第1頁/共1頁黔東南州2024—2025學(xué)年度第二學(xué)期期末文化水平測試高一物理試卷（本試卷滿分100分，考試時(shí)間75分鐘）注意事項(xiàng)：1、答題時(shí)，務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡規(guī)定的位置上。2、答選擇題時(shí)，必須使用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。3、答非選擇題時(shí)，必須使用0.5毫米黑色簽字筆，將答案書寫在答題卡規(guī)定的位置上。4、所有題目必須在答題卡上作答，在試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.物理學(xué)通過實(shí)驗(yàn)和理論的發(fā)展推動(dòng)了科學(xué)技術(shù)的創(chuàng)新和革命，促進(jìn)了物質(zhì)生產(chǎn)的繁榮與人類文明的進(jìn)步。下列有關(guān)物理知識(shí)說法正確的是（）A.相同時(shí)間內(nèi)，火星與太陽連線掃過的面積等于木星與太陽連線掃過的面積B.由可知，電荷在電場中受到的電場力越大，該位置的電場強(qiáng)度越大C.由公式可知，在離點(diǎn)電荷Q距離為r的地方，電場強(qiáng)度E的大小與Q成正比D.垂直磁場放置的通電導(dǎo)線受磁場力的方向就是磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向【答案】C【解析】【詳解】A．開普勒第二定律指出，同一行星在相同時(shí)間內(nèi)與太陽連線掃過的面積相等，但不同行星（如火星和木星）該定律不成立，故A錯(cuò)誤；B．電場強(qiáng)度由電場本身決定，與試探電荷的電荷量無關(guān)，公式該公式為比值定義，與F、q無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C．點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式可知距離固定時(shí)，與場源電荷量成正比，故C正確；D．根據(jù)左手定則，通電導(dǎo)線受磁場力方向與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，故D錯(cuò)誤。故選C。2.電流周圍存在磁場，且某點(diǎn)磁場的強(qiáng)弱由電流大小和該點(diǎn)距離導(dǎo)線遠(yuǎn)近共同決定。現(xiàn)有兩根與紙面垂直的長直通電導(dǎo)線，如圖所示，已知，則a、b、c、d四點(diǎn)中磁感應(yīng)強(qiáng)度可能為零的是（）A.a點(diǎn) B.b點(diǎn) C.c點(diǎn) D.d點(diǎn)【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)右手螺旋定則可知，兩電流在a點(diǎn)的磁場方向相反，但在a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定大于在a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，故a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定不為零，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)右手螺旋定則可知，兩電流在b點(diǎn)的磁場方向相同，故b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定不為零，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)右手螺旋定則可知，兩電流在c點(diǎn)的磁場方向相反，由于，但c點(diǎn)離較近，所以在c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度可能等于在c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，則c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度可能為零，故C正確；D．根據(jù)右手螺旋定則可知，兩電流在d點(diǎn)的磁場方向不在同一直線上，所以d點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定不為零，故D錯(cuò)誤。故選C。3.某同學(xué)在商場一樓乘坐階梯式扶梯勻速上升至二樓，如圖所示，已知該同學(xué)質(zhì)量為m、扶梯傾角為θ、該過程位移為x、重力加速度為g，則此過程中支持力對(duì)該同學(xué)做功為（）A.mgx B.0 C. D.【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)受力平衡可得支持力大小為則此過程中支持力對(duì)該同學(xué)做功故選D。4.第九屆世界無人機(jī)大會(huì)在深圳落下帷幕，共有825家全球企業(yè)攜帶5000多款無人機(jī)產(chǎn)品進(jìn)行展示。