釋放能量，表明镅（）比钚（）穩(wěn)定，即镅（）的比結(jié)合能比钚（）的比結(jié)合能大，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)半衰期的規(guī)律有因每有一個(gè)钚（）衰變可產(chǎn)生一個(gè)镅（），則剩余的钚（）與镅（）的原子數(shù)量之比為2:3，D錯(cuò)誤。故選A。2.某位同學(xué)利用力敏電阻設(shè)計(jì)了判斷小車運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的裝置，其工作原理如圖甲所示，將力敏電阻和一塊擋板固定在絕緣小車上，中間放置一個(gè)絕緣光滑重球，力敏電阻的阻值隨所受壓力的增大而減小。小車向右做直線運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電流表的示數(shù)如圖乙所示，下列判斷正確的是（）

A.小車在時(shí)間內(nèi)一定做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.小車在時(shí)間內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)C.小車在時(shí)間內(nèi)做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)D.小車在時(shí)間內(nèi)一定做勻速直線運(yùn)動(dòng)【答案】C【解析】【詳解】A．在時(shí)間內(nèi)電流不變，則壓敏電阻的阻值不變，所受的壓力不變，加速度不變，則小車不一定做勻速直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BC．在時(shí)間內(nèi)，電流減小，則壓敏電阻的電阻變大，所受的壓力減小，則加速度減小，即小車做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，C正確；D．在時(shí)間內(nèi)電流不變，與時(shí)間內(nèi)比較電流變小了，則壓敏電阻的阻值變大，所受的壓力減小，加速度減小了，但是加速度仍不變，則小車不一定做勻速直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。3.如圖所示，一絕緣且粗糙程度相同的豎直細(xì)桿處于兩等量異種點(diǎn)電荷、連線的中垂線上，細(xì)桿和兩點(diǎn)電荷均固定，A、O、B分別為細(xì)桿上的三點(diǎn)，O為、連線的中點(diǎn)，。現(xiàn)有電荷量為、質(zhì)量為m的小球套在桿上，從A點(diǎn)起以初速度向B點(diǎn)滑動(dòng)，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度恰好為零，則下列關(guān)于小球運(yùn)動(dòng)的圖像可能正確的是（）

A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】由題意知，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度恰好零，所以在B處小球做減速運(yùn)動(dòng)，則此時(shí)加速度向上，又因?yàn)锳與B點(diǎn)對(duì)稱，則受力情況相同，則A點(diǎn)加速度方向也向上。對(duì)小球受力分析如圖

則因?yàn)閺腁到B過(guò)程中，r先減小后增大，也是先減小后增大，則支持力先增大后減小，摩擦力也先增大后減小，故加速度先增大后減小，且加速度方向一直向上，因此小球從A到B過(guò)程中做加速度先增大后減小的減速運(yùn)動(dòng)，又因?yàn)関~t圖像的斜率表示加速度。故選A。4.某種型號(hào)的霓虹燈的供電電路圖如圖所示，P為自耦變壓器的滑動(dòng)觸頭，其原線圈接在的正弦交流電源上，副線圈上通過(guò)輸電線接有1個(gè)霓虹燈。若霓虹燈的激發(fā)電壓（點(diǎn)亮霓虹燈的最低電壓）和熄滅電壓（維持霓虹燈發(fā)光的最低電壓）均為。關(guān)于霓虹燈的發(fā)光情況，下列說(shuō)法正確的是（）

