高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024～2025學(xué)年度第二學(xué)期期中重點(diǎn)校聯(lián)考高二物理第Ⅰ卷（共40分）一、單項(xiàng)選擇題（本題共5小題，每小題5分，共25分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是正確的）1.章魚遇到危險(xiǎn)時(shí)可將吸入體內(nèi)的水在極短時(shí)間內(nèi)向后噴出，由此獲得一個(gè)反沖速度，從而迅速向前逃竄完成自救。假設(shè)有一只章魚吸滿水后的總質(zhì)量為M，且靜止懸浮在水中，其一次噴射出質(zhì)量為m的水，噴射出的水的速度大小為，章魚體表光滑，則以下說(shuō)法正確的是（）A.章魚的反沖推力來(lái)源于噴出的水對(duì)它的反作用力B.噴水的過(guò)程中，章魚和噴出的水組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒C.噴水的過(guò)程中，章魚和噴出的水組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒D.章魚噴水后瞬間逃跑的速度大小為【答案】AD【解析】A．章魚噴水過(guò)程中對(duì)噴出的水有作用力，根據(jù)牛頓第三定律，噴出的水對(duì)章魚有反作用力，這就是章魚反沖運(yùn)動(dòng)的推力，故A正確；B．章魚噴水過(guò)程所用的時(shí)間極短，內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，章魚和噴出的水組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故B錯(cuò)誤；C．在章魚噴水的過(guò)程中，章魚體內(nèi)的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，系統(tǒng)機(jī)械能增加，故C錯(cuò)誤；D．以章魚和噴出的水組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，規(guī)定章魚噴水后瞬間逃跑的方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得可得章魚噴水后瞬間逃跑的速度大小為故D正確。故選AD。2.下列四幅圖涉及到不同的物理知識(shí)，其中說(shuō)法正確的是（）A.圖甲中轉(zhuǎn)動(dòng)蹄形磁體時(shí)，靜止的鋁框（可繞軸自由轉(zhuǎn)動(dòng)）會(huì)隨磁體同向轉(zhuǎn)動(dòng)B.圖乙中蹄形磁體靠近自由轉(zhuǎn)動(dòng)的銅盤時(shí)，銅盤轉(zhuǎn)速不變C.圖丙中磁電式電流表中鋁框骨架若用質(zhì)量相等的塑料框替代效果相同D.圖丁中磁體從內(nèi)壁光滑閉合豎直鋁管的上端靜止釋放，磁體做自由落體運(yùn)動(dòng)【答案】A【解析】A．根據(jù)電磁驅(qū)動(dòng)原理，圖中當(dāng)手搖動(dòng)柄使得蹄形磁鐵轉(zhuǎn)動(dòng)，則鋁框會(huì)同向轉(zhuǎn)動(dòng)，且比磁體轉(zhuǎn)動(dòng)的慢，故A正確；B．轉(zhuǎn)動(dòng)銅盤時(shí)，導(dǎo)致銅盤切割磁感線，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，出現(xiàn)安培力，由楞次定律可知，產(chǎn)生安培力導(dǎo)致銅盤轉(zhuǎn)動(dòng)受到阻礙；則B錯(cuò)誤；C．磁電式儀表，把線圈繞在鋁框骨架上，鋁框中產(chǎn)生感應(yīng)電流，使線框盡快停止擺動(dòng)，起到電磁阻尼的作用，若用質(zhì)量相等的塑料框不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，因此不會(huì)產(chǎn)生阻礙效果，C錯(cuò)誤；D．磁體在鋁管中下落時(shí)，鋁管產(chǎn)生渦流，對(duì)小圓柱產(chǎn)生向上的阻力，所以磁體不是做自由落體運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤。故選A。3.如圖是學(xué)生常用的飯卡內(nèi)部實(shí)物圖，其由線圈和芯片組成電路，當(dāng)飯卡處于感應(yīng)區(qū)域時(shí)，刷卡機(jī)會(huì)激發(fā)變化的磁場(chǎng)，從而在飯卡內(nèi)線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流來(lái)驅(qū)動(dòng)芯片工作，已知線圈面積為，共匝，某次刷卡時(shí)，線圈平面與磁場(chǎng)垂直，且全部處于磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)，在感應(yīng)時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向向外且由0均勻增大到，此過(guò)程中（）A.