若某架無人機(jī)在空中由靜止開始豎直向下運(yùn)動(dòng)，下降3m后懸停。已知無人機(jī)質(zhì)量為2kg，過程中無人機(jī)所受空氣阻力大小恒為5N，重力加速度大小，則該過程無人機(jī)動(dòng)力系統(tǒng)做的功為（）A.-45J B.-75J C.45J D.75J【答案】A【解析】【詳解】對(duì)無人機(jī)，根據(jù)動(dòng)能定理有其中代入解得該過程無人機(jī)動(dòng)力系統(tǒng)做的功為故選A。5.物理建模能力是高中物理學(xué)習(xí)的重要能力之一、兩個(gè)等量異種電荷組成的系統(tǒng)稱為電偶極子。而體檢做心電圖的過程中心臟就可看作電偶極子模型，其等效電場如圖所示。正、負(fù)點(diǎn)電荷連線上A與A′點(diǎn)關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱，正、負(fù)點(diǎn)電荷連線的中垂線上B與B′點(diǎn)關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱，則由圖可知（）A.A′點(diǎn)的電場強(qiáng)度比B點(diǎn)的電場強(qiáng)度小B.A′點(diǎn)的電勢比B點(diǎn)的電勢高C.人體內(nèi)的Cl?在A點(diǎn)的電勢能比在B′點(diǎn)的電勢能大D.若人體內(nèi)Na?沿兩點(diǎn)電荷連線的中垂線從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B′點(diǎn)，電場力不做功【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)電場線的疏密程度可知，A′點(diǎn)的電場強(qiáng)度比B點(diǎn)的電場強(qiáng)度大，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)沿電場方向電勢逐漸降低，且兩個(gè)等量異種電荷連線的中垂線為等勢線，可知A′點(diǎn)的電勢比B點(diǎn)的電勢低，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)，由于A點(diǎn)的電勢比B′點(diǎn)的電勢高，所以人體內(nèi)的Cl?在A點(diǎn)的電勢能比在B′點(diǎn)的電勢能小，故C錯(cuò)誤；D．由于兩個(gè)等量異種電荷連線的中垂線為等勢線，所以人體內(nèi)Na?沿兩點(diǎn)電荷連線的中垂線從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B′點(diǎn)，電場力不做功，故D正確。故選D。6.把質(zhì)量為m的小球放在豎立的彈簧上，并把球往下按至A位置（如圖甲）。迅速松手后，彈簧把球彈起，球升到最高位置C（如圖丙），途中經(jīng)過位置B時(shí)彈簧正好處于自由狀態(tài)（如圖乙）。已知B、A的高度差為h1，C、B的高度差為h2，彈簧的質(zhì)量和空氣阻力均可忽略，重力加速度為g。則正確的是（）A.圖甲狀態(tài)時(shí)，彈簧的彈性勢能為mgh1B.小球從A位置到B位置過程一直處于超重狀態(tài)C.小球從A位置運(yùn)動(dòng)經(jīng)過B到達(dá)C位置的全過程中，機(jī)械能守恒D.小球從位置A上升到位置B的過程中，動(dòng)能先增大后減小【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可知，圖甲狀態(tài)時(shí)，彈簧的彈性勢能為，故A錯(cuò)誤；BD．小球從A位置到B位置過程，彈簧彈力先大于重力后小于重力，小球的加速度先向上后向下，小球先處于超重狀態(tài)后處于失重狀態(tài)，小球先向上加速后向上減速，所以動(dòng)能先增大后減小，故B錯(cuò)誤，D正確；C．小球從A位置運(yùn)動(dòng)經(jīng)過B到達(dá)C位置的全過程中，由于存在彈簧彈力對(duì)小球做功，所以小球的機(jī)械能不守恒，故C錯(cuò)誤。故選D。7.中國衛(wèi)生部門發(fā)布《成人肥胖食養(yǎng)指南》，使得“國家喊你減肥”這一話題在中國社交媒體平臺(tái)迅速?zèng)_上熱搜。圖甲所示為某脂肪測量儀，其原理就是根據(jù)人體電阻的大小來判斷脂肪所占比例（人體含水量約為70%，水中含有鈉離子、鉀離子等離子容易導(dǎo)電，而脂肪幾乎不導(dǎo)電），其模擬電路如圖乙所示。已知電源內(nèi)阻為r，，電流表、電壓表均可視為理想電表。測量時(shí)，閉合開關(guān)，測試者分握兩手柄A、B。體型相近的兩人相比，脂肪含量高者測量時(shí)（）A.電壓表示數(shù)與電流表示數(shù)的比值更小 B.電源的輸出功率更低C.電壓表示數(shù)更小 D.電源的消耗功率更高【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)歐姆定律可得電壓表示數(shù)與電流表示數(shù)的比值為由于體型相近的兩人相比，脂肪含量高者電阻更大，所以電壓表示數(shù)與電流表示數(shù)的比值更大，故A錯(cuò)誤；CD．