A.霓虹燈的激發(fā)電壓和熄滅電壓是指電壓的平均值B.正弦交流電源的頻率為100HzC.若把P向上移動(dòng)，霓虹燈每次持續(xù)的發(fā)光時(shí)間會(huì)變長(zhǎng)D.若把P向下移動(dòng)，霓虹燈每次持續(xù)的發(fā)光時(shí)間會(huì)變長(zhǎng)【答案】D【解析】【詳解】A．依題意，由于加在霓虹燈管兩端電壓大于其激發(fā)電壓和熄滅電壓時(shí)燈管就發(fā)光，則其激發(fā)電壓和熄滅電壓是指電壓的瞬時(shí)值，故A錯(cuò)誤；B．依題意，所加正弦交流電的周期為頻率為故B錯(cuò)誤；CD．依題意，原線圈兩端的電壓有效值根據(jù)變壓器的特點(diǎn)，假定變壓器原、副線圈匝數(shù)分別為n1、n2，則副線圈兩端電壓為則副線圈兩端電壓最大值為若把P向上移動(dòng)，則n1變大，副線圈兩端電壓的最大值會(huì)變小，則在一個(gè)周期里，副線圈兩端電壓的瞬時(shí)值大于激發(fā)電壓和熄滅電壓的時(shí)間會(huì)變短，即霓虹燈每次持續(xù)的發(fā)光時(shí)間會(huì)變短；反之，若把P向下移動(dòng)，n1變小，副線圈兩端電壓的最大值會(huì)變大，在一個(gè)周期里，副線圈兩端電壓的瞬時(shí)值大于激發(fā)電壓和熄滅電壓的時(shí)間會(huì)變長(zhǎng)，霓虹燈每次持續(xù)的發(fā)光時(shí)間會(huì)變長(zhǎng)；故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。5.如圖所示，傾角為的斜面固定在水平地面上，一質(zhì)量為m的物體在與斜面平行向上的恒力F拉動(dòng)下從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，物體通過(guò)的位移等于時(shí)，速度為，此時(shí)撤去恒力F，物體繼續(xù)沿斜面向上滑行位移后停止運(yùn)動(dòng)。已知重力加速度大小為g。則下列說(shuō)法正確的是（）A.物體與斜面間動(dòng)摩擦因數(shù)B.在此過(guò)程中F所做的功為C.兩段位移所對(duì)應(yīng)的加速度大小之比為2：1D.兩段位移所用時(shí)間之比為【答案】C【解析】【詳解】A．物體最終能停止在斜面上，則滿足即與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)滿足選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到力F停止作用時(shí)，由動(dòng)能定理可知在此過(guò)程中F所做的功大于，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．前一段的加速度后一段的加速度可知兩段位移所對(duì)應(yīng)的加速度大小之比為2：1，選項(xiàng)C正確；D．兩段位移所用時(shí)間之比為選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。6.如圖所示，水平虛線邊界的上方存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，O為水平虛線邊界上一點(diǎn)。abcd為邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形虛線邊界，ad與水平虛線邊界重合，Oa間的距離為，正方形虛線邊界內(nèi)存在與水平虛線邊界上方同樣的磁場(chǎng)。一束質(zhì)量為m、電荷量為（）的粒子從O點(diǎn)垂直于Oa射入磁場(chǎng)，這些粒子具有不同的速率。不計(jì)粒子重力和粒子之間的相互作用。在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子，其運(yùn)動(dòng)時(shí)間為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)題意可知，當(dāng)粒子由點(diǎn)飛出時(shí)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示設(shè)粒子做圓周運(yùn)動(dòng)半徑為，由幾何關(guān)系有，解得，由牛頓第二定律有解得由幾何關(guān)系可知，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度為則粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為故選A。7.某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)滑梯游戲裝置，如圖所示，一光滑軌道AO固定在水平桌面上，O點(diǎn)在桌面右側(cè)邊緣上。以O(shè)點(diǎn)為圓心的光滑圓弧軌道BD豎直固定在桌子的右側(cè)，C點(diǎn)為圓弧軌道BD的中點(diǎn)。若宇航員利用該游戲裝置分別在地球表面和火星表面進(jìn)行模擬實(shí)驗(yàn)，將小球放在光滑軌道AO上某點(diǎn)由靜止下滑，小球越過(guò)O點(diǎn)后飛出，落在光滑圓弧軌道BD上。忽略空氣阻力，已知地球表面的重力加速度大小為g，火星的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的，火星的半徑約為地球半徑的。在地球表面或在火星表面上，下列說(shuō)法正確的是（）A.若小球恰能打到C點(diǎn)，則擊中C點(diǎn)時(shí)的速度方向與圓弧面垂直B.小球釋放點(diǎn)越低，小球落到圓弧上時(shí)動(dòng)能就越小C.根據(jù)題目的條件可以得出火星表面的重力加速度大小D.在地球和火星進(jìn)行模擬實(shí)驗(yàn)時(shí)，若都從光滑軌道上同一位置釋放小球，則小球?qū)⒙湓趫A弧上的同一點(diǎn)【答案】D【解析】【詳解】A．若小球恰能打到C點(diǎn)，則飛出后的水平位移與豎直位移相等，設(shè)此時(shí)速度方向與水平方向的夾角為，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知由幾何關(guān)系可知速度方向與圓弧面不垂直，A錯(cuò)誤；B．小球釋放點(diǎn)越低，則飛出時(shí)的速度越小，落點(diǎn)越低飛出后重力做功越多，小球落到圓弧上時(shí)動(dòng)能不一定越小，B錯(cuò)誤；C．在星球表面重力等于萬(wàn)有引力可得火星的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的，火星的半徑約為地球半徑的，可得C錯(cuò)誤；D．小球在光滑軌道AO上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，由動(dòng)能定理得飛出后小球做平拋運(yùn)動(dòng)解得可知落點(diǎn)的位置與加速度無(wú)關(guān)，故在地球和火星進(jìn)行模擬實(shí)驗(yàn)時(shí)，若都從光滑軌道上同一位置釋放小球，則小球?qū)⒙湓趫A弧上的同一點(diǎn)，D正確；故選D。8.水切割又稱水刀，即高壓水射流切割技術(shù)，是一種利用高壓水流切割的機(jī)器。在電腦的控制下能任意雕琢工件，而且受材料質(zhì)地影響小。因?yàn)槠涑杀镜?，易操作，良品率又高，水切割逐漸成為工業(yè)切割技術(shù)方面的主流切割方式。如圖所示，若水柱的截面為S，水流以速度v垂直射到被切割的鋼板上，之后速度減為零，已知水的密度為。則下列說(shuō)法正確的是（）

