北京市豐臺區(qū)北京第十二中學2026屆化學高三第一學期期中調研模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、在容積不變的密閉容器中進行如下反應：N2+3H22NH3，若將平衡體系中各物質的濃度都增加到原來的2倍，則產生的結果是()(1)平衡不發(fā)生移動(2)平衡沿著正反應方向移動(3)平衡沿著逆反應方向移動(4)NH3的質量分數增加(5)正逆反應速率都增大A．(1)(5) B．(1)(2)(5) C．(3)(5) D．(2)(4)(5)2、將2mol過氧化鈉與4mol碳酸氫鈉固體混合，在密閉容器中，120°C充分反應后，排出氣體，冷卻，有固體殘留。下列分析正確的是A．殘留固體是4molNa2CO3B．殘留固體是Na2CO3和NaOH的混合物C．反應中轉移4mol電子D．排出的氣體是3mol氧氣3、室溫下進行下列實驗，根據實驗操作和現象所得到的結論正確的是選項實驗操作和現象結論A向X溶液中滴加幾滴新制氯水，振蕩，再加入少量KSCN溶液，溶液變?yōu)榧t色X溶液中一定含有Fe2+B向濃度均為0.05mol·L?1的NaI、NaCl混合溶液中滴加少量AgNO3溶液，有黃色沉淀生成Ksp(AgI)>Ksp(AgCl)C向3mLKI溶液中滴加幾滴溴水，振蕩，再滴加1mL淀粉溶液，溶液顯藍色Br2的氧化性比I2的強D用pH試紙測得：CH3COONa溶液的pH約為9，NaNO2溶液的pH約為8HNO2電離出H+的能力比CH3COOH的強A．A B．B C．C D．D4、12mL濃度為0.05mol·L?1Na2SO3溶液恰好與10mL濃度為0.02mol·L?1的KXO3溶液完全反應，已知Na2SO3可被KXO3氧化為Na2SO4，則元素X在還原產物中的化合價為A．+7 B．+3 C．+1 D．—15、在一定溫度下，將氣體X和氣體Y各0.15mol充入10L的恒容密閉容器中，發(fā)生反應：X(g)+Y(g)4Z(g)△H＜0，一段時間后達到平衡，反應過程中測定的數據如下表：t/min2479n(Y)/mol0.120.110.100.10下列說法正確的是A．反應前4min的平均速率v(Z)=1×10-3mol?L-1?min-1B．其它條件不變，再充入X、Y各0.15mol，平衡時n(Z)＜0.4molC．其它條件不變，降低溫度的瞬間，速率v正降低比v逆多D．該溫度下，此反應的平衡常數K=0.166、.熔點最高的晶體是（）A．干冰 B．食鹽 C．金剛石 D．碳化硅7、下列有關實驗的選項正確的是(

)ABCD苯萃取碘水中I2，分出水層后的操作從KI和I2的固體混合物中回收I2中和熱的測定分離乙醇和丙三醇的混合物A．A

B．B

C．C

D．D8、短周期主族元素X、Y、Z、W原子序數依次增大，其中Y、W處于同一主族，Y、Z的原子最外層電子數之和等于9，X的簡單氫化物與W的單質組成的混合氣體見光可生成W的氫化物和油狀混合物。下列說法正確的是A．原子半徑:r(X)<r(Y)<r(Z)<r(W)B．Y的氫化物的熱穩(wěn)定性比W的強C．W的氧化物的水化物酸性一定比X的強D．Y分別與X、Z形成的化合物，其所含化學鍵的類型相同9、下列事實與鹽類的水解無關的是A．用明礬凈水B．用稀鹽酸清除鐵銹C．用熱的純堿溶液清洗油污D．配制FeCl3溶液時加入少量鹽酸10、下列化合物中不能由單質直接化合而制得的是（）A．FeS B．SO2 C．CuS D．FeCl311、汽車發(fā)動機稀燃控制系統(tǒng)主要工作原理是發(fā)動機在稀燃和富燃條件下交替進行，尾氣中的NOx在催化劑上反應脫除。其工作原理示意圖如下：下列說法不正確的是A．稀燃過程中，NO發(fā)生的主要反應為：2NO+O2===2NO2B．稀燃過程中，NO2被吸收的反應為：BaO+2NO2===Ba(NO3)2C．富燃過程中，NO2被CO還原的反應為：2NO2+4CO===N2+4CO2D．富燃過程中，CxHy被O2氧化的反應為：CxHy+(x+y/4)O2==xCO2+y/2H2O12、下列物質既含有共價鍵又含有離子鍵的是A．