體型相近的兩人相比，脂肪含量高者電阻更大，圖乙是串聯(lián)電路，則脂肪含量高者握著手柄時(shí)，電路總電阻更大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路電流更小，路端電壓更大；由于通過定值電阻、的電流更小，、的兩端電壓更小，所以電壓表示數(shù)更大；電源的消耗功率為由于電路電流更小，所以電源的消耗功率更低，故CD錯(cuò)誤；B．電源的輸出功率為根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，當(dāng)電路外電阻時(shí)，電源的輸出功率最大；由于，所以電路外電阻大于內(nèi)阻，則脂肪含量高者測量時(shí)，由于外電阻更大，所以電源的輸出功率更低，故B正確。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.物理是以實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)的學(xué)科，實(shí)驗(yàn)是培養(yǎng)學(xué)生實(shí)踐能力和科學(xué)思維的重要手段。關(guān)于以下實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的說法正確的是（）A.甲圖中，奧斯特觀察到通電導(dǎo)線使小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，從而發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場B.圖乙中閉合開關(guān)S瞬間，與線圈P連接的電流計(jì)的指針不偏轉(zhuǎn)C.圖丙中水平圓環(huán)從位置M向位置L運(yùn)動(dòng)的過程中，穿過圓環(huán)的磁通量先增大后減小D.圖丁中磁鐵向右插入不閉合線圈，線圈中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流【答案】AC【解析】【詳解】A．甲圖中，奧斯特觀察到通電導(dǎo)線使小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，從而發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場，故A正確；B．圖乙中閉合開關(guān)S瞬間，穿過線圈P的磁通量發(fā)生變化，線圈P回路中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以與線圈P連接的電流計(jì)的指針會(huì)偏轉(zhuǎn)，故B錯(cuò)誤；C．圓環(huán)從M運(yùn)動(dòng)至其與磁體上端齊平過程中，穿過圓環(huán)的磁感線條數(shù)增多，則穿過圓環(huán)的磁通量變大。圓環(huán)從與磁體上端齊平運(yùn)動(dòng)至Р的過程中，穿過圓環(huán)的磁感線包含了所有的內(nèi)部向上的磁感線及部分外部向下的磁感線，內(nèi)外磁感線相互抵消，因此越到中間外部磁感線越少，故本過程穿過圓環(huán)的磁通量仍然是增加的。同理可知，圓環(huán)從P運(yùn)動(dòng)至L的過程中，穿過圓環(huán)的磁通量一直減小。故圓環(huán)從M運(yùn)動(dòng)至L的過程中，穿過圓環(huán)的磁通量先增大后減小，故C正確；D．圖丁中磁鐵向右插入不閉合線圈，由于線圈不是閉合回路，所以線圈中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D錯(cuò)誤。故選AC。9.2025年3月10日1時(shí)17分，通信技術(shù)試驗(yàn)衛(wèi)星十五號(hào)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心由長征三號(hào)乙運(yùn)載火箭成功發(fā)射升空，順利進(jìn)入預(yù)定軌道。發(fā)射過程如圖所示，要先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1后經(jīng)P點(diǎn)變軌至橢圓軌道2運(yùn)行，最后在Q點(diǎn)變軌將衛(wèi)星送入預(yù)定圓軌道3。已知地球半徑為R，Q點(diǎn)到地球球心距離為3R，萬有引力常量為G，則下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道3上運(yùn)行的速度大于7.9km/sB.衛(wèi)星在軌道1和軌道3上運(yùn)行的周期關(guān)系為C.三條軌道中，經(jīng)過軌道2上的Q點(diǎn)時(shí)線速度最小D.衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度大于它在軌道2上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度【答案】BC【解析】【詳解】A．