A.減小水柱的截面S可以增大水對(duì)鋼板沖力產(chǎn)生的壓強(qiáng)B.若水流速度v增大到原來(lái)的2倍，可以使水對(duì)鋼板沖力產(chǎn)生的壓強(qiáng)增大到原來(lái)的2倍C.若水流速度v增大到原來(lái)的2倍，可以使水對(duì)鋼板沖力產(chǎn)生的壓強(qiáng)增大到原來(lái)的4倍D.若在水中添加適量食鹽，在同樣條件下會(huì)使水對(duì)鋼板沖力產(chǎn)生的壓強(qiáng)減小【答案】C【解析】【詳解】t時(shí)間內(nèi)噴到鋼板上的水的體積為質(zhì)量為設(shè)水的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量定理得得由牛頓第三定律可知水對(duì)鋼板沖力為水對(duì)鋼板沖力產(chǎn)生的壓強(qiáng)為A．減小水柱的截面S水對(duì)鋼板沖力產(chǎn)生的壓強(qiáng)不變，A錯(cuò)誤；BC．若水流速度v增大到原來(lái)的2倍，可以使水對(duì)鋼板沖力產(chǎn)生的壓強(qiáng)增大到原來(lái)的4倍，B錯(cuò)誤，C正確；D．若在水中添加適量食鹽會(huì)使密度增大，在同樣條件下會(huì)使水對(duì)鋼板沖力產(chǎn)生壓強(qiáng)增大，D錯(cuò)誤；故選C。9.已知載流長(zhǎng)直導(dǎo)線周圍磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，式中常量，I為電流的大小，r為距導(dǎo)線的距離。如圖所示，在同一光滑的水平面內(nèi)水平固定放置兩根平行長(zhǎng)直導(dǎo)線，導(dǎo)線中通有同方向的恒定電流I，一質(zhì)量為m的金屬矩形線框水平放置在兩導(dǎo)線之間并與兩導(dǎo)線處在同一水平面內(nèi)，且左右兩邊與導(dǎo)線平行?，F(xiàn)將金屬矩形線框以初速度在兩導(dǎo)線間的中線左側(cè)斜向右上方滑動(dòng)，的方向與電流方向成角，最終在兩導(dǎo)線間的中線與右邊直導(dǎo)線間做勻速直線運(yùn)動(dòng)，金屬矩形線框在滑動(dòng)過(guò)程中不發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)。則下列說(shuō)法正確的是（）A.金屬矩形線框中的感應(yīng)電流方向先是沿順時(shí)針?lè)较蚝笱啬鏁r(shí)針?lè)较駼.金屬矩形線框中的感應(yīng)電流方向總是沿順時(shí)針?lè)较駽.整個(gè)過(guò)程金屬矩形線框產(chǎn)生的電能為D.金屬矩形線框受到安培力沖量的大小為【答案】BD【解析】【詳解】AB．在兩條直導(dǎo)線之間，在中線的左側(cè)磁場(chǎng)垂直紙面向里，中線右側(cè)垂直紙面向外，中線處磁場(chǎng)為零，則當(dāng)導(dǎo)線框從中線左側(cè)向右移動(dòng)時(shí)，凈磁通量先向里減小，后向外增加，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向總是沿順時(shí)針?lè)较?，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確。C．當(dāng)線圈做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，所受安培力為零，此時(shí)感應(yīng)電流為零，線圈的速度方向平行直導(dǎo)線，可知整個(gè)過(guò)程金屬矩形線框產(chǎn)生的電能為選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)量定理，金屬矩形線框受到安培力沖量的大小為選項(xiàng)D正確。故選BD。10.速度選擇器裝置如圖所示，為中軸線。一粒子（）以速度自O(shè)點(diǎn)沿中軸線射入恰沿中軸線做勻速直線運(yùn)動(dòng)。所有粒子均不考慮重力的影響，下列說(shuō)法正確的是（）A粒子（）以速度自點(diǎn)沿中軸線從右邊射入也能做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.電子（）以速度自O(shè)點(diǎn)沿中軸線射入，恰沿中軸線做勻速直線運(yùn)動(dòng)C.氘核（）以速度自O(shè)點(diǎn)沿中軸線射入，動(dòng)能將增大D.氚核（）以速度自O(shè)點(diǎn)沿中軸線射入，動(dòng)能將增大【答案】BC【解析】【詳解】粒子（）以速度自O(shè)點(diǎn)射入，恰沿中軸線做勻速直線運(yùn)動(dòng)，將受到向上的洛倫茲力和向下的電場(chǎng)力，滿足解得即粒子的速度滿足速度選擇器的條件；A．粒子（）以速度自點(diǎn)沿中軸線從右邊射入時(shí)，受到電場(chǎng)力向下，洛倫茲力也向下，會(huì)向下偏轉(zhuǎn)不會(huì)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；B．電子（）以速度自O(shè)點(diǎn)沿中軸線射入，受到電場(chǎng)力向上，洛倫茲力向下，依然滿足電場(chǎng)力等于洛倫茲力，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，即速度選擇器不選擇電性而只選擇速度，B正確；C．氘核（）以速度自O(shè)點(diǎn)沿中軸線射入，洛倫茲力小于電場(chǎng)力，粒子向下偏轉(zhuǎn)，電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能將增大，C正確；D．氚核（）以速度自O(shè)點(diǎn)沿中軸線射入，洛倫茲力大于電場(chǎng)力，粒子向上偏轉(zhuǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能將減小，D錯(cuò)誤；故選BC。11.如圖所示，在光滑的水平地面上，有半徑和動(dòng)量相同的兩個(gè)小球A、B發(fā)生對(duì)心碰撞，碰撞后小球A恰好靜止，則小球B的質(zhì)量與小球A的質(zhì)量的比值可能是（）