線框中磁通量變化率為B.線框中產(chǎn)生周期性變化的順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流C.邊所受安培力方向向左D.線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為【答案】C【解析】A．根據(jù)題意可知線框中磁通量變化率為與線圈匝數(shù)無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；BD．設(shè)電路中總電阻為，根據(jù)楞次定律可知磁感應(yīng)強(qiáng)度向外均勻增大，由楞次定律可得感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)垂直線圈平面向里，根據(jù)安培定則可知感應(yīng)電流為順時(shí)針?lè)较?，電?dòng)勢(shì)大小為感應(yīng)電流大小可知，線圈中的感應(yīng)電流為恒定電流而不是周期性變化的。故BD錯(cuò)誤；C．當(dāng)感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針時(shí)，電流由，根據(jù)左手定則判斷可知，邊所受安培力方向向左。故C正確。故選C。4.錘子是常用裝修工具。鋪木地板時(shí)，調(diào)整地板之間銜接平整，需要用錘子輕輕敲打；把鐵釘釘入堅(jiān)硬的木板需要用錘子重重敲打。關(guān)于兩種情況下選用的錘子及理由，以下說(shuō)法正確的是（）A.釘鐵釘時(shí)，應(yīng)選鐵錘快速敲打，以獲得較大的打擊力B.釘鐵釘時(shí)，應(yīng)選木錘快速敲打，以獲得較小的打擊力C.鋪地板時(shí)，應(yīng)選鐵錘低速敲打，以獲得較小的打擊力D.鋪地板時(shí)，應(yīng)選木錘低速敲打，以獲得較大的打擊力【答案】A【解析】AB．根據(jù)動(dòng)量定理得解得釘鐵釘時(shí)，為了獲得較大的打擊力F，應(yīng)選擇鐵錘快速敲打。選擇鐵錘是增大錘子的質(zhì)量m，選擇鐵錘還可以減小鐵錘與鐵釘?shù)淖饔脮r(shí)間t，快速敲打是增加鐵錘的初速度v0，A正確，B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)鋪地板時(shí)，為了獲得較小的打擊力F，應(yīng)該選擇木錘低速敲打。選擇木錘是為了減小錘子的質(zhì)量m，選擇木錘還可以增加木錘與地板的作用時(shí)間t，低速敲打是減小木錘的初速度v0，CD錯(cuò)誤。故選A。5.圖甲為某同學(xué)研究自感現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)電路圖，用電流傳感器監(jiān)測(cè)通過(guò)電感線圈L中的電流。已知電路中燈泡的電阻R1=6Ω，定值電阻R2=2Ω，電源電動(dòng)勢(shì)為6V，內(nèi)阻不計(jì)。閉合開(kāi)關(guān)S使電路處于穩(wěn)定狀態(tài)，燈泡發(fā)光。在t=0.1s時(shí)刻斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S前后電流傳感器顯示電流隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示。電流傳感器的內(nèi)阻忽略不計(jì)，根據(jù)以上信息下列說(shuō)法中正確的是（）A.可以求出電感線圈的電阻B.可以估算出斷開(kāi)開(kāi)關(guān)后流過(guò)燈泡的電荷量C.可以判斷出斷開(kāi)開(kāi)關(guān)后R2兩端電壓的變化情況D.可以判斷出斷開(kāi)開(kāi)關(guān)后燈泡不會(huì)出現(xiàn)閃亮的現(xiàn)象【答案】ABC【解析】A．開(kāi)關(guān)S閉合且電路穩(wěn)定時(shí)流過(guò)線圈L的電流為1.5A，根據(jù)歐姆定律可得代入數(shù)據(jù)解得故A正確；B．根據(jù)可知，I-t圖像中圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積表示流過(guò)燈泡的電荷量，所以斷開(kāi)開(kāi)關(guān)后流過(guò)燈泡的電荷量為故B正確；C．由圖可知，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)后流過(guò)R2的電流從1.5A減為零，從而可以判斷斷開(kāi)開(kāi)關(guān)后R2兩端電壓的由3V變?yōu)榱?