NaOH B．Cl2 C．HCl D．NaCl13、下列關于膠體的說法正確的是A．向Al(OH)3膠體中加入NaOH溶液至過量，有沉淀產生B．由于膠體帶電，在電場的作用下可以在分散劑中做定向運動C．可用滲析的方法除去淀粉溶液中的NaClD．制備Fe(OH)3膠體時需要將飽和FeCl3溶液與NaOH溶液混合14、已知反應：。將一定量的充入注射器中后封口，如圖是在拉伸和壓縮注射器的過程中氣體透光率隨時間的變化（氣體顏色越深，透光率越?。?。下列說法正確的是A．b點的操作是壓縮注射器B．c點與a點相比，增大，減小C．平均摩爾質量：D．d點：15、下列各組物質的分類正確的是①混合物：水玻璃、水銀、水煤氣②電解質：明礬、冰醋酸、石膏③酸性氧化物：CO2、CO、SO3④同位素：1H、2H2、3H⑤同素異形體：C80、金剛石、石墨⑥干冰、液氯都是非電解質A．①②③④⑤⑥ B．②④⑤⑥ C．②⑤⑥ D．②⑤16、下列實驗中對應的現象和結論都正確的是（）實驗現象結論A向某溶液中滴加氯水和CCl4，振蕩靜置下層溶液呈橙色原溶液中有I－B向盛有酸性高錳酸鉀溶液的試管中通入足量的乙烯后靜置溶液的紫色逐漸褪去，靜置后溶液分層乙烯發(fā)生氧化反應C向飽和FeCl3溶液中加入少量Na2CO3粉末有氣泡冒出證明FeCl3水解呈酸性D向某溶液中先加入Ba(NO3)2溶液，再加足量鹽酸產生白色沉淀，加入鹽酸后仍有白色沉淀原溶液中一定有SO42－A．A B．B C．C D．D二、非選擇題（本題包括5小題）17、Ⅰ.A、B、C、D和E均為中學化學常見的純凈物，其中B為自然界中含量最多的液體，它們之間有如圖反應關系：（1）若A的溶液能使淀粉溶液變藍，C為非金屬氧化物，能使品紅溶液褪色，該反應的離子方程式為____________________________________。（2）若A為短周期的金屬單質，D為氣態(tài)單質，C溶液呈強酸性或強堿性時，該反應都能進行。寫出C溶液呈強堿性時反應的離子方程式：_____________________________。（3）若A、C均為化合物，E為白色沉淀（不含金屬元素），C為引起溫室效應的主要氣體，則該反應的離子方程式為__________________________________。Ⅱ.FeCl3可用于污水處理，具有效果好、價格便宜等優(yōu)點。工業(yè)上可將鐵屑溶于鹽酸中先生成FeCl2，再通入Cl2氧化來制備FeCl3溶液。（4）將標準狀況下aL氯化氫氣體溶于1000g水中得到鹽酸，若該鹽酸的密度為bg·mL－1，則該鹽酸的物質的量濃度是____________________。（5）向100mL的FeBr2溶液中通入標準狀況下Cl23.36L，反應后的溶液中Cl－和Br－的物質的量濃度相等，則原FeBr2溶液的物質的量濃度為____________。（6）用100mL2mol·L－1的FeCl3溶液凈水時，生成具有凈水作用的微粒數_____0.2NA(填“大于”“等于”或“小于”)。18、藥物中間體Q、醫(yī)用材料PVA的合成路線如圖。已知：①R-Cl+2NH3→R-NH2+NH4Cl②R-NO2R-NH2③-NH2+(1)A的分子式是________。(2)B→C是硝化反應，試劑a是________(填名稱）。(3)C→D轉化的化學方程式是________。(4)E的結構簡式是________。(5)F含有的官能團是________(填名稱），與其含有相同官能團的同分異構體還有________種。(6)G→X的化學方程式是________。(7)W能發(fā)生縮聚反應，形成的高分子結構簡式是________。(8)P的結構簡式是________。19、葡萄酒常用Na2S2O5作抗氧化劑。中華人民共和國國家標準(G112760-2011)規(guī)定葡萄酒中抗氧化劑的殘留量(以游離SO2計算)不能超過0.25g/L。某化學興趣小組制備并對SO2的化學性質和用途進行探究，探究過程實驗裝置如下圖，并收集某葡萄酒中SO2，對其含量進行測定。