A.1 B.2 C.3 D.4【答案】CD【解析】【詳解】根據(jù)動(dòng)量守恒定律有由于碰撞過(guò)程機(jī)械能不增加，則有解得AB錯(cuò)誤，CD正確。故選CD。12.如圖所示，質(zhì)量為m=1.0kg的長(zhǎng)方體物塊B放置在粗糙的水平地面上，右側(cè)中心點(diǎn)位置固定一個(gè)輕質(zhì)滑輪。一根不可伸長(zhǎng)的輕繩一端通過(guò)滑輪與質(zhì)量為m=1.0kg、表面光滑的滑塊A相連，另一端固定在墻壁上，輕質(zhì)滑輪與墻壁之間的輕繩始終保持水平，滑塊A剛好與物塊B的右側(cè)相接觸且能豎直下滑。現(xiàn)讓滑塊A由靜止釋放，已知重力加速度大小g取，物塊B與粗糙水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)。則在滑塊A下滑的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.長(zhǎng)方體物塊B的加速度大小為B.滑塊A的加速度大小為C.水平輕繩的張力大小為10ND.長(zhǎng)方體物塊B對(duì)滑塊A的支持力大小為2.0N【答案】AD【解析】【詳解】ACD．設(shè)水平輕繩的張力大小為F，長(zhǎng)方體物塊B對(duì)滑塊A的支持力大小為T，長(zhǎng)方體物塊B的加速度大小為a，滑塊A下降的加速度與物塊B向右運(yùn)動(dòng)的加速度大小相等，由牛頓第二定律得，對(duì)A在豎直方向上滑塊A在水平方向上與物塊B有共同加速度，對(duì)滑塊A對(duì)物塊B在水平方向上，由牛頓第二定律得又解得，，故長(zhǎng)方體物塊B的加速度大小為，水平輕繩的張力大小為8N，長(zhǎng)方體物塊B對(duì)滑塊A的支持力大小為2.0N，故AD正確，C錯(cuò)誤；B．滑塊A的加速度大小為故B錯(cuò)誤。故選AD。二、非選擇題：共62分，包括必考題和選考題兩部分。第13~17題為必考題，每道試題考生都必須作答。第18~19題為選考題，考生根據(jù)要求作答。13.某研究性學(xué)習(xí)小組的同學(xué)制作了一個(gè)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置，如圖所示。一圓弧形軌道與水平軌道OP平滑連接。實(shí)驗(yàn)中使用不同材料制成、大小相等的滑塊A和滑塊B，用天平測(cè)得質(zhì)量分別為、。先不放滑塊B，使滑塊A從圓弧形軌道上某處S點(diǎn)由靜止滑下，停止在水平面點(diǎn)，測(cè)量并記錄滑塊A在水平軌道上滑行的距離；再把滑塊B靜置于水平軌道始端O點(diǎn)，讓滑塊A仍從圓弧形軌道的S點(diǎn)由靜止滑下，滑塊A和滑塊B碰撞后分別停在水平軌道上的點(diǎn)和點(diǎn)，測(cè)量并記錄，。

