2026屆江蘇省宿遷市宿遷中學高三化學第一學期期中綜合測試試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、向一定量的Fe、FeO和Fe2O3的混合物中加入120mL4mol·L－1的稀硝酸，恰好使混合物完全溶解，放出1.344LNO(標準狀況)，往所得溶液中加入KSCN溶液，無紅色出現(xiàn)。若用足量的氫氣在加熱下還原相同質量的混合物，能得到鐵的物質的量為()A．0.24mol B．0.21mol C．0.16mol D．0.14mol2、下列實驗操作或檢驗正確的是A．收集氯氣 B．轉移溶液 C．模擬工業(yè)制備并檢驗氨氣 D．用海水制少量蒸餾水3、下列敘述中正確的是A．液溴易揮發(fā)，在存放液溴的試劑瓶中應加水封B．能使?jié)櫇竦牡矸跭I試紙變成藍色的物質一定是Cl2C．某溶液加入CCl4，CCl4層顯紫色，證明原溶液中存在I－D．某溶液加入BaCl2溶液，產生不溶于稀硝酸的白色沉淀，該溶液一定含有Ag＋4、在酸性介質中，往MnSO4溶液里滴加（NH4）2S2O8（過二硫酸銨）溶液會發(fā)生如下反應：Mn2++S2O82﹣+H2O→MnO4﹣+SO42﹣+H+，下列說法不正確的是（

）A．可以利用該反應檢驗Mn2+B．氧化性比較：S2O82﹣＞MnO4﹣C．該反應中酸性介質可以為鹽酸D．若有0.1mol氧化產物生成，則轉移電子0.5mol5、設NA為阿伏加德羅常數(shù)的值，下列敘述正確的是A．標準狀況下，2.24LCCl4含有的共價鍵數(shù)為0.4NAB．1molN2與4molH2反應生成的NH3，轉移的電子數(shù)目為6NAC．常溫常壓下,46gNO2和N2O4的混合物中所含原子總數(shù)為3NAD．含有0.01molFeCl3的溶液制成的膠體中，膠體粒子的數(shù)目約為6.02×1021個6、下列實驗現(xiàn)象預測、實驗設計、儀器使用能達到目的是A．模擬工業(yè)制氨氣并檢驗產物B．實驗室采用所示裝置收集SO2C．可用所示裝置驗證鐵發(fā)生析氫腐蝕D．可用所示裝置比較KMnO4、Cl2、S的氧化性強弱7、下列物質的用途中，利用物質氧化性的是A．氧化鋁做耐火材料 B．K、Na合金作原子反應堆導熱劑C．焦炭用于煉鐵工業(yè) D．次氯酸消毒餐具8、設NA表示阿伏加德羅常數(shù)。下列說法中錯誤的是A．0.1mol/L的NaClO溶液中含ClO-的濃度小于0.1mol/LB．標準狀況下，22.4L乙烯中含極性共價鍵數(shù)為4NAC．1mol氫氧根離子與1mol羥基所含電子數(shù)均為10NAD．3.0g甲醛和甲酸甲酯的混合物中含有的原子數(shù)為0.4NA9、某溶液中可能含有Na+、NH4+、Ba2+、SO42－、I－、S2－。分別取樣：①用pH計測試，溶液顯弱酸性；②加氯水和淀粉無明顯現(xiàn)象。為確定該溶液的組成，還需檢驗的離子是A．NH4+ B．SO42－ C．Ba2+ D．Na+10、一定溫度下，在冰醋酸加水稀釋的過程中，溶液的導電能力(I)隨著加入水的體積V變化的曲線如圖所示。下列說法正確的是()A．a、c兩點pH不同B．向c溶液中加水，溶液中所有離子濃度都減小C．誤用濕潤的pH試紙測b點pH結果偏小D．c(CH3COO-)