（夾持儀器省略）（1）實驗可選用的實驗試劑有濃硫酸、Na2SO3固體、Na2S溶液、BaCl2溶液、FeCl3溶液、品紅溶液等。①請完成下列表格試劑作用A___驗證SO2的還原性BNa2S溶液___C品紅溶液___②A中發(fā)生反應的離子方程式為____。（2）該小組收集某300.00mL葡萄酒中SO2，然后用0.0900mol/LNaOH標準溶液進行滴定，滴定前排氣泡時，應選擇圖中的___(填序號)；若用50mL滴定管進行實驗，當滴定管中的液面在刻度“10”處時，管內液體的體積__(填序號)(①=10mL；②=40mL；③<10mL；④>40mL)（3）該小組在實驗室中先配制0.0900mol/LNaOH標準溶液，然后再用其進行滴定。下列操作會導致測定結果偏高的是___。A．未用NaOH標準溶液潤洗滴定管B．滴定前錐形瓶內有少量水C．滴定前滴定管尖嘴部分有氣泡，滴定后氣泡消失D．配制溶液定容時，俯視刻度線E．中和滴定時，觀察標準液體積讀數時，滴定前仰視，滴定后俯視20、實驗小組制備高鐵酸鉀（K2FeO4）并探究其性質。資料：K2FeO4為紫色固體，微溶于KOH溶液；具有強氧化性，在酸性或中性溶液中快速產生O2，在堿性溶液中較穩(wěn)定。（1）制備K2FeO4（夾持裝置略）①A為氯氣發(fā)生裝置。A中反應方程式是________________（錳被還原為Mn2+）。②C中得到紫色固體和溶液。C中Cl2發(fā)生的反應有（請配平）_____Cl2+Fe(OH)3+KOHK2FeO4+KCl+H2O（2）探究K2FeO4的性質①取C中紫色溶液，加入稀硫酸，產生黃綠色氣體，得溶液a，經檢驗氣體中含有Cl2。為證明是否K2FeO4氧化了Cl－而產生Cl2，設計以下方案：方案Ⅰ取少量a，滴加KSCN溶液至過量，溶液呈紅色。方案Ⅱ用KOH溶液充分洗滌C中所得固體，再用KOH溶液將K2FeO4溶出，得到紫色溶液b。取少量b，滴加鹽酸，有Cl2產生。i．由方案Ⅰ中溶液變紅可知a中含有Fe3+離子，但該離子的產生不能判斷一定是K2FeO4將Cl－氧化，還可能由________________產生（用方程式表示）。ii．方案Ⅱ可證明K2FeO4氧化了Cl－②根據K2FeO4的制備實驗得出：氧化性Cl2________FeO42-（填“＞”或“＜”），而方案Ⅱ實驗表明，Cl2和FeO42-的氧化性強弱關系相反，原因是________________。21、研究CO2的利用對促進低碳社會的構建具有重要的意義。I．已知某些化學鍵的鍵能數據如下化學鍵C=OC—OC—HH—HO—H鍵能/kJ·mol-1745351415436462則CO2(g)+3H2(g)CH3OH(g)+H2O(g)ΔH=__________kJ·mol-1II．將燃煤廢氣中的CO2轉化為二甲醚的反應原理為：2CO2(g)+6H2(g)CH3OCH3(g)+3H2O(l)（1）該反應化學平衡常數表達式K=__________。（2）已知在某壓強下，該反應在不同溫度、不同投料比時，達平衡時CO2的轉化率如圖所示：①該反應的ΔH__________0（填“>"或“<”）。②若溫度不變，減小反應投料比[n(H2)/n(CO2)]，K值將____（填“增大”、“減小”或“不變”）。

（3）某溫度下，向體積一定的密閉容器中通入CO2(g)與H2(g)發(fā)生上述反應，下列物理量不再發(fā)生變化時，能說明反應達到平衡狀態(tài)的是__________。A．二氧化碳的濃度B．容器中的壓強C．氣體的密度D．CH3OCH3與H2O的物質的量之比（4）某溫度下，在體積可變的密閉容器中，改變起始時加入各物質的量，在不同的壓強下，平衡時CH3OCH3(g)的物質的量如下表所示：P1P2P3I．2.0molCO26.0molH20.10mol0.04mol0.02molII．1.0molCO23.0molH2X1Y1Z1III．1.0molCH3OCH33.0molH2OX2Y2Z2①P1__________P3（填“>”“<”或“=”）；②P2下，III中CH3OCH3的平衡轉化率為__________。