（1）本實(shí)驗(yàn)必須滿足的條件是___________（已知滑塊A與滑塊B碰撞后不反彈）。A．圓弧軌道必須是光滑的B．滑塊A的質(zhì)量必須大于滑塊B的質(zhì)量C．滑塊A每次必須從同一高度由靜止釋放（2）若兩球碰撞前后的動(dòng)量守恒，其表達(dá)式可表示為_(kāi)__________。（3）若進(jìn)一步研究該碰撞是否為彈性碰撞，還需要判斷關(guān)系式___________是否成立?！敬鸢浮竣?BC##CB

②.③.

【解析】【詳解】（1）[1]AC．實(shí)驗(yàn)中不需要保證圓弧軌道是否光滑，只需要保證釋放的滑塊通過(guò)O點(diǎn)時(shí)速度一樣，即保證在同一高度上釋放即可，故A錯(cuò)誤，C正確；B．只有滑塊A的質(zhì)量大于滑塊B的質(zhì)量才能保證碰撞時(shí)不發(fā)生反彈，即碰撞后A的速度不發(fā)生變向，故B正確；故選BC。（2）[2]當(dāng)滑塊A第一次從O點(diǎn)滑到O1點(diǎn)時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理

解得

對(duì)滑塊A第二次碰撞B后，對(duì)A、B后續(xù)滑行過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理

解得

若兩球碰撞前動(dòng)量守恒，則滿足

即需驗(yàn)證

（3）[3]即需驗(yàn)證碰撞前后動(dòng)能是否相同，即

解得

14.某學(xué)校實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖所示的電路圖測(cè)定、兩電壓表的內(nèi)阻，可供選用的儀器有：

A.內(nèi)阻約的待測(cè)電壓表、，量程0~3VB.定值電阻C.定值電阻D.滑動(dòng)變阻器（最大阻值為）E.滑動(dòng)變阻器（最大阻值為）F.電源E，電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)阻忽略不計(jì)G.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干（1）為了準(zhǔn)確測(cè)量、兩電壓表的內(nèi)阻，定值電阻應(yīng)選______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選______。（均填儀器前的字母代號(hào)）（2）根據(jù)電路圖用筆畫線代替導(dǎo)線完成實(shí)物圖的連接。______（3）閉合前，將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)到______（填“最左端”或“最右端”），再將單刀雙擲開(kāi)關(guān)撥到a，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使得和有明顯的讀數(shù)，分別為、；再將單刀雙擲開(kāi)關(guān)撥到b，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使得和有明顯的讀數(shù)，分別為、，則電壓表的內(nèi)阻為_(kāi)_____，的內(nèi)阻為_(kāi)_____（以上兩空均用、、、和表示）【答案】①.B②.E③.④.最左端⑤.⑥.【解析】【詳解】（1）[1]因?yàn)榇郎y(cè)電壓表的內(nèi)阻約為，而定值電阻的阻值為，定值電阻的阻值比電壓表的內(nèi)阻小得多，如果選用，則當(dāng)單刀雙擲開(kāi)關(guān)撥到b時(shí)，電壓表指針偏轉(zhuǎn)幅度很小，讀數(shù)誤差將很大，因此定值電阻選擇，即選擇B；[2]由于控制電路采用了分壓式，為了確保調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器輸出電壓的連續(xù)性強(qiáng)一些，滑動(dòng)變阻器的總阻值應(yīng)當(dāng)選擇小一些，則滑動(dòng)變阻器選擇總阻值，即選擇E。（2）[3]根據(jù)電路圖作出實(shí)物連線如圖所示