，故C正確；D．由于故閉合S時(shí)，流過(guò)線圈的電流大于流過(guò)燈泡電流，斷開(kāi)S發(fā)生自感現(xiàn)象時(shí)，小燈泡會(huì)發(fā)生閃亮現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤。故選ABC。二、不定項(xiàng)選擇題（本題共3小題，每小題5分，共15分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，都有多個(gè)選項(xiàng)是正確的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，選錯(cuò)或不答的得0分）6.為防范和打擊利用無(wú)線電技術(shù)手段進(jìn)行考試作弊行為，確保普通高考公平順利進(jìn)行，各市無(wú)線電管理處周密部署，多措并舉，全力以赴確保高考期間無(wú)線電安全。關(guān)于電磁波的發(fā)現(xiàn)及應(yīng)用，下列說(shuō)法正確的是（）A.紅外線波長(zhǎng)短，分辨率高，偵察上可用紅外線拍攝指紋照片B.X射線可用于進(jìn)行人體透視C.雷達(dá)發(fā)出或接收的電磁波受天氣影響，在濃霧天能見(jiàn)度低的黑夜不能使用D.在電磁波發(fā)射技術(shù)中，使載波隨各種信號(hào)而改變的技術(shù)叫調(diào)制【答案】BD【解析】A．偵察上用紫外線拍攝指紋照片，因?yàn)樽贤饩€波長(zhǎng)短，分辨率高，故A錯(cuò)誤；B．X射線有較強(qiáng)的穿透能力，用來(lái)進(jìn)行人體透視，故B正確；C．電磁波的使用不受天氣影響，故雷達(dá)在能見(jiàn)度低的黑夜一樣使用，故C錯(cuò)誤；D．在電磁波發(fā)射技術(shù)中，使載波隨各種信號(hào)而改變的技術(shù)叫調(diào)制，故D正確。故選BD。7.如圖理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比10:1，R0為定值電阻，R是滑動(dòng)變阻器，原線圈兩端輸入電壓，設(shè)理想交流電壓表V1、V2的示數(shù)分別是U1、U2；理想交流電流表A1、A2的示數(shù)分別是I1、I2，下列說(shuō)法正確的是（）A.電壓表V2的示數(shù)U2=20VB.滑片P向b端滑動(dòng)過(guò)程中，U2不變，I2變大C.滑片P向b端滑動(dòng)過(guò)程中，U1變小，I1變大D.通過(guò)原、副線圈的交變電流頻率比1:1【答案】BD【解析】A．由表達(dá)式知輸入電壓有效值為根據(jù)原副線圈與匝數(shù)的關(guān)系可得所以電壓表V2的示數(shù)為，故A錯(cuò)誤；BC．滑片P向b端滑動(dòng)過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻減小，電壓U1不變，則U2不變，I2變大，根據(jù)原副線圈電流與匝數(shù)的關(guān)系可知，I1變大，故B正確，C錯(cuò)誤；D．變壓器不改變交變電流的頻率，所以通過(guò)原、副線圈的交變電流頻率比1:1，故D正確。故選BD。8.如圖甲所示，在自行車車輪邊緣安裝小型發(fā)電機(jī)，可以為車燈提供電能。小型發(fā)電機(jī)內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖乙所示，轉(zhuǎn)軸一端連接半徑r0=1cm的摩擦小輪，摩擦小輪與車輪邊緣接觸，當(dāng)車輪轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，依靠摩擦，車輪帶動(dòng)摩擦小輪轉(zhuǎn)動(dòng)，從而帶動(dòng)線框轉(zhuǎn)動(dòng)。已知矩形線框匝數(shù)N=100，面積S=10cm2，總電阻R=2Ω，磁極間的磁場(chǎng)可視為磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，線框通過(guò)電刷與電阻恒為R=2Ω、額定功率P=9W的燈泡相連。一同學(xué)某次勻速騎行時(shí)，燈泡兩端電壓隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖丙所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.線框轉(zhuǎn)到圖乙所示位置時(shí)，通過(guò)線框的磁通量變化率為0B.該同學(xué)這次騎行速度v=3m/sC.圖丙中的D.騎行速度超過(guò)12m/s，燈泡也不會(huì)被燒壞【答案】AB【解析】A．