參考答案一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、D【詳解】N2+3H22NH3，反應前氣體的化學計量數之和大于反應后氣體的化學計量數之和，若將平衡體系中各物質的濃度都增加到原來的2倍，相當于增大壓強，正、逆反應速率都增大，且平衡向正反應方向移動，NH3的質量分數增加，故選D。2、A【解析】由方程式：2NaHCO3Na2CO3+CO2↑+H2O，可知4molNaHCO3分解得到Na2CO3、CO2和H2O各2mol，還會發(fā)生反應：2Na2O2+2CO2=2Na2CO3+O2、2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2，由于二氧化碳與氫氧化鈉反應生成碳酸鈉，可以認為過氧化鈉先與二氧化碳反應，再與水反應，Na2O2只有2mol，恰好和CO2反應生成2molNa2CO3和O2，氣體排出后，只剩余Na2CO3，碳酸鈉的總物質的量為：2mol+2mol=4mol。A．根據分析可知，殘留固體為4mol碳酸鈉，故A錯誤；B．殘留固體為碳酸鈉，不含氫氧化鈉，故B錯誤；C．過氧化鈉中氧元素的化合價為-1價，2mol過氧化鈉反應生成1mol氧氣，轉移了2mol電子，故C正確；D．排出的氣體為1mol氧氣和2mol水，故D錯誤；故選C。點睛：本題考查混合物反應的計算、化學方程式有關計算，明確發(fā)生反應原理為解答關鍵，注意理解“過氧化鈉先與二氧化碳反應，再與水反應”，為易錯點。3、C【詳解】A.先滴加氯水，再加入KSCN溶液，溶液變紅，說明加入KSCN溶液前溶液中存在Fe3+，而此時的Fe3+是否由Fe2+氧化而來是不能確定的，所以結論中一定含有Fe2+是錯誤的，故A錯誤；B.黃色沉淀為AgI，說明加入AgNO3溶液優(yōu)先形成AgI沉淀，AgI比AgCl更難溶，AgI與AgCl屬于同種類型，則說明Ksp(AgI)<Ksp(AgCl)，故B錯誤；C.溶液變藍說明有單質碘生成，說明溴置換出KI中的碘，根據氧化還原反應的原理得出結論：Br2的氧化性比I2的強，故C正確；D.CH3COONa和NaNO2溶液濃度未知，所以無法根據pH的大小，比較出兩種鹽的水解程度，也就無法比較HNO2和CH3COOH電離出H+的難易程度，故D錯誤；故選C。4、D【詳解】設元素X在還原產物中的化合價為a，依據電子守恒得，12×0.05mol/L×（6-4）=10ml×0.02mol/L×（5-a），解得a=-1，故選：D。5、B【詳解】A．反應前2min內v(Y)==0.001mol/(L·min)，由于v(Z)：v(Y)=4：1，所以v(Z)=4v(Y)=4×0.001mol/(L·min)=0.004mol/(L·min)，A錯誤；B．反應開始時n(Y)=0.15mol，達到平衡時n(Y)=0.10mol，Y的物質的量減少0.05mol，根據反應轉化關系可知：反應達到平衡時產生Z的物質的量n(Z)=0.05mol×4=0.2mol。其它條件不變，再充入X、Y各0.15mol，若平衡不發(fā)生移動，達到平衡時Z的物質的量應該是2×0.2mol=0.4mol，但加入反應物，會使體系的壓強增大。增大壓強，化學平衡會向氣體體積減小的逆方向移動，則Z的物質的量比0.4mol小，即n(Z)＜0.4mol，B正確；C．該反應的正反應為放熱反應，溫度改變對吸熱反應影響更大。其它條件不變時，降低溫度的瞬間，速率v逆降低比v正多，C錯誤；D．對于該可逆反應，在反應開始時c(X)=c(Y)=0.015mol/L，c(Z)=0，△c(X)=△c(Y)=0.005mol/L，△c(Z)=0.02mol/L，故物質的平衡濃度c(X)=c(Y)=0.010mol/L，c(Z)=0.020mol/L，該溫度下反應的化學平衡常數K==1.6×10-3，D錯誤；故合理選項是B。6、C【詳解】干冰常溫下為氣體，為分子晶體，氯化鈉為離子晶體，金剛石為原子晶體，碳化硅為原子晶體，由于碳碳鍵的鍵長小于碳硅鍵，碳碳鍵的鍵能強于碳硅鍵，碳碳鍵的共價鍵強于碳硅鍵，金剛石晶體的熔點碳化硅，則熔點從高到低順序為：金剛石＞碳化硅＞氯化鈉＞干冰，故選C。