（3）[4]為了確保電路的安全，閉合前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)到最左端。[5][6]將單刀雙擲開(kāi)關(guān)撥到a時(shí)，有將單刀雙擲開(kāi)關(guān)撥到b時(shí)，有解得，15.ETC是電子不停車收費(fèi)系統(tǒng)，用于高速公路或橋梁的自動(dòng)收費(fèi)。如圖所示是小車分別經(jīng)過(guò)收費(fèi)站的人工通道和ETC通道的圖像，圖中、和為已知量。已知小車加速、減速時(shí)的加速度大小均為a，小車通過(guò)兩種通道時(shí)從開(kāi)始減速至恢復(fù)到原速度大小所行駛的距離一樣。求：（1）小車走人工通道時(shí)，從開(kāi)始減速至恢復(fù)到原速度大小的過(guò)程中的平均速度大?。唬?）小車走ETC通道時(shí)，從開(kāi)始減速至恢復(fù)到原速度大小的過(guò)程中的平均速度大小?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【詳解】（1）根據(jù)題意，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得，小車走人工通道時(shí)，汽車減速到停止運(yùn)動(dòng)的位移為則從開(kāi)始減速到恢復(fù)到原速度所行駛的距離為由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得，小車走人工通道時(shí)，汽車減速到停止運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為則從開(kāi)始減速到恢復(fù)到原速度的時(shí)間為從開(kāi)始減速至恢復(fù)到原速度大小的過(guò)程中的平均速度大小為（2）根據(jù)題意，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得，小車走ETC通道時(shí)，勻減速運(yùn)動(dòng)的位移為汽車勻速運(yùn)動(dòng)的位移為由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得，小車走ETC通道時(shí)，勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為則從開(kāi)始減速到恢復(fù)到原速度的時(shí)間為從開(kāi)始減速至恢復(fù)到原速度大小的過(guò)程中的平均速度大小為16.如圖所示，一質(zhì)量為m1=0.2kg的“T”形桿P豎直放在地面上，有一質(zhì)量為m2=0.3kg的金屬圓環(huán)Q套在“T”形桿P的直桿上很難分離。某工程師設(shè)計(jì)了一個(gè)方法成功將金屬環(huán)Q與“T”形桿P分開(kāi)，該工程師在“T”形桿P與金屬圓環(huán)Q間裝上適量的火藥，火藥爆炸瞬間化學(xué)能中的部分能量轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的機(jī)械能E，已知，金屬圓環(huán)Q與“T”形桿P的直桿間滑動(dòng)摩擦力大小恒為，不計(jì)空氣阻力。重力加速度大小g取。（1）求火藥爆炸瞬間“T”形桿P和金屬圓環(huán)Q的速度大??；（2）求點(diǎn)燃火藥爆炸瞬間“T”形桿P和金屬圓環(huán)Q的加速度大小。（3）若要求金屬環(huán)Q與“T”形桿P分開(kāi)，則直桿長(zhǎng)度的最大值是多少？【答案】（1），；（2），；（3）【解析】【詳解】（1）設(shè)火藥爆炸瞬間“T”形桿P和金屬圓環(huán)Q的速度大小分別為，，則據(jù)動(dòng)量守恒定律可得聯(lián)立解得，（2）P向上運(yùn)動(dòng)，摩擦力向下，據(jù)牛頓第二定律可得Q向下運(yùn)動(dòng)，摩擦力向上，據(jù)牛頓第二定律可得解得，（3）P減速至零的時(shí)間為Q減速至零的時(shí)間為可知P先減為零后反向加速，Q一直減速，當(dāng)兩者速度相等時(shí)分開(kāi)，此時(shí)直桿的長(zhǎng)度最大，以向下為正方向，可得直桿長(zhǎng)度的最大值為聯(lián)立解得17.如圖所示，在第二象限內(nèi)有一拋物線，其方程為（），在拋物線的上方存在一豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)E（大小未知）。在拋物線每個(gè)位置上連續(xù)發(fā)射質(zhì)量為m、電荷量為的粒子。