線框轉(zhuǎn)到圖乙所示位置時(shí)，線圈平面與磁感線垂直，此時(shí)磁通量最大，通過(guò)線框的磁通量變化率為0，選項(xiàng)A正確；B．交流電的周期摩擦小輪邊緣的線速度該同學(xué)這次騎行速度v=3m/s選項(xiàng)B正確；C．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值圖丙中的選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．若騎行速度為12m/s，即線速度變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，則摩擦小輪的角速度變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，根據(jù)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，燈泡兩端電壓的有效值變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，根據(jù)燈泡的功率變?yōu)樵瓉?lái)的16倍，燈泡會(huì)被燒壞，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選AB。第Ⅱ卷（共60分）三、填空題（本題共2小題，每題6分，共12分）9.利用如圖所示的裝置可以探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系：（1）除圖中所示器材外，還需要的器材有___________；A.干電池B.低壓交流電源C.直流電壓表D.多用電表（2）下列說(shuō)法正確的是___________；A.變壓器工作時(shí)通過(guò)鐵芯導(dǎo)電把電能由原線圈輸送到副線圈B.變壓器工作時(shí)在原線圈上將電能轉(zhuǎn)化成磁場(chǎng)能，在副線圈上將磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化成電能，鐵芯起到“傳遞”能量的作用C.理想變壓器原、副線圈中的磁通量總是相同D.變壓器副線圈上不接負(fù)載時(shí)，原線圈兩端電壓為零（3）由于變壓器工作時(shí)有能量損失，實(shí)驗(yàn)測(cè)得的原、副線圈的電壓比應(yīng)當(dāng)___________（選填“大于”、“等于”或者“小于”）原、副線圈的匝數(shù)比。【答案】（1）BD（2）BC（3）大于【解析】（1）[1]實(shí)驗(yàn)中若用干電池變壓器不能互感變壓，必須要有低壓交流電源提供交流電，B需要；需要用多用表測(cè)量電壓，D需要；綜上所述需要的實(shí)驗(yàn)器材為BD；（2）[2]A．變壓器是通過(guò)互感工作，而不是通過(guò)鐵芯導(dǎo)電把電能由原線圈輸送到副線圈，故A錯(cuò)誤；B．變壓器工作時(shí)在原線圈上將電能轉(zhuǎn)化成磁場(chǎng)能，在副線圈上將磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化成電能，鐵芯起到“傳遞”能量的作用，故B正確；C．理想變壓器的原副線圈通過(guò)鐵芯共用同一個(gè)磁場(chǎng)，則兩線圈的磁通量總是相同，磁通量的變化率也相同，故C正確；D．變壓器的原線圈兩端電壓由發(fā)電機(jī)提供，則副線圈上不接負(fù)載時(shí)，原線圈兩端的電壓不變，故D錯(cuò)誤；（3）[3]根據(jù)變壓器原理可知原副線圈兩端電壓之比等于原副線圈兩端電壓之比，即變壓器原、副線圈電壓應(yīng)與其匝數(shù)成正比，實(shí)驗(yàn)中由于變壓器的銅損、磁損和鐵損，導(dǎo)致變壓器的鐵芯損失一部分的磁通量，所以副線圈上的電壓的實(shí)際值一般略小于理論值，所以原線圈與副線圈的電壓之比一般大于原線圈與副線圈的匝數(shù)之比。10.在第四次“天宮課堂”中，航天員演示了動(dòng)量守恒實(shí)驗(yàn)．受此啟發(fā)，某同學(xué)用如圖甲所示的裝置“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”，部分實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)P、Q上固定的遮光條寬度分別為和．測(cè)示數(shù)如圖乙所示，其讀數(shù)為_(kāi)_______；（2）在調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平時(shí)，開(kāi)啟充氣泵，將其中一個(gè)滑塊輕放在導(dǎo)軌中部后，發(fā)現(xiàn)它向右加速運(yùn)動(dòng)。此時(shí)，可以調(diào)節(jié)左支點(diǎn)使其高度________（選填“升高”或“降低”），直至滑塊能靜止在導(dǎo)軌上。