【點睛】晶體的類型不同，注意一般來說晶體的熔點的順序為原子晶體＞離子晶體＞金屬晶體＞分子晶體是解答關鍵。7、D【詳解】A.分離出水層后，應該從上口倒出碘的苯溶液，不符合題意，A錯誤；B.圖示儀器為蒸發(fā)皿，對固體進行加熱時，應用坩堝，不符合題意，B錯誤；C.測定中和熱時，大小燒杯之間應用泡沫塑料填滿，以防止熱量的散失，不符合題意，C錯誤；D.乙醇和丙三醇是兩種互溶的液體，但二者的沸點不同，應用蒸餾進行分離，符合題意，D正確；答案為D。8、B【解析】短周期主族元素X、Y、Z、W原子序數依次增大，其中Y、W處于同一主族，Y、Z的原子最外層電子數之和等于9，X的簡單氫化物與W的單質組成的混合氣體見光可生成W的氫化物和油狀混合物。CH4與Cl2混合見光可生成W的氫化物HCl和油狀混合物。X為C元素，Y為Cl元素，其中Y、W處于同一主族，Y為F元素，Y、Z的原子最外層電子數之和等于9，Z為Mg元素，A、原子半徑:r(X)>r(Y),r(Z)>r(W)故A錯誤；B、同主族元素的氫化物穩(wěn)定性逐漸減弱，穩(wěn)定性HF>HCl，故B正確；C、Cl的氧化物的水化物酸性不一定比C的強，如：酸性H2CO3>HClO,故C錯誤；D、Cl分別與C、Mg形成的化合物，其所含化學鍵的類型不相同，C與Cl形成共價鍵，Mg與Cl形成離子鍵，故D錯誤。故選B。9、B【詳解】A.明礬中鋁離子水解生成氫氧化鋁膠體具有吸附性可用于凈水，與鹽類的水解有關，故A不選；B.稀鹽酸與鐵銹反應可用于清除鐵銹，與鹽類的水解無關，故B選；C.純堿溶液中碳酸根水解呈堿性可以使油污發(fā)生水解反應生成可溶性物質，用于清洗油污，與鹽類水解有關，故C不選；D.FeCl3溶液中鐵離子易發(fā)生水解，加入少量鹽酸增加氫離子濃度平衡逆移，可以防止鐵離子的水解，與鹽類水解有關，故D不選。故答案選：B。10、C【詳解】A．鐵和硫單質在加熱條件下反應生成FeS，可以由單質反應制得，故A不符合題意；B．硫和氧氣在點燃的條件下燃燒生成SO2，可以由單質反應制得，故B不符合題意；C．銅和硫單質在加熱條件下生成Cu2S，不能由單質反應制得，故C符合題意；D．鐵和氯氣在燃燒條件下反應生成FeCl3，可以由單質反應制得，故D不符合題意；答案選C。【點睛】硫的氧化性不是很強，一般把金屬氧化成低價化合物。11、B【解析】A.由圖可知，在稀燃條件下，一氧化氮與氧氣反應生成了二氧化氮，故A正確；B.給出的反應中只有N元素的化合價升高，沒有化合價降低的元素，所以在稀燃條件下，二氧化氮與氧化鋇反應生成硝酸鋇和一氧化氮，故B錯誤；C.由圖可知，CO和CxHy、NO2進入反應系統(tǒng)，而出來的是氮氣、二氧化碳和水，所以在富燃條件下，二氧化氮與一氧化碳反應生成氮氣和二氧化碳，故C正確；D.由圖可知，CO和CxHy、NO2進入反應系統(tǒng)，而出來的是氮氣、二氧化碳和水，所以在富燃條件下，CxHy與氧氣反應生成二氧化碳和水，故D正確。故選B。12、A【解析】A、氫氧化鈉中含有離子鍵和極性鍵，A正確；B、氯氣分子中只有非極性鍵，B錯誤；C、氯化氫分子中只有極性鍵，C錯誤；D、氯化鈉中只有離子鍵，D錯誤，答案選A。【點睛】掌握化學鍵的含義和形成微粒是解答的關鍵。一般活潑的金屬和活潑的非金屬容易形成離子鍵，非金屬元素的原子間容易形成共價鍵。需要指出的是氯化鋁中含有共價鍵，不是離子鍵。13、C【解析】A．NaOH溶液是電解質能使膠體發(fā)生聚沉生成Al(OH)3沉淀，繼續(xù)滴加Al(OH)3沉淀可與氫氧化鈉反應生成偏鋁酸鈉，沉淀溶解，故A錯誤；B．膠體是電中性分散系，膠體微粒吸附帶電離子，通電發(fā)生定向移動，故B錯誤；C．氯化鈉溶液能透過半透膜而膠體不能，故可用滲析的方法除去淀粉溶液中的NaCl，故C正確；D．實驗室制備氫氧化鐵膠體，是在沸騰的蒸餾水中加入飽和氯化鐵溶液加熱，當溶液變?yōu)榧t褐色時應立即停止加熱，即可以得到氫氧化鐵膠體，反應為FeCl3+3H2OFe(OH)3(膠體)+3HCl，將飽和FeCl3溶液滴入NaOH溶液中振蕩，生成Fe(OH)3沉淀，故D錯誤；故選C。