/c(CH3COOH)

b點大于c點11、設NA為阿伏加德羅常數(shù)的值，下列敘述正確的是()A．標準狀況下，33.6L氟化氫中含有氟原子的數(shù)目為1.5NAB．某密閉容器盛0.1molN2和0.3molH2，在一定條件下充分反應，轉移電子的數(shù)目為0.6NAC．1molNa與足量O2在一定條件下完全反應時轉移電子數(shù)為NAD．1mol·L－1Na2SO4溶液中，Na＋和SO離子數(shù)的總和一定為3NA12、下列溶液中溶質的物質的量濃度為1mol·L－1的是（）A．將58.5gNaCl溶解于1L水中配成的溶液B．將40gNaOH溶于水并配成1L溶液C．將0.5mol·L－1的NaNO3溶液100mL加熱蒸發(fā)掉50g水的溶液D．含K＋為2mol的K2SO4溶液13、下列說法錯誤的是A．實驗室廢棄的鈉需要乙醇處理B．實驗室鈉著火，不能用泡沫滅火器；但是鎂著火可以用C．金屬鎂在空氣中完全燃燒后，最后剩余三種固體D．侯德榜制堿法利用了鹽的溶解性差異14、用下列裝置完成相關實驗，合理的是A．圖①：驗證酸性：CH3COOH>H2CO3>H2SiO3B．圖②：收集CO2