以大小為的初速度水平向右射入電場(chǎng)、觀察發(fā)現(xiàn)所有粒子均能到達(dá)坐標(biāo)原點(diǎn)O。第四象限內(nèi)有一邊長(zhǎng)為l、其中兩邊分別與x軸和y軸重合的正方形邊界，邊界內(nèi)存在垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為。為與x軸平行的可上下移動(dòng)的熒光屏，初始位置與磁場(chǎng)的下邊界重合。不計(jì)粒子重力和粒子之間的相互作用力。（1）求電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小。（2）所有粒子到達(dá)坐標(biāo)原點(diǎn)O進(jìn)入磁場(chǎng)后，在熒光屏還沒(méi)有移動(dòng)時(shí)，求粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間。（3）若將熒光屏緩慢向上移動(dòng)，求在向上移動(dòng)的過(guò)程中光屏上發(fā)光的最大長(zhǎng)度。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）在電場(chǎng)中根據(jù)牛頓第二定律得解得粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，則在水平方向在豎直方向其中解得（2）設(shè)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)的速度大小為，與y軸的夾角為，則所以粒子從y軸離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)與O點(diǎn)的距離為又解得即到達(dá)O點(diǎn)的粒子經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后都從點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)。經(jīng)過(guò)分析可知從O點(diǎn)水平發(fā)射進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)，此時(shí)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡為半圓（3）因?yàn)閺腛點(diǎn)發(fā)射進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子速度最小，大小為v0，由（2）知，因?yàn)閺腁1發(fā)射的粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)粒子速度最大，其在沿y軸方向的速度大小為粒子到達(dá)O點(diǎn)的最大速度根據(jù)牛頓第二定律得解得將熒光屏緩慢向上移動(dòng)的過(guò)程中，熒光屏發(fā)光的最大長(zhǎng)度如圖中粗實(shí)線所示由幾何知識(shí)知發(fā)光的最大長(zhǎng)度為18.關(guān)于熱現(xiàn)象，下列說(shuō)法正確的是（）A.國(guó)產(chǎn)航母“山東艦”艦載機(jī)尾焰的溫度超過(guò)，尾焰噴射到鋼板上時(shí)鋼板上所有分子的動(dòng)能都增大B.的氣體和的鋼板，它們的分子平均動(dòng)能相同C.科學(xué)家發(fā)現(xiàn)鉍晶體具有某種特殊的導(dǎo)電性質(zhì)，被稱為“拓?fù)浣^緣體”，鉍晶體各項(xiàng)物理性質(zhì)均表現(xiàn)為各向異性D.一定量的的水變成的水蒸氣，分子平均動(dòng)能不變，其分子勢(shì)能增大E.農(nóng)諺“鋤板底下有水”是指把地面的土壤鋤松，目的是破壞這些土壤里的毛細(xì)管，保存水分【答案】BDE【解析】【詳解】A．鋼板溫度升高分子平均動(dòng)能增大，并不是所有分子的動(dòng)能都增大，故A錯(cuò)誤；B．溫度是分子熱運(yùn)動(dòng)平均動(dòng)能的標(biāo)志，的氣體和的鋼板，它們的分子平均動(dòng)能相同，故B正確；C．單晶體的某些物理性質(zhì)是各向異性的，但并不是鉍晶體所有物理性質(zhì)均表現(xiàn)為各向異性，故C錯(cuò)誤；D．一定量100℃的水變成100℃的水蒸氣，因溫度不變，平均動(dòng)能不變，而內(nèi)能增加，所以其分子之間的勢(shì)能增加，故D正確；E．土壤的水分蒸發(fā)要通過(guò)土壤里的毛細(xì)管進(jìn)行，鋤地