14、A【解析】b時氣體的透光率迅速下降，說明b點的操作是壓縮注射器，使體積迅速減小，NO2的濃度迅速增大，所以氣體顏色加深，透光率減小，選項A正確。因為b點的操作是壓縮注射器，隨著體積的減小，注射器內氣體的濃度一定增大，所以c點與a點相比，增大，增大，選項B錯誤。壓縮體積增大壓強，平衡正向移動，氣體的總質量不變，總物質的量減小，所以平均分子量增大，即平均摩爾質量：，選項C錯誤。明顯d點不是平衡態(tài)（透光率還在隨著時間改變），所以，選項D錯誤。點睛：對于容器中的氣體反應，一般來說，壓縮體積相當于增大壓強，平衡應該向氣體的物質的量減小的方向移動，但是無論怎樣移動，容器內所有氣體的濃度一定隨體積的減小而增大。對于氣體僅在反應物或生成物的反應，考慮這類問題時，還要注意使用平衡常數K。例如：A(s)B(g)，K=c(B)，則壓縮體積，平衡逆向移動，但是溫度不變，K值不變，所以只能是c(B)不變。15、D【解析】①水玻璃和水煤氣是混合物，水銀是單質，故①錯誤；②明礬、冰醋酸、石膏在水溶液里或熔融狀態(tài)下能導電，是電解質，故②正確；③CO2、SO3都可以與堿反應生成鹽和水，屬于酸性氧化物，CO不能與堿反應是不成鹽氧化物，故③錯誤；④同位素是同元素的不同原子，1H、3H是氫元素的同位素，2H2是單質，故④錯誤；⑤同素異形體是同元素的不同單質，C80、金剛石、石墨都是碳元素的不同單質，屬于同素異形體，故⑤正確；⑥干冰的水溶液能導電，原因是干冰和水反應生成碳酸，碳酸能電離出自由移動的陰陽離子而使溶液導電，碳酸是電解質，干冰是非電解質；液氯是單質不是化合物，所以液氯既不是電解質也不是非電解質，故⑥錯誤；故選D。16、C【詳解】A.向某溶液中滴加氯水和CCl4，振蕩靜置，下層溶液呈橙色，則原溶液中可能含I－，也可能為碘水，與題意不符，A錯誤；B.向盛有酸性高錳酸鉀溶液的試管中通入足量的乙烯，生成二氧化碳氣體，溶液無分層，與題意不符，B錯誤；C.FeCl3水解呈酸性，向飽和FeCl3溶液中加入少量Na2CO3粉末，則有氣泡產生，符合題意，C正確；D.向某溶液中先加入Ba(NO3)2溶液，再加足量鹽酸產生白色沉淀，加入鹽酸后仍有白色沉淀，則原溶液中可能含SO32－，與題意不符，D錯誤；答案為C。二、非選擇題（本題包括5小題）17、I2+SO2+2H2O=4H++2I-+SO42-2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑SiO32-+2CO2+2H2O=2HCO3-+H2SiO3↓mol·L-12mol·L-1小于【分析】Ⅰ.A、B、C、D、E均為中學化學常見的純凈物，B為自然界中含量最多的液體，判斷B為H2O，再結合流程中物質轉化關系及提供的信息進行分析判斷，從而得解；Ⅱ.（4）n（HCl）=，溶液質量為×36.5g/mol+1000g，則溶液體積為mL，結合c=計算；（5）還原性Fe2+＞Br-，通入氯氣先發(fā)生反應2Fe2++Cl2═2Fe3++2Cl-，Fe2+反應完畢，剩余的氯氣再發(fā)生反應2Br-+Cl2═Br2+2Cl-，反應后溶液中Cl-和Br-的物質的量濃度相等，說明氯氣完全反應，Cl2的物質的量為=0.15mol，若Br-沒有反應，溶液中n（Br-）=0.3mol，則n（FeBr2）=0.15mol，0.15molFe2+只能消耗0.075mol的Cl2，故有部分Br-參加反應，設FeBr2的物質的量為x，表示出參加反應的n（Br-），根據電子轉移守恒列方程計算x值，再根據c=計算；（6）鐵離子水解制備膠體，膠體可凈化水，且水解反應為可逆反應?！