或NH3C．圖③：

用于石油分餾D．圖④：分離CH3CH2OH

與CH3COOC2H515、如圖曲線a表示放熱反應X(g)+Y(g)+N(s)Z(g)+M(g)進行過程中X的轉化率隨時間變化的關系。在其它條件不變時改變某個條件，使反應過程按b曲線進行，可采取的措施是A．升高溫度 B．加大X的投入量C．縮小容器的體積 D．增加N的量16、實驗室從含溴化氫的廢液中提取溴單質，下列說法中能達到實驗目的是（）A．氧化廢液中的溴化氫B．分離CCl4層和水層C．分離CCl4和液溴D．長期貯存液溴二、非選擇題（本題包括5小題）17、芳香烴A(C7H8)是重要的有機化工原料，由A制備聚巴豆酸甲酯和醫(yī)藥中間體K的合成路線(部分反應條件略去)如圖所示：已知：①②③(弱堿性，易氧化)回答下列問題：(1)A的名稱是____________，I含有的官能團是_______________________。(2)②的反應類型是______________，⑤的反應類型是__________________。(3)B、試劑X的結構簡式分別為____________________、____________________。(4)巴豆酸的化學名稱為2-丁烯酸，有順式和反式之分，巴豆酸分子中最多有_____個原子共平面，反式巴豆酸的結構簡式為__________________________。(5)第⑦⑩兩個步驟的目的是_________________________________________________。(6)既能發(fā)生銀鏡反應又能發(fā)生水解反應的二元取代芳香化合物W是F的同分異構體，W共有_______種，其中苯環(huán)上只有兩種不同化學環(huán)境的氫原子且屬于酯類的結構簡式___。(7)將由B、甲醇為起始原料制備聚巴豆酸甲酯的合成路線補充完整(無機試劑及溶劑任選)______________________________________________.18、衣康酸M是制備高效除臭劑、粘合劑等多種精細化學品的重要原料，可經下列反應路線得到(部分反應條件已略)。已知：①R-CH2-Cl+NaCN→R-CH2-CN+NaCl②R-CH2-CN+NaOH+H2O→R-CH2-COONa+NH3完成下列填空：(1)A的結構簡式是_____________，M中官能團的名稱是________________，(2)寫出B→C的化學反應方程式________________________________________。寫出G的結構簡式______________________________________(3)反應a與反應b的先后順序不能顛倒，解釋原因：_________________________________________________________________________。(4)寫出由A和1,3—丁二烯1:1共聚所得高聚物的結構簡式____________________________(5)請設計由CH2=CHCH2OH制備CH2=CHCOOH的合成路線(無機試劑任選)________________________________________。19、水合肼是無色、有強還原性的液體，實驗室制備水合肼的原理為：CO(NH2)2+2NaOH+NaClO==Na2CO3+N2H4·H2O+NaCl據(jù)此，某學生設計了下列實驗。（制備NaClO溶液）實驗裝置如圖甲所示（部分夾持裝置已省略）已知：3NaClO2NaCl+NaClO3（1）請寫出肼的電子式_________________。（2）配制30%NaOH溶液時，所需玻璃儀器除量筒外還有________________。（3）裝置I中發(fā)生的化學反應方程式是____________________________；Ⅱ中用冰水浴控制溫度在30℃以下，其主要目的是______________________________。（制取水合肼）實驗裝置如圖乙所示。