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬有引力提供向心力得可得地球第一宇宙速度7.9km/s等于近地衛(wèi)星的運(yùn)行速度，所以衛(wèi)星在軌道3上運(yùn)行的速度小于7.9km/s，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)開普勒第三定律可得衛(wèi)星在軌道1和軌道3上運(yùn)行的周期關(guān)系為，故B正確；C．衛(wèi)星從低軌道變軌到高軌道需要在變軌處點(diǎn)火加速，所以衛(wèi)星在軌道1的運(yùn)行速度小于軌道2上P點(diǎn)時(shí)線速度，軌道2上Q點(diǎn)時(shí)線速度小于軌道3的運(yùn)行速度；又，且在軌道2上從P點(diǎn)到Q點(diǎn)速度逐漸減小，所以三條軌道中，經(jīng)過軌道2上的Q點(diǎn)時(shí)線速度最小，故C正確；D．根據(jù)牛頓第二定律可得可得可知衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度等于它在軌道2上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度，故D錯(cuò)誤。故選BC10.密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測得電子的電荷量，并因此獲得了1923年的諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)。實(shí)驗(yàn)可簡化為如圖所示的裝置，霧狀小油滴在真空環(huán)境下被噴到水平放置的平行板電容器兩極板間，調(diào)節(jié)兩極板間的電壓U，恰使某個(gè)油滴懸浮在A點(diǎn)。已知油滴質(zhì)量為m，兩板間距為d，重力加速度大小為g，電容器的下極板接地（A點(diǎn)始終在兩極板間）。則（）A.油滴帶負(fù)電，電荷量為B.若只減小兩極板間距d，將有向右的電流經(jīng)過a點(diǎn)，并且該油滴將向下加速運(yùn)動(dòng)C.若只將正極板下移一小段距離，A點(diǎn)的電勢升高D.若只將負(fù)極板上移一小段距離，A點(diǎn)的電勢升高【答案】AC【解析】【詳解】A．油滴懸浮在A點(diǎn)，可知油滴受到的電場力豎直向上，與板間場強(qiáng)方向相反，所以油滴帶負(fù)電；根據(jù)平衡條件可得可得電荷量為，故A正確；B．若只減小兩極板間距d，根據(jù)可知，電容增大，根據(jù)，由于板間電壓不變，所以電容器所帶電荷量增大，則有向右的電流經(jīng)過a點(diǎn)；根據(jù)可知，板間場強(qiáng)增大，油滴受到的電場力增大，該油滴將向上加速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．若只將正極板下移一小段距離，根據(jù)可知，板間場強(qiáng)增大，由于A點(diǎn)與負(fù)極板的距離不變，所以A點(diǎn)與負(fù)極板的電勢差變大，則A點(diǎn)的電勢升高，故C正確；D．若只將負(fù)極板上移一小段距離，根據(jù)可知，板間場強(qiáng)增大，由于A點(diǎn)與正極板的距離不變，所以A點(diǎn)與正極板的電勢差變大，則A點(diǎn)的電勢降低，故D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題：本題共5小題，共57分。11.某校兩個(gè)學(xué)習(xí)小組利用實(shí)驗(yàn)室器材設(shè)計(jì)方案進(jìn)行驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)，具體方案分別如下：（1）第一小組根據(jù)教材案例，利用如圖甲所示裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。經(jīng)正確操作得到如圖乙所示的紙帶，O點(diǎn)為打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的第一個(gè)點(diǎn)，測出連續(xù)且清晰的三個(gè)點(diǎn)A、B、C與O點(diǎn)之間的距離分別為、、，已知重物質(zhì)量為m，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)周期為T。則可知打下B點(diǎn)時(shí)重物的速度大小為___________；從O點(diǎn)到B點(diǎn)重物的重力勢能減少量為___________，動(dòng)能增加量等于___________。（用已知字母表示）（2）第二小組利用如圖丙所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。輕繩兩端分別系著質(zhì)量為M的重物A（含遮光條）和質(zhì)量為m的重物B（M大于m），將遮光條的中心位置固定在物塊A的中間位置且遮光條的寬度為d。實(shí)驗(yàn)前用手托住A使輕繩恰好伸直，測量并記錄此時(shí)遮光條中心到光電門中心的豎直距離h以及靜止釋放A后遮光條經(jīng)過光電門的時(shí)間，已知重力加速度為。則遮光條通過光電門時(shí)的速度大小為___________（用題中的字母表示）；如果系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，應(yīng)滿足的關(guān)系式為___________（用題中的字母表示）?！