驹斀狻緼、B、C、D、E均為中學化學常見的純凈物，B為自然界中含量最多的液體，判斷B為H2O；（1）若A的溶液能使淀粉溶液變藍，A具有氧化性為I2，C為非金屬氧化物，能使品紅溶液褪色，則C為二氧化硫，該反應的反應離子方程式為：SO2+I2+2H2O═4H++2I-+SO42-；（2）若A為短周期的金屬單質，D為氣態(tài)單質，C溶液呈強酸性或強堿性時，該反應都能進行，則A為Al，D為H2，A與強堿性溶液反應的離子方程式為：2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑；（3）若A、C均為化合物，C為引起溫室效應的主要氣體，判斷C為CO2，為酸性強的制備酸性弱的反應，E為白色沉淀不含金屬元素，判斷E為H2SiO3，則A為硅酸鹽，足量的C與A反應生成E的一個離子方程式為：SiO32-+2CO2+2H2O=2HCO3-+H2SiO3↓；Ⅱ.（4）n（HCl）=，溶液質量為×36.5g/mol+1000g，則溶液體積為mL，由c==mol/L；（5）還原性Fe2+＞Br-，通入氯氣先發(fā)生反應2Fe2++Cl2═2Fe3++2Cl-，Fe2+反應完畢，剩余的氯氣再發(fā)生反應2Br-+Cl2═Br2+2Cl-，反應后溶液中Cl-和Br-的物質的量濃度相等，說明氯氣完全反應，Cl2的物質的量為=0.15mol，若Br-沒有反應，溶液中n（Br-）=0.3mol，則n（FeBr2）=0.15mol，0.15molFe2+只能消耗0.075mol的Cl2，故有部分Br-參加反應，設FeBr2的物質的量為x，則n（Fe2+）=xmol，n（Br-）=2xmol，未反應的n（Br-）=0.3mol，參加反應的n（Br-）=（2x-0.3）mol，根據電子轉移守恒有x×1+（2x-0.3）×1=0.15mol×2，解得x=0.2mol，所以原FeBr2溶液的物質的量濃度為=2mol/L；（6）100mL2mol/L的FeCl3溶液，其物質的量為0.2mol，因為水解為可逆反應，且生成膠體為微觀粒子的集合體，則生成具有凈水作用的微粒數小于0.2NA?！军c睛】本題考查無機推斷、氧化還原反應的計算及濃度計算等，綜合性較強，把握氧化還原反應中電子守恒、鹽類水解及物質的量濃度的相關計算公式等為解答的關鍵，側重分析與計算能力的考查，題目難度中等。18、C6H6濃硫酸、濃硝酸+2NH3+NH4Cl碳碳雙鍵、酯基4+nH2O+nCH3COOH【分析】根據Q結構簡式及A分子式知，A為，A發(fā)生取代反應生成B，B為氯苯，B→C是硝化反應，則C中含有氯原子和硝基，D發(fā)生還原反應生成E，根據Q結構簡式知，E中含有兩個相鄰的氨基，則E為，D為、C為，試劑a為濃硝酸、濃硫酸；W能發(fā)生聚合反應，結合Q、E結構簡式知，W為H2NCH2COOH，Y發(fā)生取代反應生成W，X發(fā)生取代反應生成Y，Y為ClCH2COOH，X為CH3COOH，G水解生成X和PVA，則G為，F為CH3COOCH=CH2。【詳解】(1)A為苯，分子式是C6H6；(2)B→C是硝化反應，試劑a是濃硫酸、濃硝酸；(3)C為，D為，C→D為取代反應，其化學方程式是；(4)E的結構簡式是；(5)F為CH3COOCH=CH2；F含有的官能團是碳碳雙鍵、酯基；與其含有相同官能團的同分異構體還有HCOO-C(CH3)=CH2、HCOOCH=CH-CH3、HCOOCH2-CH=CH2、CH2=CH-COOCH3，因此共有四種不同結構；(6)G為，F為CH3COOCH=CH2。G→X的化學方程式是：+nH2O+nCH3COOH；(7)W為H2NCH2COOH，W分子中含有-NH2、-COOH，分子之間能發(fā)生聚合反應，形成的高分子結構簡式是；(8)分子中-NH2斷開N-H鍵，羰基斷開C=O雙鍵，發(fā)生羰基的加成反應產生，該物質發(fā)生消去反應產生Q:，所以P是。【點睛】本題考查有機物推斷，采用正逆結合的方法進行推斷。涉及物質結構的推斷、化學式、化學方程式的書寫、同分異構體種類的判斷。正確推斷各物質結構簡式是解本題關鍵，注意根據C生成D的反應特點判斷D結構簡式，側重考查分析推斷及知識遷移能力。