（4）儀器B的名稱為_________；反應過程中，如果分液漏斗中溶液的滴速過快，部分N2H4·H2O參與A中反應并產生大量氮氣，請寫出該反應的化學反應方程式__________。（5）充分反應后，加熱蒸餾A內的溶液即可得到水合肼的粗產品。若在蒸餾剛剛開始的時候忘記添加沸石，應該采取的操作是_____________________。（測定肼的含量）稱取餾分0.2500g，加水配成20.00mL溶液，在一定條件下，以淀粉溶液做指示劑，用0.1500mol·L－1的I2溶液滴定。已知：N2H4·H2O+2I2==N2↑+4HI+H2O①滴定終點時的現(xiàn)象為______________________________。②實驗測得消耗I2溶液的平均值為20.00mL，餾分中N2H4.H2O的質量分數(shù)為______。20、二氯異氰尿酸鈉是常用的殺菌消毒劑，常溫下為白色固體，難溶于冷水。某同學利用高濃度的NaClO溶液和固體，在時反應制備二氯異氰尿酸鈉，實驗裝置如下圖所示(部分夾持裝置略)。已知：回答下列問題：(1)儀器a的名稱為___________；裝置A中制備的化學方程式為________________________。(2)待裝置B____________(填實驗現(xiàn)象)時，再由三頸燒瓶上口加入固體；反應過程中仍需不斷通入的理由是________________________。(3)反應結束后，裝置B中的濁液經過濾、____________、干燥得粗產品。上述裝置存在一處缺陷會導致裝置B中NaOH利用率降低，改進的方法是________________________。(4)通過下列實驗測定二氯異氰尿酸鈉樣品中有效氯的含量。反應原理：實驗步驟：準確稱取mg樣品，用容量瓶配成250mL溶液；取上述溶液于碘量瓶中，加入適量稀硫酸和過量KI溶液，充分反應后，用標準溶液滴定至溶液呈微黃色。加入淀粉指示劑繼續(xù)滴定至終點，消耗溶液。①該樣品的有效氯含量表達式為____________。()②下列操作將導致樣品有效氯測定值偏低的是__________(填標號)。a．加入稀硫酸的量過少b．滴定前滴定管未排氣泡滴定后氣泡消失c．錐形瓶內溶液藍色消失后立即讀數(shù)d．讀數(shù)時，滴定前平視、滴定后仰視21、Ⅰ甲醇是重要的化工原料,在日常生活中有著廣泛的應用.（1）工業(yè)上一般采用下列兩種反應合成甲醇：反應Ⅰ：CO(g)＋2H2(g)CH3OH(g)ΔH1反應Ⅱ：CO2(g)＋3H2(g)CH3OH(g)+H2O(g)ΔH2在以上制備甲醇的兩個反應中:反應I優(yōu)于反應II,原因為_____________。（2）已知在常溫常壓下：①2CH3OH(l)＋3O2(g)＝2CO2(g)＋4H2O(l)ΔH1＝－Q1kJ／mol②2CO(g)+O2(g)＝2CO2(g)ΔH2＝－Q2kJ／mol③H2O(g)＝H2O(l)ΔH3＝－Q3kJ／mol請寫出甲醇發(fā)生不完全燃燒生成一氧化碳和氣態(tài)水的熱化學反應方程式：_______。（3）某同學依據(jù)甲醇燃燒的反應原理，設計如下圖所示的電池裝置，工作一段時間后，測得溶液的pH將___________填“升高”、“降低”、“不變”），該燃料電池負極反應的離子方程式為：________________。Ⅱ325K、起始壓強為100kPa時，在體積為2L的密閉容器中充入4.6gNO2,發(fā)生反應：2NO2(g)N2O4(g)。（1）NO2與N2O4的消耗速率與其濃度的關系如圖所示，圖中交點A表示該反應所處的狀態(tài)為________；A．平衡狀態(tài)B．朝正反應方向移動C．朝逆反應方向移動D．無法判斷（2）能夠說明上述反應已經達到平衡狀態(tài)的有____________；a．NO2和N2O4的物質的量相等b．體系顏色不在變化c．容器內混合氣體的密度不再改變d．容器內氣體壓強不發(fā)生變化（3）若達到平衡后容器內混合氣體的平均相對分子質量為57.5。平衡時NO2的轉化率為_______，此條件下的平衡常數(shù)K=________________。