敬鸢浮浚?）①②.③.（2）①.②.【解析】【小問1詳解】[1]打下B點(diǎn)時(shí)重物的速度大小為[2]從O點(diǎn)到B點(diǎn)重物的重力勢能減少量為[3]從O點(diǎn)到B點(diǎn)重物的動(dòng)能增加量為【小問2詳解】[1]遮光條通過光電門時(shí)的速度大小為[2]如果系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，則有如果系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，應(yīng)滿足的關(guān)系式為12.某同學(xué)想利用伏安法較精確地測量一金屬絲的電阻（阻值約為），實(shí)驗(yàn)室除開關(guān)、若干導(dǎo)線之外還提供下列器材：電壓表（量程0~3V，內(nèi)阻約）；電壓表（量程0~15V，內(nèi)阻約）；電流表（量程0~200mA，內(nèi)阻約）；電流表（量程0~3A，內(nèi)阻約）；滑動(dòng)變阻器（）；電源E（3V，內(nèi)阻不計(jì)）。（1）為了調(diào)節(jié)方便，測量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)電壓表應(yīng)選___________，電流表應(yīng)選___________。（填器材的名稱符號(hào)）（2）請(qǐng)?jiān)谙路教摼€框內(nèi)畫出符合要求的電路圖（電路圖中的各個(gè)器材元件用A1、A2、Rx、V1、V2、R1等字母標(biāo)明）。（3）請(qǐng)根據(jù)（2）中電路圖，完成圖中的實(shí)物連接。（4）在（3）實(shí)物連接圖中，閉合開關(guān)S前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置于___________（選填：“左”或“右”）端，閉合開關(guān)S，測得電流表示數(shù)為I，電壓表示數(shù)為U，用所得電阻的測量值___________（選填：“大于”或“小于”）真實(shí)值。【答案】（1）①.②.（2）見解析（3）見解析（4）①.左②.小于【解析】【小問1詳解】[1]由于電源電動(dòng)勢為3V，所以實(shí)驗(yàn)電壓表應(yīng)選；[2]待測電阻阻值約為，根據(jù)所以電流表應(yīng)選?！拘?詳解】由于滑動(dòng)變阻器的最大阻值只有，待測電阻阻值約為，所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法；根據(jù)可知電流表應(yīng)采用外接法，則電路圖如圖所示【小問3詳解】根據(jù)電路圖，完整的實(shí)物連線如圖所示【小問4詳解】[1]在（3）實(shí)物連接圖中，閉合開關(guān)S前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置于左端，使電表示數(shù)從0開始調(diào)節(jié)。[2]電流表采用外接法，由于電壓表的分流，使得電流表示數(shù)大于通過待測電阻的電流，則用所得電阻的測量值小于真實(shí)值。13.如圖所示，某一光滑斜面的頂端到正下方水平面O點(diǎn)的高度為h，斜面與水平面平滑連接。一小木塊從斜面的頂端由靜止開始滑下，經(jīng)過斜面底端A點(diǎn)后滑到水平面上的B點(diǎn)停下。已知小木塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，小木塊質(zhì)量為m，斜面傾角為θ，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，求：（1）小木塊滑到斜面底端A點(diǎn)時(shí)重力的功率；（2）小木塊在水平面上停止點(diǎn)B到斜面底端A點(diǎn)的距離x?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】小問1詳解】小木塊從頂端靜止滑下到斜面底端A點(diǎn)過程，根據(jù)動(dòng)能定理可得解得小木塊滑到斜面底端A點(diǎn)時(shí)重力的功率為【小問2詳解】小木塊從A點(diǎn)到B點(diǎn)停下過程，根據(jù)動(dòng)能定理可得解得14.某種噴墨打印機(jī)的結(jié)構(gòu)簡圖如圖所示。其中噴嘴可以噴出極小的墨汁微粒（重力不計(jì)，初速度視為零），微粒經(jīng)過充電電極間的加速電場加速后以一定的速度垂直射入偏轉(zhuǎn)電極間，最終打到承印物上，顯示出字符。設(shè)墨汁微粒質(zhì)量為m，電荷量為q，加速電場的電壓為U1，偏轉(zhuǎn)電極間可看作勻強(qiáng)電場且極板間電壓為U2、極板長度為L1、板間距為d，偏轉(zhuǎn)電極右端無電場且距承印物水平距離為L2。試求：（1）墨汁微粒進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電極的速度大??；（2）墨汁微粒在偏轉(zhuǎn)電極間的加速度大小以及運(yùn)動(dòng)時(shí)間；（3）若增大加速電壓U1，打在承印物上的字跡會(huì)增大還是縮?。浚▽懗龇治鲞^程）【