19、FeCl3溶液驗證SO2的氧化性驗證SO2的漂白性2Fe3++SO2+2H2O=2Fe2++SO42-+4H+③④A、C【分析】(1)①根據實驗裝置圖及提供的試劑可知，實驗中用濃硫酸與亞硫酸鈉反應生成二氧化硫，驗證二氧化硫的還原性可用二氧化硫與氯化鐵反應，再用二氧化硫與硫化鈉反應驗證二氧化硫的氧化性，最后用品紅溶液驗證二氧化硫的漂白性；②A中發(fā)生的反應為二氧化硫與氯化鐵反應生成亞鐵離子和硫酸根離子；(2)氫氧化鈉溶液為堿性溶液，應該使用堿式滴定管，堿式滴定管中排氣泡的方法：把滴定管的橡膠管稍微向上彎曲，再排氣泡，所以排除堿式滴定管中的氣泡用③的方法；若用50mL滴定管進行實驗，當滴定管中的液面在刻度“10”處，滴定管的0刻度在上方，10mL刻度線下方還有40mL有刻度的溶液，另外滴定管50mL刻度線下有液體，據此判斷；(3)由c(待測)=可知，不當操作使V(NaOH)偏大，則會造成測定結果偏高。【詳解】(1)①根據實驗裝置圖及提供的試劑可知，實驗中用濃硫酸與亞硫酸鈉反應生成二氧化硫，驗證二氧化硫的還原性可用二氧化硫與氯化鐵反應，再用二氧化硫與硫化鈉反應驗證二氧化硫的氧化性，最后用品紅溶液驗證二氧化硫的漂白性；②A中發(fā)生的反應為二氧化硫與氯化鐵反應生成亞鐵離子和硫酸根離子，反應的離子方程式為2Fe3++SO2+2H2O=2Fe2++4H++SO42-；(2)氫氧化鈉溶液為堿性溶液，應該使用堿式滴定管，堿式滴定管中排氣泡的方法：把滴定管的橡膠管稍微向上彎曲，再排氣泡，所以排除堿式滴定管中的氣泡用③的方法；若用50mL滴定管進行實驗，當滴定管中的液面在刻度“10”處，滴定管的0刻度在上方，10mL刻度線下方還有40mL有刻度的溶液，另外滴定管50mL刻度線下有液體，因此管內的液體體積＞(50.00mL-10.00mL)=40.00mL，所以④正確；(3)A．未用NaOH標準溶液潤洗滴定管，NaOH溶液濃度降低，消耗標準液的體積偏大，由c(待測)=可知，測定濃度偏高；B．滴定前錐形瓶內有少量水，不影響消耗NaOH溶液的體積，由c(待測)=可知，測定濃度不變；C．滴定前滴定管尖嘴部分有氣泡，滴定后氣泡消失，消耗標準液的體積偏大，由c(待測)=可知，測定濃度偏高；D．配制溶液定容時，俯視刻度線，液面在刻度線下方，NaOH溶液濃度偏高，消耗標準液的體積偏小，由c(待測)=可知，測定濃度偏低；E．中和滴定時，觀察標準液體積讀數時，滴定前仰視，滴定后俯視，消耗標準液的體積偏小，由c(待測)=可知，測定濃度偏低；故答案為A、C?！军c睛】本題考查二氧化硫性質的探究，二氧化硫為酸性氧化物，能與堿性氧化物、堿發(fā)生反應；二氧化硫能漂白某些有色物質，如使品紅溶液褪色(化合生成不穩(wěn)定的化合物加熱后又恢復為原來的紅色）；二氧化硫中硫為+4價，屬于中間價態(tài)，有氧化性又有還原性，以還原性為主，如二氧化硫能使氯水、溴水、KMnO4溶液褪色，體現了二氧化硫的強還原性而不是漂白性。20、2KMnO4+16HCl=2MnCl2+2KCl+5Cl2↑+8H2O3，2，10，2，6，84FeO42-+20H+=4Fe3++3O2↑+10H2O>溶液酸堿性不同【解析】裝置A中KMnO4與濃鹽酸反應制備Cl2；由于Cl2中混有HCl（g）和H2O（g），HCl（g）會消耗Fe（OH）3和KOH，裝置B中應盛放飽和食鹽水除去Cl2中混有的HCl（g）；C裝置中Cl2與KOH、Fe（OH）3反應制備K2FeO4，在此裝置中Cl2還可以直接與KOH反應生成KCl、KClO和H2O；D裝置中NaOH溶液用于吸收多余Cl2，防止污染大氣?！驹斀狻浚?）①根據題意，KMnO4與濃鹽酸反應生成KCl、MnCl2、Cl2和H2O，反應中Mn元素的化合價由+7價降至+2價，Cl元素的化合價由-1價升至0價，根據電子守恒和原子守恒配平，A中反應的化學方程式為2KMnO4+16HCl（濃）=2KCl+2MnCl2+5Cl2↑+8H2O，故答案為：2KMnO4+16HCl（濃）=2KCl+2MnCl2+5Cl2↑+8H2O；②C中Cl2與KOH、Fe（OH）3反應制備K2FeO4，反應中Cl2做氧化劑被還原為KCl，Fe(OH)3做還原劑被氧化K2FeO4，根據電子守恒和原子守恒配平，反應的化學方程式為3Cl2+2Fe(OH)3+10KOH=2K2FeO4+6KCl+8H2O，故答案為：3，2，10，2，6，8；（2）