參考答案一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、B【解析】由題意知，反應后的溶液中只有溶質Fe(NO3)2，由N元素的守恒可知，其物質的量為=0.21mol，依據(jù)鐵的守恒可知若用足量的氫氣在加熱下還原相同質量的混合物，能得到鐵的物質的量也就是0.21mol，答案選B。2、D【詳解】A、收集氯氣時，氯氣的密度大于空氣密度，應該采取長進短出方法，A錯誤；B、配制一定物質的量濃度的溶液時，轉移溶液應該使用玻璃棒引流，不能直接倒入容量瓶，避免液體流到容量瓶外，B錯誤；C、檢驗氨氣使用的是濕潤的紅色石蕊試紙，C錯誤；D、可以利用水與鹽的沸點差別較大，利用蒸餾裝置制取少量的蒸餾水，D正確。答案選D。3、A【分析】A.溴易揮發(fā)，可用水封；B.濕潤的KI淀粉試紙接觸某氣體而顯藍色，說明氣體和碘離子反應把碘離子氧化為單質碘，遇到淀粉變藍；C.碘鹽易溶于水，不易溶于CCl4；D.該題中，產生的不溶于稀硝酸的白色沉淀有可能是氯化銀，也有可能是硫酸鋇?！驹斀狻緼.溴易揮發(fā)，密度比水大，可用水封，A正確；B.NO2氣體、溴單質等也可以把碘離子氧化為單質碘，碘單質遇到淀粉變藍，B錯誤；C.碘鹽易溶于水，不易溶于CCl4，則碘鹽溶于水，在溶液中加入CCl4，振蕩，不會發(fā)生萃取，C錯誤；D.某溶液加入BaCl2溶液，產生不溶于稀硝酸的白色沉淀，該溶液不一定含有Ag+，有可能含有SO42-，D錯誤；故合理選項是A。【點睛】本題考查鹵族元素的知識，熟悉溴的物理性質，碘單質的特性，萃取的原理是解答本題的關鍵。4、C【解析】A、在酸性條件下，加入(NH4)2S2O8，如果溶液變?yōu)樽霞t色，說明原溶液中含有Mn2＋，故A說法正確；B、利用氧化劑的氧化性大于氧化產物的氧化性，根據(jù)反應S2O82－為氧化劑，MnO4－為氧化產物，因此S2O82－的氧化性強于MnO4－，故B說法正確；C、高錳酸鉀具有強氧化性，能把Cl－氧化成Cl2，因此酸性介質不能是鹽酸，故C說法錯誤；D、氧化產物是MnO4－，因此轉移電子物質的量為0.1×(7－2)mol=0.5mol，故D說法正確。5、C【解析】A、標況下四氯化碳為液態(tài)，故不能根據(jù)氣體摩爾體積來計算其物質的量和含有的共價鍵個數(shù)，選項A錯誤；B、合成氨的反應為可逆反應，1molN2與4molH2反應生成的NH3分子數(shù)小于2NA，選項B錯誤；C、把四氧化二氮全部轉換成二氧化氮，這樣46g二氧化氮是1mol，原子總數(shù)為3NA，選項C正確；D、膠體粒子是氫氧化鐵的集合體，0.01molFe3+完全水解生成氫氧化鐵膠體粒子的數(shù)目小于6.02×1021個，選項D錯誤。答案選C。6、D【解析】A.檢驗氨氣應該用濕潤的紅色石蕊試紙，故A錯誤；B.SO2的密度比空氣大，應采用“長進短出”的方式收集SO2，故B錯誤；C.食鹽水呈中性，含有溶解的氧氣，鐵生銹時發(fā)生吸氧腐蝕，故C錯誤；D.錐形瓶中高錳酸鉀與濃鹽酸反應生成黃綠色氣體，試管中有淡黃色的固體生成，說明生成了Cl2和S，證明KMnO4、Cl2、S的氧化性依次減弱，故D正確；答案選D。7、D【解析】有電子轉移的化學反應是氧化還原反應,在氧化還原反應中得電子的反應物是氧化劑,氧化劑具有氧化性,