（3）用天平測(cè)得、的質(zhì)量（含遮光條）分別為和。實(shí)驗(yàn)時(shí)，將兩個(gè)滑塊壓縮輕彈簧后用細(xì)線栓緊，然后燒斷細(xì)線，輕彈簧將兩個(gè)滑塊彈開(kāi)，測(cè)得它們通過(guò)光電門的時(shí)間分別為、。則動(dòng)量守恒應(yīng)滿足的關(guān)系式為_(kāi)_______（用、、、、、表示）?！敬鸢浮浚?）6.860（6.858-6.862）（2）降低（3）【解析】（1）螺旋測(cè)微器的精確值為，由圖乙可得（2）在調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平時(shí)，開(kāi)啟充氣泵，將其中一個(gè)滑塊輕放在導(dǎo)軌中部后，發(fā)現(xiàn)它向右加速運(yùn)動(dòng)，可知此時(shí)左端高，右端低，可以調(diào)節(jié)左支點(diǎn)使其高度降低，直至滑塊能靜止在導(dǎo)軌上。（3）兩滑塊被彈簧彈開(kāi)后的速度分別為，若動(dòng)量守恒，則有聯(lián)立可得動(dòng)量守恒應(yīng)滿足的關(guān)系式為四、解答題（本題共3小題，共48分）11.摩托車騎乘人員必須依法佩戴具有防護(hù)作用的安全頭盔。劉同學(xué)利用課余時(shí)間對(duì)某頭盔的安全性能進(jìn)行測(cè)試。如圖所示，他在質(zhì)量m1=0.4kg的頭盔中裝入質(zhì)量m2=5.0kg的物塊，使頭盔從h=3.2m的高處由靜止落下，頭盔與水平地面發(fā)生碰撞后，頭盔經(jīng)過(guò)t1=0.05s速度減為零（不反彈）。由于頭盔的緩沖，物塊經(jīng)過(guò)t2=0.2s速度減為零。取重力加速度大小g=10m/s2，不計(jì)空氣阻力，認(rèn)為物塊減速過(guò)程中物塊與頭盔的作用力可看作恒力。求：（1）頭盔落地瞬間，物塊的動(dòng)量大小p；（2）在物塊的速度減為零的過(guò)程中，頭盔對(duì)物塊作用力的大小F；（3）在頭盔的速度減為零的過(guò)程中，地面對(duì)頭盔沖量I的大小和方向?！敬鸢浮浚?）40kg·m/s（2）250N（3）15.9N·s，方向豎直向上【解析】（1）由自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律有頭盔落地瞬間的速度大小為物塊的動(dòng)量大小為聯(lián)立解得（2）由動(dòng)量定理有可得（3）由牛頓第三定律得對(duì)頭盔，由動(dòng)量定理有可得方向豎直向上。12.為了探究物體間碰撞特性，設(shè)計(jì)了如圖實(shí)驗(yàn)裝置。水平直軌道AB、CD和水平傳送帶平滑無(wú)縫連接，兩半徑均為R=0.4m的四分之一圓周組成的豎直細(xì)圓弧管道DEF與軌道CD和足夠長(zhǎng)的水平直軌道FG平滑相切連接。質(zhì)量為3m的滑塊b與質(zhì)量為2m的滑塊c用輕質(zhì)彈簧連接，靜置于軌道FG上?，F(xiàn)有質(zhì)量m=0.1kg的滑塊a以初速度從A處進(jìn)入，經(jīng)傳送帶和DEF管道后，與FG上的滑塊b碰撞（時(shí)間極短）。已知傳送帶長(zhǎng)L=0.8m，以v=2m/s的速率順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，滑塊a與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5，其它摩擦和阻力均不計(jì)，各滑塊均可視為質(zhì)點(diǎn)，g=10m/s2。求：（1）物塊a到達(dá)D點(diǎn)的速度的大?。唬?）物塊a剛到達(dá)與等高的E點(diǎn)時(shí)，軌道對(duì)物塊a的彈力大??；（3）若a、b兩物塊碰后粘在一起，則在接下來(lái)的運(yùn)動(dòng)中彈簧的最大彈性勢(shì)能?！敬鸢浮浚?）3m/s（2）4.25N（3）【解析】（1）設(shè)物塊a滑上傳送帶后一直減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可得由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得解得假設(shè)成立，所以物塊a到達(dá)D點(diǎn)的速度為；（2）物塊a由D到E過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得在E點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律，有聯(lián)立解得（3）物塊a由D到F過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理可得物塊a、b相碰，根據(jù)動(dòng)量守恒可得物塊a、b、c相互作用至彈簧壓縮最大