A.氧化鋁作耐火材料是利用其高熔點；

B.K.Na合金作原子反應堆導熱劑是利用其低熔點；C.焦炭具有強還原性；

D.次氯酸具有強氧化性,可用于殺菌消毒。【詳解】A.氧化鋁的熔點較高,在一般溫度下不易熔化,所以氧化鋁作耐火材料是利用氧化鋁的高熔點，故A錯誤；

B.K、Na合金熔點低,可作原子反應堆的導熱劑,利用的不是氧化性，故B錯誤；

C.焦炭具有還原性,所以能作還原劑而用于煉鐵,故C錯誤；

D.次氯酸消毒餐具,利用的是次氯酸的強氧化性,故D正確；

綜上所述，本題正確選項D。8、C【詳解】A、NaClO溶液中ClO-水解，故含ClO-的濃度小于0.1mol/L，A項正確；B、標準狀況下，22.4L乙烯是1mol，含極性共價鍵是CH鍵，共為4NA，B項正確；C、1mol氫氧根離子所含電子數(shù)均為10NA，但1mol羥基所含電子數(shù)均為9NA，C項錯誤；D、甲醛和甲酸甲酯最簡式相同，都是CH2O，3.0g共含最簡式0.1mol，混合物中含有的原子數(shù)為0.4NA，D項正確；答案選C。9、D【詳解】由①可知溶液顯弱酸性，上述離子只有NH4+水解使溶液顯酸性，則一定含有NH4+，而S2-水解顯堿性，且其水解程度比NH4+大，則溶液中一定不含有S2-；再由氯水能氧化I-生成碘單質，而碘遇淀粉變藍，而②中加氯水和淀粉無明顯現(xiàn)象，則一定不含有I-；又溶液呈電中性，有陽離子必有陰離子，則溶液中有NH4+，必須同時存在陰離子，即SO42－必然存在，而Ba2+、SO42－能結合生成沉淀，則這兩種離子不能共存，即一定不存在Ba2+；顯然剩下的Na+是否存在無法判斷，則需檢驗的離子是Na+，故D符合題意；所以答案：D。10、C【解析】試題分析：A．a、c兩點的導電性相同，表示溶液中的離子濃度相等，則pH相同，故A錯誤；B．溶液顯酸性，向c溶液中加水，溶液中主要存在的離子濃度都減小，根據(jù)水的離子積常數(shù)，氫氧根離子濃度增大，故B錯誤；C．誤用濕潤的pH試紙測b點pH，相當于將溶液稀釋，溶液中氫離子濃度減小，pH增大，故C正確；D．根據(jù)Ka=c(CH考點：考查了弱電解質的稀釋與溶液導電性的相關知識。11、C【解析】標準狀況下，HF是液體，所以選項A錯誤。N2和H2的反應是可逆反應，所以0.1mol的N2不可能完全參與反應，所以轉移電子一定小于0.6mol，選項B錯誤。Na與足量O2在一定條件下完全反應，Na一定轉化為Na+，所以1molNa一定轉移1mol電子，選項C正確。選項D中未說明溶液體積，所以無法計算，選項D錯誤。12、B【詳解】A.選項中“1L水”是指溶劑的體積，溶液體積不一定為1L，故A錯誤；B.40gNaOH為1mol，溶液體積為1L，所得溶液的物質的量濃度為1mol/L，故B正確；C.NaNO3溶液的密度不是1g/mL，蒸發(fā)掉50g水所得的溶液不是50mL，故C錯誤；D.含K+為2mol的K2SO4溶液體積不知道，無法計算濃度，故D錯誤；答案選B。13、B【詳解】A．實驗室常用無水乙醇處理少量廢棄的鈉，2CH3CH2OH+2Na→2CH3CH2ONa+H2↑，反應緩慢，較為安全，故A正確；B．鈉著火生成的過氧化鈉能夠與二氧化碳反應生成氧氣，起不到滅火的作用，鎂可在二氧化碳中燃燒，鈉、鎂等活潑金屬著火時，不能用泡沫滅火器滅火，一般可用沙子撲滅，故B錯誤；C．金屬鎂在空氣中完全燃燒，大部分的鎂與氧氣反應生成氧化鎂，少量的鎂與氮氣反應生成氮化鎂，還有少量的鎂與二氧化碳反應生成氧化鎂和碳，最后生成三種固體，故C正確；D．“侯德榜制堿法”的反應物為氨氣、二氧化碳和飽和氯化鈉溶液，反應的方程式為NaCl（飽和）+NH3+CO2+H2O=NaHCO3↓+NH4Cl，利用了鹽的溶解性差異，故D正確；故選B。14、B【解析】A.醋酸具有揮發(fā)性，二氧化碳夾帶的醋酸蒸氣干擾驗證酸性：H2CO3>H2SiO3，故A不合理；B.CO2密度大于空氣，收集CO2時氣體“長進短出”，NH3密度小于空氣，收集NH3時氣體“短進長出”，故B合理；C.缺少冷凝裝置，故C不合理；D.CH3CH2OH

與CH3COOC2H5互溶，不可使用分液分離CH3CH2OH與CH3COOC2H5，故D不合理。故選B。15、C【分析】由圖像可知，由曲線a到曲線b，到達平衡的時間縮短，故改變條件后，反應速率加快，平衡時X的轉化率不變，說明條件改變不影響平衡狀態(tài)的移動，據(jù)此分析判斷?！驹斀狻緼、該反應是放熱反應，升高溫度，反應速率加快，平衡向逆反應移動，X的轉化率降低，與圖像不符，故A錯誤；B、加大X的投入量，X濃度增大，反應速率加快，平衡向正反應移動，但X的轉化率降低，故B錯誤；C、縮小反應容器的體積，物質的濃度增大，反應速率加快，反應前后氣體的物質的量不變，平衡不移動，故C正確；D、N是固體，增加N的投入量，不影響反應速率，平衡不移動，故D錯誤；故選C?！军c睛】本題的易錯點為D，要注意N為固體，增大固體的投入量，平衡不移動，反應速率不加快。16、B【解析】A.氯氣的通入要“長進短出”，故A不能達到實驗目的；B.可用分液的方法分離CCl4層和水層，故B能達到實驗目的；C.CCl4和液溴易揮發(fā)，不適合使用蒸餾的方法分離CCl4和液溴，故C不能達到實驗目的；D.液溴易腐蝕橡膠，故D不能達到實驗目的。故選B。二、非選擇題（本題包括5小題）17、甲苯羧基、酰胺基氧化反應取代反應（硝化反應）10保護氨基，防止其被氧化6【分析】由分子式可知A為甲苯，B經反應可生成聚巴豆酸甲酯，由根據(jù)信息①可知，B為，D為丙二酸，E為C2H5OOCCH2COOC2H5，由題給信息可知試劑X為，甲苯發(fā)生硝化反應生成F為，F(xiàn)發(fā)生還原反應生成G為，由I的結構簡式、H的分子式可知H的結構簡式為：，H被酸性高錳酸鉀溶液氧化生成I，I發(fā)生取代反應生成G，J發(fā)生水解反應生成K，可知G→H是為了保護氨基，防止被氧化，以此解答該題?！驹斀狻?1)根據(jù)流程圖A(C7H8)是芳香烴，可知A是甲苯；根據(jù)I的結構簡式，分子中含有羧基、酰胺基兩種官能團；(2)酸性高錳酸鉀具有強氧化性，能將碳碳雙鍵氧化，即②發(fā)生氧化反應；反應⑤甲苯發(fā)生硝化反應，生成對硝基甲苯；(3)根據(jù)信息①可知，B的結構簡式為；根據(jù)信息②可知，試劑X的結構簡式為；(4)反式-2-丁烯酸分子的結構簡式為，除了甲基上兩個氫原子不在雙鍵結構所確定的平面上，其它所有原子都可能在同一平面上，共有10個原子；(5)第⑦、⑩兩個步驟的目的是：第⑦步先把氨基保護起來，防止氨基被酸性高錳酸鉀氧化，第⑩步再水解，重新生成氨基；(6)既能發(fā)生銀鏡反應又能發(fā)生水解反應的二元取代芳香化合物W只能為、、或、、，苯環(huán)上只有兩種不同化學環(huán)境的氫原子且屬于酯類的結構簡式為；(7)分析知B為，它經過與氫氣發(fā)生加成反應，再發(fā)生消去反應、酯化反應、加聚反應，即可得到聚巴豆酸甲酯。具體合成路線：?！军c睛】本題的解題關鍵在于已知信息的靈活運用，熟悉官能團的性質和有機反應類型。18、碳碳雙鍵、羧基如果先消去再氧化，則氧化羥基時碳碳雙鍵也可能被氧化或；CH2=CHCH2OHCH3-CHClCH2OHCH3-CHClCOOHCH2=CHCOONaCH2=CHCOOH【分析】C與NaCN發(fā)生信息(1)的反應生成D，根據(jù)D的結構可知，C為，由B、C的分子式可知，B脫去1分子HCl發(fā)生消去反應生成C，結合A的分子式可知，A含有C=C雙鍵，與氯氣發(fā)生加成反應生成B，則B為、A為；由F的結構可知，D與氯氣發(fā)生加成反應生成E，E發(fā)生信息(2)中的水解反應得到F，故E為；為防止羥基氧化時，C=C雙鍵被氧化，故F先發(fā)生氧化反應生成G，G發(fā)生消去反應、酸化后得到M，故G為，據(jù)此分析解答?！驹斀狻?1)由上述分析可知，A為，根據(jù)M()的結構可知，含有官能團為：碳碳雙鍵、羧基，故答案為：；碳碳雙鍵、羧基；(2)B→C的化學方程式為：，G的結構簡式為：，故答案為：；；(3)如果先消去再氧化，則氧化羥基時碳碳雙鍵也可能被氧化，故反應a與反應b的先后次序不能顛倒，故答案為：如果先消去再氧化，則氧化羥基時碳碳雙鍵也可能被氧化；(4)由A()和1，3—丁二烯(CH2=CH-CH=CH2)1:1共聚所得高聚物的結構簡式為或，故答案為：或；(5)由CH2=CHCH2OH制備CH2=CHCOOH，需要將醇羥基氧化生成羧基，在氧化前需要保護碳碳雙鍵，因此合成路線為CH2=CHCH2OHCH3-CHClCH2OHCH3-CHClCOOHCH2=CHCOONaCH2=CHCOOH，故答案為：CH2=CHCH2OHCH3-CHClCH2OHCH3-CHClCOOHCH2=CHCOONaCH2=CHCOOH。19、燒杯、玻璃棒MnO2＋4HCl(濃)MnCl2＋Cl2↑＋2H2O防止溫度過高次氯酸鈉變?yōu)槁然c和氯酸鈉直形冷凝管N2H4·H2O+2NaClO====2NaCl+N2↑+3H2O冷卻后補加滴定終點時的現(xiàn)象為當加入最后一滴滴定劑的時候，溶液由藍色變?yōu)闊o色，且半分鐘內不恢復30.0%【分析】根據(jù)氮原子形成8電子穩(wěn)定結構、氫原子形成2電子穩(wěn)定結構分析電子式，根據(jù)已知中次氯酸鈉能分解分析冰水浴的目的，根據(jù)物質的氧化性和還原性分析反應方程式，根據(jù)碘遇淀粉變藍分析終點顏色變化，根據(jù)方程式中的物質的量關系計算肼的物質的量，進而計算質量和質量分數(shù)?！驹斀狻?1)肼的化學式為N2H4，根據(jù)氫原子形成一對共用電子對分析，氮原子之間形成一對共用電子，電子式為；(2)配制30%的氫氧化鈉溶液的實驗步驟為計算，稱量，溶解，所需的玻璃儀器有量筒，燒杯，玻璃棒，故答案為燒杯、玻璃棒；(3)二氧化錳和濃鹽酸反應生成氯化錳和氯氣和水，反應方程式為：MnO2＋4HCl(濃)MnCl2＋Cl2↑＋2H2O；根據(jù)已知：3NaClO2NaCl+NaClO3，次氯酸鈉容易分解，所以Ⅱ中用冰水浴控制溫度在30℃以下，其主要目的是防止溫度過高次氯酸鈉變?yōu)槁然c和氯酸鈉；(4)儀器B為直形冷凝管；分液漏斗中為次氯酸鈉，具有強氧化性，水合肼具有強還原性，如果分液漏斗中溶液的滴速過快，溶液中有過多的次氯酸鈉，部分N2H4·H2O參與反應被氧化產生大量氮氣，方程式為N2H4·H2O+2NaClO====2NaCl+N2↑+3H2O；(5)液體加熱時為了防止暴沸，通常加入沸石，若在蒸餾剛剛開始的時候忘記添加沸石，應該采取停止實驗，冷卻后補加；①滴定的原理為N2H4·H2O+2I2==N2↑+4HI+H2O，使用標準碘水溶液，可利用碘遇淀粉變藍選用淀粉為指示劑，滴定終點時的現(xiàn)象為當加入最后一滴滴定劑的時候，溶液由藍色變?yōu)闊o色，且半分鐘內不恢復；②20.00mL溶液中，n(N2H4·H2O)=1/2n（I2）=0.1500mol/L×0.02L/2=0.0015mol，餾分中m(N2H4·H2O)=0.0015mol×50g/mol=0.075g，餾分中N2H4·H2O的質量分數(shù)為0.0075g÷0.2500g×100%=30.0%。20、恒壓滴液漏斗液面上方有黃綠色氣體使反應生成的NaOH再次生成NaClO，提高原料的利用率冰水洗滌在裝置A、B之間加裝盛有飽和食鹽水的洗氣瓶ac【分析】由題干實驗裝置圖可知，A為制備Cl2，反應為，由于濃鹽酸有較強的揮發(fā)性，故這樣制得的Cl2含有大量的HCl，將消耗部分NaOH，使得NaOH利用率降低，故需先通入到飽和食鹽水的集氣瓶來除雜，B裝置是發(fā)生裝置反應為：2NaOH+Cl2=NaCl+NaClO+H2O，，由此可知，反應過程中又生成了NaOH，故反應過程中需通入一定量的Cl2，裝置C進行尾氣處理，據(jù)此分析解題?！驹斀狻?1)由實驗裝置圖可知儀器a為恒壓滴液漏斗，由分析可知裝置A中制備的化學方程式為：，故答案為：恒壓滴液漏斗；；(2)待裝置B液面上方有黃綠色氣體時，說明NaOH溶液與Cl2已經完全反應，再由三頸燒瓶上口加入固體，由已知信息可知，加入固體后反應為：，該反應過程中生成了NaOH，故仍需不斷通入以增大NaOH的利用率，故答案為：液面上方有黃綠色氣體；使反應生成的NaOH再次生成NaClO，提高原料的利用率；(3)由題干信息可知，二氯異氰尿酸鈉難溶于冷水，故反應結束后，裝置B中的濁液經過濾、冰水洗滌、干燥得粗產品，由于濃鹽酸有較強的揮發(fā)性，故這樣制得的Cl2含有大量的HCl，將消耗部分NaOH，使得NaOH利用率降低，故需先通入到飽和食鹽水的集氣瓶來除雜，故答案為：冰水洗滌；在裝置A、B之間加裝盛有飽和食鹽水的洗氣瓶；(4)①由已知反應不難找出關系式為：，n(HClO)=n(